2025届江苏省南通市如皋市高三下学期适应性考试（三）物理试卷（解析版）

这是一份2025届江苏省南通市如皋市高三下学期适应性考试（三）物理试卷（解析版），共16页。试卷主要包含了6s等内容，欢迎下载使用。
注意事项
考生在答题前请认真阅读本注意事项及各题答题要求
1.本试卷共6页，满分为100分，考试时间为75分钟.考试结束后，请将答题卡交回.
2.答题前，务必将自己的姓名、准考证号等用0.5毫米黑色墨水的签字笔填写在答题卡的规定位置.
3.请认真核对答题卡表头规定填写或填涂的项目是否准确.
4.作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案.作答非选择题，必须用0.5毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效.
5.如需作图，必须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗.
一、单项选择题：共11题，每题4分，共44分.每小题只有一个选项最符合题意.
1. 我国托卡马克实验装置中用热中子轰击锂制取氚，核反应方程为，则（ ）
A. X是氦核B. X是氘核
C. 反应α衰变D. 反应是核裂变
【答案】A
【解析】
【详解】AB．根据质量数和电荷数守恒可得，核反应方程为
所以，X是氦核，故A正确，B错误；
CD．该核反应为人工核反应，不是衰变，也不是核裂变，故CD错误。
故选A。
2. 如图所示，电阻R1、R2串联，R1=2R2，流过恒定的电流，则（ ）
A. R1、R2的电压之比为1:1B. R1、R2的电功率之比为1:2
C. 通过R1、R2横截面的电荷量之比为1:1D. 相等时间内R1、R2产生的焦耳热之比为1:2
【答案】C
【解析】
【详解】A．串联电路，电流处处相等，根据
则R1、R2的电压之比为
故A错误；
B．根据电功率
由于电流相等，故电功率之比与电阻成正比，即R1、R2的电功率之比为2:1，故B错误；
C．根据
由于电流相等、时间相等，则通过R1、R2横截面的电荷量之比为1:1，故C正确；
D．根据焦耳热
由于电流相等，故相等时间内R1、R2产生的焦耳热之比等于电阻之比，即相等时间内R1、R2产生的焦耳热之比为2:1，故D错误。
故选C。
3. 某实验小组用同一光电管完成了光电效应实验，得到了如图所示的光电流与对应电压的关系图像，则（ ）
A. 甲光的频率大于乙光的频率B. 甲光的光强大于丙光的光强
C. 乙光的波长大于丙光的波长D. 乙光光子的动量小于丙光光子的动量
【答案】B
【解析】
【详解】A．根据
可知，入射光的频率越高，对应的遏止电压Uc越大。甲光的遏止电压小于乙光，所以甲光频率小于乙光的频率，故A错误；
B．由于甲光的饱和光电流大于丙光饱和光电流，两光频率相等，所以甲光的强度大于丙光的强度，故B正确；
C．丙光的遏止电压小于乙光的遏止电压，所以丙光的频率小于乙光的频率，则乙光的波长小于丙光的波长，故C错误；
D．根据
可知，由于乙光的波长小于丙光的波长，所以乙光光子的动量大于丙光光子的动量，故D错误。
故选B。
4. 天宫空间站近似绕地球做匀速圆周运动，轨道高度约400km，神舟二十号航天员出舱为空间站安装碎片防护装置并对舱外设备设施进行巡检，则在舱外的航天员（ ）
A. 应尽可能选择质量大的维修工具B. 加速度大于在地面附近的加速度
C. 速度大于第二宇宙速度D. 绕地球运行的周期小于地球自转周期
【答案】D
【解析】
【详解】A．在太空中，物体处于完全失重状态，维修工具质量大小对操作没有影响，故A错误；
B．根据牛顿第二定律
可得
即加速度小于在地面附近的加速度，故B错误；
C．第二宇宙速度是物体脱离地球引力束缚的最小发射速度，绕地球做圆周运动的物体速度均小于第二宇宙速度，故C错误；
D．根据万有引力提供向心力有
所以
由于空间站的轨道高度小于同步卫星的轨道高度，所以空间站的运行周期小于同步卫星的周期，而同步卫星的周期等于地球自转周期，所以空间站绕地球运行的周期小于地球自转周期，故D正确。
故选D。
5. 如图所示，将蒲公英的球状冠毛泡到水里，表面的绒毛将水撑开一个保护罩，再拿出来，绒毛还能保持干燥，原因是（ ）
A. 泡的时间短B. 水浸润绒毛
C. 水虽浸润绒毛，但有水的表面张力作用D. 水不浸润绒毛，同时有水的表面张力作用
【答案】D
【解析】
【详解】将蒲公英的球状冠毛泡到水里，表面的绒毛将水撑开一个保护罩，再拿出来，绒毛还能保持干燥，原因是水不浸润绒毛，同时有水的表面张力作用。
故选D。
6. 电容热膨胀检测仪的简化结构如图所示，电容器的下极板可随测量材料的高度变化而上下移动．现将待测材料平放在加热器上进行加热，闭合开关S，材料向上膨胀的过程中（ ）
A. 电容器的电容减小B. 电容器极板间电场减小
C. 电容器所带电荷量增加D. 电流从b→a通过电流计
【答案】C
【解析】
【详解】AB．材料温度升高，材料膨胀，电容器两板间距减小，根据
可知，电容增大，由于电容器两板电势差不变，根据
所以电容器极板间电场增大，故AB错误；
CD．电容器两板电势差不变，根据
极板所带电荷量增加，下板带负电，电流方向为从a至b，故C正确，D错误；
故选C。
7. 如图所示，内壁光滑的绝热汽缸竖直放置在水平桌面上，汽缸内封闭一定质量的理想气体。在外力作用下，活塞从A处缓慢运动到B处，该过程中（ ）
A. 气体的内能减小B. 气体分子的数密度变大
C. 气体分子的平均动能增加D. 单位时间内气体分子对单位缸壁的作用力增大
【答案】A
【解析】
【详解】A．汽缸绝热，汽缸内封闭的气体与外界没有热交换，活塞从A处缓慢运动到B处，气体体积变大，气体对外做功，由热力学第一定律，气体内能减小，故A正确；
B．汽缸内封闭的气体物质的量不变，总分子数不变，活塞从A处缓慢运动到B处，气体体积变大，故气体分子的数密度变小，故B错误；
C．气体内能减小，温度降低，气体分子的平均动能减小，故C错误；
D．活塞从A处缓慢运动到B处，体积增大，温度降低，由理想气体状态方程
气体压强减小，由气体压强微观解释，单位时间内气体分子对单位缸壁的作用力减小，故D错误。
故选A。
8. 如图所示，小球在竖直平面内的摆动可视为简谐运动，振动周期为0.6s，图示的位置为小球运动过程的最左侧位置。现每隔0.2s记录一次小球的位置，则一个周期内所记录的小球位置可能是（ ）
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【详解】振动周期为0.6s。在周期为0.2s的频闪光源照射下，所以在一个周期内有三幅不同的照片，振动周期为0.6s，则圆频率
时刻对应的角度
时刻对应的角度
时刻对应的角度
所以在0.2s，0.4s时刻的照片重合，且平衡位置的右侧，而在0.6s时刻，又回到原位置。
故选B。
9. 如图所示，在原线圈两端加上有效值恒定的交流电压，理想变压器原、副线圈的电压有效值分别为U1、U2，电流有效值分别为I1、I2。当滑动变阻器滑片P向下移时（ ）
A. I1不变B. I2变小C. U1不变D. U2变小
【答案】D
【解析】
【详解】设滑动变阻器电阻为R，则
由理想变压器可得
副线圈的电压为
联立解得
当滑动变阻器滑片P向下移时，R减小，则原线圈电流增大，从而副线圈电流增大，由于电阻R1上分压增大，U0恒定，则原线圈电压U1减小，副线圈电压U2也减小。
故选D。
10. 如图所示，三个点电荷分别固定在等边三角形的顶点A、B、C上，M、N、L点为三条边的中点。已知M点的场强方向与BC边平行，N点的场强方向与BC边垂直，A处点电荷的电荷量为+q，则（ ）
A. B处点电荷带负电
B. C处点电荷电荷量的绝对值小于q
C. 带正电荷的试探电荷在M点的电势能比在L点的大
D. 将A处点电荷沿NA连线远离BC边，N点的电势升高
【答案】B
【解析】
【详解】A．已知N点合电场强度方向竖直向下，A点的电荷在N点的场强沿AN方向，C点处点电荷和B点处点电荷在N点的场强沿CB所在直线，则CB两点处的点电荷在N点的合场强为零，即C和B点处的点电荷为等量同种电荷。A点的电荷在M点的场强沿AM方向，因为M点的场强方向与BC边平行，则C点处点电荷和B点处点电荷在M点的场强方向斜向左上，所以C和B点处的点电荷均为正电荷，故A错误；
B．设C和B点处的点电荷的电荷量均为，三角形的边长为，由几何关系得，
A点电荷在M点的场强竖直分量的大小为
方向竖直向下，B点电荷在M点的场强竖直分量的大小
C点电荷在M点的场强竖直分量大小为
要使得M点竖直方向场强为零，则需要B点电荷在M点的场强竖直分量方向向上，C点电荷在M点的场强竖直分量方向向上
解得
故B正确；
C．根据对称性可知，M点的电势和L点的电势相等，所以带正电荷的试探电荷在M点的电势能和在L点的一样大，故C错误；
D．C和B点处的点电荷在N点的电势为零；根据可知，A点处点电荷在N点的电势降低，故D错误。
故选B。
11. 如图所示，小球穿在固定光滑杆上，与两个相同的轻弹簧相连，弹簧可绕O1、O2无摩擦转动。小球在杆上A点时，弹簧1竖直且处于原长，弹簧2处于水平伸长状态，杆上的B点与O1、A、O2构成矩形，AB=2。现将小球从A点释放，则小球下滑的过程中（ ）
A. 到达A、B中点前，弹簧1的弹力比弹簧2的大
B. 到达A、B中点时，加速度等于零
C. 弹簧1的最大弹性势比弹簧2的大
D. 与没有弹簧时相比，小球从A点运动到B点所用的时间长
【答案】C
【解析】
【详解】A．几何关系可知，设弹簧原长为，分析易得小球到达A、B中点O时，弹簧1、弹簧2都处于原长，如图所示
图中易知到达A、B中点O前，弹簧2的形变量一直大于弹簧1的形变量，故弹簧1的弹力比弹簧2的小，故A错误；
B．到达A、B中点时，两弹簧弹力为0，小球的合力为其重力沿杆方向向下的分力，故加速度不为0，故B错误；
C．根据
到达A、B中点前，弹簧1的最大弹性势能
弹簧2的最大弹性势能
可知弹簧1的最大弹性势比弹簧2的大，故C正确；
D．小球从A点运动到B点过程，由于两个弹簧对小球做的总功为零，与没有弹簧时相比，小球运动到B点的速度相等；设杆的倾角为，没有弹簧时，小球运动的加速度为
有弹簧时，加速度先大于，然后加速度逐渐减小，到AB中点时，加速度为，之后加速度小于，则两种情况的图像如图所示
两种情况的图像与横轴围成的面积相等，由图可知与没有弹簧时相比，小球从A点运动到B点所用的时间更短，故D错误。
故选C。
二、非选择题：共5题，共56分.其中第12题～第16题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位.
12. 实验小组用如题图所示的装置测量重力加速度。四分之一圆弧槽下端与平台固定且与平台表面相切，圆弧槽上安装了多个宽度相同的遮光片，内置有光电门的重锤通过轻杆与转轴O相连，重锤通过遮光片时可记录遮光时间。实验时，重锤从M点由静止释放，依次记录其通过每个遮光片所对应的时间t，用刻度尺测出每个遮光片距最低点N的竖直高度h。

（1）用螺旋测微器测量遮光片的宽度d，其示数如题图，则__________mm。
（2）实验前，需要将平台调节至水平，在转轴上临时系铅垂线，当铅锤静止时，若线与竖直杆_________，则说明平台水平。
（3）根据所测数据作出如题图所示图像，图像斜率的绝对值为k，则当地的重力加速度_________（用题中物理量的符号表示）。
（4）若将重锤释放点M上移一段距离，再次实验，请在题图中定性画出新的图线（用虚线表示）______。
（5）若转轴与竖直杆间的摩擦不可忽略，有同学认为该因素不会影响重力加速度的测量结果。你是否同意他的观点，并简要说明理由______。
【答案】（1）7.884##7.883##7.885
（2）平行 （3）
（4） （5）不同意，因为摩擦导致重锤到达对应遮光片时速度的测量值小于理论值，所以测得的重力加速度偏小
【解析】
【小问1详解】
由图可知，遮光片的宽度
【小问2详解】
由于竖直杆与平台垂直，则当铅锤静止时，若线与竖直杆平行，则说明平台水平。
【小问3详解】
根据题意可知，重锤通过遮光片的速度为
取低点处为零势能面，释放点的高度为，由机械能守恒定律有
整理可得
结合图像可得
解得
【小问4详解】
结合小问3分析可知，若将重锤释放点M上移一段距离，再次实验，则图像解析式变大，斜率不变，则图像为图中虚线
【小问5详解】
不同意，因为摩擦导致重锤到达对应遮光片时速度的测量值小于理论值，所以测得的重力加速度偏小。
13. 如图所示，一束光线由空气射入半径为R的半圆形玻璃砖，O点是玻璃砖的圆心。已知玻璃的折射率，光在真空中的速度为c，求光线：
（1）进入玻璃中的折射角θ；
（2）在玻璃砖中的传播时间t。
【答案】（1）30° （2）
【解析】
【小问1详解】
由题意可知，光线射入玻璃砖时的入射角
根据折射定律可得
解得
【小问2详解】
光线在玻璃砖中的波速
在玻璃砖中的传播为时间
解得
14. 如图所示，边长为l的n匝正方形线框固定放置，线框的总电阻为R，线框内部有一边长为的正方形区域的匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向与线框垂直，当磁场区域以大小为v的速度向右经过线框右边时，求：
（1）线框中的电流大小I；
（2）线框受到的安培力大小F。
【答案】（1）
（2）
【解析】
【小问1详解】
线框切割产生的感应电动势
闭合电路欧姆定律
解得
【小问2详解】
安培力
解得
15. 如图所示是大型蒸汽打桩机示意图.桩（含桩帽）竖直轻轻放置到地面，桩依靠自重先向泥土中下沉，稳定后，将锤提升到桩的正上方，让锤从距离桩顶高度m处自由下落而击桩，锤反弹的速度大小m/s，此后锤再次被提起。已知锤的质量kg，桩的质量kg，桩所受泥土的阻力与桩沉入泥土深度的关系为，其中N/m，取重力加速度m/s²，求：
（1）桩依靠自重下沉至深度m时的加速度大小a；
（2）桩被锤击后瞬间速度大小v2；
（3）桩被1次锤击后继续下沉，待桩静止时沉入泥土的总深度x。
【答案】（1）
（2）
（3）
【解析】
【小问1详解】
对桩，牛顿第二定律
解得
【小问2详解】
锤自由下落过程中
锤与桩发生碰撞时，取竖直向下正方向,系统动量守恒有
解得
小问3详解】
在桩依靠自重下沉的过程中，下沉距离为，由动能定理有
解得
在锤撞击后，桩继续下沉，由动能定理有
解得
16. 如图所示，在平面直角坐标系xOy的第一、二象限有沿+x轴方向的匀强电场，在第三、四象限有宽度为d的匀强磁场，磁场方向垂直于坐标平面向外，长度为d的荧光屏MN与x轴垂直，下端在x轴上.一质量为m、电荷量为+q的粒子从点P（0，d）沿-y轴运动，初速度大小为v0，经电场偏转后从点Q（，0）进入磁场，并垂直于磁场的下边界离开磁场.已知P点到MN的距离，不计粒子重力。
（1）求电场强度大小E；
（2）求磁感应强度大小B；
（3）在匀强磁场下方所有区域再加一垂直于坐标平面的匀强磁场，要使粒子能打到MN上，求所加磁场的磁感应强度B′所满足的条件。
【答案】（1）
（2）
（3），方向垂直于平面向内或向外。
【解析】
【小问1详解】
粒子在匀强电场中做类平抛运动，在-y方向有
+x方向有
根据牛顿第二定律有
联立解得
【小问2详解】
粒子经过Q点时+x方向的分速度
则合速度大小
设粒子vQ与x轴的夹角为，有
几何关系
半径
解得
【小问3详解】
粒子经两磁场偏转到回到x轴时速度大小不变，方向与+x轴的夹角为θ且斜向右上方，做类斜抛运动，粒子如果能够打到M点，则+y方向
+x方向
解得
①若所加磁场垂直于平面向内，且粒子恰能到达N点，几何关系
解得
又因为在磁场中半径
联立解得
若，粒子回到x轴时的位置与MN间的距离打在屏上，则所加磁场垂直于平面向内，且时粒子能打到MN上；
②若所加磁场垂直于平面向外，且粒子恰能到达M点，几何关系
解得
同理
若，粒子回到x轴时的位置与MN间的距离也为打在屏上，则所加磁场垂直于平面向外，且时粒子能打到MN上，总之要使粒子能打到MN上，磁感应强度，方向垂直于平面向内或向外均可。