2025年江苏省南京市高考物理模拟卷

这是一份2025年江苏省南京市高考物理模拟卷，共14页。
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如
需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写
在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回
一、选择题：本题共11小题，每小题4分，共44分。
1．在不同温度下某物质材料的分子排列如图所示，甲图对应的温度为，乙图对应的温度为。则（ ）
A．
B．甲、乙两图中的分子都在做热运动
C．甲图中沿不同方向单位长度上的分子数相同
D．乙图中沿不同方向单位长度上的分子数相同
【答案】B
【详解】A．液晶在低温时会凝固成结晶态，当温度升高时，晶体中分子热运动增加，转化为液晶态，则有，故A错误；
B．分子的热运动是永不停息的，则甲、乙两图中的分子都在做热运动，故B正确；
CD．液晶是一种介于晶体固体和各向同性液体之间的中间相，其分子结构具有各向异性，这意味着液晶分子的排列和取向在不同方向上会有所不同，因此，液晶在不同的形态下，沿不同方向单位长度上的分子数是不相同的，故CD错误。
故选B。
2．用一根橡皮筋吊着小球做圆锥摆运动，已知在弹性限度内，橡皮筋的弹力与形变量成正比，橡皮筋始终在弹性限度内的情况下，小球做圆锥摆运动的角速度跟橡皮筋与竖直方向的夹角的关系图像正确的是（ ）
A．B．C．D．
【答案】D
【详解】设橡皮筋原长为，小球的质量为m，当橡皮筋与竖直方向的夹角为时，橡皮筋的弹力
橡皮筋的长度为
设做圆周运动的角速度为，则
解得
故选D。
3．图甲为设计的测液体折射率装置，示意图如图乙，装有液体的厚长方体透明容器放在支架上可绕水平轴转动。激光笔固定在量角器上且与边重合。过中心O悬挂一重锤，其所指位置为B。现让激光垂直容器壁射入液体并在液面处出现光线1和2，支架转动到光线1恰好消失时，读出并记为，即可求出液体的折射率并标在量角器上。已知容器的折射率为n，下列说法正确的是（ ）
A．该液体的折射率为
B．该液体的折射率为
C．越靠近A端标注的折射率值越大且刻度均匀
D．若为薄壁容器，激光也必须垂直容器壁入射
【答案】D
【详解】AB．题意知光线1恰好消失时，光恰好发生全发射，几何关系可知，光在液体内部的入射角为（临界角），则有，整理得，故AB错误；
C．由，可知越靠近A端越小，越大，但与不成正比，即刻度不均匀，故C错误；
D．若为薄壁容器，激光不垂直容器壁入射时，在容器壁处会发生折射，此时不再等于光在液体内部的入射角，会对测量液体折射率产生干扰，所以激光也必须垂直容器壁入射，故D错误。
故选D。
4．2024年首个“超级月亮”于8月20日凌晨现身夜空，从天文学的角度来讲，“超级月亮”可以简单称为“近地点满月”，即满月正好出现在近地点附近，某时刻太阳、地球和月球的相对位置如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．当月球运行至B点时将出现“超级月亮”，且此时的绕行速度大于地球的第二宇宙速度
B．当月球运行至A点时，月球受力平衡
C．月球经过A点时的角速度小于经过B点时的角速度
D．月球经过A点时的动能大于经过B点时的动能
【答案】C
【详解】A．只有当太阳、地球、月球三者共线且月球运行至B点附近时才会出现“超级月亮”，其运行速度小于第二宇宙速度，故A错误；
B．月球运行至A点时所受的合外力由月心指向地心，受力并不平衡，故B错误；
C．根据开普勒第二定律得，由，可得，故C正确；
D．由得，故D错误。
故选C。
5．如图甲所示为一平静的水面，各点在同一条直线上，相邻两点间的距离均为，a、i两点各有一个振源且均由时刻开始振动（振动方向与直线垂直），、振源的振动图像分别如图乙、图丙所示，且形成的水波的波速。下列说法正确的是（ ）
A．点刚开始振动时的方向竖直向上
B．点的振幅为
C．a、i两点间（不包括a、i）有3个加强点
D．a、i两点间（不包括a、i）有3个减弱点
【答案】D
【详解】A．根据图乙可知，振源a在时刻沿y轴负方向运动，即振源a起振方向沿y轴负方向运动，点距离振源a近一些，可知，点刚开始振动时的方向竖直向下，故A错误；
B．点到两振源间距相等，根据图乙、丙可知，两振源周期、频率相等，振动方向始终相反，则点为振动减弱点，可知，点的振幅为0，故B错误；
C．周期为2s，则波长
由于两振源周期、频率相等，振动方向始终相反，令，a、i两点间振动加强点距离a间距为x，则有，（n=0，±1，±2，±3…）
其中
解得n取-2，-1，1，0，即a、i两点间（不包括a、i）有4个加强点，故C错误；
D．令a、i两点间振动减弱点距离a间距为x，则有，（n=0，±1，±2，±3…）
其中
解得n取0，1，-1，即a、i两点间（不包括a、i）有3个减弱点，故D正确。
故选D。
6．宇宙射线撞击空气中的原子核会产生碳，但又会发生衰变转变为，从而使大气中的含量达到稳定。已知1个衰变为1个释放出的核能为，核的质量为，光速为。则（ ）
A．夏天衰变速度比冬天要快
B．的比结合能小于的比结合能
C．β衰变实质的核反应方程为
D．核的质量近似为
【答案】C
【详解】A．放射性元素的半衰期由原子核内部自身的因素决定，跟原子所处的化学状态和外部条件没有关系，故A错误；
B．由于衰变为时放出能量，可知比更加稳定，即的比结合能大于的比结合能，故B错误；
C．β衰变的实质是原子核内的一个中子转化为质子和电子，其核反应方程为，放出的电子称为β粒子，故C正确；
D．由爱因斯坦质能方程可知1个衰变为1个损失的质量为，则核的质量近似为，故D错误。
故选C。
7．一定质量的理想气体循环由4个过程组成，其压强随体积的变化关系如图所示。其中、均为绝热过程；线段与轴平行，线段与轴平行。则下列相关说法错误的是（ ）
A．过程中，气体内能增大
B．过程中，气体内能减小
C．过程中，气体放出热量
D．曲线是双曲线的一部分
【答案】D
【详解】A．过程中，压强不变，体积增大，根据盖吕萨克定律可知气体温度升高，故内能增大，故A正确；
B．过程中，气体体积增大，气体对外界做功，由于过程绝热，根据热力学第一定律可知，内能减小，故B正确；
C．过程中，体积不变，压强减小，根据查理定律可知温度降低，内能减小，根据热力学第一定律可知气体放出热量，故C正确；
D．由于为绝热过程，气体体积减小，外界对气体做功，故可知内能增大，温度升高，根据理想气体状态方程，可知由于温度在变化，故曲线不是双曲线的一部分，故D错误。
本题选错误的，故选D。
8．如图甲是河水中的漩涡，漩涡边沿水的流速相对中心处的流速较慢，压强较大，从而形成压力差，导致周边物体易被“吸入”漩涡。如图乙所示的河道水流速度大小恒为，M处的下游O处有一个半径为r的漩涡危险圆区，其与河岸相切于N点，MN两点距离为。若一小船（可视为质点）从河岸的M处沿直线到对岸，为了能避开危险区小船相对静水的最小速度为（ ）
A．1.2m/sB．1.5m/sC．1.8m/sD．2.5m/s
【答案】B
【详解】小船速度最小且避开危险圆区沿直线运动到对岸时，合速度方向恰好与危险圆区相切，如图所示
由于水流速度不变，合速度与危险圆区相切，小船相对静水的速度为船速末端矢量到合速度上任一点的连线。可知当小船相对河岸与合速度垂直时速度最小。所以有，，，联立解得，故选B。
9．用图1电路探究自感电路中的电流变化，并用电流传感器记录显示。电源电动势为E，内阻为r，定值电阻为R，电感线圈的自感系数为L（直流电阻不计），电流传感器A可视为电阻不计的电流表。闭合开关，电流传感器显示电流变化如图2，后电流接近稳定，不考虑电磁辐射，则（ ）
A．电路稳定时的最大电流为
B．时刻，电感线圈消耗的电功率最大
C．闭合开关瞬间，线圈的自感电动势不可能大于E
D．0~时间内，通过电阻的电荷量为
【答案】C
【详解】A．当通电一段时间后，电流不在变化，线圈自感现象消失，此时电流达到最大值，故根据闭合回路的欧姆定律得，故A答案错误；
B．根据，得t=0时，电感线圈中的自感电动势为最大，但是电流为0，故电功率为0，故B答案错误；
C．闭合开关瞬间，由于电流要增大，电感线圈会产生自感电动势阻碍电流增大。根据楞次定律，自感电动势的方向与电源电动势方向相反，但是自感电动势的大小是由电流的变化率和自感系数决定的。在开关闭合瞬间，电流变化率很大，但是自感电动势不可能大于电源电动势E。因为如果自感电动势大于E，那么电路中的电流就不会增大了，这与实际情况不符。故C答案正确。
D．根据，在I - t图像中，q等于I - t图像与坐标轴围成的面积。由于I - t图像不是正弦函数图像（从题目所给信息可知，电流是从0开始逐渐增大到稳定值的，不是正弦变化），不能用正弦交流电的有效值公式去计算电荷量。所以不能得出0 -t0时间内通过电阻的电荷量为，故D答案错误；
故选C。
10．如图所示，与水平方向成30°角的固定光滑滑杆，滑杆正下方某位置固定带正电小球A，小球A与滑杆上N点水平距离为L，小球A与N点等高，滑杆上M点与小球A连线跟水平方向夹角为60°，P点为MN中点，带正电小球B套在滑杆上，由M点无初速释放，释放瞬间小球B的加速度大小为，方向沿杆向下，小球B质量为m，电量为q，小球A在M点的电势为，已知点电荷电势公式为（Q为点电荷电量，r为距离点电荷的距离），重力加速度为g，下列说法正确的是（ ）
A．小球B到达P点时的加速度大小为
B．小球B电势能最大时的动能为
C．小球B到达N点时加速度大小为a0+g
D．小球B到达N点时的速度大小为
【答案】B
【详解】A．受力分析知小球B到达P点时加速度大小为，故A错误；
B．由几何关系可知，M点、P点距离小球A距离分别为，，根据点电荷电势公式为，则P点电势，小球B在P点电势能最大，由能量守恒有，得，故B正确；
C．小球B在M点加速度为，由牛顿第二定律有，小球B到达N点时加速度为，由牛顿第二定律有，得，故C错误；
D．由于M点与N点电势相同，小球到达N点速度为，由动能定理有，得，故D错误。
故选B。
11．如图所示，细绳一端固定在天花板上，另一端跨过一光滑动滑轮和两固定在天花板上的光滑定滑轮，动滑轮下端挂有一重物。某人抓住绳的一端，从右侧定滑轮正下方A点以的速度匀速移动到B点，此时细绳与水平方向的夹角为。已知重物质量为，右侧定滑轮与A点的竖直高度，重力加速度，，不考虑滑轮的大小和质量，下列说法正确的是（ ）
A．重物匀速上升
B．人到达B点时，重物重力的功率大小为200W
C．整个过程人对重物做功为100J
D．人行走时，对地面的摩擦力方向水平向右
【答案】B
【详解】A．在B点绳末端，由关联速度可得，沿绳方向的分速度，人向右移动过程中，减小，v不变，故增大，即重物加速上升，A错误；
B．人到达B点时，由动滑轮特点，物体上升的速度，即重物重力的功率，B正确；
C．由能量守恒定律，人对重物做的功等于重物机械能的增量，右侧绳长增长，重物上升的高度，则，C错误；
D．人行走时，受到的静摩擦力水平向右，人对地面的摩擦力水平向左，D错误。
故选B。
二、实验题：本题共15分。
12．（15分）实验小组设计了不同方案测量一个左右定值电阻的阻值
(1)小新同学利用欧姆表测量，则欧姆表倍率应选择；
A． B． C． D．
选择正确倍率后，小新按实验要求操作，欧姆表指针如下图所示，则该电阻阻值为；
(2)思思同学利用伏安法测量该待测电阻，选用仪器如下：
电流表（量程0.6A，内阻约为）
电压表（量程6V，电阻约为）
滑动变阻器（，额定电流1A）
电源（6V，内阻约为）
开关一只、导线若干。
为减小误差，实验电路图应选择图（选填“甲”或“乙”），这样连接测量结果将（选填“偏大”“偏小”或“不变”）；
(3)小路同学把待测电阻和一个阻值已知为的定值电阻串联起来，串联电路总电压保持不变，用同一电压表分别测出的电压和的电压，则的测量值为，考虑到电压表的内阻，测量结果会。（以上两空选填“偏大”“偏小”或“无影响”）
【答案】(1) A（2分） 9（2分）
(2) 乙（2分） 偏小（3分）(3) （3分） 无影响（3分）
【详解】（1）欧姆表使用时应使指针在表盘三分之二到三分之一区间内，因此应选
由表盘可知指针指向9，由于是档位所以电阻值应该是9
（2）由题目信息可知，电流表对误差影响较大会导致电压表测量更不准确，因此实验电路图应选择图乙，由于电压表的分流作用，会导致电流的测量值大于通过电阻的真实值，因此电阻的测量值会偏小
（3）设电路总电压为U，电压表内阻为。测电压时，，测时，，可得，故，电压表内阻对测量结果没有影响。
三、计算题：本题共4小题，共41分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。
13．（6分）某同学为估测一葫芦的容积，在葫芦口竖直插入一横截面积的玻璃管，玻璃管与葫芦间的缝隙用橡皮泥密封。管内有一长度的静止水银柱，水银柱底部到葫芦口的高度。现用注射器向玻璃管内缓慢加注水银，水银柱长度变为时，其底部到葫芦口的高度。已知大气压强，环境温度不变，葫芦导热良好，。
(1)求葫芦的容积；
(2)现给葫芦缓慢加热，使水银柱底部到葫芦口的高度重新回到，整个过程未有水银从玻璃管溢出，求加热过程中葫芦内气体对外做的功。
【答案】(1)(2)
【详解】（1）设葫芦的容积为，初始时，水银柱受力平衡，有
加注水银后，水银柱受力平衡，有（1分）
由玻意耳定律有（1分）
解得。（1分）
（2）由几何关系可知，气体体积变化量（1分）
葫芦内气体对外做的功（1分）
代入数据得。（1分）
14．（8分）一个同学质量为，站立时手能摸到的最大高度为。该同学身体下蹲后由静止开始用力蹬地，经过时间沿竖直方向跳起，手能摸到的最大高度为。人在空中运动时身体伸直，忽略踮脚带来的高度变化，空气阻力不计，重力加速度。
(1)假定他蹬地的力为恒力，求的大小；
(2)然后该同学落回地面，脚接触地面后经过时间重心降至最低该过程可等效为匀减速直线运动，接着他用恒力蹬地跳起，手能摸到的最大高度为求该同学蹬地的作用力。
【答案】(1)1200N(2)
【详解】（1）该同学重心上升的高度
双脚离地时的速度（1分）
由动量定理，规定向上为正方向有（1分）
解得（1分）
（2）根据对称性该同学落回地面时速度大小，经时间重心降至最低即速度减为零，由匀变速直线的规律可得重心下降的高度（1分）
再次跳起时速度（1分）
因为该同学接着用恒力蹬地跳起，故起跳过程可看成匀加速直线运动，设起跳所用时间为，由
得（1分）
规定向上为正方向，根据动量定理（1分）
解得（1分）
15．（12分）某高楼卸货神器采用耐磨帆布作为滑道使搬运工作变得更加轻松。如图所示，段为总长的帆布材料制成的滑道，滑道与水平地面在P点平滑连接。质量为的缓冲器静止在水平地面上，缓冲器由凹槽和一根高强度轻质弹簧组成，弹簧左端固定在凹槽内部，最右端位于P点正上方。质量为的货物从距地面竖直高度的O点由静止滑下，至P点时速度为。货物和缓冲器与地面间的动摩擦因数均为，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。弹簧弹性势能公式（为弹簧形变量），重力加速度取。则：
(1)求货物在滑道上所受平均阻力的大小；
(2)若缓冲器固定不动，弹簧的劲度系数为，为使货物与凹槽不相撞，求弹簧伸出凹槽的最小长度；
(3)若缓冲器不固定，若更换一根劲度系数为的弹簧，弹簧伸出凹槽的长度是，货物与凹槽碰撞时间极短，且碰后不分离，求凹槽向左运动的距离。
【答案】(1)(2)(3)
【详解】（1）对货物在滑道下滑过程应用动能定理（2分）
代入数据可得（2分）
（2）为使货物与缓冲器恰好不相撞，设弹簧伸出缓冲装置的最小长度为，由动能定理可得（2分）
解得（2分）
（3）设碰撞前缓冲装置未移动，碰撞前货物的速度为，碰撞后瞬间共同速度为，碰撞后后退的距离为，由动能定理（1分）
碰撞瞬间动量守恒（1分）
碰撞后减速到静止，由动能定理（1分）
解得（1分）
16．（15分）如图所示，半径的半圆形电极P的圆心在坐标原点O处，一位于O处的粒子源释放无初速的带正电粒子，现在原点O与电极P之间加电压的辐向电场，粒子经电场加速后均沿半径方向从电极P的网孔中向第一、二象限各方向飞出。在P的外围加一个，方向垂直纸面向外的有界匀强磁场（第一象限内有圆弧边界，第二象限内无边界），使全部粒子经磁场偏转后平行于x轴正方向射出。若粒子重力不计，比荷、不计粒子间的相互作用及电场的边缘效应，，。求：
(1)粒子经电场加速后从电极P的网孔中飞出时的速度大小；
(2)磁场在第一象限内的边界函数方程；
(3)若在第一象限区域另有一个有竖直边界的匀强磁场，其磁感应强度，还有一半径为0.04m，圆心坐标为（0.32m，0.04m）的圆形接收器（实线圆），则能被接收器接收的粒子在边界S上入射点的最高点和最低点的纵坐标分别是多少（x轴上有磁场）？
【答案】(1)(2)(3)，
【详解】（1）根据（2分）
得粒子经电场加速后从电极P的网孔中飞出时的速度大小（2分）
（2）根据（1分）
得粒子在磁场中做圆周运动半径（1分）
设经P上某点A出射的粒子经磁场偏转后经Q点平行x轴射出磁场，Q点的坐标为，如图
根据几何关系有，（2分）
可得边界方程为（2分）
（3）如上图所示，由于
由上可知在范围内有粒子向右进入虚线S
当纵坐标最大时，设粒子从M点进入，
由几何关系不成立（1分）
（1分）
故最大纵坐标（1分）
同理，最小纵坐标（2分）