山西省太原市山西现代双语学校南校2025-2026学年高二上学期开学物理试题（含答案）含答案解析含答案

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1．A
【详解】A．物体做曲线运动时，速度方向一定变化，即速度一定是变化的，选项A正确；
B．物体只有做匀速圆周运动时，所受合力的方向才是指向圆心，选项B错误；
C．若物体受合力等于零，机械能总量不一定保持不变，例如物体向上匀速运动时，机械能增加，选项C错误；
D．若系统内存在摩擦力做功，则动量也可能守恒，例如长木板放置在光滑水平面上，物块以一定的初速度在长木板上滑动时，物块和木板系统动量守恒，选项D错误。
故选A。
2．A
【详解】物块刚A离开地面时，弹簧所受的弹力等于物块的重力，根据胡克定律得弹簧伸长的长度为
由弹簧上端P缓慢的竖直向上提起的距离L，则物块上升的高度为
以地面为势能零点，这时物块A具有的重力势能为
故选A正确．
点睛：物块刚A离开地面时，弹簧所受的弹力等于物块的重力，根据胡克定律求出此时弹簧伸长的长度，根据几何关系求出物块上升的高度，再求物块A具有的重力势能，仔细分析题，养成好的学习习惯很重要！
3．C
【详解】阻力随深度线性变化，利用平均力法可得平均力
则
故选C。
4．A
【详解】A．根据牛顿第二定律
可得
且
飞船在A点的加速度大于在B点的加速度，故A正确；
B．根据开普勒第二定律，A点为近地点，速度最大，B点为远地点，速度最小，则飞船从A点沿轨道Ⅰ飞向B点过程中速度逐渐减小，故B错误；
C．根据开普勒第三定律
轨道Ⅱ的半径大于轨道Ⅰ的半轴长，故飞船在轨道Ⅱ上运行的周期大于在轨道Ⅰ上运行的周期，故C错误；
D．根据开普勒第二定律
飞船在轨道Ⅰ上运行，经过A、B两点时的速度大小之比为
故D错误。
故选A。
5．B
【详解】A．手机到达人眼时的速度为
手机砸到眼睛后手机未反弹，手机的末速度为0，取向上为正；手机与眼睛作用过程中手机动量变化约为
故A错误；
C．根据可知，手机对眼睛的冲量方向与手机对眼睛的作用力方向相同，竖直向下，故C错误；
BD．手机与眼睛作用过程中，以手机为对象，根据动量定理可得
解得眼睛对手机的冲量大小为
则手机对眼睛的冲量大小为；手机对眼睛的作用力大小为
故B正确，D错误。
故选B。
6．C
【详解】A．小球自由下落过程中，小球做自由落体运动，小球机械能守恒，小球合力为重力，小球动量不守恒，故A错误；
B．小球与半圆槽构成的系统，水平方向动量守恒，则有
其中
解得，故B错误；
C．小球第一次运动到半圆槽最低点时，水平方向根据动量守恒定律有
根据能量守恒定律有
对小球进行分析，根据牛顿第二定律有
根据牛顿第三定律有
解得，故C正确；
D．由于小球与半圆槽构成的系统水平方向动量守恒，水平方向总动量为0，可知，在小球从B端飞出半圆槽时，半圆槽与小球水平方向的速度均为0，即小球离开半圆槽后做竖直上抛运动，古D错误。
故选C。
7．B
【详解】AB．C球从释放到最低点过程中，A、B、C构成的系统，水平方向动量守恒，竖直方向系统受到的合外力不为零，系统动量不守恒，根据动量守恒定律水平方向的位移表达式有
其中
解得，故A错误，B正确；
C．当C球运动到最低点时，A、B开始分离，根据动量守恒定律有
根据机械能守恒定律有
解得，故C错误；
D．A、B分离后，对C与A构成的系统，在水平方向动量守恒，当小球C第一次到达轻杆左侧能上升的最大高度时，则有
令小球C第一次到达轻杆左侧能上升的最大高度为h，则有
解得，故D错误。
故选B。
8．CD
【详解】A．重力与与运动方向垂直，则重力对餐具不做功，故A错误；
B．支持力与运动方向垂直，则支持力对餐具不做功，故B错误；
C．餐具跟着机器人在水平方向做匀加速直线运动，对餐具受力分析可知，受重力、支持力，向前的静摩擦力，则静摩擦力与运动方向相同，静摩擦力对餐具做正功，故C正确；
D．餐具在水平方向做匀加速直线运动，根据动能定理可知合力对餐具做正功，故D正确。
故选CD。
9．BD
【详解】A．子弹打入木块A的瞬间，B的速度为零，子弹与A组成的系统动量守恒，取水平向右为正方向，则有
可得A的速度为
故A错误；
B．当弹簧被压缩到最短时，A、B的速度相同，此时弹簧的弹性势能最大，子弹、A、B组成的系统动量守恒，则有
可得
根据系统机械能守恒有
可得
故B正确；
CD．当弹簧恢复原长时，B的速度最大，由动量和能量守恒
可得块B的最大速度大小为
A的速度为
即弹簧恢复原长时，木块A的速度大小为，故C错误，D正确。
故选BD。
10．BD
【详解】AC．设撞碰后蓝壶的速度为v，由图乙可知，碰撞前红壶的速度v0=1.2m/s，碰撞后速度为v1=0.3m/s，红、蓝两壶组成的系统，在碰撞中动量守恒，则有
mv0=mv1+mv
解得碰撞后，蓝壶的瞬时速度
v=0.9m/s
碰撞中两壶总动能减少
>0
所以红、蓝两壶的碰撞是非弹性碰撞，故AC错误；
B．由图可知，红壶的加速度为
则蓝壶的运动时间为
蓝壶的加速度为
由牛顿第二定律得
解得
故B正确；
D．红、蓝两壶碰后至停止运动过程中，所受摩擦力的冲量之比为
故D正确。
故选BD。
11．(1)不需要
(2)
(3)b
【详解】（1）遮光片宽度
（2）本实验无需用托盘与砝码重力代替拉力，不需要满足。
（3）若机械能守恒成立有
整理有
（4）若有空气阻力，则有
整理有
则图像斜率为
可见若有空气阻力，则斜率将小于无阻力的情况，所以b图线考虑了空气阻力。
12． 大于 D
【详解】(1)[1]根据弹性碰撞公式可知，只有入射球的质量大于被碰球的质量，弹性碰撞后才不会反弹，所以选大于。
(2)[2]由于碰撞后均被竖直板挡住因此水平位移是确定的，那么用竖直位移表示平抛的初速度，即
由此可知，只跟竖直位移有关，所以选D。
(3)[3]由动量守恒的将初速度的表达式代入得到
m1v0=m1v1+m2v2
联立可得
v0+v1=v2
小球做平抛运动，水平位移相等，平抛初速度大的运动时间短，因此可知
即
所以上式是弹性碰撞的条件。
13．（1）；（2）
【详解】（1）小球做平抛运动的时间为t，则由运动规律可知，平分位移
竖直分位移
月球表面的物体的重力等于月球对物体的万有引力，则
得月球的质量为
（2）月球表面附近运行的卫星，其轨道半径近似等于月球的半径，有
得卫星的绕行速度为
14．(1) (2)
【详解】（1）对滑块在A到B的过程，由动能定理
解得
对滑块经过B点时，由牛顿第二定律
由牛顿第三定律可得
解得
方向竖直向下。
（2）对滑块在B到C的过程，由动能定理
解得
滑块离开C点后在竖直方向上做竖直上抛运动，以竖直向下为正方向，则
解得
t=0.64s
15．(1)
(2)
【详解】（1）依题意，物块在B点有
物块从A至B，由动能定理有
解得，
（2）若物块可在传送带上匀减速至零，由牛顿第二定律
由运动学公式
解得
因，故物块减速至传送带右端时速度仍不为零，
设物块在传送带上运动历时为，则有
此过程中传送带的位移为
物块相对传送带的位移为
物块与传送带之间摩擦产生的热量
解得。
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
答案
A
A
C
A
B
C
B
CD
BD
BD