2025-2026学年云南省楚雄第一中学高二（上）开学摸底考试物理试卷（含答案）

这是一份2025-2026学年云南省楚雄第一中学高二（上）开学摸底考试物理试卷（含答案），共8页。试卷主要包含了单选题，多选题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
一、单选题：本大题共7小题，共28分。
1.一个圆球形薄壳容器所受重力为G，用一细线悬挂起来，如图所示。现在容器里装满水，若在容器底部有一个小阀门，将小阀门打开让水慢慢流出，在此过程中，对容器和容器内的水组成的系统，下列说法正确的是( )
A. 系统的重心慢慢下降
B. 系统的重心先下降后上升
C. 系统对地球的引力先减小后增大
D. 有可能绳的方向不竖直
2.如图所示，小物块m沿光滑曲面从A点静止下滑。已知A点离地面高度为ℎ1，B点离地面高度为ℎ2，当地重力加速度为g，以A点所在位置的水平面为参考平面。下列说法中正确的是( )
A. 小物块在B点的重力势能为mgℎ2
B. 下滑到B点过程中，小物块的机械能先增大后减小
C. 小物块在B点的机械能为0
D. 下滑到B点过程中，小物块重力势能的变化量为mgℎ1−mgℎ2
3.如图所示，某同学将两颗鸟食从O点水平抛出，两只小鸟分别在空中的M点和N点同时接到鸟食。鸟食的运动视为平抛运动，两运动轨迹在同一竖直平面内，则( )
A. 两颗鸟食同时抛出
B. 在N点接到的鸟食后抛出
C. 两颗鸟食平抛的初速度相同
D. 在M点接到的鸟食平抛的初速度较大
4.如图所示，质量为m的木块在质量为M的长木板上受到水平向右的拉力F的作用下向右滑行，长木板处于静止状态．已知木板与地面间的动摩擦因数为μ1，木块与木板间的动摩擦因数为μ2.长木板一直静止，则长木板受地面的摩擦力大小为( )
A. μ2mgB. μ1mgC. μ1(m+M)gD. μ1Mg+μ2mg
5.如图所示，在水平面上固定着三个完全相同的木块，一子弹以水平速度射入木块，若子弹在木块中做匀减速直线运动，当穿透第三个木块时速度恰好为零，则下列关于子弹依次射入每个木块时的速度比和穿过每个木块所用时间比的结论正确的是( )
A. v1:v2:v3=3:2:1
B. v1:v2:v3=5:3:1
C. t1:t2:t3=1:2:3
D. t1:t2:t3=( 3− 2):( 2−1):1
6.国际编号为192391的小行星绕太阳公转的周期约为5.8年，该小行星与太阳系内八大行星几乎在同一平面内做圆周运动。规定地球绕太阳公转的轨道半径为1AU，八大行星绕太阳的公转轨道半径如下表所示。忽略其它行星对该小行星的引力作用，则该小行星的公转轨道应介于( )
A. 金星与地球的公转轨道之间B. 地球与火星的公转轨道之间
C. 火星与木星的公转轨道之间D. 天王星与海王星的公转轨道之间
7.如图所示，一物体放在固定的粗糙斜面上，物体和斜面之间的动摩擦因数为μ，现给物体施加一力F，使物体沿斜面向上做匀加速直线运动，加速度大小为a，重力加速度为g，在物体沿斜面向上移动距离为x的过程中，下列说法正确的是( )
A. 摩擦力做功大小与F方向无关
B. 合力做功大小与F方向有关
C. 若F的方向沿斜面向上，则F做功为(μmgcsθ+mgsinθ)x
D. 力F做功的最小值为max+mgxsinθ
二、多选题：本大题共3小题，共18分。
8.如图所示，工人利用滑轮组将重物缓慢提起，下列说法正确的是( )
A. 工人受到的重力和支持力是一对平衡力
B. 工人对绳的拉力和绳对工人的拉力是一对作用力与反作用力
C. 重物缓慢拉起过程，绳子拉力变小
D. 重物缓慢拉起过程，工人受到的地面支持力变小
9.如图所示，一倾角为45∘的斜面固定于竖直光滑墙上，为使一光滑的铁球静止，需加一水平力F，且F通过
球心，则下列说法正确的是( )
A. 球一定受到墙的弹力且水平向左
B. 球可能受到墙的弹力且水平向左
C. 球可能受到斜面的弹力且垂直斜面向上
D. 球一定受到斜面的弹力且垂直斜面向上
10.如图所示，用两根绝缘细线把两个带电小球A、B(均视为点电荷)悬挂于同一点O，两球静止时在同一水平线上，且OA、OB与竖直虚线OO′的夹角分别为30°和60°.下列说法正确的是( )
A. A、B的质量之比为3：1
B. A、B的质量之比为1：2
C. OA、OB两细线的拉力大小之比为2: 3
D. OA、OB两细线的拉力大小之比为 3:1
三、实验题：本大题共2小题，共20分。
11.图甲是“研究平抛物体的运动”的实验装置图。

(1)实验前应对实验装置反复调节，直到斜槽末端切线_______。每次让小球从同一位置由静止释放，是为了每次平抛_________________。
(2)图乙是正确实验取得的数据，其中O为抛出点，则此小球做平抛运动的初速度为_______m/s。
(3)在另一次实验中将白纸换成方格纸，每小格的边长L=5cm，通过实验，记录了小球在运动途中的三个位置，如图丙所示，则该小球做平抛运动的初速度为____m/s；B点的竖直分速度为________________m/s。
12.某物理兴趣小组利用如图1所示装置验证机械能守恒定律，该小组同学让重物带动纸带从静止开始自由下落，按正确操作得到了一条完整的纸带如图2所示。
(1)下列关于该实验说法正确的是___________。
A.实验时重锤可以用木质小球替代
B.打点计时器工作时的电压应选择直流6∼8V
C.安装实验器材时，必须使打点计时器的两个限位孔在同一竖直线上
D.实验时应先手掌托住重锤使其紧靠打点计时器，待接通电源后，再释放重锤
(2)在纸带上选取三个连续打出的点A、B、C，测得它们到起始点O(O点与下一点的间距接近2mm)的距离分别为ℎA、ℎB、ℎC。已知当地重力加速度为g，打点计时器的打点周期为T。设重物质量为m。从打O点到B点的过程中，重物的重力势能变化量ΔEp =________，动能变化量ΔEk =________。(用已知字母表示)
(3)若通过计算发现，物体动能的增加量ΔEk大于重力势能减少量ΔEp，则原因可能是下列选项的___________
A.重物受到空气阻力的影响 B.打点计时器的电压较低
C.纸带和打点计时器间存在摩擦 D.实验时先释放纸带再接通电源
(4)若该小组用质量分别为m1、m2的重物P和Q进行实验，多次记录下落高度ℎ和相应的速度大小v，作出的v2−ℎ图像如图所示。对比图像分析不正确的有___________。
A.m1可能等于m2
B.m1定小于m2
C.若图线斜率k略小于g，亦可验证重物下落过程机械能守恒
D.若图线斜率k略小于2g，亦可验证重物下落过程机械能守恒
四、计算题：本大题共3小题，共34分。
13.某质点在Oxy平面上运动，t=0时，质点位于y轴上，它在x方向运动的速度--时间图像如图甲所示，它在y方向的位移−时间图像如图乙所示。
(1)求t=0.5s时质点速度的大小方向；
(2)求t=0.5s时质点的位置。
14.如图，光滑水平面AB与竖直面内的粗糙半圆形导轨在B点相接，导轨半径为R。一个质量为m的物体将弹簧压缩至A点后由静止释放，在弹力作用下物体获得某一向右速度后脱离弹簧，它经过B点的速度为v1，之后沿半圆形导轨运动，到达C点的速度为v2，重力加速度为g。
(1)求弹簧压缩至A点时的弹性势能。
(2)物体经过C点时对导轨的弹力。
(3)求物体沿半圆形导轨运动过程中阻力所做的功。
15.如图所示，固定的粗糙弧形轨道下端B点水平，上端A与B点的高度差为ℎ1=0.3m，倾斜传送带与水平方向的夹角为θ=37 ∘，传送带的上端C点与B点的高度差为ℎ2=0.1125m(传送带传动轮的大小可忽略不计)，一质量为m=1kg的滑块(可看作质点)从轨道的A点由静止滑下，然后从B点抛出，恰好以平行于传送带的速度从C点落到传送带上，传送带逆时针转动，速度大小为v=0.5m/s，滑块与传送带间的动摩擦因数为μ=0.8，且传送带足够长，滑块运动过程中空气阻力忽略不计，g=10m/s2，sin37 ∘=0.6，cs37 ∘=0.8，试求：
(1)滑块运动至C点时的速度vC大小；
(2)滑块由A到B运动过程中克服摩擦力做的功Wf；
(3)滑块在传送带上运动时与传送带摩擦产生的热量Q。
参考答案
1.B
2.C
3.D
4.A
5.D
6.C
7.D
8.BD
9.BD
10.AD
11.(1)水平 初速度相同
(2)1.6m/s
(3) 1.5m/s 2m/s

12.(1)C；
(2)mgℎB， mℎC−ℎA28T2；
(3)D；
(4)BC。
13.解：(1)在x方向上的初速度为vx0=4m/s，加速度：a=ΔvxΔt=8−42m/s2=2m/s2
因质点x方向上做匀加速直线运动，y方向上做匀速直线运动
x方向上速度的大小：vx′=vx0+at=(4+2×0.5)m/s=5m/s
y方向上的速度为vy=ΔyΔt=0−102m/s=−5m/s，
根据平行四边形定则，则t=0.5s时质点速度的大小：
v0.5= v′x2+vy2= 52+−52m/s=5 2m/s
设此时质点的速度方向与x方向的夹角为 θ ，有 tan θ=vyv′x ，
解得 θ=45∘；
(2)t=0.5s时刻质点沿x方向的位移：x0.5=vx0t+12at2=4×0.5m+12×2×0．52m=2.25m
沿y方向的位移：y=10m+vyt=(10−5×0.5)m=7.5m
所以t=0.5s时质点的位置为(2.25m,7.5m)
14.解：(1)根据功能关系可知，弹簧的弹性势能为：Ep=12mv12；
(2)C点受力分析 mg+FN=mv22R,得FN=mv22R−mg
由牛顿第三定律 FN ′=mv22R−mg，方向竖直向上；
(3)对物体，BC过程只有重力和阻力做功，由动能定理有：−mg×2R+W=12mv22−12mv12，
解得：W=12mv22−12mv12+2mgR。
15.(1)在C点，竖直分速度：vy= 2gℎ2= 2×10×0.1125=1.5m/s
而vy=vCsin37°
解得：vC=2.5m/s；
(2)C点的水平分速度为：vx=vB=vCcs37°=2m/s
从A到B点的过程中，据动能定理：mgℎ1−Wf=12mvB2
解得：Wf=1J；
(3)滑块在传送带上运动时，据牛顿第二定律：μmgcs37°−mgsin37°=ma
解得：a=0.4m/s2；方向沿传送带向上；
滑块与传送带达到共同速度耗时：t=vC−va=2.5−；
二者间的相对位移为：△s=v+vC2t−vt=5m；
由于mgsin37°