河南省2025-2026学年高二上学期9月大联考-物理试题（含答案）

这是一份河南省2025-2026学年高二上学期9月大联考-物理试题（含答案），共4页。试卷主要包含了D 解析，C 解析，A 解析，B 解析，CD 解析，BCD 解析，AD 解析等内容，欢迎下载使用。
1.D 解析：丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，图甲中为感应起电，金属球带负电，金属箔带正电；图乙中接触带电，金属球、金属箔均带正电，因此A项错误，D项正确；甲图中验电器的总带电量为零，图乙中验电器的总带电量为正，B项错误；玻璃棒靠近金属球的过程中，金属球上的负电荷增多，验电器金属杆有向下的瞬时电流，C项错误。故选D。
2.C 解析：由得，则，解得，C项正确。故选C。
3.C 解析：根据电场的叠加可知，AB环上电荷在O点的场强方向与OC成角斜向右下，同样BC环上电荷在O点场强方向与OC成角斜向左下，大小也为E，因此合场强大小为，方向沿OC向下，A、B、D项错误，C项正确。故选C。
4.C 解析：两板始终带等量的异种电荷，A、B板带电量始终不变，A项错误；由可知，移动过程中电容器两板间的电场强度不变，B项错误；，由此判断P点电势不变，C项正确；根据电容决定式，A板向上移，电容器电容减小，D项错误。故选C。
5.A 解析：设水平拉力为F，根据力的平衡可知，，A项正确。故选A。
6.B 解析：根据题意可知，铅球被掷出时竖直方向的初速度，设运动的时间为t，则，，解得，B项正确。故选B。
7.B 解析：设细线长为L，OA距离为h，A、B间距离为r，A、B两球的带电量分别为、，小球B的质量为m，根据相似三角形有，即，由于h变小，L一定，mg一定，、一定，因此变大，r变小，库仑力变大，B项正确。故选B。
8.CD 解析：在轨道1上P点线速度小于在轨道3上Q点线速度，A项错误；在轨道1上P点加速度与在轨道3上Q点加速度大小相等，B项错误；从轨道1发动机两次做正功进入轨道3，机械能增大，C项正确；由于轨道1的半长轴小于轨道3的半长轴，根据开普勒第三定律可知，D项正确。故选CD。
9.BCD 解析：x轴上，与之间的电场线沿x轴负方向，粒子由静止释放后沿x轴正方向运动，则粒子带负电，A项错误；和处电势均为零，根据能量守恒可知，粒子运动到处速度刚好为零，B项正确；粒子运动到处速度最大，根据动能定理，有，解得，C项正确；粒子从至的过程中，粒子做减速运动，由可知，电场强度越来越大，粒子受到的电场力越来越大，D项正确。故选BCD。
10.AD 解析：小球在恒力作用下的曲线运动轨迹为抛物线，A项正确；小球只受电场力和重力作用，因此动能、重力势能、电势能的总和一定，P点和Q点比较，动能相等，Q点重力势能增大，因此Q点电势能比P点电势能小，B项错误；由题可知，P、Q为重力场与静电场复合场的等高点，根据对称性可知，复合场的方向应该指向第四象限且与x轴正向的夹角为，小球做类斜上抛运动，根据对称性可知，小球在Q点的速度方向沿OQ方向，C项错误；根据几何关系有，则从P运动到Q所用的时间，D项正确。故选AD。
11.答案：（1）从a到b 1200（1150~1250均可）
（2） （3）不变 变长
解析：（1）充电后，电容器下板带正电，因此放电时，滑动变阻器中的电流方向从a到b，开始时滑动变阻器两端的电压为3V，电流为2.5mA，则滑动变阻器接入电路的电阻；
（2）图乙图像面积表示电容器释放的电荷量，电容器释放的电荷量Q约为，则电容器的电容为；
（3）若仅滑动变阻器的滑片向下移一些重新实验，由于每次电容器带电量相同，则图线与坐标轴所围的面积不变，由于放电电阻变大，放电时间变长。
12.答案：（1）7.35 （2） （3） 1
解析：（1）挡光片宽度；
（2）物块C的速度大小为；物块C的机械能增量为；
（3）如果系统机械能守恒，则，得到；因此作图像，如果图像是一条倾斜直线，图像与纵轴的截距为，图像的斜率为1，则在A、B下落过程中，A、B、C及两挡光片组成的系统机械能守恒。
13.答案：（1） （2）
解析：（1）设细线的拉力为T，对A球受力分析，在竖直方向有 解得
（2）则库仑力的大小
小球B受到的重力mg、库仑力、细线的拉力这三个力在竖直方向的合力
方向竖直向下
水平方向的合力 方向水平向右
根据力的平衡可知，作用在小球B上的外力大小
14.答案：（1） （2）6mg （3）
解析：（1）设小球在最高点的速度为，则在最高点，根据牛顿第二定律
从P点到最高点，根据机械能守恒 解得
（2）小球运动到最低点时轻绳的拉力最大，设最大拉力为F，在最低点时速度大小为，根据牛顿第二定律 根据机械能守恒 解得
（3）由于，因此小球不可能在竖直面内做完整的圆周运动，设小球运动过程中轻绳的拉力刚好为零时，轻绳与水平方向的夹角为，设轻绳拉力刚好为零时，小球的速度为，根据牛顿第二定律 根据机械能守恒有
解得，
轻绳拉力为零后，小球做斜上抛运动，到最高点的速度最小，最小速度为
15.答案：（1） （2） （3）
解析：（1）设粒子经加速电场加速后的速度大小为，根据动能定理 解得
设辐向电场虚线上的电场强度大小为，根据牛顿第二定律 解得
（2）由于每个粒子穿过A、B板所用的时间为，因此所有粒子射出A、B板间电场时速度方向均平行于A、B板且速度大小均为。从（，2，3，）时刻射入的粒子在A、B板间的平行电场方向的位移最大。设A、B两板间的距离为d，则A、B两板间电场强度大小
则粒子在A、B两板间运动的加速度大小
根据题意 解得
（3）所有粒子进入CD右侧的电场中做类平抛运动，从B板右端附近射出的粒子在该电场中运动时，有，， 解得
从A板右端附近射出的粒子在该电场中运动时，有，，
解得
因此荧光屏上能接收到粒子的长度
从A、B两板中线射入的粒子射出CD右侧电场后，，，解得
因此要使荧光屏上只接收一半的粒子，则荧光屏应向右平移的距离为