重庆市第一中学2025-2026学年高二上学期开学适应性考试物理试卷（Word版附解析）

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注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号码填写在答题卡上。
2．作答时，务必将答案写在答题卡上。写在本试卷及草稿纸上无效。
3．考试结束后，将答题卡交回。
一、单项选择题：本题共 8 小题，每小题 3 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有
一项是符合题目要求的，选对得 3 分，选错得 0 分。
1. 用观看立体电影的特殊眼镜观察手机液晶屏幕上的图片，通过左镜片的图片明亮，右镜片的灰暗。旋转
手机屏幕 90°，透过两镜片的图片（ ）
A. 均变明亮
B. 均变灰暗
C. 左镜片的变暗，右镜片的变亮
D. 左镜片的更亮，右镜片的更暗
【答案】C
【解析】
【详解】观看立体电影的特殊眼镜是利用了光的偏振，其镜片为偏振片，可以理解为开始时左镜片的透振
方向与手机屏幕光的振动方向一致，右镜片的透振方向与屏幕光的振动方向接近垂直，手机屏幕旋转 后，
左右镜片的透振方向不变，则左镜片的透振方向与手机屏幕光的振动方向接近垂直，通过左镜片的图片亮
度变暗，右镜片的透振方向与屏幕光的振动方向基本一致，因此通过右镜片的图片亮度变亮。
故选 C。
2. 关于机械能守恒，下列说法正确的是（ ）
A. 物体做匀速直线运动时，机械能一定守恒
B. 系统动量守恒时，机械能也一定守恒
C. 系统机械能守恒时，动量也一定守恒
D. 物体除受重力外，还受其他力时，机械能也可能守恒
【答案】D
【解析】
【详解】A．物体匀速上升时，动能不变，重力势能增大，机械能不守恒，故 A 错误；
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B． 系统动量守恒的条件是合外力为零，但系统内力可以做功，机械能不一定守恒，故 B 错误。
C． 系统机械能守恒时，合外力不一定为零，动量不一定守恒，故 C 错误。
D． 物体除受重力外，还受其他力，如果这些力不做功，机械能守恒，故 D 正确。
故选 D。
3. 如图所示，在竖直平面内有甲、乙、丙、丁四个小球用不可伸长的轻绳悬挂在天花板上，从左至右摆长
依次增加。将四个小球垂直纸面向外拉起一小角度，由静止同时释放，释放后小球都做简谐运动。当小球
甲完成 2 个周期的振动时，小球丙恰好到达与小球甲同侧最高点，同时小球乙、丁恰好到达另一侧最高点。
则甲、乙、丙、丁的摆长之比为（ ）
A. 3∶4∶6∶12 B. 12∶6∶4∶3 C. 9∶16∶36∶144 D. 144∶36∶16∶9
【答案】C
【解析】
【详解】根据单摆周期公式
可知
设甲的周期为 ，根据题意可得
可得 ， ，
根据单摆周期公式
可得甲、乙、丙、丁的摆长之比为 9∶16∶36∶144。
故选 C。
4. 如图所示，轻弹簧的一端固定在竖直墙上，一质量为 2m 的光滑弧形槽静止放在足够长的光滑水平面上，
弧形槽底端与水平面相切，一质量为 m 的小物块从槽上高 h 处开始下滑，小物块的初始位置与弧形槽底端
的水平距离为 s，重力加速度为 g，下列说法正确的是（ ）
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A. 小物块下滑过程中，物块和槽组成的系统动量守恒
B. 小物块下滑过程中，槽对物块的支持力不做功
C. 在下滑到弧形槽底端的过程中，槽对地的水平位移为
D. 物块第一次被弹簧反弹后能追上槽，能回到槽上高 h 处
【答案】C
【解析】
【详解】A．系统动量守恒的条件是合外力为零，在下滑的过程中，系统竖直方向上合外力不为零，系统的
动量不守恒，A 错误；
B．物块与槽在水平方向上动量守恒，故两者分离时，槽的速度不为零，根据能量守恒可知，物块机械能减
小，槽对物块的支持力做负功，故 B 错误；
C．物块与槽在水平方向上动量守恒
两边乘上时间
根据几何关系
解得槽对地的水平位移为 ，故 C 正确；
D．物块与槽在水平方向上动量守恒，故两者分离时，槽的速度不为零，物块被弹簧反弹后，做匀速直线运
动，根据能量守恒可知，不会再回到槽上高 h 处，故 D 错误。
故选 C。
5. 活检针可用于活体组织取样，如图所示。取样时，活检针的针芯和针鞘被瞬间弹出后仅受阻力。针鞘质
量为 ，针鞘在软组织中运动距离 后进入目标组织，继续运动 后停下来。若两段运动中针鞘整体受到
阻力均视为恒力，大小分别为 、 ，则针鞘（ ）
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A. 被弹出时动量大小为
B. 运动 过程中，阻力做功为
C. 运动 过程中所用时间为
D. 到达目标组织表面时的速度为
【答案】A
【解析】
【详解】A．根据动能定理有
解得
被弹出时动量大小为 ，故 A 正确；
B．运动 过程中，阻力做功为 ，故 B 错误；
C．根据
运动 过程中所用时间为 ，故 C 错误；
D．针鞘到达目标组织表面后，继续前进 d2 减速至零，有
解得到达目标组织表面时的速度为 ，故 D 错误。
故选 A。
6. 一个音乐喷泉，通过电动机将水从静止的水池中加压输送到喷头，出水口的横截面积为 ，喷水速度为
，水的密度为 ，则该过程中喷泉的功率为（ ）
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A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【详解】t 时间内喷出水的动能
喷泉的功率为 ，故选 A。
7. 重庆市三峡广场的三峡水景观景处，水池底水平放置四条红色线状灯带构成边长为 0.35m 的正方形，灯
带平面到水面的距离为 ，水对红光的折射率为 ，有红光射出的水面形状为下列图中的（用阴影表
示）（ ）
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】
【详解】取细灯带上某一点作为点光源，点光源发出的光在水面上有光射出的水面形状为圆形，设此圆形
的半径为 R，点光源发出的光线在水面恰好全反射的光路图如图所示。
由
可得
根据几何关系可得
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则一个点发出的光在水面上能看到 的圆，光射出的水面形状边缘为弧形。因为 ，所以
四条红色线状灯带构成的发光体发出的光在水面上有光射出的水面形状的示意图如图所示
故选 B。
8. 如图所示，半径为 的光滑圆弧轨道 竖直放置， 与圆心 等高， 为轨道的最低点，该圆
弧轨道与一粗糙直轨道 相切于点 ， 与 的夹角为 。一质量为 的小滑块从 点由静
止开始下滑， 间距离为 6m，滑块与斜面 间的动摩擦因数为 。（已知 ，
），重力加速度 ，下列说法正确的是（ ）
A. 最终停在 点
B. 滑块能从 点飞出
C. 滑块对 点的最大压力为 36N
D. 斜面上走过的总路程为 16m
【答案】BD
【解析】
【详解】A．滑块最终会在 C 点以下做往复运动，因为 C 点以下光滑，故 A 错误；
B．设 PC 之间的最小距离为 L, 滑块能从 点飞出，从 P 点到 A 点由动能定理可得
解得 ，故 B 正确；
C．PB 间的高度差为
滑块在 B 点时，由牛顿第二定律可得
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从 P 到 B，由动能定理可得
根据牛顿第三定律，联立解得滑块对 点的最大压力为 ，故 C 错误；
D．滑块最终到达 C 点速度为零，从 P 点滑至 C 点过程中，有
解得斜面上走过的总路程为 ，故 D 正确。
故选 BD。
二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 4 分，共 16 分。在每小题给出的四个选项中，有多
个选项符合题目要求，全部选对得 4 分，选对但不全得 2 分，有选错得 0 分。
9. 小开同学用一根细线拉着小球在足够大的光滑水平桌面上做匀速圆周运动，某时刻剪断细线，关于小球
的运动描述正确的是（ ）
A. 剪断细线后小球做匀减速直线运动
B. 剪断细线前后小球动能保持不变
C. 剪断细线前小球动量时刻保持不变
D. 剪断细线前小球转动半圈过程中细线拉力的冲量不为零
【答案】BD
【解析】
【详解】AB．用细线拉着小球在光滑的水平面上运动，如果剪断细线，在水平方向小球将不受力的作用，
将保持细线断时的速度做匀速直线运动，剪断细线前后小球速度大小不变，所以动能不变，故 A 错误，B
正确；
C．剪断细线前小球的速度方向不断改变，根据
可知小球动量时刻变化，故 C 错误；
D．剪断细线前小球转动半圈过程中，速度方向相反，动量的变化量不为零，根据动量定理可知细线拉力的
冲量不为零，故 D 正确。
故选 BD。
10. 肥皂膜的干涉条纹如图所示，条纹间距上面宽、下面窄。下列说法正确的是（ ）
A. 肥皂膜上的条纹是前后表面反射光形成的干涉条纹
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B. 如果薄膜上下两端的厚度差变大，干涉条纹间距将变大
C. 如果薄膜上下两端的厚度差变大，干涉条纹间距将变小
D. 将肥皂膜外金属环左侧的把柄向上转动 90°，稳定后条纹也会跟着转动 90°
【答案】AC
【解析】
【详解】A．肥皂膜的干涉条纹是薄膜干涉引起的，该条纹是肥皂膜前后表面反射光形成的干涉条纹，故 A
正确；
BC．根据薄膜干涉规律有 （n=1，2，3…）
如果薄膜上下两端的厚度差变大，则条纹数目增多，可知，干涉条纹间距将变小，故 B 错误，C 正确；
D．将肥皂膜外金属环左侧的把柄向上转动 90°，由于重力作用，薄膜仍然上薄下厚，条纹仍然处于水平面
上，可知，稳定后条纹不会跟着转动 90°，故 D 错误。
故选 AC。
11. 如图所示，质量为 M 的物块 A 放置在光滑水平桌面上，右侧连接一固定于墙面水平轻绳，左侧通过一
倾斜轻绳跨过光滑定滑轮与一竖直轻弹簧相连。现将质量为 m 的钩码 B 挂于弹簧下端，当弹簧处于原长时，
将 B 由静止释放，当 B 下降到最低点时（未着地），A 对水平桌面的压力刚好为零。轻绳不可伸长，弹簧始
终在弹性限度内，物块 A 始终处于静止状态。以下判断正确的是（ ）
A. 2m>M
B. B 在最低点的加速度等于 g
C. 在 B 从释放位置运动到最低点的过程中，B 的机械能守恒
D. 在 B 从释放位置运动到速度最大的过程中，B 克服弹簧弹力做的功等于 B 机械能的减少量
【答案】ABD
【解析】
【详解】A．由题意可知钩码 B 在开始位置到最低点之间做简谐振动，故在最低点时，钩码 B 的加速度大
小为 ，方向竖直向上；以钩码 B 为对象，根据牛顿第二定律可得
解得在最低点时，弹簧弹力大小为
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可知此时作用在 A 上的绳子拉力大小为 ，设绳子与桌面间夹角为 ，以 A 为对象，竖直方向根据受力
平衡可得
可得 ，故 A 正确；
B．当弹簧处于原长时，将 B 由静止释放，加速度大小等于 g，物块 A 始终处于静止状态。B 做简谐运动，
根据对称性可知，当 B 下降到最低点时，加速度大小等于 g，方向竖直向上，故 B 正确；
C．在 B 从释放位置运动到最低点的过程中，弹力对 B 做负功，B 的机械能减小，故 C 错误；
D．对于 B，在从释放到速度最大过程中，B 机械能的减少量等于弹簧弹力所做的负功，即等于 B 克服弹簧
弹力所做的功，故 D 正确。
故选 ABD。
12. 如图所示，传送带转动的速度大小恒为 1m/s，顺时针转动。两个物块 A、B 用一根轻弹簧连接，开始弹
簧处于原长，A 的质量为 1kg，B 的质量为 2kg，A 与传送带的动摩擦因数为 0.5，B 与传送带的动摩擦因数
为 0.25。t=0 时，将两物块放置在传送带上，给 A 一个向右的初速度 v0=2m/s，B 的速度为零，弹簧自然伸
长。在 t=2s 时，与传送带第一次共速，此时 A 相对地面的位移为 1.4m，传送带足够长，B 可在传送带上留
下痕迹，重力加速度 g=10m/s2，则（ ）
A. 在 t=2s 时，B 的速度为 0.6m/s
B. 在 t=2s 时，弹簧的形变量为 0.1m
C. 在 t=2s 时，弹簧的弹性势能为 0.75J
D. 0-2s 过程中，B 与传送带 痕迹小于 0.05m
【答案】BC
【解析】
【 详 解 】 A． 根 据 题 意 可 知 传 送 带 对 A、 B 的 滑 动 摩 擦 力 大 小 相 等 都 为
初始时 A 向右减速，B 向右加速，故可知在 A 与传送带第一次共速前，A、B 整体所受合外力为零，系统
动量守恒有 ，其中
代入数值解得在 t=2s 时，B 的速度为 ，故 A 错误；
B．在 t=2s 时间内，设 A、B 向右的位移分别为 ， ，根据
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两边乘上时间
解得
解得
故弹簧的压缩量为 ，故 B 正确；
C．在 t=2s 时间内，由功能关系有
解得 ，故 C 正确；
D．B 与传送带的相对位移为
代入数据可知 ，故 D 错误。
故选 BC。
三、实验题：本题共 2 小题，每空 2 分，共 16 分。
13. 某同学在“用双缝干涉测量光的波长”实验中，所用的实验装置如图所示。
（1）图 1 的②处固定的元件是______。
A. 单缝 B. 双缝 C. 滤光片
（2）已知双缝间的距离为 d=0.20mm，双缝到毛玻璃屏的距离为 l=75.0cm，当分划板中心刻线对齐如图 2
所示的第 1 条亮条纹的中心时，手轮上的读数为 0.3mm，当分划板中心刻线对齐第 5 条亮条纹中心时，手
轮上的示数如图 3 所示，则读数为________mm；由以上已知数据和测量数据可知，该红光的波长为________
m（结果保留两位有效数字）。
（3）若实验时没加滤光片，将得到彩色干涉条纹，其特征是：中央为一条白色亮条纹，称为零级亮条纹；
其余各级亮条纹都是彩色 ，彩色条纹的排列以零级亮条纹为中心左右对称。中央白色亮纹的形成原因是
________。
【答案】（1）A （2） ①. 9.6 ②.
（3）见解析
【解析】
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【小问 1 详解】
为了屏上出现清晰的干涉条纹，图中放置的器材从左往右依次为灯泡、凸透镜、滤光片、单缝、双缝、光
屏，即图 1 的②处固定的元件是单缝。
故选 A。
【小问 2 详解】
[1]根据游标卡尺的读数规律，该读数为
[2]相邻明条纹中心之间的间距
根据干涉条纹公式有
解得
【小问 3 详解】
中央白色亮纹的形成原因是频率相同的各单色光各自发生干涉，其零级条纹均为亮条纹，叠加后形成白色
亮条纹。
14. 某同学在做“测定玻璃折射率”的实验时已经画好了部分图线，如图甲所示，并在入射光线 AO 上插上大
头针 、 ，现需在玻璃砖下表面折射出的光线上插上 和 大头针，便能确定光在玻璃砖中的折射光
线。
（1）确定 位置的方法正确的是___________：
A. 透过玻璃砖， 挡住 的像
B. 先插上 大头针，在靠近玻璃砖一侧 挡住 的位置
C. 透过玻璃砖观察，使 挡住 、 的像
（2）该同学突发其想用两块同样的玻璃直角棱镜 ABC 来做实验，如图所示，两者的 AC 面是平行放置的，
插针 、 的连线垂直于 AB 面，若操作无误，则在图中右边的插针应该是_________。
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A. B. C. D.
（3）如图所示，该同学在实验中将玻璃砖界面 和 的间距画得过宽。若其他操作正确，则折射率的
测量值___________准确值（选填“大于”、“小于”或“等于”）。
【答案】（1）C （2）C
（3）小于
【解析】
【小问 1 详解】
确定 位置的正确方法是透过玻璃砖观察，使 挡住 、 的像。故选 C。
【小问 2 详解】
用两块同样的玻璃直角棱镜做实验得到的光路图如图所示
根据光路图可知，经过 、 的光线经左侧玻璃砖后向下偏折，射入右侧玻璃砖后平行于 、 射出，所
以在图中右边插的大头针应该是 、 的。故选 C。
【小问 3 详解】
将玻璃砖界面 和 的间距画得过宽，而其他操作正确，如图所示
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光线从 进入玻璃砖实际入射点应为 ，而因画得过宽，故在实验中标记的入射点为 ，两种情况下的
出射点都为 ，可知因画得过宽，导致 角偏大，根据折射定律有
可知 角偏大，则 偏大，故折射率 的测量值偏小。
四、计算题：本题共 4 小题，共 44 分。第 15 题 7 分，第 16 题 8 分，第 17 题 13 分，第 18
题 16 分。
15. 某光学组件横截面如图所示，半圆形玻璃砖圆心为 O 点，半径为 R；直角三棱镜 FG 边的延长线过 O 点，
EG 边平行于 AB 边且长度等于 R，∠FEG=30°。横截面所在平面内，单色光线以θ角入射到 EF 边发生折射，
折射光线垂直 EG 边射出。已知玻璃砖和三棱镜对该单色光的折射率均为 1.5。
（1）求 sinθ；
（2）以θ角入射的单色光线，若第一次到达半圆弧 AMB 可以发生全反射，求光线在 EF 上入射点 D（图中
未标出）到 E 点距离的范围。
【答案】（1） ；（2）
【解析】
【详解】（1）由题意设光在三棱镜中的折射角为 ，则根据折射定律有
由于折射光线垂直 EG 边射出，根据几何关系可知
代入数据解得
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（2）根据题意作出单色光第一次到达半圆弧 AMB 恰好发生全反射的光路图如图
则根据几何关系可知 FE 上从 P 点到 E 点以 角入射的单色光线第一次到达半圆弧 AMB 都可以发生全反射，
根据全反射临界角公式有
设 P 点到 FG 距离为 l，则根据几何关系有
又因为
联立解得
所以光线在 EF 上的入射点 D 到 E 点的距离范围为
16. 如图中 a、b 分别表示，一列横波上相距 6m 的两个质点 a 和 b 的振动图像，且质点 a 比质点 b 先开始
振动，已知波长为 ，求：
（1）波的速度 v；
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（2）从 t=0 开始计时，a 振动 1.5s 内走过的路程；
（3）设 P 点距离 b 点 3m，且在 a、b 之间，则从 t=0 时刻开始，P 点的偏离平衡位置的振动方程。
【答案】（1）
（2）20cm （3）
【解析】
【小问 1 详解】
波从 a 到 b 传播，则有
因λ>6m，则有 ，
波速为
【小问 2 详解】
振动周期 T=1.2s，
a 振动时间 t=1.2s=T+
a 走过的路程 s=4A+A=20cm
【小问 3 详解】
a 点的振动方程为
可得
对于 P 点，比 a 点推迟振动 t1，则有
则有
17. 如图所示，用开瓶器取出紧塞在瓶口的软木塞时，先将拔塞钻旋入木塞内，随后下压把手，使齿轮绕固
定支架上的转轴转动，通过齿轮啮合，带动与木塞相固定的拔塞钻向上运动。从 0 时刻开始，顶部与瓶口
齐平的木塞从静止开始向上做匀加速直线运动，木塞所受摩擦力 f 随位移大小 x 的变化关系为
，其中 为常量，h 为圆柱形木塞的高，木塞质量为 m，底面积为 S，加速度为 a，齿轮半
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径为 r，重力加速度为 g，瓶外气压减瓶内气压为 且近似不变，瓶子始终静止在桌面上。（提示：可用
图线下的“面积”表示 f 所做的功）求：
（1）木塞离开瓶口的瞬间，齿轮的角速度 。
（2）拔塞的全过程，拔塞钻对木塞做的功 W。
（3）拔塞过程中，拔塞钻对木塞作用力 瞬时功率 P 随时间 t 变化的表达式。
【答案】（1）
（2）
（3）
【解析】
【小问 1 详解】
木塞的末速度等于齿轮线速度，对木塞，根据运动学公式
根据角速度和线速度的关系
联立可得
【小问 2 详解】
根据题意画出木塞摩擦力与运动距离的关系图如图所示
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可得摩擦力对木塞所做的功为
对木塞，根据动能定理
解得
【小问 3 详解】
设开瓶器对木塞 作用力为 ，对木塞，根据牛顿第二定律
速度
位移
开瓶器的功率
联立可得
18. 如图所示，一足够长的平直木板放置在水平地面上，木板上有 5n（n 是大于 1 的正整数）个质量均为 m
的相同小滑块，从左向右依次编号为 1、2、…、5n，木板的质量为 nm。相邻滑块间的距离均为 L，木板与
地面之间的动摩擦因数为μ，滑块与木板间的动摩擦因数为 2μ。初始时木板和所有滑块均处于静止状态。现
给第 1 个滑块一个水平向右的初速度，大小为 （β为足够大常数，g 为重力加速度大小）。滑块间的
每次碰撞时间极短，碰后滑块均会粘在一起继续运动。最大静摩擦力等于滑动摩擦力。求：
（1）第 1 个滑块与第 2 个滑块碰撞后的瞬间，木板的加速度；
（2）第 3 个滑块开始滑动时的速度大小；
（3）若木板开始滑动后，滑块间恰好不再相碰，求β的值。
（参考公式： ）
【答案】（1）0 （2）
（3）
【解析】
【小问 1 详解】
地面对木板的最大摩擦力为
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滑块 1 和 2 相碰粘在一起，对木板的摩擦力为
因
所以木板保持不动，加速度 a0=0
【小问 2 详解】
由（1）知，滑块 1 滑动 L 的过程中木板静止。已知
滑块 1 有
1 碰 2 过程
滑块 1 和 2 有
2 碰 3 过程
联立上式解得 ，
整理得
【小问 3 详解】
当第 k 个木块开始滑动时，木板恰好要滑动，此时有
解得 （n 为整数）
则第 个（即 ）木块开始滑动时（被碰后），木板开始滑动，假设木板和剩下的木块不发生相对滑
动，则
则
故 假 设 成 立 ， 木 板 和 剩 下 的 木 块 不 发 生 相 对 滑 动 。 对 前 面 个 （ 即 ） 木 块 ， 有
临界：前面 个木块做匀减速，余下滑块和木板开始一起匀加速，当前面 个木块和第 个木块
相遇时恰共速，即相对位移恰好为 L，则
解得
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根据
解得
由（2）问同理可得，在木板滑动前第 4 个、……第 k 个、第 个滑块开始滑动时的速度依次为
……
整理变形得到
则对第 2 个滑块到第 个滑块有
……
将从 1 到 k+1 相关方程累积求和可得
联立
可得
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