安徽省六校教育研究会2025-2026学年高一上学期入学考试物理试卷（解析版）

这是一份安徽省六校教育研究会2025-2026学年高一上学期入学考试物理试卷（解析版），共16页。试卷主要包含了填空题，单选题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
一、填空题：（每空2分，共24分）
1. 据《天工开物》记载：“响箭则以寸木空中锥眼为窍，矢过招风而飞鸣。”由此可知，响箭在飞行的过程中，是由于通过箭矢锥眼的空气________而发出声音的。
【答案】振动
【解析】响箭在飞行的过程中，是由于通过箭矢锥眼的空气振动而发出声音的。
2. 甲、乙两人各走一段路，路程比为3:5，所用时间比为2:3，那么两人速率比为________。
【答案】9:10
【解析】速率为
速率之比为
3. 如图实验，用力F按压平面镜之间的桌面时，经两平面镜反射后照到墙面上的光点位置将下降，这个实验说明力能使物体发生________
【答案】形变
【解析】用力F按压平面镜之间的桌面时，经两平面镜反射后照到墙面上的光点位置将下降，这个实验说明力能使物体发生形变。
4. 如图所示，用水平向右的力推乙物体，使甲、乙、丙、丁四个完全相同的物块一起向右做匀速直线运动，此时丙对丁的作用力为________N。
【答案】15
【解析】设物体与平面的滑动摩擦因数为μ，每个物体的质量为m
对甲、乙、丙、丁整体得
此时丙对丁的作用力为
解得
5. 如图所示，两块相同的竖直挡板A、B之间有质量均为m的4块相同的砖，用大小相同的均为F的水平力压住挡板，使砖保持静止不动，那么1、2块砖之间的摩擦力大小为________（重力加速度用表示）。
【答案】
【解析】以4块砖整体为研究对象进行受力分析，对于4块砖这个整体来说受到的总重力是，两边的压力相同，所以两边受到的摩擦力也相同。根据平衡关系可知向下的重力与两边的摩擦力之和相等，设每个挡板对砖的摩擦力为，则有
可得
即每个挡板对砖的摩擦力大小为，方向竖直向上；以1号砖为研究对象进行受力分析，它竖直方向上受到竖直向下的重力，挡板对它竖直向上的摩擦力，设2对1的摩擦力大小为，方向竖直向下。根据平衡关系有
解得
所以1、2块砖之间的摩擦力大小为。
6. 如图所示，一个重为5N的物体被水平力压在竖直墙面上匀速下滑20cm，则匀速下滑的过程中压力F做的功为________J。
【答案】0
【解析】由题图可知力F方向与物体位移方向夹角，根据
可知F做功为0。
7. 某物体具有的动能为aJ，内能为bJ，分子总动能为cJ，重力势能为dJ，弹性势能为eJ，则它的机械能为________；分子总势能为________J。
【答案】（a+d+e）J b-c
【解析】物体的机械能为
分子总势能为
8. 如图甲所示的电路中，电源电压不变，R0为定值电阻，滑动变阻器R消耗的电功率随电流变化的关系如图乙所示。图乙中的a'、b'两点分别与滑片P在图甲中的a、b两位置相对应。则电源电压为________V。
【答案】12
【解析】设电源电压为U，电源的内电阻为r。
根据图乙，当电流为时，滑动变阻器消耗的功率为3.2W
当电流为时，定值电阻和电源内电阻消耗的总功率为P1=I12R0+r，电源产生的功率为
所以UI1=I12R0+r+3.2
当电流为时，滑动变阻器消耗的功率为3.2W，定值电阻和电源内电阻消耗的总功率为P2=I22R0+r，电源产生的功率为
所以UI2=I22R0+r+3.2
解得，
9. 如图所示的甲、乙中的小灯泡都相同，甲图中电压恒定为12V，乙图中电压恒定为6V，调节可变电阻R1、R2使四只小灯泡都恰好正常发光（功率相同），甲、乙两电路消耗的总电功率之比P1:P2=________。
【答案】1:1
【解析】设小灯泡的额定电流为I，则甲、乙两电路的总电流分别为I和2I
电路甲消耗的总电功率为
电路乙消耗的总电功率为
甲、乙两电路消耗的总电功率之比
10. 如图所示，想用最小的力将重为，半径为的轮子滚上高为的台阶。这个最小力________N，并且至少需要做________J的功，才能将轮子滚上台阶。
【答案】 200 100
【解析】作出最长动力臂、最小力的示意图，并作出阻力臂，如图所示，
动力臂用表示，其长度等于直径，即
阻力臂用表示，即为长度，为圆心，线段长度为
根据勾股定理可得
由杠杆平衡条件可得
解得最小力
根据功的原理，将这个轮子滚上台阶做的功，最小等于克服轮子重力做的功，即至少需要做功
二、单选题：（每题3分，共21分）
11. 下列关于物态变化说法正确的是（ ）
A. 樟脑丸变小了，属于汽化现象
B. 太阳出来雾散了，属于汽化现象
C. 开灯的瞬间，灯丝烧断了，属于液化现象
D. 冬天玻璃窗上的冰花，属于凝固现象
【答案】B
【解析】A．樟脑丸变小是固态直接变为气态，属于升华现象，故A错误；
B．雾是液态小水滴，太阳照射后变为气态水蒸气，属于汽化现象，故B正确；
C．灯丝烧断是因温度过高导致固态金属变为液态，属于熔化现象，故C错误；
D．冰花是室内水蒸气遇冷玻璃直接凝结为固态冰晶，属于凝华现象，故D错误。
故选B。
12. 在做“研究凸透镜成像规律”的实验中，当烛焰、凸透镜及光屏处在如图所示的位置时，恰能在光屏上得到一个清晰的像。由此可以判断，他所使用凸透镜的焦距（ ）
A. 一定小于B. 一定在到之间
C. 一定大于D. 一定在到之间
【答案】C
【解析】由题意可知，此时成清晰像时，物距大于像距，则有
解得
故选C。
13. 如图所示，物体A、B间用不计重力的轻弹簧连接，A物体的重力为8N，B物体的重力为10N。用竖直向上，大小为10N的力F提着物体A，当A静止时，物体B对地面的压力为（ ）
A. 10NB. 8NC. 18ND. 0
【答案】B
【解析】
解析】把A、B和弹簧看成整体，处于静止状态，根据平衡条件
联立解得
物体B对地面的压力与地面对B的支持力是相互作用力，所以
故选B。
14. 下列关于热现象的说法中正确的是（ ）
A. 物体的温度越高所含有的热量越多
B. 内燃机的做功冲程将机械能转化为内能
C. 打扫卫生时灰尘飞扬说明分子在永不停息地做无规则运动
D. 物质的比热容越大反映了物质吸收或放出热量的能力越强
【答案】D
【解析】A．热量是过程量，描述的是能量转移的多少，不能说物体“含有”热量，故A错误；
B．内燃机做功冲程中，高温高压气体推动活塞做功，将内能转化为机械能，故B错误；
C．灰尘飞扬是宏观物体的机械运动，分子无规则运动需通过扩散现象体现，故C错误；
D．比热容是物质的特性，比热容越大，相同质量下温度变化时吸收或释放的热量越多，说明物质吸收或释放的热量能力越强，故D正确。
故选D。
15. 如图所示用力F将小球压至D点弹簧始终处于弹性限度内、撤去力F后，小球从静止开始向上运动、到达C位置时小球所受弹力大小等于重力，B位置是弹簧自身长度的位置，A位置是小球到达的最高点、整个过程不计空气阻力，下列说法中正确的是（ ）
A. 在B位置小球受力平衡
B. 在A位置小球不受力
C. 从D到A位置过程中小球受到的合力先减小再增大后不变
D. 从D到B位置过程中小球先减速后加速
【答案】C
【解析】A．B位置是弹簧自身长度的位置，此位置弹簧没有发生弹性形变，没有弹力，由于整个过程不计空气阻力，此时小球只受重力，小球受力不平衡，故A错误；
B．在A位置小球到达最高点，速度为零，只受重力作用，故B错误；
CD．在D位置时，弹簧弹性形变最大，弹力最大，弹力大于重力，合力向上，小球加速上升，弹簧弹力变小，合力减小，到达C位置时小球所受弹力大小等于重力，合力为零，之后BC段弹力小于重力，随着弹力减小，合力向下减小，小球做减速运动，BA段只受重力，合力向下，保持不变，即从D到A位置过程中小球受到的合力先减小再增大后不变，故C正确，D错误。
故选C。
16. 如图所示的电路中，电源两端电压保持不变，R为定值电阻。闭合开关，在保证电路元件安全的前提下，将滑动变阻器的滑片由B端滑到A端，电压表、电压表、电流表A的示数变化量的绝对值分别为，则（ ）
A. 电流表A的示数变大，电压表的示数变大
B. 电流表A的示数变小，电压表的示数变小
C. 与的比值大于的阻值
D. 与的比值等于的阻值
【答案】BD
【解析】AB．滑动变阻器的滑片由B端滑到A端，滑动变阻器接入电路的阻值变大，根据欧姆定律可知电路中的电流变小，根据串联电路分压规律可知，电压表的示数变大，电压表的示数变小，故B正确，A错误；
CD．因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以两电压表示数变化量的绝对值相等，即
根据欧姆定律变形可得，故D正确，C错误。
故选BD。
17. 如图所示，用完全相同的装置利用燃料加热液体。已知燃料的质量、烧杯内的液体质量、加热方式等均相同，不计热量损失，将燃料点燃直至燃尽，甲、乙、丙三套装置的烧杯中液体升高的温度随时间变化的图像如图丁所示，则下列说法错误的是（ ）
A. 选择甲、乙两图可比较不同燃料的热值
B. 选择甲、丙两图可比较不同液体的比热容
C. 实验过程中，液体的比热容不变，燃料的热值不变
D. 由丁得，燃料1和燃料2的热值之比为
【答案】D
【解析】A．为了比较热值大小要用不同的燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断热值大小，需要选择甲、乙两图进行实验，故A正确；
B．为了比较两种液体的吸热能力的大小，需要燃烧同种燃料，加热不同的液体，且液体的质量相同，在加热时间相同时，根据转换法可知，通过温度计的示数高低进而判断两种比热容的大小关系，需要选择甲、丙两图进行实验，故B正确；
C．比热容是物质的一种特性，各种物质都有自己的比热容，某种物质的比热容与物质的质量和体积大小无关；燃料的热值是燃料的一种特性，与燃料的质量和体积V无关，故C正确；
D．根据图丁可知，燃料燃烧完时，燃料1燃烧了tmin，燃料2燃烧了2tmin，且甲图中液体温度变化量为2T0，乙图中液体温度变化量为1.5T0，不计热量损失，且两杯液体的质量、比热容均相同，根据公式Q=cmΔt可知，二者放出的热量之比为
燃料的质量相同，根据公式Q=qm可知，燃料1与燃料2的热值之比为q1：q2=Q1：Q2=4：3，故D错误。
此题选择错误选项，故选D。
三、实验探究题：（每空2分，共24分）
18. 伽利略曾经设计过一种温度计：一根粗细均匀的玻璃管，一端与鸡蛋大小的玻璃泡相连，另一端插入水中，并使玻璃管内吸入一段水柱，根据管内水柱高度的变化可测出环境温度的变化。为了研究伽利略温度计，科学兴趣小组的同学按照资料中的描述自制了如图所示的测温装置。图中A为一小塑料瓶，B为一透明玻璃管并通过橡皮塞与A相连，管的下端竖直插在大水槽中，使管内外水面有一高度差h，然后进行实验探究：改变装置所处的环境温度，分别测出不同温度下所对应的水柱高度h，记录的实验数据如下表所示：
（1）装置中的塑料瓶相当于现在使用的液体温度计中的哪个结构？________。
（2）根据上述实验可知，兴趣小组制作的“测温装置”玻璃管的刻度是________。
A. 上大下小B. 上小下大C. A、B都有可能
（3）该温度计使用时________（“会”或“不会”）受大气压的影响。
（4）根据表中的数据可推得：当温度为23℃时，水柱高度h为________厘米。
（5）要提高“伽利略温度计”的精确度，应该换________（选填“粗”或“细”）一点的管子。
【答案】（1）玻璃泡 （2）B （3）会 （4）14.6 （5）细
【解析】
【小问1解析】
装置中的塑料瓶相当于现在使用的液体温度计中的玻璃泡；
【小问2解析】
由于温度升高时，气体体积增大，管内水柱高度h减小，所以兴趣小组制作的“测温装置”玻璃管的刻度是上小下大；
故选B。
【小问3解析】
设被封闭的气体压强为p，大气压强为p0，则管内水柱高度为
当大气压强p0增大时，管内水柱高度h增大。所以该温度计使用时会受大气压的影响。
小问4解析】
根据表格得
解得
根据表中的数据可推得：当温度为23℃时，水柱高度h为14.6厘米。
【小问5解析】
设玻璃管内气体的横截面积为S，水柱变化的高度为
当气体体积的变化量ΔV相同时，玻璃管越细， S越小，Δh越大，水柱的高度变化越明显，温度计的精度越高。所以要提高“伽利略温度计”的精确度，应该换细一点的管子。
19. 用如图所示的实验装置测量杠杆的机械效率。
（1）实验时，弹簧测力计挂在D点，竖直向上匀速拉动弹簧测力计，使挂在杠杆下面的钩码缓缓上升。（不考虑摩擦）
①实验中，将两个相同的钩码悬挂在A点，匀速将杠杆拉至图中虚线位置（转过较小角度），弹簧测力计示数为F，每个钩码的质量为m，钩码上升高度h，弹簧测力计移动距离s，则杠杆的机械效率________。（用字母表示，重力加速度用g表示）
②若将三个相同的钩码悬挂在A点匀速提高时，该杠杆的机械效率为，则________。（填“”）
③将同一物体分别悬挂在A、B两点，匀速使物体提高相同高度时的机械效率分别为和，则________。（填“”）
（2）若将同一物体悬挂在A点，弹簧测力计分别挂在C点和D点时，竖直向上匀速使物体提高相同高度时的机械效率分别为和，则________。（填“”）
【答案】（1） > < （2）=
【解析】
【小问1解析】
①在实验过程中，有用功是W有用=Gh，总功是W总=Fs，所以杠杆的机械效率是；
②将三个相同的钩码悬挂在A点匀速提高时，所做的额外功相同，有用功增加，即有用功占总功的比值变大，所以此时的机械效率变大，即η2＞η1。
③将同一物体由悬挂的A点变为B点时，物体的力臂变大，由杠杆的平衡条件可知拉力F变大；杠杆提升的高度减小，额外功减小，因此有用功占总功的比值变大，即杠杆的机械效率变大，则。
【小问2解析】
若将同一物体悬挂在A点，弹簧测力计分别挂在C点和D点时，竖直向上匀速提高相同高度时，所做的有用功相同，额外功也相同，故总功相同，根据机械效率公式可知，机械效率相同，。
20. 如图所示的装置中，水平金属导轨上放置两根可以自由滑动的金属棒，它们处在磁场中，ab棒受钩码的牵引向右运动，问：
（1）cd是否运动？
（2）在ab中能量是怎样转化的？________（选填“电能转化为机械能”或“机械能转化为电能”）。
（3）在cd中能量是怎样转化的？________（选填“电能转化为机械能”或“机械能转化为电能”）。
【答案】（1）运动 （2）机械能转化为电能 （3）电能转化为机械能
【解析】
【小问1解析】
根据右手定则，则ab向右运动产生由a到b的电流，则由左手定则，电流通过cd时受向右的安培力，则cd也向右运动。
【小问2解析】
在ab中切割磁感线产生感应电流，则机械能转化为电能；
【小问3解析】
在cd中通电后受力运动，则电能转化为机械能。
四、计算题：（第21小题6分，第22小题8分，第23小题7分，共21分）
21. 如图甲所示，斜面长s、高h、重为G的物块在倾角为θ的斜面能匀速下滑，若不计空气阻力。在图乙中，用一个沿斜面向上力F拉物体，把物体从相同斜面底端沿着斜面匀速拉至顶端，忽略物体大小的影响，整个过程中斜面相对地面处于静止状态。
（1）在甲图中做出物体受到的摩擦力f和物体受到其它力的合力的示意图，并简要说明f、大小和方向关系。
（2）如图乙所示，物体从底端沿着斜面匀速拉至顶端，请推导并证明，。
（3）若斜面长，高，重为，求甲图中物体受摩擦力大小是多少？
【答案】（1） （2）见解析
（3）6N
【解析】
【小问1解析】
物体在斜面上匀速下滑时，受到平衡力的作用，此时物块受到平行于斜面向上的摩擦力f，根据二力平衡条件可知，物体受到其它力的合力F合与摩擦力f大小相等、方向相反，则物体受到其它力的合力F合平行于斜面向下，受力示意图如下：
【小问2解析】
图乙中，物体从底端沿着斜面匀速拉至顶端时，总功为W总=Fs，有用功为W有=Gh，额外功为W额=fs
因为W总=W有+W额，所以Fs=Gh+fs
由数学知识可得h=s×sinθ
则有Fs=Gs×sinθ+fs
化简可得F=f+Gsinθ
【小问3解析】
若斜面长s=5m，高h=3m，则
甲图中物体在斜面上匀速下滑时，动能不变，减小的重力势能转化为内能，即重力做的功等于克服摩擦力做的功，所以可得Gh=fs
则物体受到的摩擦力。
22. 如图所示，甲是某型号电水壶内部电路原理图（具有加热和保温功能），乙则是其正常工作时电功率与时间的关系图像，丙是家用电能表的铭牌参数。
（1）电水壶加热水后，求正常保温10min消耗的电能；
（2）正常加热时，求电水壶的发热电阻的阻值大小；
（3）某次用电高峰时，实际电压只有198V，此时使用电水壶加热5min电能表转多少转？
【答案】（1）1.2×105J （2）60.5Ω （3）162r
【解析】
【小问1解析】
电水壶加热水后，正常保温10min消耗的电能为
【小问2解析】
正常加热时，电水壶的发热电阻的阻值大小为
解得
【小问3解析】
加热5min消耗电能为
电能表的转数为
23. 底面积为400cm2的圆柱形容器内装有适量的水，将其竖直放在水平桌面上，把边长为10cm的正方体木块A放入水后，再在木块A的上方放一物块B，物体B恰好没入水中，如图（a）所示，已知物块B的密度为6×103kg/m3，质量为0.6kg。（取g=10N/kg）求：
（1）木块A的密度；
（2）若将B放入水中，如图（b）所示，求水对容器底部压强的变化。
【答案】（1）；（2）
【解析】（1）由
可得
图a中，A、B共同悬浮，则
即
其中
（2）B放入水中后，A漂浮，有一部分体积露出水面，造成液面下降， A漂浮
即
解得
液面下降
液面下降
测量次序
1
2
3
4
5
6
温度t（℃）
17
19
21
23
25
27
水柱高度h（厘米）
30.2
250
19.8
9.4
4.2