2025年湖北省中考模拟卷二物理试题（解析版）

这是一份2025年湖北省中考模拟卷二物理试题（解析版），共20页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.我国是文明古国之一，具有光辉灿烂的文化。竹笛、大鼓和古筝都是起源于我国的传统乐器，关于这三种乐器下列说法正确的是( )
A. 竹笛声是由空气柱振动产生的B. 敲击鼓面的节奏越快，鼓声传播得就越快
C. 古筝琴弦停止振动，弦还会发声D. 它们奏出的乐曲一定不会成为噪声
2.2024年10月30日11时，神舟十九号载人飞船成功对接于中国空间站天和核心舱前向端口。对接后若说天和核心舱是静止的，所选择的参照物可能是( )
A. 地球B. 神舟十九号飞船C. 月球D. 太阳
3.阳燧是我国古代劳动人民用于取火的一种工具。如图所示，阳燧是用铜制成的凹面镜，将其凹面正对太阳光从而聚集日光，点燃艾炷取火。阳燧的工作原理是
A. 光的直线传播B. 光的折射C. 光的反射D. 平面镜成像
4.“淬火”是金属热处理工艺之一，即把金属制品加热到一定温度后放在水、油或空气中迅速冷却，以提高金属的硬度和强度。当金属和水热传递停止时，说明它俩具有相同的( )
A. 温度B. 热量C. 比热容D. 内能
5.3月12日植树节这一天，某校组织八年级同学参加了植树造林活动。植树时要将树苗的部分或全部枝叶剪去，从而提高成活率。关于此做法，下列分析正确的是( )
A. 降低液体温度，加快树苗水分汽化 B. 减慢空气流速，加快树苗水分液化
C. 减小蒸发面积，减慢树苗水分蒸发 D. 便于吸收热量，减慢树苗水分升华
6.近年来我国在信息和能源等高科技领域取得了巨大成就。下列关于信息和能源的说法中正确的是( )
A. 第四代核电站是利用核聚变释放出的能量来发电的
B. 比亚迪新能源纯电动汽车利用的是一次能源
C. “天和”核心舱的“帆板”接收的太阳能来自太阳内部的裂变反应释放的能量
D. 北斗卫星导航系统是利用电磁波传递信息的
7.如图所示的摩天轮是武汉的一个地标建筑——“东湖之眼”，直径达49.9米，有28个座舱，游客可以通过它看到东湖的别样之美。若游客随座舱在竖直平面内匀速转动，则下列说法正确的是( )
A. 摩天轮内坐着的游客的运动状态没有发生改变
B. 匀速转动的摩天轮内坐着的游客机械能不守恒
C. 从最高点转动到最低点的过程中，游客的重力势能变大
D. 从最高点转动到最低点的过程中，游客的动能变大
8.2024年9月10日华为发布了全球首款三折叠屏手机，为手机市场注入了新鲜血液。点亮手机屏幕可简化为三个开关控制的电路，分别是S1(密码解锁)、S2(指纹解锁)、S3(人脸解锁)，小灯泡L代替手机屏幕，三种方式任意一种都能解锁手机，下列电路图中可能的是( )
A. B.
C. D.
9.如图所示是我国古代工匠通过杠杆将巨木一端抬起时的情景。图中横杆和支架组成了一个杠杆。关于该杠杆，下列说法正确的是( )
A. 杠杆的动力臂比阻力臂短
B. 杠杆动力作用点移动的距离比阻力作用点移动的距离小
C. 增大工匠与支架之间的距离，工匠抬起巨木时更费力
D. 减小横杆上悬绳与支架之间的距离，工匠抬起巨木时更省力
10.如图是一个带开关的插座及其指示灯的示意图，小华把这个插座接入家庭电路后闭合开关，下列说法正确的是( )
A. 若指示灯不亮，则三孔插座一定无法正常对外供电
B. 若指示灯亮，则三孔插座一定能正常对外供电
C. 若指示灯亮，三孔插座不能正常供电，则一定是地线断路
D. 若指示灯不亮，用测电笔测试A、B、C三点，只有A、B两点使氖管发光，则可能是进户零线断路
11.有一种压电晶体，当晶体两端同时受到向内的压力时，晶体一端就会聚集大量的正电荷，另一端就会聚集大量的负电荷；当晶体两端同时受到向外的拉力时，晶体两端聚集的电荷种类和受到压力时刚好相反。如图，在压电晶体ab两端连接一根金属导线，当晶体ab两端同时受到向内的压力时，测得导线中的电流从a端流向b端，下列分析错误的是( )
A. 压电晶体ab两端受到向内的压力时，压电晶体产生了电荷
B. 压电晶体ab两端受到向内的压力时，ab两端有电压
C. 压电晶体ab两端受到向外的拉力时，金属导线中的自由电子从a端向b端定向移动
D. 压电晶体工作时将机械能转化为电能
12.如图甲是一款电加热眼罩，对缓解眼疲劳有一定的效果。它的额定充电(放电)电压为6V，电池容量为1000mAh，充电电流为400mA。图乙是手动调节高、中、低三挡加热的简化原理图。已知电热丝R1的阻值为8Ω，电热丝R2的阻值为12Ω，开关S3只接a或b，由此可以得到以下结论正确的是
A. 低温挡功率为4.5 W
B. 充满电最多能在高温挡正常工作0.6
C. 乙图中电路S₁ 闭合，S₂断开，S₃接a时，加热电路为中温挡
D. 当该款眼罩还剩20%的电量时，在额定电压下，将电池充满至少需2小时
二、填空题：本大题共4小题，共10分。
13.现代汽车科技感十足。如图，倒车雷达的蜂鸣器或显示器通过声音或直观的图像显示告知驾驶员周围障碍物的情况。安装在车尾的摄像头，会在导航屏上提供车辆后部区域的图像。汽车的车载蓝牙功能，可以将手机与汽车连接，用汽车的音响系统播放手机音乐。蜂鸣器工作时将 信号转化为声信号。车尾摄像头成像时的物距在_____(选填“1倍焦距以内”或“2倍焦距以外”)。
14.科技小组制作了一个“听话”的小瓶子，通过调节滑片，就可以让小瓶子上浮、下沉或悬停在水中。它的原理如图所示(磁铁固定在活塞上)，闭合开关S后，电磁铁右边为______极。移动滑片P，使小瓶子悬停在图示位置。若让小瓶子上浮，滑片向______移动(选填“左”、“右”)。
15.如图是天工开物中记载这种方法的示意图，称为“试弓定力”。提起杠杆的提组，在秤的一端挂上弓，并在弓的下方绑一个较大的重物，使弓被拉满，同时移动秤砣直至秤杆水平，就可以测算出弓的最大弹力。用杆秤测量的原理是______，某次测量时，秤砣的重力是50N，秤砣在杠杆上的悬挂点到提组的距离是秤钩在杠杆上悬挂点到提组距离的10倍，忽略秤杆和弓自身的重力，则弓的弹力是______N，秤砣离提组距离远说明弓的弹力______。
16.如图所示是“彩球温度计”及其简化图，常用做现代居家饰品。它由圆筒、液体及多个浮子组成，浮子是由玻璃球和温度标牌组成，每个浮子的体积相同而质量不同，温度降低，液体密度显著增大，当液体温度降至某个值时，标牌温度与该值相等的浮子上浮。温度标牌数值越大的浮子，它的密度越_________(选填“小”或“大”)；当环境温度降低时，浸没在液体中的浮子受到的浮力将_________(选填“不变”、“变小”或“变大”)；在某一环境温度下，四个小球处于如图位置，此时的环境温度大致范围为_________℃。
三、作图题：本大题共2小题，共4分。
17.甲图是我国的敦煌塔式光热电站。它由12000面“定日镜”围绕吸热塔组成，每面镜子能追踪太阳并把阳光反射到塔顶的吸热器上。乙图是某个时刻太阳光经某定日镜反射后，照射到吸热器的光路图，请画出该定日镜并标出反射角的大小。
18.如图甲所示，水平桌面上有一磁体，一钢球从斜面上滚下，虚线是小球在水平桌面上的运动路径。图乙为图甲的右视图，请在右视图中画出小球在B点受到的重力和磁体作用力的示意图。
四、实验探究题：本大题共3小题，共17分。
19.学习了凸透镜成像知识后，小明自制了一个水透镜来探究凸透镜成像情况。
(1)为了使像成在光屏中央，小明需要调整烛焰、水透镜和光屏的中心在______；
(2)小明向水透镜注水，并调整蜡烛和光屏的位置后，如图甲所示，在光屏上看到了清晰的倒立的像，______(选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”)就是这种成像特点的应用；
(3)继续注水后，小明发现光屏上的像变得模糊了。这是因为注水后水透镜变得更凸，会聚能力更强了，此时水透镜焦距变______(选填“大”或“小”)。为了使光屏上的像重新变得清晰，可将光屏______(选填“远离”或“靠近”)水透镜；或者如图乙所示，小明将自己的眼镜放在蜡烛和水透镜之间，像也变得清晰了，由此判断该眼镜是______(选填“近视眼镜”或“远视眼镜”)。
20.小雨利用天平、圆柱形玻璃杯、刻度尺、滴管和水制作了一个测量液体密度的装置。
(1)将天平放在水平台面上，把游码移到零刻度线后发现天平指针如图甲所示，接下来应该向_________调节平衡螺母使天平平衡；
(2)取两只完全相同的圆柱形玻璃杯分别放在天平的两个托盘中，将两个相同的刻度尺分别竖立在玻璃杯旁，在左盘玻璃杯中加入适量的水，向右盘玻璃杯中加入某待测液体，并且___________________________，如图乙所示；
(3)从刻度尺上读出水和待测液体的深度分别为h1和h2，其中待测液体深度如图丙，其深度为_________cm；
(4)小雨测得待测液体的密度表达式为_________。(用h1、h2和ρ水表示)
(5)小雨想在右盘玻璃杯杯壁上利用刻度线标注不同待测液体的密度值，她在左盘玻璃杯中装入2.00 cm深的水，则右盘玻璃杯上密度值为0.8×103kg/m3的刻度线应标在杯底上方_________cm处。
21.在探究电流与导体电阻的关系时，某小组采用了如图甲所示的电路图，其中R为定值电阻，连接的实物图如图乙所示。
(1)图乙的电路连接有错误，小兰发现只要改接一根导线就可以，请把接错的那一根导线找出来，打上“×”，再画线把它改到正确的位置上。
(2)闭合开关前，应该将滑动变阻器的滑片P调到最__________(选填“左”或“右”)端。
(3)第一次实验定值电阻电阻R1=5Ω，闭合开关后，记下电流表的示数为I1=0.4A；第二次实验电阻R2=10Ω，闭合开关后，保持滑动变阻器滑片位置不动，读出电流表的示数I2=________A(如图丙)。小华发现I1>I2，但I1≠2I2。他认为电流和电阻不成反比，他的结论是________(填“正确”或“错误”)的，其原因是__________________________。
(4)改正错误后，实验顺利进行，当第5次实验R4=40Ω时，发现不论怎样移动滑动变阻器的滑片，电压表的示数都大于设定值，下面方法中不能解决这个问题的是( )。
A.降低电源电压B.换用阻值更小的滑动变阻器C.将40Ω的电阻换成更小的电阻
五、计算题：本大题共2小题，共15分。
22.如图甲是一种PET电热防雾贴膜，将它贴在玻璃镜子背面，通电后贴膜给镜子加热，即可达到防雾目的。小阳买了一块这种防雾贴膜对家里浴室的镜子进行改装，防雾贴膜的参数如下表。
(1)电热防雾贴膜正常工作时，通过的电流多大？
(2)已知小阳家玻璃镜子的质量为1kg，正常加热5min后镜子的温度上升了22℃，若玻璃的比热容为0.9×103J/(kg⋅℃)，求电热防雾贴膜的加热效率；
(3)为适应更多温度环境，小阳在防雾贴膜工作电路上串联了一个调温电阻R0，如图乙。闭合开关S，移动滑片P，防雾贴膜R的功率可在原功率的25%～100%之间变化，求调温电阻R0的最大阻值。(设防雾贴膜R的电阻不随温度变化)
23.2018年1月24日在珠海进行第二次试飞的鲲龙AG600水陆两栖飞机主要用于大型灭火和水上救援。AG600由四台涡轮螺旋桨发动机提供前进动力，空载时质量为41.5t，最多可储水12t。(取g=10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3)
(1)某次试飞前，AG600蓄满水后静止在某湖面上，求其排开湖水的体积。
(2)在水面滑行测试中，AG600蓄一定质量的水，每台发动机牵引力的实际功率为650kW，飞机在水面上以10m/s的速度匀速滑行了1min，滑行过程中所受阻力为总重的0.5倍。求所蓄水的质量是多少吨？
(3)在一次灭火演习测试中，AG600蓄水后以最大巡航速度飞往假想火场并盘悬在火场正上方140m处，分次将所蓄水投下，每次投下一定质量的水，投下的水下落过程中由于重力和空气阻力的作用，先加速运动后匀速运动，匀速运动的速度是10m/s，运动时间是12s，加速过程的平均速度是匀速运动速度的0.25倍，每一次所投的水在下落过程中重力做功的平均功率是8400W，求每一次所投水的质量是多少千克？
【参考答案】
1.【答案】A
【解析】解：A、竹笛声是由笛管内部的空气柱的振动产生的，故A正确；
B、鼓手敲击鼓面的节奏越快，鼓面振动越快，但是鼓声在空气中传播的速度不变，故B错误；
C、声音由物体的振动产生，古筝琴弦停止振动，弦不会发声，故C错误；
D、竹笛、大鼓和古筝奏出的乐曲，如果妨碍到人们正常的休息、工作、学习，或对人们要听到的声音造成了干扰，就会成为噪音，故D错误。
故选：A。
(1)(3)声音是由物体振动产生的，振动停止，发声停止；
(2)声音的传播速度与介质种类和温度有关；
(4)从环保角度看，凡是妨碍到人们正常的休息、工作、学习的声音，或对人们要听到的声音造成了干扰的声音，都属于噪声。
此题考查了声音的产生和传播、噪声的界定，难度不大，属基础题。
2.【答案】B
【解析】对接后，二者的相对位置不发生变化，保持相对静止。对接后神舟十九号飞船相对于天和核心舱是静止的。故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
3.【答案】C
【解析】【分析】
凹面镜反射光，凹面镜对光具有会聚作用。
考查凹面镜的光学性质，难度不大。
【解答】
解：阳燧是用铜制成的凹面镜，凹面镜对光具有会聚作用，其工作原理是光的反射，故C正确，ABD错误。
故选C。
4.【答案】A
【解析】【分析】
发生热传递的条件是存在温度差。
本题考查了热传递的条件，属于基础知识。
【解答】
解：发生热传递的条件是存在温度差，当金属和水热传递停止时，说明它俩具有相同的温度；故A正确、BCD错误。
故选：A。
5.【答案】C
【解析】解：移植栽培树苗时需要将部分树叶剪去，这样可减少树叶与空气的接触面积，以减少树木的水分蒸发，便于树苗成活，故C正确。
故选：C。
影响蒸发快慢的因素有液体的温度、液体的表面积以及液面上方的空气流动；蒸发可以吸收热量。
本题考查了影响蒸发快慢的因素和应用，属于基础知识。
6.【答案】D
【解析】解：A．第四代核电站是利用核裂变释放出的能量来发电的，故A错误；
B.比亚迪新能源纯电动汽车利用的是电能，电能是二次能源，故B错误；
C.“天和”核心舱的“帆板”接收的太阳能来自太阳内部的核聚变反应释放的能量，故C错误；
D.北斗卫星导航系统是利用电磁波传递信息的，故D正确。
故选：D。
(1)裂变和聚变的区别。
(2)电能是二次能源。
(3)太阳内部每时每刻都在发生核聚变反应。
(4)电磁波可以传递信息。
本题考查的是质量是物质的属性；知道核聚变、二次能源和一次能源；知道电磁波可以传递信息。
7.【答案】B
【解析】解：A、游客随“摩天轮”做匀速圆周运动，其运动方向改变，所以运动状态改变，故A错误；
B、机械能等于动能与势能的总和，游客随“摩天轮”做匀速圆周运动，游客的质量不变，速度不变，所以动能不变，但高度变化，所以重力势能变化，因此游客在最低点的机械能不等于在最高点具有的机械能，故B正确；
C、从最高点转动到最低点的过程中，游客的质量不变，高度在变小，因此游客的重力势能变小，故C错误；
D、从最高点转动到最低点的过程中，游客的质量不变，速度大小不变，因此动能不变，故D错误。
故选：B。
(1)物体运动状态的改变包括速度和方向的改变；
(2)动能的影响因素是质量和速度，重力势能的影响因素是质量和高度，机械能等于动能与势能的总和。结合其运动状态可做出判断。
本题考查了运动状态的判断、动能和势能的大小变化，是一道综合题，但难度不大。
8.【答案】C
【解析】解：由题意可知，密码解锁开关S1、指纹解锁开关S2、人脸解锁开关S3，都可以解锁，使灯泡发光，说明三个开关可以独立工作，互不影响，即三个开关并联，然后再与灯泡串联，故C正确。
故选：C。
根据题意分析三个开关的连接方式、灯泡的连接方式，然后选出正确的电路图。
本题考查电路的设计，掌握好串联和并联电路特点，正确分析开关的连接方式是关键。
9.【答案】D
【解析】【点拨】支架与横杆的交点是杠杆的支点，杠杆的动力臂比阻力臂长，故A错误；因为杠杆的动力臂长，是省力杠杆，必定费距离，则杠杆动力作用点移动的距离比阻力作用点移动的距离大，故B错误；增大工匠与支架之间的距离，相当于增大动力臂，而阻力和阻力臂不变，根据杠杆的平衡条件知，工匠抬起巨木时更省力，故C错误；减小横杆上悬绳与支架之间的距离，减小了阻力臂，在阻力和动力臂不变时，动力变小，则工匠抬起巨木时更省力，故D正确。故选D。
10.【答案】D
【解析】解：
AB、家庭电路中的用电器是并联的，工作时互不影响，若指示灯不亮，当干路中断路时，三孔插座不能供电，当指示灯亮时，三孔插座若断路，不能对外供电，故AB错误；
C、若指示灯亮，三孔插座不能正常供电，这说明三孔插座所在支路发生了断路现象；若地线断路，不影响插座对外供电，故C错误；
D、若指示灯不亮，用测电笔测试A、B、C三点，只有A、B两点使氖管发光，这说明A、B与火线之间是接通的，所以故障可能是进户零线断路，故D正确。
故选：D。
(1)家庭电路中的用电器是并联的；
(2)三孔插座的上孔是接地的；
(3)根据试电笔的发光情况分析电路故障的原因。
本题考查家庭电路的电压和故障的判断，由于进户零线断路，导致零线也可以带电，所以不要认为接触零线一定不触电。
11.【答案】A
【解析】解：A.压电晶体ab两端受到向内的压力时，压电晶体的电荷发生了转移，导致晶体一端就会聚集大量的正电荷，另一端就会聚集大量的负电荷，故A错误；
B.结合电流产生的条件可知ab两端有电压，故B正确；
C.当晶体ab两端同时受到向内的压力时，测得导线中的电流从a端流向b端，结合题意，“晶体两端同时受到向外的拉力时，晶体两端聚集的电荷种类和受到压力时刚好相反”，所以压电晶体ab两端受到向外的拉力时，导线中的电流从b端流向a端，电子移动方向与电流方向相反，则金属导线中的自由电子从a端向b端定向移动，故C正确；
D.压电晶体工作时因受到挤压而发生电荷移动，将机械能转化为电能，故D正确。
故选：A。
(1)压电晶体ab两端受到向内的压力时，压电晶体的电荷发生了转移；
(2)产生电流的原因：电路中有电压、形成闭合的回路；
(3)规定：正电荷定向移动的方向为电流方向；
(4)压电晶体工作时因受到挤压而发生电荷移动，将机械能转化为电能。
此题结合压电晶体考查了电流、电压及能量转化的认识，属于基础知识。
12.【答案】D
【解析】解：D。
13.【答案】电；2倍焦距以外。
【解析】倒车雷达的蜂鸣器工作时将电信号转化为声信号，蜂鸣器实质上是一个扬声器。
摄像头相当于凸透镜，其成像原理与照相机相同，即物体在二倍焦距以外，成倒立、缩小的实像。
故答案为：电；2倍焦距以外。
14.【答案】N 右
【解析】解：由图可知，该电路为串联电路，电流从螺线管的右侧流入，根据安培定则可知，电磁铁的右端是N极，
若将滑动变阻器滑片P向右移，滑动变阻器接入电路的阻值变大，电路的电流变小，电磁铁的磁性变弱，电磁铁与磁铁排斥作用变小，活塞向左运动，大瓶内空气气压变小，小瓶子的水会挤出来，小瓶子重力变小，重力小于浮力，小瓶子将上浮。
故答案为：N；右。
(1)根据安培定则判断电磁铁的N、S极；
(2)根据滑动变阻器滑片的移动判断电路中的电流变化、电磁铁磁性强弱的变化，再结合物体的浮沉条件判断小瓶子的浮沉情况。
本题涉及到安培定则、电路的动态分析、物体浮沉条件的应用等多个知识点，综合性较强。
15.【答案】杠杆平衡条件 500 越大
【解析】解：杆秤就是一个杠杆，用杆秤测量是利用杠杆平衡条件。
秤砣对杠杆施加的动力为：
F1=G=50N
由于秤砣在杠杆上的悬挂点到提组的距离是秤钩在杠杆上悬挂点到提组距离的10倍，所以，弓的弹力是
F2=F1L1L2=50N×10×L2L2=500N；
根据题意知道，弓的弹力越大，说明重物的重力越大，重物对杆秤施加的动力就越大，根据杠杆平衡条件，所以秤砣离提纽越远。
故答案为：杠杆平衡条件；500；越大。
杠杆平衡条件的应用：动力×动力臂=阻力×阻力臂。
本题考查杠杆平衡条件的应用，属于中档题。
16.【答案】小；变大；22～24
【解析】【分析】
本题考查了阿基米德原理以及物体浮沉条件的应用，认真审题，灵活利用好物体浮沉与密度的关系是关键。
(1)根据液体密度随温度的变化以及浮子的浮沉判断浮子密度的大小；
(2)根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排判断浮力的变化；
(3)物体悬浮时受到的浮力等于重力。
【解答】
(1)温度降低，液体密度显著增大，当液体温度降至某个值时，标牌温度与该值相等的浮子上浮，可知温度标牌数值越大的浮子，它的密度越小；
(2)环境温度降低，液体温度降低，液体密度增大，浸没在液体中的浮子排开液体的体积不变，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，浸没在液体中的浮子子受到的浮力变大；
(3)若环境温度超过这个玻璃球上标示的温度后，则该玻璃球会下沉知，若当前环境温度下四个小球的位置如图所示，即22℃的小球下沉，此时环境温度高于22摄氏度，温度24℃、26℃、28℃的小球上浮，说明此时的温度要低于24℃，故此时的环境温度大致范围为22～24℃。
故答案为：小；变大；22～24。
17.【答案】
【解析】由图可知，入射光线与反射光线的夹角为180°-64°-36°=80°，由光反射定律知，反射角等于入射角，所以反射角为12×80°=40°，先做出反射光线与入射光线的夹角的平分线，然后再过入射点作这个角平分线的垂线即为该定日镜的位置，入射角为入射光线与法线的夹角，反射角为反射光线与法线的夹角，如图所示：
光的反射定律知，反射角等于入射角，故反射光线与入射光线的夹角的平分线是法线的位置，再过入射点作出法线的垂线，就是该定日镜所在的位置，反射光线与法线的夹角为反射角。
本题主要考查了光的反射定律的应用，要灵活利用光的反射定律求解，要求会根据入射光线和反射光线确定平面镜的位置。
18.【答案】解：磁体对小球的作用力为引力，方向水平向左，小球受到的重力方向竖直向下，力的作用点都画在小球的重心。

【解析】重力方向竖直向下，磁体对小球的作用力为引力，方向水平向左。
此题考查了力的示意图的画法，属于基础知识。
19.【答案】(1)同一高度；(2)照相机；(3)小；靠近；近视眼镜
【解析】解：(1)为了使像成在光屏中央，小明需要调整烛焰、透镜和光屏的中心在同一高度。
(2)如图甲所示，小明向水透镜注水，并调整蜡烛和光屏的位置，因物距大于像距，在光屏上看到了清晰的倒立缩小的像，照相机就是这种成像特点的应用。
(3)继续注水后，小明发现光屏上的像变得模糊了。这是因为注水后水透镜变得更凸，会聚能力更强了，此时水透镜焦距变小，像提前会聚，为了使光屏上的像重新变得清晰，可将光屏靠近透镜；或者如图乙所示，小明将自己的眼镜放在蜡烛和水透镜之间，像也变得清晰了一些，可知该眼镜对光线有发散作用，因凹透镜对光线有发散作用，由此判断该眼镜是近视眼镜。
故答案为：(1)同一高度；(2)照相机；(3)小；靠近；近视眼镜。
(1)为了使像成在光屏中央，小明需要调整烛焰、透镜和光屏的中心在同一高度。
(2)物距大于像距，成倒立缩小的实像，应用是照相机；
(3)水透镜变得更凸，会聚能力更强了，此时水透镜焦距变小；
将自己的眼镜放在蜡烛和水透镜之间，像也变得清晰了一些，可知该眼镜对光线有发散作用，据此分析。
本题水透镜来探究凸透镜成像，考查器材的调试、成像规律的运用及凹透镜对光线有发散作用。
20.【答案】(1)右；(2)用滴管调节液体的量使天平平衡；(3)2.60；(4)h1h2ρ水；(5)2.50。
【解析】解：(1)将天平放在水平台面上，把游码移到零刻度线后发现天平指针如图甲所示，接下来应该向右调节平衡螺母使天平平衡；
(2)取两只完全相同的圆柱形玻璃杯分别放在天平的两个托盘中，将两个相同的刻度尺分别竖立在玻璃杯旁，在左盘玻璃杯中加入适量的水，向右盘玻璃杯中加入某待测液体，用滴管调节液体的量使天平平衡；
(3)从刻度尺上读出水和待测液体的深度分别为h1和h2，其中待测液体深度如图丙，刻度尺的分度值是1mm，估读到分度值的下一位，其深度为2.60cm；
(4)天平平衡，两边的质量相等，ρ水gSh1=ρ液gSh2，ρ液=h1h2ρ水；
(5)由上式可得h2=ρ水ρ液h1=1×103kg/m30.8×103kg/m3×2.00cm=2.50cm。
故答案为：(1)右；(2)用滴管调节液体的量使天平平衡；(3)2.60；(4)h1h2ρ水；(5)2.50。
(1)测量前调节天平平衡；
(2)使用天平使水喝某种液体的质量相等；
(3)使用刻度尺测量长度，需要估读；
(4)根据密度公式质量相等列出待测液体的密度表达式；
(5)根据上面的表达式进行计算。
21.【答案】(1)；
(2)左；
(3)0.22；错误；未控制导体两端电压一定；
(4)B
【解析】【分析】
本题考查了探究电流与电压、电阻的关系；解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，然后熟练应用物理规律来解决实验问题。
(1)电压表应与定值电阻并联，电流应与定值电阻串联；
(2)闭合开关前，保护电路的滑动变阻器处于最大阻值处；
(3)根据电流表量程确定分度值，由指针位置读出电流表示数；
在研究电流与电压关系时，要控制电阻一定，在研究电流与电阻关系时，要控制电压一定；
(4)根据串联电路的分压规律分析。
【解答】
(1)由电路图可知，电流表并联在定值电阻的两端，电压表串联在电路中，这种接法是错误的；应将电流表串联在电路中，电压表并联在定值电阻的两端，如图所示：
。
(2)为保护电路安全，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应滑到阻值最大处，即最左端。
(3)由图丙可知，电流表接小量程，分度值为0.02A，示数为0.22A；
由I=UR可得，第一次实验定值电阻R1=5Ω，电路中的电流I1=0.4A，则定值电阻两端的电压U1=I1R1=0.4A×5Ω=2V
第二次实验电阻R2=10Ω，保持滑动变阻器滑片位置不动，定值电阻两端的电压U2=12R2=0.22A×10Ω=2.2V
小华发现I1>I2，但I1≠2I2，他认为电流和电阻不成反比，他的结论是错误的，其原因是没有控制定值电阻两端的电压不变。
(4)当第5次实验R5=40Ω时，发现不论怎样移动滑动变阻器的滑片，电压表的示数都大于设定值，说明定值电阻的阻值太大，两端分得的电压过高，滑动变阻器的阻值过小不能再起到降压的作用；由串联电路分压规律解决这个问题，可以通过减小电源电压或换用阻值更大的滑动变阻器或减小定值电阻的阻值的方法来降低定值电阻两端的电压，则B不能解决问题；
故选B。
22.【答案】解：(1)由表格数据可得，电热防雾贴膜的额定功率为：
P=220W/m2×0.8m×0.5m=88W，
电热防雾贴膜正常工作时通过的电流为：
I=PU=88W220V=0.4A；
(2)正常加热5min镜子吸收的热量为：
Q=cmΔt=0.9×103J/(kg⋅℃)×1.0kg×22℃=1.98×104J，
正常加热5min消耗的电能为：
W=Pt=88W×5×60s=2.64×104J，
电热防雾贴膜的加热效率为：
η=QW=1.98×104J2.64×104J=75%；
(3)由图乙可知，开关闭合时，调温电阻R0与防雾贴膜R串联，调温电阻的接入电阻越大，根据分压原理，R两端的电压越小，由P=UI=U2R可知，R的功率越小；
调温电阻R0最大时，防雾贴膜R的功率为：
P'=P×25%=88W×0.25=22W，
防雾贴膜R的电阻为：
R=U2P=(220V)288W=550Ω，
调温电阻R0最大时，由P=U2R可得，电路中的电流为：
I'= P'R= 22W550Ω=0.2A，
调温电阻R0最大时，电路中的总电阻为：
R总=UI'=220V0.2A=1100Ω，
调温电阻R0最大阻值为：
R0=R总-R=1100Ω-550Ω=550Ω。
答：(1)电热防雾贴膜正常工作时，通过的电流为0.4A；
(2)电热防雾贴膜的加热效率为75%；
(3)调温电阻R0的最大阻值为550Ω。
【解析】(1)根据表格数据计算该电热防雾贴膜的额定功率，由P=UI计算工作时的电流；
(2)根据热量计算公式求出镜子吸收的热量，由P=Wt计算消耗的电能，据此计算电热防雾贴膜的加热效率；
(3)由图乙可知，开关闭合时，调温电阻R0与防雾贴膜R串联，调温电阻的接入电阻越大，根据分压原理，R两端的电压越小，由P=UI=U2R可知，R的功率越小；调温电阻R0最大时，防雾贴膜R的功率为其额定功率的25%，由P=U2R计算防雾贴膜R的阻值；根据P=UI=I2R计算R0最大时电路中的电流；根据欧姆定律和串联电路规律计算R0最大值。
本题考查串联电路规律、热量、欧姆定律和电功率计算公式的应用，有一难度。
23.【答案】解：(1)AG600蓄满水后的总重力：
G总1=m1g+m2g=(41.5×103kg+12×103kg)×10N/kg=5.35×105N，
因为AG600蓄满水后静止在某湖面上，
所以有：F浮=G总=5.35×105N，
由F浮=ρ水gV排可得，排开湖水的体积：
V排=F浮ρ水g=5.35×105N1×103kg/m3×10N/kg=53.5m3；
(2)飞机在水面上的运动速度v=10m/s，
由P=Wt=Fst=Fv可得，飞机受到的牵引力：
F=Pv=4×650×1000W10m/s=2.6×105N，
因为飞机匀速滑行，所以飞机受到的阻力：f=F=2.6×105N，
由题意可知，f=0.5G总，
则此时飞机的总重力为：G总=2f=2×2.6×105N=5.2×105N；
此时飞机的总质量为：
m总=G总g=5.2×105N10N/kg=5.2×104kg=52t；
飞机所蓄水的质量为m3=m总-m1=52t-41.5t=10.5t；
(3)已知水匀速下落的速度为v1=10m/s，匀速运动的时间t1=12s，
则水匀速下落的高度：h1=v1t1=10m/s×12s=120m，
由题意可知，水加速下落的速度：v2=0.25v1=0.25×10m/s=2.5m/s，
已知水下落的总高度h总=140m，则水加速下落的高度：h2=h总-h1=140m-120m=20m，
水加速下落的时间：t2=h2v2=20m2.5m/s=8s，
整个下落过程的时间为t=t1+t2=12s+8s=20s；
每一次所投的水在下落过程中重力做功的平均功率是8400W，
整个下落过程中重力做的功：W=Pt=8400W×20s=1.68×105J，
由W=Gh=mgh可得一次投下水的质量：m水=Wgh总=1.68×105J10N/kg×140m=120kg。
答：(1)其排开湖水的体积为53.5m3。
(2)所蓄水的质量为10.5t。
(3)每一次所投水的质量是120kg。
【解析】(1)AG600蓄满水后静止在某湖面上时，浮力等于其总重力，根据F浮=ρ水gV排求解其排开湖水的体积。
(2)根据阻力与重力的关系求出阻力，利用二力平衡的条件可得牵引力，再根据P=Wt=Fst=Fv列出等式，求解所蓄水的质量；
(3)求出匀速下落和加速下落的高度，然后利用v=st计算加速下落的时间后计算总时间，再利用W=Pt求出一次所投的水在下落过程中重力所做的功，运用W=Gh=mgh计算一次投下水的质量。
此题为力学综合题，涉及到重力、速度、功、功率公式的应用，阿基米德原理、二力平衡条件及其应用等知识，解题的关键是各种公式的熟练运用，此题难度虽然不是很大，但计算过程非常繁杂，稍一疏忽，就可能计算错误。
额定电压
220V
额定功率
220W/m2
规格
80cm×50cm
厚度
0.4mm
耐热温度
200℃