2026届广东省高三上学期开学一模联考物理试题（解析版）

这是一份2026届广东省高三上学期开学一模联考物理试题（解析版），共15页。试卷主要包含了保持答题卡清洁、完整，不得折叠等内容，欢迎下载使用。
本试卷共6页，15小题，满分100分。考试用时75分钟。
注意事项：
1．答题前，考生务必清楚地将自己的姓名、准考证号填写在规定的位置。
2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用黑色墨水签字笔作答，字体工整、笔迹清楚。
3．考生必须在答题卡各题目的规定答题区域答题，超出答题区域范围书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。
4．保持答题卡清洁、完整，不得折叠。严禁在答题卡上做任何标记，严禁使用涂改液和修正带。
一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，错选、不选得0分。
1. 2025年6月，我国物理学家首次用钙束流轰击镥靶，合成了新核素镤，并测量了镤的α衰变能量和半衰期，其中镤经α衰变生成锕。上述核反应方程分别为，。以下说法正确的是（ ）
A. 和数值分别为5和89
B. 锕中有89个中子
C. 镤衰变过程质量不守恒
D. 在高温和高压状态下可以改变镤的α衰变半衰期
【答案】AC
【解析】
【详解】A．根据质量数守恒和电荷数守恒，第一个反应中，总质量数为40+175=215=210+x，解得x=5；电荷数为20+71=91，与Pa的电荷数一致；
第二个反应中，质量数为210=206+4；电荷数为91=y+2，解得y=89，故A正确；
B．锕206的中子数=质量数-质子数=206-89=117，而非89，故B错误；
C．α衰变过程中存在质量亏损，因此质量不守恒，故C正确；
D．半衰期由原子核内部结构决定，与外界条件无关，故D错误。
故选AC。
2. 2025年5月我国深空探测航天器天问二号顺利发射，其任务之一是对小行星2016HO3进行采样并返回。2016HO3星主要受太阳引力作用，绕日做椭圆轨道运动，周期约为365.4天。若地球公转轨道可近似看成圆周轨道，以下关于2016HO3星说法正确的是（ ）
A. 受到太阳引力大小与地球受太阳引力大小几乎相等
B. 轨道半长轴约等于地球公转轨道半径
C. 绕日最大加速度小于地球公转加速度
D. 绕日最大线速度小于地球公转线速度
【答案】B
【解析】
【详解】A．引力大小与两物体质量有关，而小行星与地球质量未知，无法比较，故A错误；
B．根据开普勒第三定律，，周期相近（365.4天≈365天），半长轴相近，故B正确；
C．最大加速度由近日点引力决定，若小行星近日点距离小于地球轨道半径，则加速度更大，故C错误；
D．最大线速度出现在近日点，若经过近日点做圆周运动，则在近日点椭圆轨道的速度大于经过近日点做圆周运动的速度，根据可知地球公转做圆周运动的线速度小于经过近日点做圆周运动的速度，可知地球公转做圆周运动的线速度小于绕日最大线速度，故D错误。
故选B。
3. 赛龙舟是中国的优秀传统文化。龙舟a、b在同一江面上做直线运动，其速度v随时间t变化图像如图所示。在时间内，下列说法正确的是（ ）
A. 龙舟a和龙舟b的平均速度相等
B. 龙舟b先做匀加速运动，再做匀减速运动
C. 龙舟a和龙舟b只有一个时刻加速度相同
D. 龙舟b先往正方向运动，再往负方向运动
【答案】C
【解析】
【详解】A．图像与坐标轴围成的面积表示位移，故在时间内，龙舟b的位移大于龙舟a的位移，根据
可知龙舟a的平均速度小于龙舟b的平均速度，故A错误；
B．图像的斜率表示加速度，故龙舟b先做加速度变小的加速运动，再做加速度增大的减速运动，故B错误；
C．对龙舟b，在时间内，只有一个时刻图像的斜率和龙舟a直线斜率相同，故C正确；
D．龙舟b的运动方向不变，故D错误。
故选C。
4. 如图所示，密度计静浮于装有液体的烧杯中，现将密度计沿竖直方向轻轻按下少许后静止释放并开始计时（密度计底部与烧杯底部始终不接触），密度计在一定时间内可近似看作是简谐运动。若取竖直向下为正方向，则以下描述密度计振动的图像中可能正确的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】
【详解】密度计在竖直方向上做简谐运动，平衡位置是在重力与浮力相等的位置，开始时，向下按下的距离就是其偏离平衡位置的位移，为正向最大位移。B正确。
故选B。
5. 如图甲为某同学的科技小制作，其原理简化图如图乙所示。马达M内部装有磁铁和可转动的多匝线圈，当风垂直吹向扇叶时，扇叶旋转带动线圈ABCD转动，从而使灯泡发光，电流传感器会记录下这段时间内电流i随时间t变化的图像如图丙所示。则下列说法正确的是（ ）
A. 马达M在电路中的作用是充当电动机
B. 风速越大，交变电流的周期T就越大
C. 风速越大，交变电流的最大值就越大
D. 风速越大，AB边受到的安培力一定越大
【答案】C
【解析】
【详解】A．马达M在电路中的作用是充当发电机，A错误；
B．风速越大，扇叶旋转越快，则交变电流的周期T就越小，B错误；
C．风速越大，扇叶旋转越快，角速度越大，根据可知，交变电流的最大值就越大，C正确；
D．AB边受到的安培力做周期性变化，则风速越大，AB边受到的安培力不一定大，D错误。
故选C。
6. 图（a）是某人在表演两指提瓶子，两指的压力和摩擦力使得瓶子静止在空中。图（b）是该情景的简化图，食指和拇指分别在水平底面和竖直侧面上施加一竖直向下的压力和水平的压力，瓶子的重力为G，关于瓶子以下说法正确的是（ ）
A. 一共受到4个力的作用
B. 所受重力大小
C. 所受摩擦力大小
D. 所受摩擦力大小为
【答案】D
【解析】
【详解】A．瓶子受到重力、、水平底面的摩擦力、竖直侧面的摩擦力共5个力作用，故A错误；
B．对瓶子，由平衡条件，竖直方向有，故B错误；
CD．对瓶子，由平衡条件，竖直方向有，水平方向有
则瓶子所受摩擦力大小，故C错误，D正确。
故选D。
7. 如图所示，竖直平面内固定有一光滑导电轨道abedc，其中ab和cd为竖直轨道，bed为半圆弧轨道。半圆弧轨道直径为D，最低点e处接有一体积可忽略不计、阻值为R的电阻，有一光滑细长钉子垂直轨道平面于圆心O点。两个质量均为m的带孔导体小球分别穿在两竖直轨道上（小球孔径略大于轨道直径），小球之间接有一条长度为D且不可伸长的轻质软导线。整个装置处在磁感应强度大小为B，方向水平向里的匀强磁场中。将两小球同时从距离圆心高度为H处无初速度释放，小球进入半圆弧轨道前已经做匀速运动。已知重力加速度为g，各连接点接触良好形成电流回路，除R外其余电阻均不计，则以下说法正确的是（ ）
A. 小球在竖直轨道上运动的最大速度为
B. 小球在竖直轨道运动过程，电阻R产生的焦耳热为
C. 小球刚进入圆弧瞬间，回路电流大小为
D. 从释放小球到小球抵达最低点过程，流经电阻R中的电量为
【答案】D
【解析】
【详解】A．小球进入半圆弧轨道前已经做匀速运动，此时为最大速度，根据平衡条件
解得，故A错误；
B．小球在竖直轨道运动过程，根据能量守恒定律
解得，故B错误；
C．小球刚进入圆弧瞬间开始旋转切割磁感线，回路电流，故C错误；
D．从释放小球到小球抵达最低点过程，流经电阻R中的电量为，故D正确。
故选D。
二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有两个或两个以上的选项符合题目要求，全选对的得6分，漏选的得3分，错选、不选得0分。
8. 图甲为无线磁力搅拌杯，其工作原理如图乙所示，杯体底部安装通电线圈，相关电路控制线圈电流从而产生一个逆时针旋转的磁场（俯视图），杯内中心放置一搅拌金属粒，在旋转磁场作用下金属粒也产生旋转，从而达到搅拌杯内溶液的效果。通电搅拌时，以下说法正确的是（ ）
A. 金属粒中会产生感应电流
B. 金属粒内不会产生焦耳热
C. 金属粒旋转方向与磁场旋转方向相反
D. 加大磁场旋转速度，则金属粒旋转速度也加大
【答案】AD
【解析】
【详解】AB．根据电磁感应原理，当金属粒处于变化的磁场中时会产生感应电动势，进而形成感应电流，产生焦耳热，故A正确，B错误；
C．金属粒在旋转磁场的作用下，其内部产生的感应电流会受到安培力的作用，从而驱动金属粒跟随磁场旋转，金属粒旋转方向与磁场旋转方向一致，故C错误；
D．当加快磁场旋转速度时，由于感应电流增大、作用力和力矩增大，金属粒也会加快旋转，故D正确。
故选AD。
9. 医用口罩内有一层带电的熔喷布用于过滤空气中有害粉尘。熔喷布静电驻极处理（使熔喷布带电）原理如图所示，针尖电极与平板电极间加上高压电，形成图示电场，针尖上聚集的电子在电场力作用下向熔喷布运动，最终附着在熔喷布上使其带上负电。以下说法正确的是（ ）
A. 图中虚线为电场线
B. Q点电势低于M点电势
C M、N两点电场强度相同
D. 电子从针尖向熔喷布运动过程，其电势能减小
【答案】BD
【解析】
【详解】A．电场线是从正电荷或者无穷远处发出，到负电荷或无穷远处为止，且电场线不闭合，图中虚线不是电场线，故A错误；
B．沿着电场线方向电势逐渐降低，电场线方向大致是从平板电极指向针尖电极，所以点电势低于点电势，故B正确；
C．电场强度是矢量，、两点电场强度大小相等，但方向不同，所以电场强度不同，故C错误；
D．电子从针尖向熔喷布运动过程，电场力做正功，根据电场力做功与电势能变化关系，电场力做正功，电势能减小，故D正确。
故选BD。
10. 如图所示，儿童站在弹跳球上，可以向各个方向多次弹跳。在某次弹跳过程中，儿童和弹跳球落地前瞬间速度大小为v，方向竖直向下，经过时间t后反弹，反弹离地瞬间竖直方向速度大小也为v，再次落地后与反弹点水平距离为x。若儿童和弹跳球总质量为M，在空中姿态保持不变，不计空气阻力，重力加速度为g，则有关这次弹跳过程以下说法正确的是（ ）
A. 空中运动时间为
B. 地面对弹跳球弹力大小的平均值为
C. 地面对弹跳球摩擦力大小的平均值为
D. 地面对弹跳球做功
【答案】AC
【解析】
【详解】A．由题知，儿童和弹跳球反弹后做斜抛运动，且反弹离地瞬间竖直方向速度大小为v，故斜抛运动在竖直方向上的分运动为竖直上抛运动，则上升阶段的时间为
故儿童和弹跳球反弹后空中运动时间为，故A正确；
B．取向上为正方向，设地面对弹跳球弹力大小为，根据动量定理有FN−Mgt=Mv−M−v
解得地面对弹跳球弹力大小平均值为，故B错误；
C．由题知，儿童和弹跳球反弹后做斜抛运动，水平方向做匀速直线运动，则有
解得
水平方向合外力为地面对弹跳球的平均摩擦力，在弹跳球与地面接触的时间内，根据动量定理有
解得，故C正确；
D．在弹跳球与地面接触的时间内，弹跳球重心高度不变，故这段时间内它的位移为零；地面对弹跳球的作用力分为竖直方向的弹力和水平方向的摩擦力，因为位移为零，故弹力和摩擦力做功均为零，所以地面对弹跳球做功总的为零，故D错误。
故选AC。
三、非选择题：共54分。考生根据要求作答。
11. 用“插针法”测量如图（a）所示的等腰三角形玻璃砖的折射率。
（1）以下实验步骤，正确步骤顺序为_______。
①在白纸上分别画出玻璃砖三条边对应的直线AB、AC、BC（A、B、C分别为三条直线的交点），并作一条直线MN与BC平行，测得，如图（b）所示；
②测得入射光线与AB的夹角为i；
③在AB左侧光路上竖直插上大头针，撤去玻璃砖，在白纸上借助大头针所插位置绘制光路；
④将玻璃砖放置且重合于A、B、C三点，用激光笔发出红光，调整入射角，使红光恰好经过直线MN；
（2）在步骤③中，两枚大头针的插入顺序为________（选填“”或“”）；
（3）玻璃砖对红光的折射率为________；
（4）为探究玻璃砖折射率与光的频率的关系，改用蓝激光笔发射蓝光重复（1）中实验步骤，记录入射光线与AB的夹角为，如图（c）所示，测得。此实验初步表明：对于同一种介质，折射率与光的频率有关。频率越大，折射率越________（填“大”或“小”）。
【答案】（1）①④③②
（2）
（3）
（4）大
【解析】
【小问1详解】
根据实验的操作步骤，可知该实验的合理操作步骤为①④③②。
【小问2详解】
在确定入射光线时，应先插离玻璃砖较近的大头针，再插离玻璃砖较远的大头针，这样更容易准确确定入射光线的方向。所以两枚大头针的插入顺序为。
【小问3详解】
作出入射光法线、辅助线如图
几何关系可知折射角为、，则折射率
【小问4详解】
已知，入射角变大，说明蓝光的偏折程度比红光更大。根据折射定律，偏折程度越大，折射率越大，而蓝光频率比红光大，所以对于同一种介质，频率越大，折射率越大。
12. 某实验小组利用自制的加速度传感器测量小车在滑板上滑动时的加速度大小。图甲为加速度传感器的原理图，质量为m的滑块可沿光滑杆移动，滑块两侧分别与两根劲度系数均为k的相同轻弹簧连接，固定在滑块上的金属滑片M下端与滑动变阻器接触良好，且不计摩擦。两弹簧处于原长时，M位于滑动变阻器中点。电源电动势大小，内阻不计；滑动变阻器长度为L，总阻值为R（与平行），理想电压表Q端接滑动变阻器中点，P端接在滑片M上。如图乙所示，滑板固定在水平桌面上，将传感器固定在小车上，使得轴线始终与滑板平行。
（1）保持滑板与桌面平行，释放小车使其向左加速运动，此时P端电势________（选填“高于”或“低于”）Q端电势，电压表示数如图丙所示，则其电压大小________V，小车加速度大小________（选用m、k、R、L、E、表示），此实验过程________（选填“需要”或“不需要”）平衡小车与滑板间的摩擦。
（2）若调节滑板使其与桌面间成一定倾角，先让小车保持静止，此时电压表示数大小为；释放小车让其加速运动，此时电压表示数恰好为0，则小车加速度大小________（选用m、k、R、L、E、表示）。
【答案】（1） ①. 高于 ②. 2.2 ③. ④. 不需要
（2）
【解析】
【小问1详解】
[1]由图可知，P点与电源的正极相连，Q点与电源负极相连，故P点电势高于Q点的电势；
[2]由于电压表的分度值0.2V，只要估读到该分度值即可，则电压表的示数为
[3]滑块向左加速运动时，则有
根据欧姆定律可得
联立解得
[4]由于小车加速度可以通过加速度传感器直接测量，故不需要平衡小车受到的摩擦力；
【小问2详解】
由题可知，电压表示数为零时小车受到的合外力等于电压表示数为时弹簧对滑块的弹力，结合上述结论可知，此时小车的加速度为
13. 如图所示，加油站有一个容积为的储油罐，为了防止罐内气压过高，储油罐上方设置有泄压阀，当罐内的气体压强达到时泄压阀打开排气泄压，当罐内气压等于外界气压时泄压阀自动关闭。初始时，泄压阀关闭，空罐内气压为，现加油车通过入油管给储油罐输油，此过程罐内温度保持27℃不变，当泄压阀打开时停止输油，忽略输油过程汽油蒸发产生的油气，不计管道容积。储油罐内气体可视为理想气体，计算时0℃取273K，求：
（1）输入储油罐汽油的体积V1；
（2）待泄压阀打开后又重新关闭，此后储油罐内的汽油不断挥发出油气，此过程罐内气体温度依然保持27℃不变，求泄压阀再次打开时挥发掉汽油的体积。（已知1L汽油挥发产生的油气在压强、温度为0℃时体积为160L，忽略汽油挥发导致罐内气体体积的变化）
【答案】（1）1000L
（2）
【解析】
【小问1详解】
设泄压阀打开时储油罐内的气体体积为，有
解得
储油罐内的汽油体积为
解得
【小问2详解】
解法一 根据克拉伯龙方程，有
其中
解得
解法二 根据压强叠加原理（道尔顿分压定律），油气产生压强为，有
其中
解得
14. 2025年6月，利用磁约束来实现受控核聚变的环形容器——中国环流三号突破国际公认的聚变点火阈值。如图为一磁约束装置的原理简化图，圆形磁场和环形磁场的圆心都是O点，磁场边界的圆周半径分别为R和2R，两磁场的磁感应强度大小均为B，方向分别垂直纸面向外和向里。电子枪发射电子（初速度可视为零）经加速电压U（，大小未知）加速后，从c点沿切线方向进入环形磁场，历经图中轨迹后再次经过c点。已知电子在磁场中运动轨迹半径均为R，电子质量为m，电量大小为e，不计电子重力和电子间的相互作用。求：
（1）加速电压U的大小；
（2）电子相邻两次经过c点所走的路程s和所需的时间t。
【答案】（1）
（2），
【解析】
【小问1详解】
电子在磁场中运动，根据洛伦兹力提供向心力有
电子加速过程，根据动能定理有
解得
【小问2详解】
电子在磁场中做匀速圆周运动有
由几何关系得，电子在环形磁场和圆形磁场中运动的偏向角分别为480°和。
则电子相邻两次经过点，有s=480°+120°360°×2πR，
解得，
15. 如图所示，光滑水平面上有一质量为3m的滑板A，其上表面ab段水平且粗糙，长度为；bc段为四分之一光滑圆弧，半径为R，c点与圆心O等高。已知重力加速度大小为g，以下情景均忽略空气阻力。
（1）如图甲，若A被挡板固定，一质量为m的滑块B（可视为质点）从a点以某一水平初速度向右滑动，后从c点抛出，到达最高点与c点高度差为R，已知A、B间的动摩擦因数为。求B经c点时所受弹力大小，以及B在a点的初速度大小。
（2）如图乙，若A不固定，一质量也为m、带动力装置的小车D（小车尺寸忽略不计，其通过与A之间的相互作用获得动力）从a点静止开始相对地面水平向右做匀加速运动，到达滑板A的b点时关闭动力，后从c点抛出，到达最高点与c点高度差也为R。求：
（Ⅰ）D到达c点时速度大小；
（Ⅱ）D刚进圆弧最低点b时所受弹力大小，以及D在ab段运动过程相对地面的加速度大小。
【答案】（1），
（2）（Ⅰ）；（Ⅱ），
【解析】
【小问1详解】
B从点运动至最高点过程，根据动能定理得
解得
在点，有
解得
B从点运动至最高点过程，根据动能定理得
解得
【小问2详解】
（Ⅰ）D与A组成的系统满足水平方向动量守恒，D到达点时，A与D的水平速度均为零。D从至最高点过程，有
解得
（Ⅱ）D与A水平方向动量守恒，D到点时，有
根据系统机械能守恒可得
联立解得，
D刚进圆弧点时，有
解得
D从运动到过程，有，
解得，