2025年河南省周口市淮阳区三校联考中考三模物理试题（附答案解析）

这是一份2025年河南省周口市淮阳区三校联考中考三模物理试题（附答案解析），共17页。试卷主要包含了填空题，单选题，多选题，作图题，实验题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。

一、填空题
1．汉代刘熙在《释名·释天》中明确地指出，雪是“水下遇寒气而凝”；《荀子·劝学》说：“冰，水为之而寒于水”。其中，冰的形成需要 （选填“吸收”或“放出”）热量，雪是水蒸气 （填物态变化名称）形成的。
2．“中国好声音”比赛现场，吉他手弹奏电吉他时不断用手指去控制琴弦长度，这样做的目的是为了改变声音的 ；琴声是通过 传播到现场观众耳中的．观众在听音乐时都要把手机关机或把铃声调成振动，目的是在 减弱噪声．
3．有一款负离子吹风机，其内部有一个负离子发生器，在工作时能源源不断地产生空气负离子，这些空气负离子与头发上的电荷发生作用，会使原来较为毛躁的头发变得柔顺，头发容易毛躁是因为头发会因 而带上电荷，这种电荷是 （选填“正”或“负"）电荷。
4．获嘉饸饹条是河南的一种地方特色美食，用力拉动饸饹条，饸饹条会变长，说明力可以改变物体的 ；端着一碗刚出锅的烩面会感到香气扑鼻，这属于 现象。
5．小明发现家中一个灯管坏了，其他用电器仍能正常工作，这说明灯管和其他用电器是 （选填“串联”或“并联”）关系。如图所示，从小明家的电能表可以知道他家同时使用的用电器的总功率不能超过 W。小明将电磁炉单独接在电路中，5min后发现家里的电能表转盘转了300转，则电磁炉的功率为 W。
6．物理中很多实验都应用了相应的研究方法，如控制变量法、转换法、理想模型法、等效替代法、科学推理法等，请仿照示例，在下表中的空白处填入适当的内容。（不得与示例重复）
二、单选题
7．关于信息和能源，下列说法正确的是（ ）
A．“蓝鲸2号”半潜式钻井平台在南海海域试采的“可燃冰”属于可再生能源
B．“北斗卫星导航系统”既能利用电磁波又能利用超声波工作
C．“慧眼”硬X射线调制望远镜卫星上的太阳能电池板是用超导体制造的
D．“华龙一号”第三代核电站是利用核裂变释放出的能量来发电的
8．科技赋能乡村振兴，某农场农业科技人员正在使用无人机给农作物施肥，如图所示，无人机在某一高度正沿水平方向匀速飞行，下列说法中正确的是（ ）
A．动能与重力势能均不变
B．动能与重力势能均减小
C．动能不变，重力势能减小
D．动能减小，重力势能不变
9．如图为某超市的自助结算系统，顾客将挑选好的商品的条形码对着机器扫码口依次扫描后，打开结算系统，利用摄像头“刷脸”即可通过事先绑定的银行卡自动付费，不需要使用现金或手机，下列有关说法正确的是（ ）
A．该结算系统使用的摄像头的镜头是凹透镜
B．人通过镜头成的是一个正立的虚像
C．人到镜头的距离应该大于镜头的两倍焦距
D．若人远离镜头，屏幕上的像会变大
10．“咸阳舰”是第八艘055型驱逐舰，拥有更强大的作战能力、更先进的武器系统和更完善的导航控制系统。“咸阳舰”满载时吃水深度为8m，排水量可达12500t（g取，海水密度取）。下列说法正确的是（ ）
A．“咸阳舰”上的直升机起飞后，舰体会下沉一些
B．“咸阳舰”满载时受到海水的浮力为
C．“咸阳舰”满载航行时海水对舰底的压强为
D．“咸阳舰”满载航行时，海水对舰底的压力大于其所受的重力
11．中国乒乓球队凭借在世界级比赛中的卓越表现推动了我国乒乓球运动的蓬勃发展。关于乒乓球比赛时的情景，下列说法正确的是（ ）
A．击球时，球拍对球的力不会改变球的形状
B．击球时，球拍对球的力与球对球拍的力是一对平衡力
C．击出的乒乓球会继续向前运动是因为乒乓球具有惯性
D．用力击球后乒乓球会快速飞出，说明乒乓球受力平衡
12．关于家庭电路和安全用电，下列说法中正确的是（ ）
A．家庭电路的开关可以接在零线上
B．空气开关跳闸后，只需重新闭合即可
C．家用电器的金属外壳要接地，防止触电
D．使用试电笔时，手不要接触笔尾金属体
三、多选题
13．小明用如图所示的装置探究完电流产生的热量与电阻的关系后，待U形管两侧管内液柱再次相平，同时闭合开关S1和S2，通电一段时间后，发现U形管左、右两侧管内液柱的高度差相同，下列分析中正确的是（ ）
A．通过R1和R2的电流相同
B．R1与R2产生的热量相同
C．R1的阻值小于R2的阻值
D．该现象说明电流产生的热量与电流大小无关
14．关于我国取得的科技成就，下列说法中正确的是（ ）
A．“东方红一号”卫星上的银锌电池工作时将化学能转化为电能
B．正在绕月飞行的“嫦娥”，它的运动状态不断发生变化
C．上海磁悬浮列车运行时没有阻力，电能可以全部转化为机械能
D．受控核聚变装置中国环流器二号M获得核能的方式与核电站相同
四、作图题
15．如图所示，手握着杯子在竖直方向静止不动，请在图乙中画出杯子在竖直方向的受力示意图。
16．如图甲所示，将装有硬币A的空杯放在小西面前，小西的眼睛刚好移到P点时看不到硬币。如图乙所示，向杯中缓缓注满水，在P点看到了硬币在B点。请在图乙中画出小西看到硬币的光路图。
五、实验题
17．小致利用如图所示的实验装置探究“导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”。
（1）闭合开关，导体棒ab上下方向运动，电流表指针 偏转；若导体棒ab沿 方向运动时，电流表指针会发生偏转；
（2）断开开关，无论磁铁如何放置、导体棒怎样运动，电流表指针都不发生偏转。由此小致得出结论：闭合电路的一部分导体在磁场中做 运动时，电路中就会产生感应电流；
（3）利用此实验的原理，人们在生产生活中制成了 。

18．在探究“浮力的大小与什么因素有关”的实验中，班级的“物理小博士”为同学们做了如图所示的一系列实验。

（1）做ABC三次实验是为了探究浮力的大小与 的关系，得出的结论是 ；
（2）分析 三次的实验数据，可知浮力的大小与物体浸入液体内的深度无关；
（3）分析ADE三次实验可探究浮力的大小与 的关系；
（4）由题中信息可计算出铜块的密度为 kg/m3，盐水的密度为 kg/m3，。
19．实验小组探究电流与电压、电阻的关系的实验装置如图甲所示。
(1)请将图甲实物图补充完整，要求当滑动变阻器的滑片向左滑动时，电流表示数增大 ；
(2)连好电路闭合开关，发现电流表有示数，电压表示数为零，则电路故障的原因可能是 ；
(3)改正错误之后，小明测得的实验数据如表所示，请对图乙中的平面直角坐标系制定标度，把表中数据在坐标系中描点 ，画出电流与电压的关系，从描点得到的图中可以看出，有一组数据是明显错误的，这组数据序号是 ，删去错误数据后得到的结论是： ；
(4)完成“探究电流与电压的关系”实验后，小红又进行“探究电流与电阻的关系”实验，她每次只更换电阻，测得相应的电流值，小明指出她这样做不对，其原因是 ；
(5)小红改正错误后，先将5Ω的电阻接入电路，移动滑动变阻器滑片P，电压表的示数如图丙所示，为 V，记下电流表示数，将原来5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，应将滑动变阻器的滑片P向 （选填“左”或“右”）移动。
六、计算题
20．如图所示，轻质杠杆悬挂在O点，长方体重物通过轻质细杆与杠杆A点相连，小明双手与杠杆B点接触，已知，重物的底面积小明的质量为60kg。当小明在B点施加150N的拉力时，重物对地面的压强为：，g取。求：
(1)重物对地面的压力；
(2)重物的重力；
(3)重物对地面的压强为时，人对地面的压力。
七、综合题
21．某养生壶既可以加热也可以保温，其自动控温工作原理如图所示。控制电路中的电磁铁线圈电阻，R0是保护电阻，为热敏电阻，其阻值随温度变化关系如表所示，当线圈中的电流时，加热电路接通。已知控制电路的电压工作电路的电压加热电阻，水的比热容为，水的密度。
(1)养生壶保温时，金属板应与触点 （选填“a”或“b”）端相连。
(2)若阻值为，则养生壶刚开始保温时的温度为多少 ?
(3)在养生壶的加热效率为80%的情况下，某次将壶内500mL的水，从加热到需要多长时间 ?
(4)若要使养生壶保温时的温度降低一些，可采取怎样的措施 ?（写一条即可）
物理实验
具体做法
物理研究方法
示例：探究物体动能大小与什么因素有关
探究动能大小与速度关系时，使质量相同的钢球从同一斜面不同高度由静止滚下
控制变量法
转换法
实验序号
1
2
3
4
5
6
电压U/V
0.3
0.6
0.9
1.2
1.5
1.8
电流I/A
0.08
0.15
0.23
0.40
0.38
0.45
温度
50
60
70
80
90
100
电阻
170
175
185
200
220
245
《2025年河南省周口市淮阳区三校联考中考三模物理试题》参考答案
1． 放出 凝华
【详解】[1]冰是水由液态变成固态的过程，属于凝固现象，凝固放出热量。
[2]雪是水蒸气由气态变成固态的过程，属于凝华现象，凝华放出热量。
2． 音调 空气 声源处
【分析】琴弦越短，振动频率越高，发生的声音音调越高；声音能通过空气传播进入人的耳朵；手机关机或把铃声调成振动，是让声音不能产生，属于在声源处减弱噪声。
【详解】（1）弹奏电吉他时不断用手指去控制琴弦长度，这样做的目的是为了改变琴弦的振动快慢，即改变声音的音调．
（2）琴声和我们的耳朵之间有空气，琴声是通过空气传播到耳朵中．
（3）观众在听音乐时都要把手机关机或把铃声调成振动是在声源处减弱噪声．
3． 摩擦起电 正
【详解】[1][2]使原来较为毛躁的头发变得柔顺，是由于负离子与头发上的正电荷发生中和，头发不带电；原来头发会因摩擦起电带上正电荷。
4． 形状 扩散
【详解】[1]力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态。用力拉动饸饹条，饸饹条会变长，说明力可以改变物体的形状。
[2]端着一碗刚出锅的烩面会感到香气扑鼻，这属于扩散现象，是分子无规则运动导致的。
5． 并联 8800 1200
【详解】[1]灯管和其他用电器能够独立工作，所以二者是并联的。
[2]由图可知，电路的工作电压为220V，允许的最大电流为40A，则所有能同时工作的用电器功率不能超过P=UI=220V×40A=8800W
[3]将电磁炉单独接在电路中，5min后发现家里的电能表转盘转了300转，电磁炉消耗的电能
电磁炉的功率为
6．
【解析】【小题1】转换法是将不易观察和测量的物理量转换为容易观察和测量的物理量的方法；在探究电磁铁磁性强弱与哪些因素有关的实验中，用吸引小铁钉数量的多少反映磁性的强弱，把不易观察的磁性强弱转换为吸引小铁钉的数量，所以该实验也用了转换法。
7．D
【详解】A．可燃冰消耗后不能在短期内从自然界得到补充，所以它属于不可再生能源，故A错误；
B．“北斗卫星导航系统”是用电磁波来传递信息的，超声波无法在真空中传播，故B错误。
C．太阳能电池板的制作材料主要是半导体材料，故C错误；
D．核电站主要利用核裂变的可控链式反应来发电的，故D正确。
故选D。
8．B
【详解】无人机在某一高度正沿水平方向匀速飞行并施肥的过程中，无人机整体的质量减小，速度不变，动能减小；质量减小，高度不变，重力势能减小，故B正确，ACD错误。
故选B。
9．C
【详解】该结算系统使用的摄像头，相当于照相机的镜头，是凸透镜；人与镜头的距离，即物距，大于镜头的像距，成倒立、缩小的实像；根据凸透镜的动态成像规律，物远像近像变小，则若人远离镜头，屏幕上的像会变小；故ABD错误，C正确。
故选C。
10．C
【详解】A．舰载直升机起飞后，驱逐舰的总重力变小，且仍漂浮，根据F浮=G可知所受的浮力变小，根据F浮=ρ液gV排可知，排开海水的体积变小，舰体会上浮一些，故A错误；
B．驱逐舰满载时受到的浮力
F浮=G排=m排g=12500×103kg×10N/kg=1.25×108N
故B错误；
C．驱逐舰满载航行时吃水深度为8m，舰底所受的压强
p=ρ海水gh=1×103kg/m3×10N/kg×8m=8×104Pa
故C正确；
D．驱逐舰在海上航行时处于漂浮状态，所受到的浮力等于它的总重力，根据浮力产生的原因可知受到的浮力等于海水对舰底的压力大小，所以海水对舰底的压力大小等于驱逐舰所受重力大小，故D错误。
故选C。
11．C
【详解】A．击球时，球拍对球的力既改变了球的运动状态，也改变了球的形状，故A错误；
B．击球时，球拍对球的力与球对球拍的力作用在不同的物体上，不是一对平衡力，故B错误；
C．击出的乒乓球会继续向前运动是因为乒乓球具有惯性，仍保持原来的运动状态，故C正确；
D．用力击球后乒乓球会快速飞出，说明力可以改变物体的运动状态， 不能说明乒乓球受力平衡，故D错误。
故选C。
12．C
【详解】A．为了用电安全，断开开关后，用电器与火线分离，则家庭电路的开关应接在火线与用电器之间，不能接在零线上，故A错误；
B．空气开关跳闸后，可能是家庭电路中短路，也可能是家庭电路中总功率过大，应先排查跳闸的原因，整修后再闭合开关，故B错误；
C．家庭电路中用电器的金属外壳接地，可以防止用电器漏电时，用电器的金属外壳带电，触摸用电器的金属外壳发生触电事故，故C正确；
D．使用试电笔时，手不能接触笔尖的金属体，但要接触笔尾的金属体，故D错误。
故选C。
13．BC
【详解】A．由图可知，R2、R3​并联后再与R1​串联在电路中，则R1​在干路中，根据并联电路的电流特点，并联电路中各支路电流之和等于干路电流，所以通过R1​和R2​的电流是不同的，通过R1的电流大于通过R2的电流，故A错误；
B．同时闭合开关S1和S2​，通电一段时间后，左、右两侧U形管内液柱的高度差相同，由于实验中通过U形管内液柱高度差反映电阻丝产生热量的多少，U形管内液柱高度差相同，表明电流通过R1产生的热量与R2产生的热量相同，故B正确；
C．U形管左、右两侧管内液柱的高度差相同，则R1​与R2​产生的热量相同；由于左侧容器内电阻丝R1​的电流大于右侧容器内电阻丝R2​的电流。根据焦耳定律Q=I2Rt，当Q和t相同时，I越大，则R越小，所以R1​的阻值小于R2的阻值，故C正确；
D．由于通过R1​和R2的电流不同，R1​和R2的阻值也不同，R1​与R2​产生的热量相同，由控制变量法可知，不能判断电流产生的热量与电流大小是否有关，故D错误。
故选BC。
14．AB
【详解】A．银锌电池工作时发生化学反应，将化学能转化为电能，故A正确；
B．正在绕月飞行的“嫦娥”，运动方向时刻发生改变，即运动状态时刻改变，故B正确；
C．上海磁悬浮列车运行时没有阻力，但是机车工作时由于电流热效应，会有一部分电能转化为内能，因此，电能不可能全部转化为机械能，故C错误；
D．“中国环流器二号M”是新一代可控核聚变研究装置，核电站是利用核裂变链式反应发电的，由此可知两者获得核能的方式不同，故D错误。
故选AB。
15．
【详解】杯子在竖直方向上保持静止，受力平衡，其受到竖直向下的重力G和竖直向上的静摩擦力f，二者大小相等，方向相反，作用点都在重心上，如下图所示：
16．
【详解】连接人眼P和像B，与水面的交点O为入射点连接AO为入射光线，O到人眼P为折射光线。如图所示：
17． 不会 左右 切割磁感线 发电机
【详解】（1）[1]磁铁不动，闭合开关，导体上下运动时，导体没有切割磁感线，不会产生感应电流，电流表指针不会发生偏转。
[2]磁铁不动，闭合开关，导体棒沿左右方向运动时，导体切割磁感线，会产生感应电流，电流表指针会发生偏转。
（2）[3]由于闭合开关，导体棒切割磁感线，导体中会产生感应电流，所以闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中就会产生感应电流。
（3）[4]发电机的原理是电磁感应原理，所以人们在生产生活中制成了发电机。
18． 物体排开液体的体积 在液体密度相同时，物体排开液体体积越大，物体受到的浮力越大 ACD 液体密度
【详解】（1）[1][2]由图可知， ABC三次实验中，A可得到铜块的重力为9N，BC两次实验中铜块排开水的体积不同，测力计示数不同，根据称重法可知，两次受到的浮力不同，C中铜块排开水的体积要多一些，测力计示数要小一些。所以ABC三次实验是为了探究浮力的大小与物体排开液体的体积的关系，且可以得到结论：在液体密度相同时，物体排开液体体积越大，物体受到的浮力越大。
（2）[3]要探究浮力的大小与物体浸入液体内的深度的关系，应控制物体排开液体的体积和液体密度相同，所以选择ACD三次实验可知浮力的大小与物体浸入液体内的深度无关。
（3）[4] ADE三次实验，DE两次实验中铜块分别浸没在水和盐水中，排开水和盐水的体积相同，测力计示数不同，可知ADE三次实验可探究浮力的大小与液体密度的关系。
（4）[5]实验A可得到铜块的重力为9N，由G=mg可得铜块的质量
由实验AC根据称重法可得铜块浸没在水中受到的浮力
铜块在水中浸没，排开水的体积等于铜块自身体积，根据可得铜块体积
则铜块的密度
[6]由实验AE根据称重法可得铜块浸没在盐水中受到的浮力
铜块在盐水中浸没，排开盐水的体积等于铜块自身体积，根据可得盐水密度
19．(1)
(2)电阻被短路
(3) 4 电阻一定，电流与电压成正比
(4)更换电阻组后，需要调节滑动变阻器，使电压表的示数保持不变
(5) 1.5 右
【详解】（1）本实验中，滑动变阻器应与电阻串联，滑片向左滑动时，电流表示数增大，所以滑动变阻器的阻值应变小，即滑片的左下方接线柱应接入电路，如图所示：
（2）电流表有示数，说明电路中有电流通过，电压表示数为零，电压表可能测一段导线的电压，所以电路故障可能是定值电阻短路。
（3）[1]根据表中实验数据，制定标度，把表中数据在坐标系中描点，如图所示：
[2][3]由描点知，电流与电压关系图线应是正比例图线，即电阻一定时，电流与电压成正比，而第4次实验数据的点不在该图线上，所以这组数据是错误的。
（4）每次只更换电阻，定值电阻两端的电压发生改变，而探究电流与电阻的关系时应控制电阻两端电压不变。她这样做不对，其原因是更换电阻组后，需要调节滑动变阻器，使电压表的示数保持不变。
（5）[1]由图丙可知，图中电压表选用小量程，分度值为0.1V，示数为1.5V。
[2]当将原来5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，根据分压原理，定值电阻两端的电压变大，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，应增大变阻器的电压，根据分压原理，应增大变阻器连入电路中的电阻，应将滑动变阻器的滑片P向右移动，直至电压表的示数为1.5V。
20．(1)90N
(2)540N
(3)470N
【详解】（1）重物对地面的压力为
（2）由杠杆平衡条件，得，即
对重物来说，受到竖直向下的重力、地面对其的支持力、杠杆对其向上的拉力，因此FA=90N+450N=540N
（3）对地面的压力
由力的作用是相互的可知，重物受到的支持力
对重物受力分析，得，即，解得
由杠杆平衡条件，得，即
对小明进行受力分析，受到竖直向下的重力、地面的支持力、杠杆的拉力，故，即
解得
由力的作用是相互的可知，人对地面的压力等于地面对其的支持力，故人对地面的压力为470N。
21．(1)a
(2)
(3)
(4)见解析
【详解】（1）刚开始加热时，养生壶中的热敏电阻的温度较低，电阻较小，控制电路中的电流较大，电磁铁的磁性较强，吸下衔铁，金属板与触点b连通，R1接入电路中。保温时，热敏电阻的电阻增大，控制电路中的电流减小，电磁铁的磁性较弱，金属板与触点a连通，R1、R2串联接入电路中。
（2）电路中的电流为15mA，此时控制电路中的总电阻
热敏电阻的阻值
由表中数据可知，养生壶保温时的温度为
（3）由题意可知，水的体积V=500mL=500cm3
水的质量
吸收的热量
消耗的电能
养生壶的加热功率
加热时间
（4）当线圈中的电流时，吸下衔铁，金属板与触点b连通，电路处于加热状态；当线圈中的电流时，释放衔铁或不吸下衔铁，金属板与触点a连通，处于保温状态。若要使养生壶刚开始保温时的温度降低一些，则金属板与触点a连通时热敏电阻对应的阻值应减小，此时电路中的电流就会增大，为保证衔铁不被吸下，则在电压一定时，可以增大保护电阻R0的阻值，或护电阻R0的阻值不变时，减小电源电压U1使电路中的电流减小，使得线圈中的电流时，释放衔铁或不吸下衔铁，所以可采取的措施是：增大保护电阻R0或减小电源电压U1。
题号
7
8
9
10
11
12
13
14


答案
D
B
C
C
C
C
BC
AB


物理实验
具体做法
物理研究方法
探究电磁铁磁性强弱与哪些因素有关
用吸引小铁钉数量的多少反映磁性的强弱
转换法