广西桂林市普通高中2024-2025学年高一上学期期中检测物理试题

这是一份广西桂林市普通高中2024-2025学年高一上学期期中检测物理试题，共11页。试卷主要包含了单选题，多选题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.对下列物理量的理解正确的是( )
A. 我们常说“太阳东升西落”是以太阳为参考系
B. 研究地球的自转时，可以把地球看成质点
C. 研究北京冬奥会比赛项目中冰壶运动员的推壶技术时，冰壶可以看成质点
D. 研究2024年巴黎奥运会上马拉松比赛项目中运动员的运动轨迹时，运动员可以看成质点
2.小赵同学暑假与爸爸妈妈一起从玉林自驾车到桂林旅行，他们用高德地图导航，按如图所示线路于8:05驾车从家里出发，11:11到达桂林市汽车南站，总共历时为3小时6分钟，显示总里程为351公里。以下说法正确的是( )
A. “11:11”为时间间隔B. “3小时6分钟”为时刻
C. “351公里”为行驶的路程D. “351公里”为行驶的位移
3.如图，A同学用两个手指捏住直尺的顶端，B同学用一只手在直尺零刻度位置做捏住直尺的准备，但手不碰到直尺;在A同学放开手指让直尺下落时， B同学立刻作出反应捏住直尺，读出 B同学捏住直尺部位的刻度为20cm，当地重力加速度g取10m/s2，则 B同学的反应时间约为( )
A. 0.2sB. 0.3sC. 0.4sD. 0.5s
4.关于速度、速度的变化量和加速度的关系，下列说法中正确的是( )
A. 物体的速度越大，加速度就越大
B. 加速度很大的物体，速度变化得很快
C. 物体做减速运动时，加速度变小
D. 加速度很大的物体，速度的变化量必然很大
5.对于一个初速度为零的匀加速直线运动的物体，从零时刻开始，以下说法正确的是( )
A. 第1s内、第2s内、第3s内通过的位移之比为1:4:9
B. 第1s内、第2s内、第3s内通过的位移之比为1:2:3
C. 1s末、2s末、3s末的速度大小之比为1:2:3
D. 1s末、2s末、3s末的速度大小之比为1:3:5
6.自行车、汽车在同一直线上运动，两车从同一地点运动的位移-时间图像(即x−t图像)如图所示，下列说法正确的是( )
A. 在0∼7s内，汽车做曲线运动B. 在0∼7s内，自行车做曲线运动
C. 在0∼7s内，汽车一定做匀减速运动D. 自行车以10m/s的速度做匀速直线运动
7.在平直的公路上，某汽车刹车做直线运动的位移x与时间t的关系式为x=20t−2t2(各物理量均采用国际单位制单位)，下列说法正确的是( )
A. 汽车刹车过程的初速度大小为10m/sB. 汽车在前3s内的平均速度大小为20m/s
C. 汽车在前6s内的位移大小为50mD. 汽车开始刹车至停下历时8s
二、多选题：本大题共3小题，共12分。
8.关于重力与弹力，下列说法正确的是( )
A. 物体的重心一定在物体上
B. 重力的方向总是竖直向下的
C. 轻杆所产生的弹力一定沿杆的方向
D. 书对桌面的压力，是由于书发生了弹性形变要恢复原状而对与它接触的桌面有力的作用
9.甲、乙两辆汽车在同一平直公路上行驶，t=0时刻两车正好相遇，0∼4s时间内两车的速度-时间图像(即v−t图像)如图所示。关于这段时间内两车的运动情况，下列说法正确的是( )
A. 甲、乙两车运动方向相同
B. 3s时甲、乙两车速度相等
C. 4s时甲车在乙车的后方
D. 0∼3s内甲车的平均速度小于乙车的平均速度
10.如图甲所示，一维坐标系中有一可视为质点的物块静止于x轴上的某位置(图中未画出)，从t=0时刻开始，物块在外力作用下沿 x轴正方向做匀变速直线运动，其位置坐标与速率平方的关系图像如图乙所示。下列说法正确的是( )
A. 前2s内物块的位移大小为3m
B. t=4s时物块位于x=−6m处
C. 物块运动的加速度大小为0.5m/s2
D. 2∼4s内物块的平均速度大小为1.5m/s
三、实验题：本大题共2小题，共18分。
11.某同学用铁架台、带挂钩的不同弹簧A和B、50g的钩码若干、毫米刻度尺等器材，安装了如图甲所示的装置，探究弹簧弹力 F的大小与伸长量x之间的定量关系。
(1)保证竖直放置的毫米刻度尺的零刻度与A弹簧上端齐平，在未挂钩码时，A弹簧长度放大如图甲所示，可读得长度L0=__________cm。
(2)分别悬挂不同个数钩码并读出A弹簧的不同长度L，然后计算出在不同钩码拉力作用下对应的A弹簧的伸长量，并将A弹簧的弹力与其伸长量的关系描点画在图中：然后按照相同的操作将弹簧B的弹力和伸长量的关系图也画在同一个图中，如图乙所示，从图中可知劲度系数较大的是__________弹簧(选填“A”或“B”);还可算出B弹簧的劲度系数为__________N/m。
12.小明同学分别使用电磁打点计时器和光电门两种仪器，利用物体的自由落体运动先后两次测定当地重力加速度的大小;第一次使用装置如图1所示，第二次使用装置如图2所示。
(1)利用图1装置做实验，电磁打点计时器所接的电源是__________(选填“低压直流电”或“低压交流电”或“220V交流电”)。
(2)利用图1装置做实验得到一条纸带如图3所示，在纸带上选取7个计数点，sCD=9.6mm，sDE=13.4mm，sEF=17.3mm，sFG=21.1mm，每两个相邻的计数点间的时间间隔为0.02s。则从纸带上可得打点计时器在打E点时的速度大小为__________m/s，当地的重力加速度大小为__________m/s2。(结果均保留3位有效数字)
(3)利用图2装置做实验，先测出小铁球的直径d;接着测得小铁球被电磁铁吸住时球心到光电门的距离为h，记录小铁球通过光电门的时间为Δt，则小铁球下落到光电门处速度大小为__________。(用已知物理量的符号表示)
(4)该同学在利用图2装置做实验中，安装器材时，小铁球的释放点稍向左侧偏移了一些，导致小铁球经过光电门时，虽然小铁球也能遮光，但光电门测量光线无法对准球心。用这样的装置进行实验，会导致重力加速度的测量值__________(选填“偏小”或“偏大”或“不变”)。
四、计算题：本大题共3小题，共30分。
13.一野外探险者为简单测定一未知深渊崖洞的深度，他在深渊洞口静止释放一石头，经过t=4s后，听到石头与崖洞底部的撞击声，忽略空气阻力和声音转播时间，当地重力加速度 g取10m/s2，求：
(1)石头落地时的速度大小：
(2)未知深渊崖洞口到底部的深度。
14.2024年10月16日7时45分，长征四号丙运载火箭在酒泉卫星发射中心一飞冲天，随后成功将高分十二号05星送入预定轨道，发射任务取得圆满成功。某火箭发射前的状态可简化为如图所示，发射塔高度h1=90m，火箭高度h2=50m，避雷塔高度h3=102.4m。假设点火发射后，火箭从静止开始沿竖直方向做加速度大小为a=5m/s2的匀加速直线运动，求：
(1)火箭底部经过与避雷塔顶点等高时，火箭的速度大小;
(2)火箭经过发射塔顶端过程所需的时间及该过程火箭的平均速度大小。
15.5G自动驾驶是基于5G通信技术实现网联式全域感知、协同决策与智慧云控，相当于有了“千里眼”的感知能力，同时，5 G网络超低延时的特性让“汽车大脑”(智脑)可以实现实时接收信息和下达指令，极大提高了汽车运行的安全性。在5 G自动驾驶测试中，同一车道上有 A、B两辆测试车(均可视为质点)，B车在A车前。
(1)若某次直线运动测试中，B车静止，A车以v0=30m/s匀速行驶，如图甲所示，当A车距离B车x0时，A车开始刹车(刹车过程视为匀减速直线运动)，A车经过t0=6s后停止，为保证A车始终不会与B车相撞，则x0至少为多少?
(2)若某次直线运动自动跟车测试中，B车以vB=5.8m/s匀速行驶，A车以vA=1m/s行驶，当AB两车相距x1=6.4m时，A车开始以一定加速度aA做匀加速直线运动;当A车速度与B车相同时，A车改为匀速直线运动行驶。为了使A车与B车的距离始终不超过Δxm=16m，要求aA至少为多大?
(3)若某次直线运动测试中，B车以速度v2=12m/s匀速直线运动行驶，从某时刻(为计时起点)开始，B车以a2大小的加速度匀减速刹车;同时，跟在其后一定距离x2=40m的A车速度为v1(v1>v2)，立即以某一加速度(大小为a1)开始匀减速刹车，如图乙所示。此刻后两车的距离Δx随时间t的函数关系如图丙所示，请结合图像求出v1、a1和a2的大小。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】A、我们常说“太阳东升西落”是以地面为参考系，故A错误；
B、研究地球的自转时，不可以把地球看成质点，质点没有形状和大小，故B错误；
C、研究北京冬奥会比赛项目中冰壶运动员的推壶技术时，冰壶不可以看成质点，故 C错误；
D、研究2024年巴黎奥运会上马拉松比赛项目中运动员的运动轨迹时，运动员可以看成质点，故D正确。
2.【答案】C
【解析】A、“11:11”为时刻，故A错误；
B、“3小时6分钟”为时间间隔，故B错误；
CD、“351公里”为行驶的路程，故C正确，D错误。
3.【答案】A
【解析】解：在B同学反应时间内直尺下降的高度h=20cm=0.2m，根据h=12gt2得，t= 2hg= 2×0.210s=0.2s，故A正确，B、C、D错误。
故选：A。
在B同学反应时间内，直尺做自由落体运动，结合下降的位移，运用位移时间公式求出反应时间。
解决本题的关键知道直尺自由落体运动的时间等于人的反应时间，结合位移时间公式进行求解，基础题。
4.【答案】B
【解析】A.物体的速度大，加速度不一定大，比如物体以较大速度做匀速直线运动，加速度为零，故A错误；
B.加速度是描述速度变化快慢的物理量，加速度很大的物体，速度变化得很快，故B正确；
C.物体做减速运动时，速度减小，加速度变化情况不确定，故C错误；
D.根据a=ΔvΔt，加速度很大的物体，速度的变化量不一定很大，还与时间有关，故 D错误。
5.【答案】C
【解析】AB、第1s内、第2s内、第3s内通过的位移之比为1:3:5，故A错误B错误；
CD、1s末、2s末、3s末的速度大小之比为1:2:3，故C正确D错误。
6.【答案】D
【解析】AB.位移-时间图象只能描述直线运动的规律，则知，汽车和自行车均做直线运动，故AB错误;
C.x−t图像的斜率表示速度，在0∼7s内，汽车的速度增加，则不可能做匀减速运动，故C错误；
D.x−t图像的斜率表示速度，可知自行车以10m/s的速度做匀速直线运动，故D正确。
7.【答案】C
【解析】A、由x=20t−2t2对比x=v0t+12at2知，汽车刹车时的速度v0=20m/s，加速度a=−4m/s2，故A错误；
BD、汽车刹车后停下所用的时间t0=0−v0a=5s，可见前t1=3s内汽车一直在运动，则汽车在前3 s内的平均速度为v=v1.5=v0+at1.5=14m/s，故BD错误；
C、由于t=6s>t0，汽车已经停下，则汽车在前6 s内的位移为x=02−v022a=50m，故C正确；
故选C。
8.【答案】BD
【解析】A、物体的重心不一定在物体上，故A错误；
B、重力的方向总是竖直向下的，故B正确；
C、轻杆所产生的弹力不一定沿杆的方向，故C错误；
D、书对桌面的压力，是由于书发生了弹性形变要恢复原状而对与它接触的桌面有力的作用，故D正确。
9.【答案】AB
【解析】A.由图可知，二者速度均为正值，即二者均向正方向运动，甲、乙两辆车运动方向相同，A正确；
B.3s时，v−t图像相交，代表辆车速度相等，B正确；
C.由于t=0时刻两车位置相同，v−t图象中图线与时间轴围成的图形面积表示位移大小，可知，在0∼4s时间内甲车的位移一直大于乙车的位移，故在4s时甲车一直在乙车前方，故C错误；
D.由图像可知，0∼3s内乙车位移小于甲的位移，由平均速度v−=xt，0∼3s内甲车的平均速度大于乙车的平均速度，故D错误。
10.【答案】CD
【解析】C、根据运动学公式得v2=2a(x−x0)，可知x=x0+12av2，根据图像的斜率与截距可知，
a=12m/s2，x0=−2m，故C正确；
A、前2s时间内物块的位移大小Δx=12at22=12×12×22m=1m，故A错误；
B、t=4s时物块位置x=x0+12at2=−2m+12×12×42m=2m，故B错误；
D、2∼4s时间内物块的位移Δx=12at42−12at22=12×12×42m−12×12×22m=3m，因此这段时间内平均速度v−=ΔxΔt=32m/s=1.5m/s，故D正确。
故选CD。
11.【答案】(2)7.00；(1)A；10
【解析】(1)刻度尺的分度值为0.1cm，估读一位，为7.00cm。
(2)根据胡克定律可知F−x图像斜率表示弹簧的劲度系数，A的斜率大，所以A的劲度系数大，
根据图像斜率可得B的劲度系数为2N0.2m=10N/m
12.【答案】(1)低压交流电；(2)0.768；9.63；(3)dΔt；(4)偏大。
【解析】(1)利用图1装置做实验，电磁打点计时器所接的电源是低压交流电；
(2)打点计时器在打E点时的速度vE=sEF+sDE2T=0.768m/s2，
当地的重力加速度g=sEF+sFG−sDE−sCD2T2=9.63m/s2;
(3)小铁球下落到光电门处速度v=dΔt;
(4)设小球通过光电门的时间为△t，根据极短时间内的平均速度等于瞬时速度，小球通过光电门的速度为v=d△t
测得的重力加速度为g=v22x=d22x△t2
某同学在安装器材时，小球的释放点向左偏移，导致小球经过光电门时实际挡光宽度 d小于小球直径d，可知重力加速度的测量值偏大。
13.【答案】解：(1)研究石头从开始下落到落地前，石头做自由落体运动，
由v=gt，
得v=40m/s。
(2)石头自由下落的位移即为深渊崖洞口到底部的深度h，
由h=12gt2，
得h=80m。
【解析】详细解答和解析过程见【答案】
14.【答案】解：(1)根据位移与速度的关系有v2=2ah3①
解得v=32m/s②
(2)设火箭顶部到达发射塔顶点的时间为t1，底部到达发射塔顶点的时间为t2，
研究火箭从开始到箭头运动至发射塔顶部有：h1−h2=12at12③
研究火箭从开始到箭底部运动至发射塔顶部有：h1=12at22④
又：t=t2−t1⑤
v=h2t⑥
联立③④⑤⑥解得：t=2s
v=25m/s
【解析】详细解答和解析过程见【答案】
15.【答案】解：(1)依题意，经分析有x0至少要等于A车减速到停下的位移由，
匀减速位移公式x0=v02t0，
解得x0=90m。
(2)依题意，当A车加速到与B车的速度相同时，两车相距最远，此时相距距离为△xm，A车加速度aA最小，
此过程中，A车位移为xA，B车位移为xB，对A车有：vB2−vA2=2aAxA，
对B车有：xB=vBtB，
tB=vB−vAaA，
又：Δxm=xB+x1−xA，
联立解得aA=1.2m/s2。
(3)依题意，在t1=8s末，两车速度相等，且相距最小距离△x1=8m;
在t′时刻后，两车都停止，且相距△x2=12m，
在8s末有：v1−a1t1=v2−a2t1，
在0∼8s内有：x2+v2t1−12a2t12−(v1t1−12a1t12)=Δx1，
在0∼t′内有：x2+v222a2−v122a1=△x2，
联立解得v1=20m/s，a1=2m/s2，a2=1m/s2。
【解析】详细解答和解析过程见【答案】