山东省滨州市2025年中考 物理模拟试卷+

这是一份山东省滨州市2025年中考 物理模拟试卷+，共25页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.估算不是胡乱猜测，它的结果是根据已知的信息进行合理推测得到的，下面是小明的一些估算值，你认为符合实际的是( )
A. 一张纸的厚度约为1mmB. 一个成年人骑自行车速度约为5m/s
C. 人感觉舒适的室温约36.5∘CD. 一个鸡蛋的质量约为0.5kg
2.“两岸青山相对出，孤帆一片日边来。”李白这首脍炙人口的七言绝句，描绘了一幅闸述运动相对性的完美画卷，诗中的意境如图所示。从物理学的角度看，“青山相对出”，所选的参照物是( )
A. 两岸
B. 太阳
C. 帆船
D. 江水
3.随着智能手机的应用，人们戴耳机听音乐的越来越多，时间久了会严重影响人们的听力，守护听力健康，增强全民爱耳护耳意识，是我们共同的责任。下列与声音有关的说法正确的是( )
A. 打雷时捂住耳朵可以防止雷声的产生
B. “闻其声而知其人”，主要是因为不同的人产生声音的响度不同
C. “山东舰”航母上的起飞引导员佩戴有耳罩的头盔，这是在人耳处减弱噪声
D. 跳广场舞时喇叭播放的歌曲都是乐音
4.中华诗词蕴含着丰富的物理知识，以下诗词中有关物态变化的分析正确的是( )
A. “露似真珠月似弓”，露的形成是液化现象，需要放热
B. “斜月沉沉藏海雾”，雾的形成是汽化现象，需要放热
C. “霜叶红于二月花”，霜的形成是凝华现象，需要吸热
D. “已是悬崖百丈冰”，冰的形成是凝固现象，需要吸热
5.关于分子，下列认识中正确的是( )
A. 红墨水在水中散开说明分子间有斥力
B. 吸盘能牢牢吸在玻璃上，说明分子间存在引力
C. 尘土飞扬，说明分子在不停地运动
D. 糖在热水中溶解得快，说明温度越高，分子的热运动越剧烈
6.如图所示，小明同学在练习滑板运动时，单脚蹬地，人和车一起向前滑行。以下说法正确的是( )
A. 脚向后蹬地，人和车向前滑行，说明力的作用是相互的
B. 蹬地时，脚对地的压力和地对脚的支持力是一对平衡力
C. 当人和车一起滑行时，若车碰到障碍物，人会向后倾倒
D. 停止蹬地后，车滑行一段距离会停下，说明运动需要力来维持
7.物理实验中运用了一些研究物理问题的方法和应用，在“探究影响压力作用效果的因素“实验中，下列说法正确的是( )
A. 通过观察海绵被压下的深浅来显示压力的作用效果，这种实验方法叫类比法
B. 探究压力作用效果与压力大小关系时，控制受力面积不变，这是运用了控制变量法
C. 注射器的针头比较尖，利用了甲、乙的实验结论
D. 樵夫有力欲柴，利用了乙、丙的实验结论
8.下列现象中，仅由于光的反射而形成的是( )
A. 水中倒影
B. 雨后彩虹
C. 插在水中的铅笔“折断”了
D. 手影
9.蹦床比赛正式成为奥运比赛项目，我国也运动员也多人次获得此项目的世界冠军，在运动员被弹起向高处运动过程中人的动能和重力势能的变化情况是( )
A. 动能减小，重力势能增大B. 动能增大，重力势能减小
C. 动能先增大后减小，重力势能增大D. 动能先减小后增大，重力势能减小
10.关于下面四幅图的说法正确的是( )
A. 如甲图，A管中水面上升，是因为流体中流速越大的位置压强越小
B. 如乙图，将竖直玻璃管倾斜，水银柱的长度不变
C. 如丙图，把水气压计从山下移到山顶，细管内的水柱下降
D. 如丁图，盆景中的水位能保持一定高度，是利用了连通器原理
11.汽车装有安全带未系提示系统，当乘客坐在副驾驶座椅上时，座椅下的开关S1闭合，若未系安全带，则开关S2断开，仪表盘上的指示灯亮起，蜂鸣器工作；若系上安全带，则开关S2闭合，指示灯熄灭，蜂鸣器不工作。下列设计的电路图正确的是( )
A. B.
C. D.
12.在探究凸透镜成像规律的实验中，将点燃的蜡烛放在凸透镜前某一位置，在凸透镜后20cm的光屏上出现一个等大倒立的像，如果将蜡烛移动到凸透镜前25cm处，则( )
A. 光屏上会出现倒立放大的实像
B. 将光屏靠近凸透镜一段距离，光屏上会出现倒立缩小的实像
C. 将光屏远离凸透镜一段距离，光屏上会出现倒立放大的实像
D. 无论怎样移动光屏，光屏上均找不到像
13.线上教学期间，居家学习的小明进行实验探究：将水平桌面上的甲、乙两只相同的塑料杯中分别装满水，把两个质量相同的小球分别放入两杯中，两小球静止时如图所示，则( )
A. 甲杯中溢出水的体积小
B. 乙杯中小球所受浮力大
C. 甲杯底部受到水的压强小
D. 两杯对桌面的压强一样大
14.如图所示，利用滑轮组将重为100N的物体在20s内匀速提升5m，已知拉力F为60N，若不计绳重和摩擦。下列说法正确的是( )
A. 绳端移动的速度为0.3m/s
B. 动滑轮重力为30N
C. 拉力做功的功率为30W
D. 滑轮组的机械效率为80%
15.一个空心小铁球放在盛水的烧杯中漂浮在水面上，将烧杯置于铁棒AB的上方，绕在铁棒上的线圈连接在如图所示的电路中，开关S闭合后，下列说法正确的是( )
A. 小铁球仍静止在水面上时受到的重力和浮力是一对平衡力
B. A端为电磁铁的S极
C. 滑片P向右滑动，小铁球所受浮力变小
D. 滑片P向左滑动，螺线管的磁性减弱
二、填空题：本大题共5小题，共13分。
16.茶是世界三大饮品之一，起源于中国，盛行于世界。农业农村部与联合国粮农组织开展系列宣传活动，国家主席习近平致铝表示热烈祝贺。
(1)如图所示的茶壶利用了______原理，方便倒水饮茶；
(2)用电热壶将1kg初温为20∘C的水烧到98∘C，水吸收的热量为______焦耳[水的比热容为4.2×103J/(kg⋅∘C)]；
(3)用热水冲泡茶叶时，茶叶随水而动，说明力可以改变物体的______；茶叶的温度升高，内能增加，这是通过______的方式改变了茶叶的内能。
17.在探究固体熔化规律的实验中，某时刻用摄氏温度计测得的温度如甲图所示，则读数为______ ∘C；乙图为A、B两种物质熔化时温度随时间变化的图像，可判断______(选填“A”或“B”)物质为非晶体。
18.避雷针能让建筑物避免雷击。当云层电荷较多时，避雷针与云层之间的空气被击穿，使带电云层通过空气与避雷针、导线和大地相连形成通路，此时空气是______体；若云层带正电，则电流的方向是______(选填“从云层到大地”或“从大地到云层”)。
19.氢弹是利用氢核的______(选填“裂变”或“聚变”)在瞬间释放的能量，核能是______(选填“可再生”或“不可再生”)能源。
20.火箭发射前，发射台下的水池内需注入大量的水。点火升空时，发射台周围出现大量的“白雾”(如图)，这是水蒸气______(填物态变化名称)的结果；火箭加速升空的过程中，飞船的机械能______。6时56分，飞船与天和核心舱完成交会对接，对接后，相对于天和核心舱，飞船是______的。
三、作图题：本大题共1小题，共2分。
21.在图中，作出静止在斜面上的物体所受力的示意图，O是物体的重心。
四、实验探究题：本大题共4小题，共30分。
22.小华做“观察水的沸腾“实验。
(1)如图甲所示，组装器材时，先调整铁圈A的高度，确保用酒精灯的______加热。接着将铁圈 B向______移动，调节温度计到恰当的位置；
(2)每隔1min记录一次水的温度，第3min时温度计示数(如图乙所示)为______ ∘C，分析表格数据可知水的沸点为______ ∘C，图丙所示情形可能为表中第______min时气泡上升的状态：由表格知液体沸腾条件______。
(3)沸腾后撤去酒精灯，观察到的现象是水不会立即停止沸腾，原因是______。
23.如图所示的装置“探究凸透镜成像的规律”的实验。
(1)实验前应调节烛焰、凸透镜、光屏，使它们的中心在同一水平高度，这样做的目的是______。
(2)当蜡烛与凸透镜的位置如图所示时，在光屏上可得到烛焰清晰的、______(选填“放大”或“缩小”)的像，生活中利用此成像规律制成的光学仪器是______(选填“放大镜”、“投影仪”或“照相机”)；
(3)保持蜡烛与凸透镜位置不变，用另一个凸透镜替换原透镜，发现需将光屏向右移动才能在光屏上重新得到清晰的像，此时像与原来的像相比______(选填“变大”或“变小”)，新换用的凸透镜的焦距______(选填“大于”或“小于”)原凸透镜的焦距；
(4)如果小明只将图中的凸透镜换成薄玻璃板，前后移动光屏，他______(选填“能”或“不能”)在光屏上直接观察到烛焰的像，原因是所成的像是______像。
24.小刚妈妈从银座超市买了一桶花生油，小刚想利用在学校学到的“测量物质的密度”知识来测量花生油的密度，于是他从学校借来了有关器材，进行了如下操作：
(1)将天平放在水平桌面上，将游码拨在标尺左端零刻线处，此时指针指在如图甲所示位置，小刚接下来的操作应该向______移动平衡螺母，使指针指在分度盘中央；
(2)将空烧杯放在左盘，向右盘加减砝码，当加入最后一个最小砝码时，指针的指向仍然如甲图所示，小刚接下来应该进行的操作是______，使指针指在分度盘中央，最后测出了空烧杯的质量为m1=45g；
(3)将花生油倒在量筒里，如图乙所示。花生油的体积为V=______cm3；
(4)将量筒中的花生油倒在空烧杯中，将烧杯放在已调平的天平的左盘，向右盘中加(减)砝码，并调节游码，使横梁在水平位置平衡，此时右盘中砝码和游码的刻度值如图丙所示，则花生油和烧杯的总质量为m2=______g；
(5)小刚根据测量的数据算出花生油的密度为ρ油=______kg/m3；
(6)已知该花生油的密度在0.911×103kg/m3∼0.918×103kg/m3之间，请你根据小刚的测量结果分析，小刚的测量过程中存在的不足之处是______。
(7)小明同学总结了小刚同学的教训，他先测出______，然后把花生油的一部分别入量筒中测出花生油的体积，再测出______，最后算出花生油的密度。
25.用5Ω、10Ω、20Ω的三个定值电阻探究电流与电阻的关系，实验所用电源电压为6V。
(1)请用笔画线代替导线将图甲所示电路连接完整(滑动变阻器的滑片向右移动时电流表的示数变大)。
(2)先将5Ω的定值电阻接入电路，闭合开关后，电流表有示数，电压表无示数，可能是定值电阻______路。
(3)排除故障后进行实验，移动滑动变阻器的滑片，当电流表的示数如图乙所示时记录数据，则本实验中控制的定值电阻两端的电压为______ V。
(4)断开开关，将5Ω的定值电阻换成10Ω的定值电阻，闭合开关，应将滑动变阻器的滑片向______(选填“左”或“右”)端移动；移动滑片的过程中，眼睛应观察______表的示数。
(5)根据实验数据描绘出电流与电阻倒数的图象如图丙所示，由图象可知，电压一定时，电流与电阻成______比。
(6)分析实验数据可知，本实验所用滑动变阻器的最大阻值应不小于______Ω。
五、计算题：本大题共3小题，共25分。
26.如图所示，一质量m=0.45kg，底面积S=3.0×10−3m2的均质实心圆柱体静止在水平地面上。将它放入水槽中再次达到静止状态时，圆柱体在水中漂浮，上端有14露出水面。已知g=10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3。求：
(1)圆柱体静止在水平地面上时，对地面的压强p2；
(2)圆柱体的密度ρ；
(3)漂浮在水中的圆柱体底部所在处，水产生的压强p2。
27.如图所示，图甲为某电饭锅的实物图、图乙为其电路原理图、图丙为电饭锅铭牌的主要参数，R1和R2为电阻不变的电热丝，S1为总开关，S2为温控开关。该电饭锅可以通过S1、S2两个开关的断开与闭合实现加热、保温两个挡位的变化。将电饭锅接入电源电压为220V的电路中，求：
(1)电饭锅在处于加热挡时的电流；
(2)电饭锅处于保温挡时，持续工作10min，产生的热量是多少焦；
(3)R1和R2的阻值。
28.某科技小组设计的电热水器具有加热和保温功能，其工作原理如图1所示。R为热敏电阻，其阻值R随温度变化的规律图像如图2所示，电源电压U1为6V，保护电阻R0的阻值为300Ω，热敏电阻R和工作电路中的三只加热电阻丝R1、R2、R3均置于储水箱中，R1=44Ω，U2=220V，加热和保温时的功率分别为2200W和110W。
(1)电磁铁上端为______极，电热水器处于加热工作状态时，不工作的电阻丝是______。
(2)当电磁铁线圈中的电流I≤8mA时，继电器上方与触点c接触，保温电路接通，热水器刚开始保温时水的温度是多大？(电磁铁线圈电阻不计)
(3)电阻丝R3的阻值是多大？
(4)工作时，若要降低电热水器的保温温度，能否通过换用阻值更大的定值电阻替换R0来实现？请简要说明理由。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、一张纸的厚度约为0.1mm，故A不符合实际；
B、一个成年人骑自行车速度约为5m/s，故B符合实际；
C、人感觉舒适的室温约26∘C，36.5∘C的室温会让人感觉炎热不适，故C不符合实际；
D、一个鸡蛋的质量约为50g=0.05kg，故D不符合实际。
故选：B。
首先要对相关物理量有个初步的认识，不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要经过简单的计算，有的要进行单位换算，最后判断符合要求的是哪一个。
物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中常见物理量的数值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。
2.【答案】C
【解析】解：“青山相对出”，这里的研究对象是“青山”，青山相对于两岸、太阳、江水的位置没有发生改变，是静止的，而相对于帆船，“青山”的位置发生了改变，是运动的，因此，“青山相对出”，所选的参照物是帆船。
故选：C。
在研究物体的运动和静止时，要看物体的位置相对于参照物是否发生改变，若改变，则是运动的，若不改变，则是静止的。
判断一个物体是运动还是静止，主要取决于所选的参照物，参照物不同，物体的运动情况可能不同，这就是运动和静止的相对性。
3.【答案】C
【解析】解：A、声音是由物体振动产生的，打雷时捂住耳朵，只能减弱进入耳朵的雷声大小，不能阻止云层振动，也就不能防止雷声的产生。故A错误。
B、音色是指不同声音表现在波形方面总是有与众不同的特性，不同的物体振动都有不同的特点。“闻其声而知其人”主要是因为不同的人发出声音的音色不同，而不是响度不同。故B错误。
C、减弱噪声的途径有三种，分别是在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱。佩戴有耳罩的头盔，是通过阻止声音进入耳朵来减弱噪声，属于在人耳处减弱噪声。故C正确。
D、乐音是指听起来比较悦耳动听的声音，通常是由有规律的振动产生的；而噪声是指妨碍人们正常休息、学习和工作的声音。跳广场舞时喇叭播放的歌曲，如果影响了他人的正常生活、学习和工作，就属于噪声，并非都是乐音。故D错误。
故选：C。
A、声音是由物体振动产生的。
B、音色是指不同声音表现在波形方面总是有与众不同的特性，不同的物体振动都有不同的特点。
C、减弱噪声的途径有三种，分别是在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱。
D、乐音是指听起来比较悦耳动听的声音，通常是由有规律的振动产生的；而噪声是指妨碍人们正常休息、学习和工作的声音。
本题考查了声的生条件，音色的特征，减弱噪声的途径，噪声的界定。
4.【答案】A
【解析】解：A、“露似真珠月似弓”，露的形成是液化现象，需要放热，故A正确；
B、斜月沉沉藏海雾，雾是空气中的水蒸气遇冷形成的小水珠，是液化现象，需要放热，故B错误；
C、“霜叶红于二月花”，霜是空气中的水蒸气遇冷形成的小冰晶，是凝华现象，凝华放热。故C错误；
D.“已是悬崖百丈冰”，冰是水凝固形成的，是凝固现象，需要放热，故D错误。
故选：A。
(1)物质由气态直接变为固态叫凝华；物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
(2)物态变化中吸热的有：熔化、汽化和升华；放热的有：凝固、液化和凝华。
此题考查了生活中的物态变化现象，要求学生运用所学知识解答生活、自然现象。
5.【答案】D
【解析】解：A、红墨水在水中散开说明分子不停地做无规则运动，并不能说明分子间有排斥力，故A错误；
B、吸盘能牢牢吸在玻璃上，是因为大气压强，不能说明分子间存在引力，故B错误；
C、尘土飞扬属于宏观物体的运动，是机械运动，不属于分子运动，故C错误；
D、糖在热水中溶解得快，说明温度越高，分子的热运动越剧烈，故D正确；
故选：D。
组成物质的分子永不停息地做无规则运动；宇宙是一个有层次的天体系统，恒星也在不断运动；物质是由分子组成的，分子是由原子组成的，原子由原子核与核外电子组成。
本题考查了分子动理论的知识，难度不大，是一道基础题，熟练掌握基础知识即可正确解题。
6.【答案】A
【解析】解：A、脚向后蹬地，脚给地面一个向后的力，地面给脚一个向前的力，所以车会向前运动，说明物体间力的作用是相互的，故A正确；
B、蹬地时，脚对地的压力和地对脚的支持力作用在不同的物体上，所以不是一对平衡力，故B错误；
C、当人和车一起滑行时，若车碰到障碍物，人的脚随着车有运动变为静止，人的上身由于惯性会仍然保持原来的速度向前运动，故由于上身的继续运动而使得人向前倾倒，故C错误；
D、停止蹬地后，车仍会继续向前运动，是由于车具有惯性，不能说明运动需要力来维持，故D错误。
故选：A。
(1)物体间力的作用是相互的；
(2)二力平衡的条件是两个力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在同一个物体上；
(3)一切物体在任何时候都有惯性，惯性是物体本身具有的一种保持原来运动状态不变的性质。
从物体上找物理知识是中考出题的一个方向，也揭示了物理来源于生活又应用于生活的物理意识。
7.【答案】B
【解析】解：A、通过观察海绵被压下的深浅来显示压力的作用效果，这是转换法，故A错误。
B、压力作用效果跟压力大小和受力面积大小有关。探究压力作用效果与压力大小关系时，控制受力面积不变，这是控制变量法，故B正确。
C、由甲、乙图知，是在受力面积一定时，压力越大，压力作用效果越明显，不可以解释注射器的针头比较尖，故C错误。
D、由图乙、丙知，是在压力一定时，受力面积越小，压力作用效果越明显，不可以解释樵夫有力欲柴，故D错误。
故选：B。
(1)物理学中对于一些看不见摸不着的现象或不易直接测量的物理量，通常用一些非常直观的现象去认识或用易测量的物理量间接测量，这种研究问题的方法叫转换法。
(2)物理量受多个因素影响时，探究物理量和其中一个因素的关系时，控制其它因素不变，这种方法是控制变量法。
(3)在受力面积一定时，压力越大，压力作用效果越明显。
(4)在压力一定时，受力面积越小，压力作用效果越明显。
本题通过控制变量法和转换法考查了压力大小的影响因素，并且用所得结论解释生活中的问题，体现了学以致用的目的。
8.【答案】A
【解析】解：A、水中形成“倒影”，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故A正确；
B、雨后彩虹是由于太阳光入射到水滴中发生的折射形成的，故B错误。
C、从水中笔上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线的方向看时，看到的是笔的虚像，比实际位置偏高，所以感觉折断了，故C错误。
D、手影的形成说明光是沿直线传播的，由于光的直线传播，被手挡住后，墙面就会呈现出阴影区域，就是影子，故D错误。
故选：A。
要解决此题，需要掌握光的反射现象，知道平面镜成像是由于光的反射形成的。
要掌握光的折射现象，知道水底看起来比实际的要浅、斜插入水中的筷子向上折、海市蜃楼、凸透镜成像都是光的折射。
要掌握光沿直线传播现象，知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线传播形成的。
光的直线传播形成的现象包括：小孔成像，影子的形成，日、月食的形成等；光遇到物体表面会发生反射：平面镜成像就是光的反射形成的；光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向会发生偏折：钢笔错位、筷子变折、海市蜃楼，凸透镜成像等都属于光的折射现象。
9.【答案】A
【解析】解：在运动员被弹起向高处运动过程中人的质量不变，速度变小、高度变大，所以动能减小，重力势能增大。故选项A正确、BCD错误。
故选：A。
动能大小的影响因素：质量、速度；质量越大，速度越大，动能越大。
重力势能大小的影响因素：质量、被举的高度；质量越大，高度越高，重力势能越大。
此题考查重力势能大小与高度的关系，动能大小与速度的关系，属于基础题目，难度不大。
10.【答案】A
【解析】解：A、A管中水面上升，是因为流体中流速越大的位置压强越小，故A正确；
B、在托里拆利实验中，水银柱的高度是指管内水银面到水银槽中水银面的竖直高度，这一高度的大小是由外界大气压决定的，因此在大气压不变的情况下，玻璃管倾斜，水银柱高度不变，但水银柱长度会变长，故B错误；
C、把水气压计从山下带到山上，外界大气压随高度的增加而减小，此时在瓶内气压的作用下会有一部分水被压入玻璃管，因此管内水柱会升高，故C错误；
D、在一个标准大气压下，大气压可以支持约10.3m高的水柱。瓶中水面能高于盆内水面不会流出来，正是因为盆景中的水与大气相通，是大气压支持着瓶内的水不会流出来，不是利用连通器原理，故D错误。
故选：A。
(1)流体的压强跟流体的流速有关，流速越大，压强越小；
(2)托里拆利管内是真空，在托里拆利实验中，外界大气压不变，则管内水银柱的高度不变，当管倾斜时，水银柱的长度变长；
(3)大气压强随着高度的增加而减小，当内外压强差增大时，管内水柱的高度增大；
(4)连通器的原理是两个开口的容器底部相通，当液体不流动时，两侧的液面位于同一水平面。
本题考查流体压强与流速的关系、大气压强的测量、大气压强跟高度的关系及其应用，属于综合题。
11.【答案】B
【解析】由电路图可知：
A、系上安全带时开关S2闭合，会造成电源短路，故A不符合题意；
B、当乘客坐在副驾驶座椅上时，开关S1闭合，蜂鸣器和指示灯均工作，系上安全带后开关S2闭合，蜂鸣器和指示灯被短路均不工作，此时电路安全，故B符合题意；
C、只有当乘客坐在副驾驶座椅上且系上安全带时，两开关闭合，蜂鸣器和指示灯才工作，故C不符合题意；
D、当乘客坐在副驾驶座椅上时，开关S1闭合，蜂鸣器和指示灯均工作，系上安全带后开关S2闭合，蜂鸣器和指示灯仍工作，故D不符合题意。
故选：B。
分析：由题意知，当乘客坐在副驾驶座椅上时开关S1闭合指示灯亮起、蜂鸣器工作，则S1可控制指示灯和蜂鸣器；若系上安全带，开关S2闭合，指示灯熄灭、蜂鸣器不工作，则蜂鸣器和指示灯被短路，据此进行解答。
本题利用了用电器短路时不工作来设计电路，注意不能出现电源短路的情况，电阻起保护电路的作用。
12.【答案】B
【解析】解：距离凸透镜20cm的光屏上得到一个清晰的与物体等大的像，所以v=20cm=2f，则f=10cm；
A、若现将蜡烛移至透镜前25cm处时，此时物距u=25cm，则物距u>2f，光屏上成倒立、缩小的实像，故A错误。
B、C、D、如果将蜡烛移动到凸透镜前25cm处，物距增大，像距减小，所以应该将光屏靠近凸透镜一段距离，光屏上会出现倒立缩小的实像，故B正确，CD错误；
故选：B。
(1)u=2f，成倒立、等大的实像。
(2)u>2f，成倒立、缩小的实像。
(3)凸透镜成实像时，物距越大，像距越小。
本题主要考查的是凸透镜成像规律的应用，关键是记熟成像规律，并搞清成像特点与物距之间的关系。
13.【答案】D
【解析】解：
AB、两个小球的质量相同，根据G=mg可知，小球的重力相同；小球在甲中漂浮，受到的浮力等于自身的重力；小球在乙中悬浮，受到的浮力等于自身的重力，所以两杯中小球受到的浮力相同，水的密度不变，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，两个小球排开的水的体积是相同的，烧杯原来都装满水，则溢出水的体积相同，故AB错误；
C、两杯中液面深度相同，水的密度不变，根据p=ρgℎ可知，两杯底部受到的水的压强是相同的，故C错误；
D、甲杯中小球排开的水的重力等于小球的重力，乙杯中小球排开的水的重力等于小球的重力，小球的重力相同，所以排开的水的重力相同；杯子的重力相同，所以杯子重力、水的重力、小球的重力的和是相同的，受力面积相同，根据p=FS可知，桌面受到的压强相同，故D正确。
故选：D。
(1)(2)根据两个小球的状态，利用物体的浮沉条件得出浮力的大小关系，根据阿基米德原理分析排开的水的体积的大小关系；
(3)根据p=ρgℎ分析杯子底部受到的压强的大小关系；
(4)容器对桌面的压力等于杯子重力、水的重力、小球的重力的和，据此分析两个杯子总重力的大小，根据p=FS分析桌面受到的压强的大小关系。
本题考查了物体浮沉条件、阿基米德原理、压力和压强大小的比较等，综合性强，难度较大；解题时要注意压强公式的正确选择。
14.【答案】C
【解析】解：A、由图可知，n=2，绳子自由端移动的速度为：
v=st=nℎt=2×5m20s=0.5m/s，故A错误；
B、若不计绳重和摩擦，根据F=1n(G+G动)可知，动滑轮重力为：
G动=nF−G=2×60N−100N=20N，故B错误；
C、拉力做功的功率为：
P=Wt=Fst=Fnℎt=60N×2×5m20s=30W，故C正确；
D、该滑轮组的机械效率为：
η=W有W总=GℎFs=GℎFnℎ=GnF=100N2×60N×100%≈83.3%，故D错误。
故选：C。
(1)根据滑轮组装置确定绳子股数，利用v=st=nℎt求出绳子自由端移动的速度；
(2)若不计绳重和摩擦，根据F=1n(G+G动)求出动滑轮重力；
(3)根据P=Wt=Fst=Fnℎt求出拉力做功的功率；
(4)根据η=W有W总=GℎFs=GℎFnℎ=GnF求出该滑轮组的机械效率。
本题考查了功率公式、机械效率公式和滑轮组绳子拉力公式的综合应用。
15.【答案】C
【解析】解：A、小铁球静止在水面上时，受到竖直向下的重力、电磁铁对它竖直向下的吸引力和竖直向上的浮力，此时重力与浮力大小不相等，不是一对平衡力，故A错误。
B、由图可知，电流从螺线管的B端流入，A端流出，根据右手螺旋定则，用右手握住螺线管，四指指向电流方向，大拇指所指的一端为N极，则螺线管的A端为N极，B端为S极，故B错误。
C、当滑片P向右滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻增大，根据欧姆定律I=UR，电源电压不变，电路中电流减小，螺线管的磁性减弱，小铁球所受磁场力减弱。小铁球受竖直向下的磁场力及重力，竖直向上的浮力而处于平衡状态，即F浮=G+F磁，重力G不变，磁场力F磁减小，则浮力F浮也将减小，故C正确。
D、当滑片P向左滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，根据欧姆定律，电路中电流增大，在螺线管匝数和铁芯不变的情况下，螺线管的磁性增强，故D错误。
故选：C。
A、平衡力：如果一个物体在几个力的作用下处于平衡状态，物体受到的力就是平衡力。平衡力包括二力平衡和多力平衡，其中二力平衡是最简单的平衡状态。B、根据右手螺旋定则，判断通电螺线管的极性。CD、电磁铁磁性强弱的影响因素：线圈匝数多少、电流大小。
本题考查了平衡力的判断，影响电磁铁磁性强弱的因素，是我们必须熟记的内容。
16.【答案】连通器； 3.276×105； 运动状态；热传递
【解析】解：(1)茶壶的壶嘴和壶身构成了一个连通器，即茶壶利用了连通器原理，方便倒水饮茶；
(2)水吸收的热量：
Q吸=cmΔt=4.2×103J/(kg⋅∘C)×1kg×(98∘C−20∘C)=3.276×105J；
(3)热水冲泡茶叶时，水给茶叶力的作用，茶叶由静止变为运动，说明力可以改变物体的运动状态；
茶叶吸收热量，温度升高，内能增加，这是通过热传递的方式改变了茶叶的内能。
故答案为：(1)连通器；(2)3.276×105；(3)运动状态；热传递。
(1)上端开口、下部相连通的容器叫连通器，生活中常见的连通器：茶壶、船闸等；
(2)知道水的质量、比热容、初温和末温，根据Q吸=cmΔt求水吸收的热量；
(3)力可以改变物体的运动状态；热传递可以改变物体的内能。
本题考查连通器的原理、改变物体内能的方式、力的作用效果，以及热量的计算，难度一般。
17.【答案】56 B
【解析】解：(1)温度计的分度值是1∘C，所以该温度计的示数为56∘C；
(2)晶体熔化过程中，吸收热量，温度保持不变；非晶体熔化过程中，温度不断升高，所以A是晶体，B是非晶体。
故答案为：56；B
(1)先看清温度计的分度值，再读数；
(2)晶体熔化过程吸收热量，温度不变；非晶体熔化过程中温度持续上升。
本题考查温度计的读数，晶体和非晶体的区别，区分晶体和非晶体的关键在于熔化过程中温度的变化情况，
18.【答案】导体 从云层到大地
【解析】解：当云层电荷较多时，避雷针与云层之间的空气被击穿，使带电云层通过空气与避雷针、导线和大地相连形成通路，此时空气是导体。
若云层带正电，放电时，自由电子由大地到云层，所以则电流的方向是从云层到大地。
故答案为：导；从云层到大地。
(1)容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。常见的绝缘体有陶瓷、塑料、玻璃、橡胶、油等；导体和绝缘体没有绝对的界限。
(2)规定正电荷定向移动的方向为电流的方向，电子的定向移动方向与电流方向相反。
知道生活中的导体和绝缘体，理解电流方向的规定，可解答此题。
19.【答案】聚变 不可再生
【解析】解：氢弹是利用氢核的聚变在瞬间释放的能量；
核能使用后，不可能在短期内从自然界得到补充，属于不可再生能源。
故答案为：聚变；不可再生。
(1)核裂变和核聚变都能释放能量，但是又有区别，对于核裂变是可控的，如核电站的核反应堆就是通过核裂变提供能量的，对于核聚变过程不可控，如氢弹爆炸就是利用核聚变释放能量。
(2)从能源是否可再利用的角度可分为可再生能源和不可再生能源。化石能源、核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；而风能、水能、太阳能、生物质能，可以在自然界里源源不断的得到补充，所以它们属于可再生能源。
主要考查学生对可再生能源和不可再生能源特点的理解，同时也考查了同学们对于核能的了解情况，这些知识点都是中考的热点。
20.【答案】液化 增大 静止
【解析】解：(1)点火升空时，发射台周围出现大量的“白雾”是由空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水珠。
(2)动能和势能统称为机械能，火箭加速升空，动能增大，重力势能也增大，所以机械能也增大。
(3)飞船与天和核心舱对接后，成为了一个整体，所以相对于天和核心舱，飞船是静止的。
故答案为：液化；增大；静止。
(1)物质由气态转变为液态的过程叫做液化，液化放热；
(2)动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大；机械能等于动能和势能之和；
(3)研究物体的运动情况时，首先要选取一个物体作为标准，这个被选作标准的物体叫做参照物；研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的相对位置是否变化。
本题以神舟十七号载人飞船为背景，考查多个知识点，是一道综合题，能激发学生的学习兴趣，本题难度不大。
21.【答案】
【解析】解：静止在斜面上的物体受到竖直向下的重力G、垂直于斜面向上的支持力F；由于物体有向下滑动的趋势，所以物体还受到沿斜面向上的摩擦力f；过物体的重心作竖直向下的重力G，过重心作垂直于斜面向上的支持力F，过重心作沿斜面向上的摩擦力f；如图所示：
静止在斜面上的物体受到重力、摩擦力和支持力作用，然后过重心分别表示出三个力的方向。
画力的示意图，首先要对物体进行受力分析，看物体受几个力，要先分析力的大小、方向和作用点，再按照画图的要求画出各个力。
22.【答案】外焰；上； 95；98；6∼10；继续吸热，温度不变； 石棉网和烧杯底部的温度还比较高，‌高于水的沸点，‌水还能从烧杯底部吸收到热量
【解析】(1)如图甲所示，组装器材时，先调整铁圈A的高度，确保用酒精灯的外焰加热。接着将铁圈B向上移动，调节温度计到恰当的位置。
(2)每隔1min记录一次水的温度，第3min时温度计示数为95∘C，分析表格数据可知水的沸点为98.0∘C，图丙所示情形可能为表中第6∼10min时气泡上升的状态。
由表格知液体沸腾条件继续吸热，温度不变。
(3)沸腾后撤去酒精灯，石棉网和烧杯底部的温度还比较高，‌高于水的沸点，‌水还能从烧杯底部吸收到热量。
故答案为：(1)外焰；上；(2)95；98.0；6∼10；继续吸热，温度不变；(3)石棉网和烧杯底部的温度还比较高，‌高于水的沸点，‌水还能从烧杯底部吸收到热量。
(1)酒精灯在加热时要使用外焰加热；温度计的玻璃泡不能碰到容器底和容器壁。
(2)温度计在读数时要弄清楚它的量程和分度值。沸腾前气泡在上升过程中体积逐渐减小；沸腾时气泡在上升过程中体积逐渐增大。
(3)水在沸腾时吸热，温度保持不变。
本题考查的是探究水沸腾的实验；知道水的沸腾特点。
23.【答案】使像成在光屏中央； 缩小；照相机； 变大；大于； 不能；虚
【解析】(1)为了使像成在光屏中央，应调节烛焰、凸透镜、光屏，使它们的中心在同一水平高度；
(2)由图可知，此时物距大于像距，根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，应用于照相机；
(3)保持蜡烛与凸透镜位置不变，换用不同焦距的凸透镜，将光屏向右移动重新得到清晰的像，此时像距变大，根据凸透镜成实像时，像距越大，像越大；
根据将光屏向右移动重新得到清晰的像可知，此时像距变大，说明新凸透镜的聚光能力较弱，即新凸透镜的焦距更大；
(4)光屏上能承接实像，不能承接虚像，若实验中将凸透镜换成薄玻璃板，玻璃板发生镜面反射成虚像，所以他不能在光屏上直接观察到烛焰的像。
故答案为：(1)使像成在光屏中央；(2)缩小；照相机；(3)变大；大于；(4)不能；虚。
(1)为了使像成在光屏中央，应调节烛焰、凸透镜、光屏，使它们的中心在同一水平高度；
(2)根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，应用于照相机；
(3)凸透镜成实像时，像距越大，像越大；凸透镜焦距越大，对光的会聚能力越弱；
(4)光屏上能承接实像，不能承接虚像。
此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用，同时还考查了平面镜成像特点。
24.【答案】取下最小砝码，向右调节游码； 20；
62； 0.85×103； 将量筒中的花生油全部倒入量筒中时，有部分花生油残留在量筒壁上，导致测量质量偏小，计算出的密度偏小； 烧杯和花生油的总质量；剩余花生油和烧杯的质量
【解析】(1)使用天平时，将天平放在水平桌面上，将游码调至标尺左端零刻度线处，此时指针不在分度盘的中央时，按照指针左偏右调，右偏左调的方法，调节平衡螺母，直到天平平衡，图甲中指针右偏，故向右调节平衡螺母；
(2)物体放在天平的左盘，砝码放在天平右盘，当右盘加最小砝码，右端下沉，说明砝码质量偏大，此时应该取下最小砝码，向右移动游码，使天平的横梁平衡；
(3)量筒的分度值为2mL，量筒中花生油的体积V=20mL=20cm3。
(4)花生油和烧杯的总质量为m2=50g+10g+2g=62g。
(5)量筒中花生油的质量m=m2−m1=62g−45g=17g，
花生油的密度ρ=mV=17g20cm3=0.85g/cm3=0.85×103kg/m3。
(6)将量筒中的花生油全部倒入烧杯中，会有部分残留在量筒壁，导致测量质量偏小，由密度ρ=mV可知，测量的密度偏小。
(7)为了减小将量筒中的花生油全部倒入烧杯，量筒壁留有残液引起的测量误差，可先测量出烧杯和花生油的总质量，然后将部分花生油倒入量筒，测量出量筒中花生油的体积，再测量出剩余花生油和烧杯的质量，计算花生油的密度。
故答案为：(1)左；(2)取下最小砝码，向右调节游码；(3)20；
(4)62；(5)0.85×103；(6)将量筒中的花生油全部倒入量筒中时，有部分花生油残留在量筒壁上，导致测量质量偏小，计算出的密度偏小；(7)烧杯和花生油的总质量；剩余花生油和烧杯的质量。
(1)使用天平时，将天平放在水平桌面上，将游码调至标尺左端零刻度线处，此时指针不在分度盘的中央时，按照指针左偏右调，右偏左调的方法，调节平衡螺母，直到天平平衡；
(2)物体放在天平的左盘，砝码放在天平右盘，当右盘加最小砝码，右端下沉，说明砝码质量偏大，此时应该取下最小砝码，向右移动游码，使天平的横梁平衡；
(3)量筒的分度值已知，读数时视线要与液面的凹面相平；
(4)物体的质量等于砝码的质量加游码对应的示数；
(5)利用ρ=mV可求得花生油的密度；
(6)将量筒中的花生油全部倒入烧杯中，会有部分残留在量筒壁，导致测量质量偏小，由密度公式分析。
(7)为了减小将量筒中的花生油全部倒入烧杯，量筒壁留有残液引起的测量误差，可先测量出烧杯和花生油的总质量，然后将部分花生油倒入量筒，测量出量筒中花生油的体积，再测量出剩余花生油和烧杯的质量，计算花生油的密度。
本题主要考查了天平的使用方法，质量、体积的测量，密度的计算，影响测量误差的因素。
25.【答案】短 2 左 电压 反 40
【解析】解：(1)变阻器上下接线柱各接一个接入电路中，要滑动变阻器的滑片向右移动时电流表的示数变大，则滑动变阻器右下接线柱接入电路，如下所示：
(2)闭合开关，小刚发现电流表有示数，电路为通路，电压表无示数，可能是定值电阻发生了短路；
(3)由图乙可知，电流表量程为0−0.6A，分度值为0.02A，示数为0.4A，所以此时此定值电阻两端的电压U=IR=0.4A×5Ω=2V，则本实验中控制的定值电阻两端的电压为2V；
(4)探究“电流与电阻关系”时要控制定值电阻两端的电压不变，每次更换电阻后，都要移动滑动变阻器的滑片，此时眼睛应注意观察电压表示数；
探究电流与电阻的实验中应控制定值电阻两端的电压不变，实验中控制定值电阻两端的电压为2V，根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改换成10Ω的电阻，定值电阻增大，其分得的电压增大，要控制定值电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动，使电压表的示数仍为2V；
(5)由图丙知，电流与电阻的乘积为U=IR=0.1A×10.05Ω=----0.4A×10.2Ω=2V，故由图像可以得出结论：电阻两端电压一定时，导体中的电流跟电阻成反比；
(6)变阻器分得的电压：U滑=6V−2V=4V，变阻器分得的电压为电压表示数的4V2V=2倍，根据分压原理，当接入20Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：R滑=2×20Ω=40Ω，故为了完成整个实验，所用的滑动变阻器的最大阻值应不小于40Ω。
故答案为：(1)见解答；(2)短；(3)2；(4)左；电压；(5)反；(6)40。
(1)变阻器上下接线柱各接一个接入电路中，根据滑片移动方向确定滑动变阻器下面的接线柱是哪一边接入电路；
(2)闭合开关，电流表有示数，电路为通路，根据电压表无示数分析；
(3)由图乙读出电流值，根据欧姆定律求出此时定值电阻两端的电压值；
(4)探究“电流与电阻关系”时要控制电阻两端的电压不变，即电压表的示数不变，据此分析；当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
(5)由图丙，求出电流与电阻的乘积分析回答；
(6)根据分压原理求出当接入20Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻，从而确定滑动变阻器的最大阻值应不小于多少。
本题探究导体中电流跟电阻的关系，考查电路连接、故障分析、数据分析、欧姆定律的应用及操作过程和对器材的要求，是一道综合题，难度较大。
26.【答案】圆柱体静止在水平地面上时，对地面的压强为1.5×103Pa
圆柱体的密度为0.75×103kg/m3
漂浮在水中的圆柱体底部所在处，水产生的压强为1.5×103Pa
【解析】(1)圆柱体对地面的压力为：F=G=mg=0.45kg×10N/kg=4.5N；
对地面的压强为：p1=FS=4.5N3.0×10−3m2=1.5×103Pa。
(2)圆柱体在水中漂浮时，受到的浮力等于重力，即F浮=G；ρ水g(V−14V)=ρgV；得到圆柱体的密度为：ρ=34ρ水=0.75×103kg/m3。
(3)因为漂浮在水中时，圆柱体受到的浮力等于重力，根据浮力产生的原因：F浮=F下−F上；
漂浮在水中的圆柱体，上表面受到的压力为零，下表面受到的压力即为浮力；所以此时水产生的压强为：p2=F浮S=GS=4.5N3.0×10−3m2=1.5×103Pa。
答：(1)圆柱体静止在水平地面上时，对地面的压强为1.5×103Pa。
(2)圆柱体的密度为0.75×103kg/m3。
(3)漂浮在水中的圆柱体底部所在处，水产生的压强为1.5×103Pa。
(1)根据压强公式p=FS来进行计算。
(2)根据物体的浮沉条件来进行计算。
(3)根据浮力产生的原因和压强公式p=FS来进行计算。
会根据压强公式计算压强；能够根据物体的漂浮条件计算圆柱体的密度。
27.【答案】解：(1)由图表格参数可知，电饭锅的加热挡功率P加=880W，
由P=UI可知，电饭锅在处于加热挡时的电流：I=P加U=880W220V=4A；
(2)由P=Wt可知，电饭锅处于保温挡时，持续工作10min，产生的热量：Q=W=P保t=80W×10×60s=4.8×104J；
(3)由图乙可知，当开关S1闭合，S2断开时，R1、R2串联，根据串联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻最大，由P=U2R可知，电路中的总功率最小，电饭锅处于保温挡；
当开关S1、S2都闭合时，只有R1工作，电路中的总电阻最小，总功率最大，电饭锅处于加热挡；
由P=U2R可知，R1的阻值：R1=U2P加=(220V)2880W=55Ω；
R1、R2的串联总电阻：R=U2P保=(220V)280W=605Ω，
根据串联电路的电阻特点可知，R2的阻值：R2=R−R1=605Ω−55Ω=550Ω。
答：(1)电饭锅在处于加热挡时的电流为4A；
(2)电饭锅处于保温挡时，持续工作10min，产生的热量是4.8×104J；
(3)R1和R2的阻值分别为55Ω、550Ω。
【解析】(1)根据P=UI求出电饭锅在处于加热挡时的电流；
(2)根据Q=W=Pt求出电饭锅处于保温挡时，持续工作10min，产生的热量；
(3)由图乙可知，当开关S1闭合，S2断开时，R1、R2串联，当开关S1、S2都闭合时，只有R1工作，根据串联电路的特点和P=U2R可知电饭锅加热挡和保温挡的电路连接；根据加热挡功率和P=U2R可求出R1的阻值；根据保温挡功率和P=U2R可求出R1、R2串联总电阻，根据串联电路电阻特点求出R2的阻值。
本题考查串联电路的特点、电功率公式以及焦耳定律的应用，能正确分析不同状态下的电路连接是解题的关键。
28.【答案】S R3
【解析】解：(1)电流从电磁铁的下方流入，上方流出，根据安培定则可知电磁铁下端为N极，上端为S极；
根据题意可知，电磁继电器上方触点和触点c接通时，电热水器处于保温状态，则由电路图知，此时R2、R3串联；衔铁被吸下时，R1、R2并联；根据串联电路的电阻关系和并联电路的电阻关系可知，串联时的电阻要大于并联时的电阻，根据P=U2R可知，并联时的功率大，为加热状态，此时R3不工作；
(2)当电磁铁线圈中的电流I≤8mA时，继电器上方触点c接触，保温电路接通，则电磁铁线圈中的电流为8mA时，热水器刚开始加热，
根据I=UR可得，控制电路的总电阻：R总=U1I=6V8×10−3A=750Ω，
热敏电阻的阻值为：R=R总−R0=750Ω−300Ω=450Ω，
由图乙可知，此时水温为70∘C；
(3)由题意和电路图知：衔铁被吸下时，R1、R2并联，电热水器处于加热状态，
P加热=U22R2+U22R1=2200W，即：(220V)2R2+(220V)244Ω=2200W，
解得：R2=44Ω；
根据题意可知，电磁继电器上方触点和触点c接通时，电热水器处于保温状态，则由电路图知，此时R2、R3串联，
根据P=U2R可得保温时工作电路的总电阻为：R′=U22P保温=(220V)2110W=440Ω，
根据电阻的串联特点可得：R3=R′−R2=440Ω−44Ω=396Ω；
(4)由图乙可知，热敏电阻R的阻值随温度的降低而减小，当温度降低时，R的阻值减小，而衔铁被吸下时的电流不变，根据欧姆定律可知，电路的总电阻不变，根据串联电路的电阻关系可知，需增大定值电阻的阻值。
答：(1)S；R3；(2)当电磁铁线圈中的电流I≤8mA时，继电器上方触点c接触，保温电路接通，热水器刚开始保温时水的温度是70∘C；
(3)电阻丝R3的阻值是396Ω；
(4)能；热敏电阻R的阻值随温度的降低而减小，当温度降低时，R的阻值减小，而衔铁被吸下时的电流不变，根据欧姆定律可知，电路的总电阻不变，根据串联电路的电阻关系可知，需增大定值电阻的阻值。
(1)电流从电磁铁的下方流入，上方流出，根据安培定则可知电磁铁上端的极性；根据P=U2R分析工作电路的状态；
(2)已知当电磁铁线圈中的电流I≤8mA时，继电器上方触点c接触，保温电路接通，则根据控制电路的电流为8mA时求出控制电路总电阻，根据串联电路的特点求出衔铁刚好被吸下时热敏电阻的阻值，然后由图像找出该阻值对应的温度，这就是热水器刚开始保温时水的温度。
(3)由甲图可知，电磁铁的衔铁被吸下，继电器下方触点和触点a、b接通时，R1与R2并联，电路中的总电阻最小，电加热器处于加热状态，根据并联电路的电压特点和P=U2R以及R1的阻值表示出加热功率求出R2的阻值；
继电器上方触点和触点c接通时，R2与R3串联，电路中的总电阻最大，电热水器处于保温状态，根据P=U2R和串联电路电阻的规律算出R3的阻值；
(4)热敏电阻R的阻值随温度的降低而减小，当温度降低时，R的阻值减小，而衔铁被吸下时的电流不变，据此判断要提高电热水器的保温温度时滑片移动的方向。
本题考查了电磁铁、欧姆定律、串并联电路的特点和电功率的计算，考查的内容较多；分析清楚电路结构是本题正确解题的前提与关键。
时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
…
温度/∘C
90.0
92.3
93.8
96.1
97.1
98.0
98.0
98.0
98.0
98.0
…
额定电压：220V
加热功率：880W
保温功率：80W