2026届江西省赣州市赣州中学高三上学期开学物理试题（解析版）

这是一份2026届江西省赣州市赣州中学高三上学期开学物理试题（解析版），共17页。试卷主要包含了选择题，实验题，解答题等内容，欢迎下载使用。
1. 科学家研究发现，蜘蛛在没有风的情况下也能向上“起飞”如图，当地球表面带有负电荷，空气中有正电荷时，蜘蛛在其尾部吐出带电的蛛丝，在电场力的作用下实现向上“起飞”下列说法错误的是（ ）
A. 蜘蛛往电势高处运动B. 电场力对蛛丝做正功
C. 蛛丝的电势能增大D. 蛛丝带的是负电荷
【答案】C
【解析】
【详解】AD．由题意可知，蛛丝在电场力的作用下向上“起飞”，因此蛛丝受到向上的电场力，空气中正电荷和地球负电荷形成的电场与蛛丝受到电场力的方向相反，故蛛丝带的是负电荷，往电势高的地方运动，AD正确，不符题意；
BC．结合上述分析可知，电场力对蛛丝做正功，蛛丝的电势能减小，B正确，不符题意，C错误，符合题意。
故选C。
2. 如图所示，在水平面上固定着四个完全相同的木块，一粒子弹以水平速度v0射入。若子弹在木块中做匀减速直线运动，当穿透第四个木块（即D位置）时速度恰好为零，下列说法正确的是（ ）
A. 子弹从O运动到D全过程的平均速度等于B点的瞬时速度
B. 子弹通过每一部分时，其速度变化量相同
C. 子弹到达各点的速率
D. 子弹从进入每个木块到到达各点经历的时间
【答案】C
【解析】
【详解】A．子弹在木块中做匀减速直线运动，到D点时速度减为0，可以看成是从D开始的匀加速直线运动。四个木块完全相同，根据比例式的原理，相等位移间隔的总时间之比为，所以OC段时间与CD段时间相同，占总时间的一半，平均速度应等于C点的瞬时速度，故A错误；
BD．子弹通过OA、AB、BC、CD所用的时间之比为
速度变化量的公式为，所以速度变化量之比与时间之比相同，故BD错误；
C．由公式，子弹到达C、B、A、O点的速度与各点到D点的运动时间成正比，即，故C正确。
故选C。
3. 氢原子能级如图甲所示，一群处于高能级的氢原子，向低能级跃迁时发出多种可见光，分别用这些可见光照射图乙电路的阴极K，其中3条光电流I随电压U变化的图线如图丙所示，已知可见光波长范围约为到之间，a光的光子能量为。则（ ）

A. 氢原子从能级向低能级跃迁时能辐射出6种频率的可见光
B. 当滑片P向a端移动时，光电流I将增大
C. a光照射得到的光电流最弱，所以a光光子动量最小
D. 图丙中3条图线对应的遏止电压，一定有
【答案】D
【解析】
【详解】A．可见光波长范围约为到之间，可知可见光的光子能量范围约为到之间。氢原子从能级向低能级跃迁时能辐射出6种频率的光，只有2种可见光，分别为从能级向能级跃迁和从能级向能级跃迁，故A错误；
B．当滑片P向a端移动时，施加反向电压，光电流I将减小，故B错误；
C．根据
可知频率越大，遏止电压越大，故a光的频率最大，根据
可知频率越大，波长越短，故a光的波长最短，根据
可知a光光子动量最大，故C错误；
D．可见光波长范围约为到之间，根据氢原子能级图可知氢光谱可见光只有4条，而a光的能量最大，故排除氢原子从能级向能级跃迁的可能，故a光是氢原子从能级向能级跃迁发出的光，能量为2.86，b光是氢原子从能级向能级跃迁发出的光，能量为2.55，c光是氢原子从能级向能级跃迁发出的光，能量为1.89，故图丙中3条图线对应的遏止电压，一定有
故D正确。
故选D。
4. 2022年3月23日，吉祥物冰墩墩和航天员王亚平亮相“天宫课堂”。若飞船做圆周运动的轨道距地面高度为h，地球半径为R，地球表面的重力加速度为g，则在地球上看，王亚平手中的冰墩墩的加速度是（ ）
A. 0B. gC. D.
【答案】D
【解析】
【详解】由万有引力定律和牛顿运动定律得
又
联立解得
故选D。
5. “夸父一号”太阳探测卫星可以观测太阳辐射的硬X射线。硬X射线是波长很短的光子，设波长为。若太阳均匀地向各个方向辐射硬X射线，卫星探测仪镜头正对着太阳，每秒接收到N个该种光子。已知探测仪镜头面积为S，卫星离太阳中心的距离为R，普朗克常量为h，光速为c，则太阳辐射硬X射线的总功率（ ）
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【详解】每个光子的能量为
太阳均匀地向各个方向辐射硬X射线，根据题意设t秒发射总光子数为n，则
可得
所以t秒辐射光子的总能量
太阳辐射硬X射线的总功率
故选A。
第1页，共2页
6. 如图所示，送水工人用推车运桶装水，到达目的地后，工人抬起把手，带动板转至水平即可将水桶卸下。水桶对板OA、OB的压力分别为、，若桶与接触面之间的摩擦不计，为锐角且保持不变，在由竖直缓慢转到水平过程中（ ）
A. 一直增大
B. 先减小后增大
C. 一直减小
D. 先增大后减小
【答案】C
【解析】
【详解】对水桶初始状态受力分析，做出力的矢量三角形如图所示
分析可知，在转动过程中，与的夹角始终不变，因此与夹角的补角始终保持不变，重力与之间的夹角逐渐增大，则可知重力与之间夹角的补角从开始逐渐减小，直至为0，重力与之间的夹角为钝角，逐渐减小，当减小至时，板还未水平，将继续减小直至板水平，则可知重力与之间夹角的补角逐渐增大，当增大至时将继续增大，根据正弦定理可得
可知为定值，而始终减小，则始终减小，但由于角从锐角增大至后将继续增大一定角度，则可知，先增大后减小，因此可知先增大后减小。
故选C。
7. 一长为L=0.4m的金属管从地面以v0的速率竖直上抛，管在运动过程中保持竖直，管口正上方高h=1.2m处有一小球同时自由下落，金属管落地前小球从管中穿过。已知重力加速度，不计空气阻力。若小球在管下降阶段穿过管，则v0可能是（ ）
A. 1m/sB. 2m/sC. 3m/sD. 4m/s
【答案】C
【解析】
【详解】若小球刚好在管上升到最高点时穿过管，则位移关系刚好满足
代入题中数据，解得
若小球在管刚落地时穿过管，则有
解得
所以满足的范围为
综合可知，C选项符合题意。
故选C。
8. 物块在光滑的水平面上从静止开始做匀加速直线运动，计时开始的图像如图甲所示，图像如图乙所示，根据图像的特点与信息分析，下列说法正确的是（ ）
A. 图乙的斜率是图甲的斜率的2倍B. 物块的加速度为
C. 前的中间时刻的速度为D. 前中间位置的速度为
【答案】BC
【解析】
【详解】AB．根据匀变速直线运动规律可得
变形可得
而
故题图乙斜率为，题图甲的斜率为，图乙的斜率是图甲的斜率的4倍，已知图像的斜率为
解得物块的加速度为，A错误，B正确；
C．由图像可知，当时，物块的速度为
根据匀变速直线运动中间时刻的速度等于该段过程的平均速度，前的中间时刻的速度为，故C正确；
D．前物块通过的位移为
前中点位置的速度为，故D错误。
故选BC。
9. 如图所示，倾角为θ的粗糙斜面放在粗糙水平面上，斜面顶端固定有一轻质定滑轮A，轻绳一端连接静止于斜面上的物体m，绕过光滑的定滑轮A，另一端系在竖直固定杆上的B点。现将另一个重物G用光滑轻质挂钩挂在轻绳上AB之间的O点，整个装置处于静止状态。现将绳的B端沿固定杆向上缓慢移动一小段距离，同时物体m在外力作用下沿斜面缓慢上移少许，撤去外力，系统重新平衡。关于此过程中有关力的变化情况，下列说法正确的是（ ）
A. 绳的张力变小
B. 地面对斜面的支持力不变
C. 斜面对物体m的摩擦力减小
D. 地面对斜面的摩擦力增大
【答案】AB
【解析】
【详解】A．绳子长度关系如图所示：
设AB间绳长L，两杆之间距离为d，由于挂钩光滑，OA、OB与竖直方向夹角相同，由几何关系可得
，，，
联立可得
对O点由平衡条件可得
由于整个装置处于静止状态，物体在外力作用下沿斜面缓慢上移少许，由题意可知，d不变，A点右侧的绳长L增大，可知α减小，则T减小，A正确；
B．设斜面的质量为M，选物体m、斜面M（包括定滑轮A）整体为研究对象，在竖直方向满足
联立可得
B正确；
C．由于物体刚开始受到的静摩擦力方向未知，当拉力T减小时，受到的静摩擦力可能增大、可能减小，C错误；
D．在水平方向满足
联立可得
减小，减小，D错误；
故选AB。
10. 如图所示，圆心为O、半径为R圆形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，一束由相同带电粒子组成的粒子流，以相同的速度从左侧射入圆形区域内，所有粒子恰能全部汇聚于圆周上的C点，C点在圆心O的正下方。已知磁场的磁感应强度大小为B，带电粒子的比荷为k，粒子流宽度为，该粒子流可整体上下移动，且入射方向及其宽度都不改变，并全部汇聚于C点，不计粒子重力。下列说法正确的是（ ）
A. 带电粒子带负电
B. 带电粒子的入射速度大小为kBR
C. 该粒子流在磁场中能到达的区域面积的最小值为
D. 该粒子流在磁场中能到达的区域面积的最小值为
【答案】ABD
【解析】
【详解】A．带电粒子往下偏转，由左手定则可知，带电粒子带负电，故A正确；
B．所有粒子恰能全部汇聚于圆周上的C点，作出运动轨迹如图所示
根据几何关系可知，图中四边形为菱形，则粒子在磁场中运动轨迹的半径等于区域圆的半径，则有
解得，故B正确；
CD．当粒子流按如上图所示的方式入射时，所经过区域面积最小，故C错误，D正确。
故选ABD。
二、实验题（每空2分，共18分）
11. 某学习小组利用如图甲所示的实验装置来探究加速度与力、质量的关系。图中带滑轮的长木板放置于水平桌面上，拉力传感器与滑轮之间的轻绳始终与长木板平行，拉力传感器可直接显示绳上的拉力大小，打点计时器所接电源的频率为。
（1）下列实验步骤中时，实验时一定要进行的操作是___________。
A.用天平测出砂和砂桶的质量
B.将带滑轮长木板右端垫高，以平衡摩擦力
C.小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录弹簧测力计的示数
D.为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的质量m远小于小车的质量M
（2）正确完成实验操作后，得到的一条纸带部分如图乙所示，纸带上各点均为计时点，由此可得打点计时器打出B点时小车的速度大小___________，小车的加速度大小___________（结果保留两位有效数字）。
（3）正确完成实验操作后，改变砂和砂桶的总质量，得到多组拉力传感器示数F和对应的小车加速度大小a，以F为横轴、a为纵轴作出图像，该图像的斜率为k，则小车的质量___________（用k表示）。
【答案】 ①. BC##CB ②. 1.6 ③. 3.2 ④.
【解析】
【详解】（1）[1]AD．绳子的拉力可通过力传感器测得，不需要用天平测出砂和砂桶的质量，不需要要保证砂和砂桶的质量m远小于小车的质量M，故AD错误；
B．为使两倍绳子拉力等于小车的合外力，应将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力，故B正确；
C．为打点稳定，充分利用纸带，小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录弹簧测力计的示数，故C正确。
故选BC。
（2）[2]相邻两计数点的时间间隔为
根据匀变速直线运动中间时刻的瞬时速度等于该过程平均速度，打出B点时小车的速度大小为
[3]根据逐差法求出小车的加速度大小
（3）[4]根据牛顿第二定律
整理得
图像的斜率为
解得小车的质量为
12. 某同学设计了如图甲所示的实验电路来测量电源的电动势、内阻和滑动变阻器接入电路的阻值。已知电路中的各个器材元件的参数为：待测电源（电动势E，内阻r）、电流表（量程0~20 A，内阻。 ）、电阻箱 滑动变阻器。开关三个及导线若干。
（1）先利用该电路准确地测出了接入电路的阻值。主要操作步骤为：先将滑动变阻器，接入电路的 的滑片调到某位置，接着闭合S、S₂，断开，读出电流表的示数I；再闭合 S、S₁,断开 调节电阻箱的电阻值为3.6Ω时，电流表的示数也为I。此时滑动变阻器 接入电路的阻值为___________Ω。
（2）接着利用该电路测电源电动势和内阻。
①主要实验步骤为：
a．在闭合开关前，调节电阻箱至___________（填“最大值”或“最小值”），之后闭合开关S，再闭合；
b．调节电阻箱，得到一系列电阻值 R 和电流I的数据；
c．断开开关，整理实验仪器。
②图乙是由该实验数据绘出的图像，其表达式为_______（用R、E、RA、r表示），可得电源电动势 E=___________V，内阻 ____
【答案】（1）3.6 （2） ①. 最大值 ②. ③. 6 ④. 2.85
【解析】
【小问1详解】
用等值替代法可测出R₂接入电路的阻值，电阻箱R₁ 的示数等于接入电路的阻值为3.6Ω
【小问2详解】
[1] 在闭合开关前，调节电阻箱 R₁ 至最大值，之后闭合开关S，再闭合S₁；
[2] 由闭合电路欧姆定律可得
整理可得变形得
[3][4] 由上式可知图线的斜率是电动势的倒数，图像的斜率为
解得 E=6V
图线在纵轴上的截距是
解得
三、解答题（第13题10分，第14题12分，第15题14分）
13. 足球比赛中，经常使用“边路突破，下底传中”的战术，即攻方队员带球沿边线前进，到底线附近进行传中，某标准足球场长105m，宽68m.攻方前锋在中线处将足球沿边线向前路踢出，足球的运动可视为在地面上做初速度为12m/s的匀减速直线运动，加速度大小为2m/s2。试求：
（1）足球从开始做匀减速运动到停下来的位移为多大；
（2）足球开始做匀减速直线运动的同时，该前锋队员沿边线向前追赶足球。他的启动过程可以视为初速度为零、加速度为2m/s2的匀加速直线运动，他能达到的最大速度为8m/s，该前锋队员至少经过多长时间能追上足球。
【答案】（1）
（2）
【解析】
【小问1详解】
依题意，足球做匀减速运动，到停下来时由速度与时间关系可得
代入数据可得
根据位移公式可得
代入数据可得
【小问2详解】
前锋队员做匀加速直线运动达到最大速度的时间和位移分别为
之后前锋队员做匀速直线运动，到足球停止运动，其位移为
由于
故足球停止运动时，前锋队员没有追上足球，然后前锋队员继续以最大速度匀速运动追赶足球，根据公式
解得
前锋队员追上足球的时间为
14. 如图所示，内壁光滑、开口向上的绝热汽缸竖直放置，横截面积均为的两活塞和将缸内理想气体分成A、B两部分，开始时两活塞用销钉锁定，活塞到、到缸底的距离均为，B内气体温度为。已知导热活塞的质量，绝热活塞的质量，外界大气压强，环境温度保持不变，重力加速度，热力学温度与摄氏温度间的关系为。先将上方的销钉K1拔去，活塞下降了4cm达到平衡；再将下方销钉K2也拔去，发现活塞没有移动；最后对B内气体缓慢加热，使活塞回到初始位置并达到平衡，求：
（1）拔去销钉K1前A内气体的压强及拔去销钉K2前B内气体的压强；
（2）活塞回到初始位置时B内气体的温度；
（3）若加热过程B内气体吸收的热量，则其内能的增加量为多少？
【答案】（1）
（2）
（3）
【解析】
【小问1详解】
设拔去销钉前A内气体的压强为，拔去销钉稳定后A内气体的压强为，对A内气体，将上方的销钉拔去稳定后，对活塞有
解得
根据玻意耳定律得
解得
设拔去销钉K2前B内气体的压强为，对活塞有
解得
【小问2详解】
对B内气体加热使活塞回到初始位置的过程中，A内气体和B内气体的压强均不变，活塞导热，A内气体的温度不变，故A内气体的体积不变活塞距缸底的距离为
对B内气体根据盖—吕萨克定律可得
联立解得
【小问3详解】
加热过程B内气体吸热，对B内气体加热过程，体积增加
气体对外做功
解得
根据热力学第一定律可得，B内气体内能的增量
15. 如图所示，AB为弧形轨道，在B处与水平轨道BH平滑相接，CDE为半径的圆形轨道（C、E略微错开），FG段是长，以的速率顺时针传动的传送带，水平轨道GH的末端H处放置长、质量的木板。现让质量的滑块（可视为质点）从AB轨道高h处由静止滑下。已知滑块与传送带及木板间的动摩擦因数分别为和，其余摩擦均不计，重力加速度g取。求：
（1）若滑块恰好通过圆形轨道最高点，则滑块下落高度；
（2）若滑块恰好不滑离木板，则滑块下落的高度。
（3）滑块到达传送带右端G点的速度大小与滑块下落高度的关系。
【答案】（1）0.25m （2）0.3m （3）见解析
【解析】
【小问1详解】
若滑块恰好通过圆形轨道最高点，则有
滑块从释放到圆形轨道最高点，由动能定理有
解得滑块下落的高度
【小问2详解】
若滑块到达木板右端时二者共速，则滑块恰好不滑离木板，规定向右为正方向，由动量守恒有
由能量守恒有
联立解得
可知物块在传送带上一直做加速运动，滑块从释放点到H点，由动能定理有
联立解得
【小问3详解】
若滑块一直加速到G点的速度大小为时，有
解得
若滑块一直减速到G点的速度大小为时，
解得
a．当，有
滑块在传送带上运动过程有
解得
b．当，有
c．当，有
解得