2025年江苏省扬州市仪征市中考一模物理试卷（解析版）

这是一份2025年江苏省扬州市仪征市中考一模物理试卷（解析版），共22页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。
1. 下列数据中不符合实际情况的是（ ）
A. 人的正常体温约B. 中学生课桌的高度约75cm
C. 人走路的速度约D. 人体的安全电压是36V
【答案】D
【解析】A．人的正常体温在36℃−37℃左右，37℃在正常体温范围内，故A不符合题意
B．中学生课桌的高度约为成人身高的一半，约75cm，故B不符合题意；
C．人正常走路速度大约是 1.1 - 1.5m/s ，1.3m/s 在这个速度区间内，故C不符合题意；
D．人体的安全电压是不高于36V，故D符合题意。故选D。
2. 下列现象对应的物态变化过程需要放热的是（ ）
A. 春天，河中的冰雪消融B. 夏天，清晨的迷雾消散
C. 秋天，晶莹的露珠形成D. 冬天，冰冻的衣服晾干
【答案】C
【解析】A．春天，河中的冰雪消融，是熔化现象，熔化吸热，故A不符合题意；
B．夏天，清晨的迷雾消散，是汽化现象，汽化吸热，故B不符合题意；
C．秋天，晶莹的露珠形成，是液化现象，液化放热，故C符合题意；
D．冬天，冰冻的衣服晾干，是升华现象，升华吸热，故D不符合题意。故选C。
3. 如图所示，在一个纸板上打若干个小孔，组成一个心形，在室内让这个纸板在烛焰和白墙之间移动，在墙上能看到的图案是（ ）
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】由于光在均匀空气中沿直线传播，烛焰的光通过纸板上很小的小孔，在白墙上将观察到一个心形图案，心形图案的每个亮点为烛焰倒立的实像，这是小孔成像现象。
故选B。
4. 如图所示，放在水平桌面上的茶壶处于静止状态。下列说法中正确的是（ ）
A. 茶壶对桌面的压力就是茶壶的重力
B. 茶壶对桌面的压力是由于桌面发生形变而产生的
C. 桌子在两个力的作用下保持静止
D. 茶壶对桌面的压力与桌面对茶壶的支持力是一对相互作用力
【答案】D
【解析】A．茶壶对桌面的压力和茶壶的重力大小相等，但是这两个力的施力物体和受力物体都不同，不是同一个力，故A错误；
B．茶壶对桌面的压力是由于茶壶发生弹性形变而产生的，故B错误；
C．桌子受到重力、地面对它的支持力和茶壶对它的压力，在三个力的作用下保持静止，故C错误；
D．茶壶对桌面的压力与桌面对茶壶的支持力大小相等，方向相反，作用在同一直线上，施力物体和受力物体互为彼此，是一对相互作用力，故D正确。故选D。
5. 下列关于“吸”的物理现象中，与吸尘器的原理相同的是（ ）
A. 拔火罐时玻璃罐“吸”在皮肤上
B. 两个表面平滑的铅块紧压后“吸”在一起
C. 穿在身上的化纤衣服容易“吸”灰尘
D. 若人站在安全线以内的区域候车，会被驶过的列车“吸”进铁轨
【答案】D
【解析】吸尘器原理：内部空气的流速增大、压强减小，外界的压强大于内部的压强，尘屑在压强差的作用下被压入吸尘器中。
A．拔火罐使用时，先把酒精在罐内烧一下，罐内空气受热排出，此时迅速把罐扣在皮肤上，使罐内气体温度升高，等到罐内的空气冷却后压强降低，小于外面的大气压，外面的大气压就将罐紧紧地压在皮肤上，所以这是由于大气压强引起的，故A不符合题意；
B．两个表面平滑的铅块紧压后“吸”在一起，是利用分子间的引力，故B不符合题意；
C．化纤衣服容易因摩擦而带电，会吸引轻小的灰尘，故C不符合题意；
D．人站在安全线以内的区域候车，会被驶过的列车“吸”进铁轨，是由于流速大的地方压强小，故D符合题意。故选D。
6. 图甲为我国古代的滴水计时工具——漏刻，图乙为漏刻的模型图。漏水壶通过底部的出水口向受水壶中滴水，受水壶中的箭尺始终处于漂浮状态，随着壶内液面的升高而升高，箭尺上的刻度指示时间。当受水壶中液面升高时，下列说法正确的是（ ）
A. 箭尺排开水的重力不变B. 箭尺排开水的体积变大
C. 箭尺所受到的浮力变小D. 水对受水壶底压强不变
【答案】A
【解析】ABC．根据阿基米德原理可知排开水的重力等于箭尺受到的浮力，由于箭尺漂浮，浮力等于重力，所以浮力不变，则箭尺排开水的重力不变，根据可知，排开水的质量不变，再由可知，排开的体积也不变，故A正确，BC错误；
D．当受水壶中液面升高时，由于液体密度一定，深度变大，则根据可知水对受水壶底压强变大，故D错误。故选A。
7. 投掷实心球是我市体育中考项目之一．如图所示是扔实心球的四个过程，其中手对实心球做功的过程是（ ）
A. ②和③B. ①和④C. ①和③D. ②和④
【答案】C
【解析】做功的两个必要因素:作用在物体上的力和物体在力的方向上通过的距离。
①将地上的球捡起来，球受到向上的力，球在力的方向上通过了一定的距离，力对球做功，故①符合题意。②将球举起停在空中不动，球受到向上的力，但球没有在力的方向上移动距离，力对球没有做功，故②不符合题意；③挥动球，有力作用在球上，球在与手接触的一段时间内在力的方向上通过了一定的距离，则人对球做了功，故③符合题意；④球飞出去，球由于惯性向前运动，没有对球施加力，手没有对球做功，故④不符合题意。可见，手对球做功的过程有①③。故ABD不符合题意，C符合题意。故选C。
8. 嫦娥五号返回器用类似“打水漂”方式着陆地球（动力装置关闭），其着陆过程的部分轨迹简化为如图所示。关于此过程中的能量转化，下面说法正确的是（ ）
A. CD段返回器的重力势能变大
B. BC段返回器的机械能减小
C. AB段返回器动能减小量大于重力势能的增加量
D. A到D的全过程中返回器机械能守恒
【答案】C
【解析】A．由图可知，CD段，质量不变，高度变小，重力势能减小，故A错误；
B．由图可知，BC段没有受到空气的阻力，机械能是守恒的，保持不变，故B错误；
C．由图可知，AB段受空气阻力的作用，克服空气阻力做功，一部分动能转化为内能，所以动能的减小量大于重力势能的增加量，故C正确；
D．由图可知，A到D的全过程中，由于克服空气阻力做功，使得机械能减小，返回器机械能不守恒，故D错误。故选C。
9. 根据图所示的天气状况和地表环境信息，推断昼夜温差最小的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】水的比热容比砂石的比热容大，相同质量的水和砂石，在相同受热或者放热的情况下，温度变化小，所以海洋比陆地的昼夜温度小，同时天气晴朗时，白天地面吸收的热量多，夜晚地面放出的热量多，天气为多云时，白天由于云层的阻挡，地面吸收太阳的热量较少，夜晚地面放出的热量由于云层的阻挡，散失的热量较少，所以昼夜温差最小的是天气为多云时的海洋，故ABC不符合题意，D符合题意。故选D。
10. 如图所示的电路中，甲乙两灯泡串联，观察到甲灯泡比乙灯泡亮。则下列描述中错误的是
A B.
C. D.
【答案】C
【解析】AD．因为甲灯泡比乙灯泡亮，所以甲的实际功率大于乙灯的实际功率，即，由可得：，故AD正确，不符合题意；
B．根据串联分压的特点：，故，故B正确，不符合题意；
C．两灯是串联关系；则，故C错误，符合题意。故选C。
11. 下列关于电学知识说法正确的是（ ）
A. 验电器的工作原理是异种电荷相互排斥
B. 若空气开关“跳闸”，一定是使用了大功率用电器
C. 电能表是测量用电器消耗电功率的仪表
D. 使用三脚插头和三孔插座的目的，是将用电器的金属外壳与大地相连
【答案】D
【解析】A．验电器是利用同种电荷相互排斥的原理工作的，故A错误；
B．若空气开关“跳闸”，说明电路中电流过大，可能是总功率过大，也可能是电路中发生了短路，故B错误；
C．电能表是测量用电器消耗电能（电流做功）多少的仪表，故C错误；
D．使用三脚插头和三孔插座，多出的那个孔是用来接地线的，当用电器的三脚插头插入时，用电器的金属外壳通过三孔插座与大地相连通，如果金属外壳漏电，地线将人体短路，防止人触电，故D正确。故选D。
12. 如图甲所示，电源电压保持不变，闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P从一端滑至另一端的过程中，电流表示数与两个电压表示数的关系图像如图乙所示。下列说法错误的是（ ）
A. 电源电压为8V
B. 滑动变阻器的最大阻值为
C. a图像是电流表随电压表的关系图像
D. 某一时刻将灯泡与电压表的位置对调后，三只电表的示数都不变
【答案】B
【解析】由电路图可知，闭合开关S，滑动变阻器和灯泡L、定值电阻串联，电流表测电路中的电流，电压表测灯L两端的电压，电压表测灯L和两端的电压之和。
C．根据串联电路的总电压等于各用电器两端的电压之和可知电压表的示数大于电压表的示数，所以，图乙中，a图线是电压表示数与电流表A示数关系图像，b图线是电压表示数与电流表A示数关系图像，故C正确，不符合题意；
A．当滑片位于b端时，滑动变阻器接入电路中的电阻为0，此时电路中电流最大，电压表测电源两端的电压，其示数最大，由图乙可知，电压表的最大示数为8V，则电源的电压，故A正确，不符合题意；
B．当滑片位于a端时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，
由图乙可知，电路中的最小电流
此时电压表的示数
此时滑动变阻器两端的电压
由欧姆定律得，滑动变阻器的最大阻值
故B错误，符合题意；
D．某一时刻将灯泡与电压表的位置对调后，滑动变阻器和灯泡L、定值电阻串联，则电路连接方式不变，电压表仍然测灯L两端的电压，电压表仍然测灯L和两端的电压之和，所以三只电表的示数都不变，故D正确，不符合题意。故选B。
二、填空题：本大题共10小题，共28分。
13. 晚上小明家楼上的孩子正在拉小提琴，优美的琴声是由琴弦的___________产生的。琴声影响了小明的学习，他关上窗户，这是在___________控制噪声。他是通过___________辨别出是琴声。
【答案】振动 ；传播过程中 ；音色
【解析】一切声音都是由于物体振动产生的，优美的琴声是由琴弦的振动产生的。他关上窗户，阻碍了噪声的传播，这是在传播过程中控制噪声。不同发声体发出的声音音色不同，他是通过音色辨别出是琴声。
14. 劳动教育从了解劳动工具开始。如图甲，塑料吸盘挂上物体后而不掉下是因为其受到了竖直向上的_____作用；如图乙，夹取食物时，食品夹属于_____（选填“省力”、“费力”或“等臂”）杠杆；如图丙，用液化气灶炒菜时，主要是通过_____的方式增加了菜的内能。
【答案】摩擦力 ；费力 ；热传递
【解析】吸盘挂上物体后而不掉下，吸盘受到的摩擦力和吸盘及重物的总重力是一对平衡力，大小相等，吸盘挂上物体后而不掉下，是因为其受到了竖直向上的摩擦力的作用。夹取食物时，食品夹的动力臂小于阻力臂，是费力杠杆。用液化气灶炒菜时，菜吸收热量，内能增大，主要是通过热传递的方式改变内能。
15. 如图，小明在科技节中展示了自己的作品。塑料瓶内装入少量的液态乙醚，待乙醚充满整个塑料瓶后，启动电子打火器，活塞瞬间向前飞出一段距离，活塞飞出的过程相当于热机的______冲程；活塞离开瓶口还可以继续向前飞出一段距离，因为它具有______。
【答案】做功 ；惯性
【解析】热机的四个冲程包括：吸气、压缩、做功、排气；其中做功冲程中燃料燃烧产生的高温高压燃气推动活塞做功，与本实验中乙醚燃烧产生的高温高压燃气把活塞推出瓶口的原理是一样的。任何都物体具有惯性，惯性是指物体本身所具有的保持运动状态不变的性质，活塞离开瓶口还可以继续向前飞出一段距离，因为它具有惯性。
16. 如图所示，地面上有边长为2m，深1.5m的正方形水池，小明同学站在水池左边2米远的地方，他的眼睛位于A点处，距离水面高度1.7m。一台无人机从水池左边沿正上方与A点等高的B点处水平向右飞行。如图所示，以B为原点，1m为单位长度，向右为正方向作一条数轴，则在______（选填“0~2”、“2~6”或“6~20”）区域内时，小明可以从水池中看到无人机的像，像的大小______（选填“变大”“变小”“不变”）。

【答案】；不变
【解析】平静的水面相当于平面镜，发生反射现象，要使小明能看到无人机的像，根据光的反射定律和水池的长度可做出下图：

则根据图示可知，可在区域内看到像，因平面镜所成的像和物是等大的，所以小明看到无人机的像大小不变。
17. 运动健身已成为当今生活的新常态，如图为小明用软件记录自己的某次跳绳数据。
（1）当他向上跳起的过程中，动能转化为___________能；
（2）小明的质量为50kg，每次跳离地面的高度均为5cm，根据数据可知：跳绳的平均功率为________W；
（3）软件记录的“热量”实际是运动过程中人体消耗的能量，单位为大卡，1大卡约为4.2千焦，依据软件数据可知小明此次跳绳过程消耗的能量约为________J，这一能______（选填“大于”“小于”或“等于”）他克服重力做的功，这是因为运动加速了人体的新陈代谢。
【答案】（1）重力势 （2）65 （3）1.008×105 ；大于
【解析】【小问1】在小明身体向上跳起的过程中，高度变大，速度变小，将动能转化为重力势能。
【小问2】由题意知，小明跳绳1min跳156次，则1min跳绳克服重力做功为
W=nGh=nmgh=156×50kg×10N/kg×0.05m=3900J
则跳绳的平均功率约为
【小问3】由题意知，“热量”实际是运动过程中人体消耗的能量，单位为大卡，1大卡约为4.2千焦，则小明此次跳绳过程消耗的能量约为Q=24×4.2×103J=1.008×105J
综上可知，跳绳过程消耗的能量大于跳绳过程消耗的能量他克服重力做的功，这是因为运动加速了人体的新陈代谢。
18. 如图所示，将装有适量水的玻璃小瓶瓶口朝下，使其漂浮在大塑料瓶内的水面上，即可制成浮沉子，实验时，应该将大瓶瓶盖______（选填“打开”或“拧紧”），然后用力挤压大塑料瓶，小瓶将会下沉，小瓶内的气压将______（填“变大”“变小”或“不变”），下沉时小瓶受到的浮力______（选填“大于”“小于”或“等于”）重力。
【答案】拧紧 ；变大 ；小于
【解析】实验中通过挤压改变瓶内压强，故应该拧紧大瓶瓶盖，避免瓶内的气体流出。用力挤压侧面，瓶内的气体压强增大，将水压入小瓶中，所以小瓶中的水增多，小瓶内气体的体积减小，质量不变，小瓶内气体密度变大，则小瓶内的气压将变大。当浮力小于重力时，小瓶就会下沉。
19. 北京时间2024年4月30日17时46分，神舟十七号载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆。火箭发射时高温高压的燃气从尾部喷出，火箭获得向上推力，这一过程涉及的物理力学知识是______。载人飞船在轨运行时处于______（选填“平衡”或“不平衡”）状态，宇航员与地面控制中心是通过______（选填“超声波”或“电磁波”）进行联系的。
【答案】物体间力的作用是相互的；不平衡；电磁波
【解析】[1]火箭发射时高温高压的燃气从尾部喷出，火箭获得向上推力，说明火箭向下用力喷出燃气的同时，也受到燃气向上的力的作用，说明物体间力的作用是相互的。
[2]载人飞船在轨运行时，运动状态改变，处于不平衡状态。
[3]电磁波的传播不需要介质，与地面控制中心是通过电磁波进行联系的。
20. 小锋设计如图所示的电路来判断梅雨季节教室里相对湿度的变化．选用的器材有：电源、湿度传感器（其电阻的阻值随相对湿度的增大而减小）、定值电阻、一只电压表（量程为）等。当相对湿度为时，，电压表示数为，则电压表是并联在__________的两端。当电压表示数变大时，教室里相对湿度在__________。

【答案】定值电阻R##R##定值电阻 ；增大
【解析】由题图可知，两电阻串联，由串联电路分压原理可得
因为电源电压为，电压表示数为，所以电压表测量的是定值电阻R两端的电压，即电压表并联在定值电阻R的两端。
电压表示数变大，即定值电阻两端电压变大，由欧姆定律可得，流过电路的电流变大，则电路的总电阻变小，可知湿度传感器的电阻减小，所以教室里的相对湿度增大。
21. 在“怎样使两个灯泡都亮起来”的活动中，小明采用如图所示的方法连接，结果两个灯泡都亮了．这时，两灯的连接方式是______．若电源电压为3V，灯泡的规格均为“2.5V 0.25A”，则每个灯泡的电阻是________Ω（设灯丝电阻不变），每个灯泡的实际功率是________________W．
【答案】串联 ；10 ；0.225
【解析】如图所示的方法连接，电流只有一条路径，故两灯的连接方式是串联；
已知U额=2.5V，I额=0.25A,由欧姆定律可得：RL===10Ω.
已知电源电压U=3V，两个相同的灯泡串联连接；根据串联电路的特点可知
UL实=×U=×3V=1.5V，则灯泡的实际功率P实===0.225W.
22. 如图，移动变阻器R1的滑片向______移，导线AB受力摆动就增大，说明磁场对通电导体的作用力大小与______有关；移动变阻器R2的滑片向______移，导线AB受力摆动也增大。
【答案】右 ；磁场的强弱 ；左
【解析】如图可知，左侧构成了电磁铁，滑动变阻器可以改变电路电流，从而改变其磁场的强弱，右侧是通电导线在磁场中受力，其受力的大小与磁场的强弱和电流的大小有关；滑动变阻器R1的滑片向右移动，电路中电流增大，电磁铁磁性增强，导线ab受力摆动就增大，说明磁场对通电导体的作用力与磁场的强弱有关；滑动变阻器R2的滑片向左移动，导线中电流增大，导线ab受力摆动也增大。
三、作图题：本大题共3小题，共6分。
23. 如图所示，请分别画出AB的入射光线和CO的折射光线。
【答案】见解析
【解析】根据凹透镜的三条特殊光线可知，延长线过凹透镜另一侧焦点的光线经凹透镜折射后，将平行于主光轴；过凹透镜光心的光线经凹透镜折射后，传播方向不变，据此完成AB的入射光线和CO的折射光线，如图所示：
24. 请在如图所示的杠杆上画出能使杠杆保持平衡的最小动力和阻力的示意图。
【答案】见解析
【解析】重物对A的拉力是阻力，力的作用点在A点，方向竖直向下。由杠杆平衡条件F1l1=F2l2可知，在阻力F2和阻力臂l2一定的情况下，要使动力F1最小，必须使动力臂l1最长。由图可知，连接OB并使其成为动力臂则是最长的动力臂。阻力F2欲使杠杆顺时针转动，则动力应让杠杆逆时针转动，动力的方向向上。如图所示：
25. 如图，分别将插座和灯接入家庭电路中，使其符合家庭电路的安全要求，且开关只控制灯。
【答案】见解析
【解析】开关只控制灯，所以开关与灯泡串联后再与插座并联。三孔插座的正确接法是“左零右火上接地”；灯泡接法：火线先进入开关，经灯泡连到零线。作图如下：
四、实验探究题：本大题共4小题，共26分。
26. 实践小组查阅资料知道蜡柱在水中由静止释放，很快就做匀速直线运动。他们猜想蜡柱做匀速直线运动速度的大小可能与蜡柱的形状有关，探究如下：
（1）取底面积、高10cm的蜡柱，用天平测出蜡柱的质量，如图甲所示，为______g，计算出蜡柱的密度为______。
（2）如图乙，在蜡柱上截取一段，将其头部做成流线型，测量其质量为3.6g。为得到等质量圆柱型蜡柱，需在余下蜡柱上再截取一段______cm的蜡柱。
（3）将做好的蜡柱分别放入装满水的透明管中，从底部由静止释放，蜡柱的底端经过适当高度的A点时开始计时，每隔5s在管壁刻度尺上标记其位置。某次标记如图丙所示，读数为______cm。
（4）根据实验数据绘制出图像，如图，由图像可知：其他条件相同时，流线型蜡柱上升的速度______圆柱型蜡柱上升的速度。
（5）提出一个继续探究的其他相关问题：____________。
【答案】（1）9 ；0.9 （2）4 （3）26.55 （4） 大于
（5）蜡柱上升的速度还与什么因素有关？
【解析】（1）由图甲可知，蜡柱的质量为m=5g+4g=9g
蜡柱的体积为V=Sh=1cm2×10cm=10cm3
蜡柱的密度为
（2）设截取的蜡柱长度为l，体积为V1，质量为m1，则
（3）刻度尺分度值为0.1cm，则读数为26.55cm。
（4）由公式可知，图线斜率为速度，则流线型图线的斜率大于圆柱型图线斜率，则流线型蜡柱上升的速度大于圆柱型蜡柱上升的速度。
（5）影响蜡块上升的速度可能是多因素的，则可以继续探究蜡柱上升的速度还与什么因素有关？
27. 同学们在实验室（一标准大气压下）探究“液体沸腾”的实验。
（1）小聪通过生活经验知道烧开一壶水比烧开半壶水时间长，把一壶水烧开比烧成温水时间长。据此可知水吸收热量的多少可能与______和______有关；
（2）要研究水沸腾时规律，小明认为甲装置还存在不足，于是在试管下方垫上石棉网如图乙所示，这样做好处是______，实验中他除了记录加热时间，还需要记录______和水中气泡多少及变化情况；
（3）实验中，小明利用乙装置把装有正在沸腾的水的试管从石棉网上取下，在保证安全前提下，放进正在沸腾的水的烧杯中，如图丙所示，发现试管中的水会停止沸腾。请你说明原因______；
（4）小明又研究了亚麻仁油的沸腾规律，以此次实验为例，用数据说明选用水银温度计而不选用酒精温度计的理由______。
【答案】（1）水的质量；升高的温度 （2）使其受热均匀 ；水的温度
（3）试管中的水无法继续从烧杯中吸热 （4）亚麻仁油的沸点高于酒精的沸点
【解析】【小问1】烧开一壶水比烧开半壶水时间长，在水的初温和沸点相同的情况下，水的质量不同，加热到沸腾的时间不同，质量大的一壶水加热时间长，吸收热量多。这表明水吸收热量的多少与水的质量有关。把一壶水烧开比烧成温水时间长，在水的质量和初温相同的情况下，水的末温不同（烧开时末温为沸点100℃，烧成温水末温低于沸点），烧开时加热时间长，吸收热量多。这说明水吸收热量的多少与升高的温度有关。
【小问2】在试管下方垫上石棉网，石棉网能使试管受热均匀，防止试管因局部受热不均而炸裂。研究水沸腾规律时，需要探究温度随时间的变化情况，所以除了记录加热时间，还需要记录水的温度。
【小问3】液体沸腾需要达到沸点且持续吸热。当把装有正在沸腾的水的试管放进正在沸腾的水的烧杯中时，试管中的水虽然能达到沸点，但由于试管内外水温相同，没有温度差，试管中的水无法继续从周围环境吸热，所以会停止沸腾。
【小问4】亚麻仁油的沸点是。酒精的沸点是，如果用酒精温度计测量亚麻仁油的沸腾温度，当温度升高到时，酒精就会沸腾，无法继续测量更高的温度，而水银的沸点是，高于亚麻仁油的沸点，可以测量亚麻仁油沸腾过程中的温度变化，所以选用水银温度计而不选用酒精温度计。
28. 在“探究凸透镜成像的规律”实验中，如图1所示，小睿进行了如下操作：
（1）为了确定所用凸透镜的焦距，他在纸上画一个与透镜等大的圆，把透镜正对着太阳光，再把一张纸放在它的另一侧，调整凸透镜与纸的距离，直到纸上出现圆形光斑与所画圆重合为止，测得它与凸透镜中心的距离为14cm，从而确定出透镜的焦距为______cm。
（2）如图1乙所示，他先固定好蜡烛、凸透镜的位置，然后移动光屏，将会在光屏上得到烛焰清晰______（填“放大”或“缩小”）的像，这与图______（填“丙”或“丁”）的原理相同。
（3）小康在实验过程中，将自己的眼镜放在凸透镜前，发现光屏上的像变得模糊，于是，他将光屏向透镜方向移动了一些距离，发现光屏上的像又变得清晰了，由此可以判断出小康同学患的是______（“近”或“远”）视眼。
（4）小康在实验过程中又将透镜换成了玻璃板去探究“平面镜成像特点的实验”，如图2所示，他选用了两支完全相同的蜡烛A、B，将玻璃板固定在50cm刻度线处。在实验中，他既能看见蜡烛A的像，又能透过玻璃板看见蜡烛B，他的两次“看见”的原理______（“相同”或“不相同”）。
（5）小康在实验中______（“能”或“不能”）用照相机拍摄到蜡烛A通过玻璃板所成的虚像
（6）小康在用厚8mm玻璃板实验时通过玻璃板看到了两个像，这两个像的大小______（“相同”或“不相同”），其中离玻璃板较远的像的亮度较______（“亮”或“暗”）。
【答案】（1）7 （2）缩小 ；丁 （3）远 （4）不相同 （5）能 （6）相同 ；暗
【解析】【小问1】由题意可知，平行于凸透镜主光轴的光线经透镜折射后会聚于一点，这点是凸透镜的焦点；光线经焦点后变得发散，纸上出现圆形光斑与所画圆重合时，像距等于二倍焦距，等于14cm，即，故焦距为7cm。
【小问2】由图乙可知，物距大于二倍焦距，即，光屏上成倒立、缩小的实像，像在一倍焦距和二倍焦距之间。图丙凸透镜相当于放大镜，物距小于一倍焦距，成正立、放大的虚像；图丁物距大于二倍焦距，成倒立、缩小的实像，图1乙与图丁的原理一致。
【小问3】将自己的眼镜放在凸透镜前，他将光屏向透镜方向移动了一些距离，发现光屏上的像又变得清晰了，说明镜片对光线有会聚作用，是凸透镜；凸透镜可以矫正远视眼；由此可以判断出小康同学患的是远视眼。
【小问4】在实验中，他能看见蜡烛A的像，是平面镜成像，是光的反射形成的；透过玻璃板看见蜡烛B，是光的折射形成的；他的两次“看见”的原理不相同。
【小问5】平面镜成像，是光的反射形成的，用照相机照虚像时，反射光线进入照相机镜头后成像，因此能用照相机拍摄到蜡烛A通过玻璃板所成的虚像。
【小问6】平面镜所成像与物大小相等，用厚8mm玻璃板实验时通过玻璃板看到了两个像，是玻璃板前后两个反射面反射形成的，故通过玻璃板看到的两个像大小相等；其中离玻璃板较远的像是玻璃板的后反射面形成的，由于光线经过反射后透过的光线较少，因此离玻璃板较远的像亮度较暗。
29. 在近期复习中，小明和小红对电学部分实验进行了系统梳理和归纳。
【实验一】探究“电流与电阻的关系”时，实验器材有：电源（电压为）、电流表、电压表、滑动变阻器、定值电阻4个（、、、），开关，导线等。
（1）按图甲电路图组装好实验器材，将滑片P位于滑动变阻器阻值最大处，闭合开关，发现电流表有示数，电压表无示数，则电路故障原因可能是______；（故障仅发生在R或上）
（2）如图乙是排除故障后根据实验数据画出的定值电阻的图像，由此可以分析：将和的电阻分别接入电路进行实验时，在电压表示数不变的情况下，滑动变阻器消耗的电功率之比为______；
（3）为了能够顺利完成实验，实验过程中选用的滑动变阻器的最大阻值不小于_____；
（4）【实验二】研究通过小灯泡的电流与它两端电压的关系。小明将图甲中的定值电阻换成额定电压为6V的小灯泡，移动滑片，记录多组数据，作出了图像a，还作出了电流大小与电源电压大小的关系图像b（如图丙所示）。图中阴影部分的面积表示______；
（5）【实验三】用如图丁所示的电路将电流表改装成直接测量电阻的仪表，MN是连接待测电阻的接线端，电流表表盘如图戊所示，量程选择为，电源电压恒为6V；
改装步骤如下：
①将MN直接相连，调节滑片P使电流表指针指在刻度上，此后保持滑片位置不变；
②在M、N之间接入不同待测电阻，依据R与I的对应关系，将电流表表盘上刻度对应改为M、N之间所接电阻的阻值，从而完成将电流表改装成直接测量电阻的“电阻表”。则在电流表刻度处应标______，该“电阻表”的刻度是______（均匀/不均匀）的。
【答案】（1）R短路 （2）2：1 （3）20 （4）滑动变阻器的电功率
（5）10 ；不均匀
【解析】【小问1】闭合开关，发现电流表有示数，说明电路是通路，不可能断路，电压表无示数，电压表被短路，则电路故障原因可能是R短路。
【小问2】由图可知，将和的电阻分别接入电路进行实验时，电流分别为0.6A和0.3A，在电压表示数不变的情况下，滑动变阻器的电压是不变的，根据公式可知，滑动变阻器消耗的电功率之比为等于电流之比为
【小问3】为了能够顺利完成实验，定值电阻的电压为，电源电压是6V，滑动变阻器的电压为
根据欧姆定律和串联电路电流的特点可知，串联电路电压之比等于电阻之比，所以两者电阻大小是相等的，故定值电阻最大是，滑动变阻器的最大阻值不小于。
【小问4】研究通过小灯泡的电流与它两端电压的关系，小明将图甲中的定值电阻换成额定电压为6V的小灯泡，移动滑片，记录多组数据，作出了图像a，还作出了电流大小与电源电压大小的关系图像b，故图中阴影的横坐标是电源电压减去灯泡的电压，等于滑动变阻器的电压，与电流的乘积是电功率，故图中阴影部分的面积表示滑动变阻器的电功率。
【小问5】将MN直接相连，调节滑片P使电流表指针指在刻度上，此后保持滑片位置不变，则电阻
当电流为时，总电阻为，待测电阻，由表达式可知，该“电阻表”的刻度是不均匀的,
当电流为时，
五、计算题：本大题共2小题，共10分。
30. 如图甲是一种新型吊运设备的简化模型示意图，定滑轮的轴和电动机均固定在B点。在一次作业中，该吊运设备匀速竖直提升物体，此时滑轮组的机械效率为80%，被提升的物体上升的速度为0.5m/s，电动机做的功跟时间的变化关系如乙图所示。不考虑滑轮组绳子的质量、滑轮与轴和绳子间的摩擦。求：
（1）此次作业中电动机的功率；
（2）此次作业中被提升的物体受到的重力；
（3）动滑轮的总重。
【答案】（1）300W；（2）480N；（3）120N
【解析】解：（1）由图乙知，当时，绳子自由端拉力做的总功
绳子自由端拉力的功率
（2）滑轮组的机械效率
则有用功功率
由可得，被提升物体的重力
（3）由得
则动滑轮的重力
答：（1）此次作业中电动机的功率300W；
（2）此次作业中被提升的物体受到的重力480N；
（3）动滑轮的总重是120N。
31. 养生壶是一种用于养生保健烹饮容器，采用新型电加热材料，通电后产生热量把壶内的水加热，图是某款养生壶及其铭牌，求：
（1）养生壶将1.2kg水从20℃加热到85℃，水吸收的热量是多少？
（2）若正常工作时，养生壶加热效率为91%，将1.2kg水从20℃加热到85℃需要多少分钟的时间？（已知水的比热容c=4.2×103J/（kg·℃））
【答案】（1）3.276×105J （2）6
【解析】【小问1】养生壶将1.2kg水从20℃加热到85℃，水吸收的热量为
【小问2】由可得，养生壶消耗的电能
由可得，养生壶将1.2kg水从20℃加热到85℃需要工作时间为
六、综合题：本大题共1小题，共6分。
32. 阅读短文，回答问题。
智慧交通走进生活
我国无人驾驶汽车已经在特定区域广泛应用。汽车是怎么“看”到信号灯的?原来，路口建设有“智慧交通系统”，实时为装有传感器的无人驾驶汽车传递整体路网情况，让过去的“车看灯”变成“灯看车”，动态调整绿灯时长，降低汽车平均等待时间。如调控到绿波时速（“绿波时速”是指在一个路口遇到的是绿灯，按指示牌上的时速保持下去，那么就会一路绿灯），车辆将畅通无阻；利用“智慧交通系统”还可以发布“拥堵延时指数”（“拥堵延时指数”是指汽车在拥堵状态所用时间与畅通状态所用时间的比值），方便人们做出行规划。
（1）无人驾驶汽车可以通过车上的摄像机识别路人是否招手，在进行识别时，其镜头相当于一个______透镜，汽车驶向路人小段距离后，再次识别到的人像将______（选填“变大”“变小”或“不变”）；
（2）节假日同路段越拥堵，“拥堵延时指数”将______（选填“越大”“越小”或“不变”）；
（3）小明从家坐车去图书馆，借助“智慧交通系统”得到两套出行方案。方案①：路程较短，为9km；方案②：用时较短。如图1所示，方案①中的道路限速（“40”表示汽车在该道路上行驶的最高速度为）和拥堵延时指数均已标明，已知畅通状态下汽车的平均速度为最高限速的90%。方案②中汽车的平均速度为______；若方案②比方案①用时少10min，则方案②的路程为______km；
（4）已知相邻的A、B两处交通信号灯之间的路程为2.4km，A处信号灯绿灯时间为30s，若经过A处的汽车均按照图2所示的绿波时速行驶，则所有汽车达到B处时均为绿灯，那么B处的信号灯绿灯时间至少为______s。
【答案】 （1）凸 ；变大 （2）越大 （3）54 ；15.3 （4）70
【解析】（1）摄像机的镜头相当于一个凸透镜。根据凸透镜成像规律，物近像远像变大，所以当汽车驶向路人小段距离后，再次识别到的人像将变大。
（2）“拥堵延时指数”是指汽车在拥堵状态所用时间与畅通状态所用时间的比值，节假日堵车，说明拥堵所用的时间越长，拥堵状态所用时间与畅通状态所用时间的比值就越大。
（3）[4]通畅状态下汽车的平均速度为最高限速的90%，所以通畅状态下汽车的平均速度为v=40km/h×90%=36km/h=10m/s
畅通状态花费的时间是
方案①拥堵的时间是t=1.8×900s=1620s=27min
方案②中平均速度为v1=60km/s×90%=54km/h
方案②用时是t1=27min-10min=17min
则方案②的路程是
（4）以行驶需要时间
以行驶需要时间
B处的信号灯绿灯时间至少为几种物质的沸点（在标准大气压下）单位：
液态铁
液态铅
水银
亚麻仁油
甲苯
水
酒精
液态氨
液态氧
液态氮
液态氢
液态氦
型号
CH·M16
额定电压
220V
频率
50Hz
额定功率
1000W
容量
1.2L