2025届江西省高考全真模拟卷 物理（含解析）

这是一份2025届江西省高考全真模拟卷 物理（含解析），共18页。试卷主要包含了单项选择题，多项选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
1.[2024年浙江高考真题]图示是“研究电容器两极板间距对电容大小的影响”实验，保持电荷量不变，当极板间距增大时，静电计指针张角增大，则( )
A.极板间电势差减小B.电容器的电容增大
C.极板间电场强度增大D.电容器储存能量增大
2.[2024年浙江高考真题]氢原子光谱按频率展开的谱线如图所示，此四条谱线满足巴耳末公式，用和光进行如下实验研究，则( )
A.照射同一单缝衍射装置，光的中央明条纹宽度宽
B.以相同的入射角斜射入同一平行玻璃砖，光的侧移量小
C.以相同功率发射的细光束，真空中单位长度上光的平均光子数多
D.相同光强的光分别照射同一光电效应装置，光的饱和光电流小
3.[2023年山东高考真题]如图所示，电动公交车做匀减速直线运动进站，连续经过三点，已知ST间的距离是RS的两倍，RS段的平均速度是10 m/s，ST段的平均速度是5 m/s，则公交车经过T点时的瞬时速度为( )
A.3 m/sB.2 m/sC.1 m/sD.0.5 m/s
4.[2024年山东高考真题]“鹊桥二号”中继星环绕月球运行，其24小时椭圆轨道的半长轴为a。已知地球同步卫星的轨道半径为r，则月球与地球质量之比可表示为( )
A.B.C.D.
5.[2023年河北高考真题]由点电荷组成的系统的电势能与它们的电荷量、相对位置有关。如图1，四个质量均为m、带等量正电荷的小球，用长度相等、不可伸长的绝缘轻绳连接，静置在光滑绝缘水平面上，O点为正方形中心，设此时系统的电势能为。剪断两小球间的轻绳后，某时刻小球的速度大小为v，方向如图2，此时系统的电势能为( )
A.B.C.D.
6.[2024年河北高考真题]如图，一电动机带动轻杆在竖直框架平面内匀速转动，轻杆一端固定在电动机的转轴上，另一端悬挂一紫外光笔，转动时紫外光始终竖直投射至水平铺开的感光纸上，沿垂直于框架的方向匀速拖动感光纸，感光纸上就画出了描述光点振动的图像。已知轻杆在竖直面内长0.1 m，电动机转速为。该振动的圆频率和光点在12.5 s内通过的路程分别为( )
A.B.C.D.
7.[2023年全国乙卷高考真题]如图，一磁感应强度大小为B的匀强磁场，方向垂直于纸面（xOy平面）向里，磁场右边界与x轴垂直。一带电粒子由O点沿x正向入射到磁场中，在磁场另一侧的S点射出，粒子离开磁场后，沿直线运动打在垂直于x轴的接收屏上的P点；与屏的距离为，与x轴的距离为a。如果保持所有条件不变，在磁场区域再加上电场强度大小为E的匀强电场，该粒子入射后则会沿x轴到达接收屏。该粒子的比荷为( )
A.B.C.D.
二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。每小题有多个选项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
8.[2024年福建高考真题]如图，某同学在水平地面上先后两次从H点抛出沙包，分别落在正前方地面和处。沙包的两次运动轨迹处于同一竖直平面，且交于P点，H点正下方地面处设为O点。已知两次运动轨迹的最高点离地高度均为，，，，沙包质量为，忽略空气阻力，重力加速度大小取，则沙包( )
A.第一次运动过程中上升与下降时间之比
B.第一次经P点时的机械能比第二次的小
C.第一次和第二次落地前瞬间的动能之比为
D.第一次抛出时速度方向与落地前瞬间速度方向的夹角比第二次的大
9.[2024年甘肃高考真题]如图为一半圆柱形均匀透明材料的横截面，一束红光a从空气沿半径方向入射到圆心O，当时，反射光b和折射光c刚好垂直。下列说法正确的是( )
A.该材料对红光的折射率为
B.若，光线c消失
C.若入射光a变为白光，光线b为白光
D.若入射光a变为紫光，光线b和c仍然垂直
10.[2024年浙江高考真题]如图1所示，在平面内存在一以O为圆心、半径为r的圆形区域，其中存在一方向垂直平面的匀强磁场，磁感应强度B随时间变化如图2所示，周期为。变化的磁场在空间产生感生电场，电场线为一系列以O为圆心的同心圆，在同一电场线上，电场强度大小相同。在同一平面内，有以O为圆心的半径为的导电圆环I，与磁场边界相切的半径为的导电圆环Ⅱ，电阻均为R，圆心O对圆环Ⅱ上P、Q两点的张角；另有一可视为无限长的直导线CD。导电圆环间绝缘，且不计相互影响，则( )
A.圆环I中电流的有效值为
B.时刻直导线CD电动势为
C.时刻圆环Ⅱ中电流为
D.时刻圆环IⅡ上PQ间电动势为
三、非选择题：本题共5小题，共54分。
11.（6分）[2024年山东高考真题]在第四次“天宫课堂”中，航天员演示了动量守恒实验。受此启发，某同学使用如图甲所示的装置进行了碰撞实验，气垫导轨两端分别安装两个位移传感器，a测量滑块A与它的距离，b测量滑块B与它的距离。部分实验步骤如下：
①测量两个滑块的质量，分别为200.0 g和400.0 g；
②接通气源，调整气垫导轨水平；
③拨动两滑块，使均向右运动；
④导出传感器记录的数据，绘制随时间变化的图像，分别如图乙、图丙所示。
回答以下问题：
（1）从图像可知两滑块在_______s时发生碰撞；
（2）滑块B碰撞前的速度大小_______m/s（保留2位有效数字）；
（3）通过分析，得出质量为200.0 g的滑块是_______（填“A”或“B”）。
12.（10分）[2024年山东高考真题]某学习小组对两种型号铅笔芯的电阻率进行测量。实验器材如下：
学生电源（输出电压0~16 V）；
滑动变阻器（最大阻值10 Ω，额定电流2 A）；
电压表V（量程3 V，内阻未知）；
电流表A（量程3 A，内阻未知）；
待测铅笔芯R（X型号、Y型号）；
游标卡尺，螺旋测微器，开关S、单刀双掷开关K，导线若干。
回答以下问题：
（1）使用螺旋测微器测量铅笔芯直径，某次测量结果如图甲所示，该读数为_______mm；
（2）把待测铅笔芯接入图乙所示电路，闭合开关S后，将滑动变阻器滑片由最右端向左调节到合适位置，将单刀双掷开关K分别掷到1、2端，观察到电压表示数变化比电流表示数变化更明显，则测量铅笔芯电阻时应将K掷到_______（填“1”或“2”）端；
（3）正确连接电路，得到Y型号铅笔芯图像如图丙所示，求得电阻_______Ω（保留3位有效数字）；采用同样方法得到X型号铅笔芯的电阻为1.70 Ω；
（4）使用游标卡尺测得X、Y型号铅笔芯的长度分别为40.68 mm、60.78 mm。使用螺旋测微器测得X、Y型号铅笔芯直径近似相等，则X型号铅笔芯的电阻率_______（填“大于”或“小于”）Y型号铅笔芯的电阻率。
13.（8分）[2024年甘肃高考真题]如图所示，刚性容器内壁光滑、盛有一定量的气体，被隔板分成A、B两部分，隔板与容器右侧用一根轻质弹簧相连（忽略隔板厚度和弹簧体积），容器横截面积为S、长为2l.开始时系统处于平衡态，体积均为Sl，压强均为，弹簧为原长，现将B中气体抽出一半，B的体积变为原来的.整个过程系统温度保持不变，气体视为理想气体.求：
（1）抽气之后A、B的压强、.
（2）弹簧的劲度系数k.
14.（14分）[2025年浙江1月高考真题]一游戏装置的竖直截面如图所示。倾斜直轨道AB、半径为R的竖直螺旋轨道、水平轨道BC和、倾角为的倾斜直轨道EF平滑连接成一个抛体装置。该装置除EF段轨道粗糙外，其余各段均光滑，F点与水平高台GHI等高。游戏开始，一质量为m的滑块1从轨道AB上的高度h处静止滑下，与静止在C点、质量也为m的滑块2发生完全非弹性碰撞后组合成滑块3，滑上滑轨。若滑块3落在GH段，反弹后水平分速度保持不变，竖直分速度减半；若滑块落在H点右侧，立即停止运动。已知，EF段长度，FG间距，GH间距，HI间距，EF段。滑块1、2、3均可视为质点，不计空气阻力，。
（1）若，求碰撞后瞬间滑块3的速度大小；
（2）若滑块3恰好能通过圆轨道，求高度h；
（3）若滑块3最终落入I点的洞中，则游戏成功。讨论游戏成功的高度h。
15.（16分）[2024年天津高考真题]如图所示，在平面直角坐标系的第一象限内，存在半径为R的半圆形匀强磁场区域，半圆与x轴相切于M点，与y轴相切于N点，直线边界与x轴平行，磁场方向垂直于纸面向里。在第一象限存在沿方向的匀强电场，电场强度大小为E。一带负电粒子质量为m，电荷量为q，从M点以速度v沿方向进入第一象限，正好能沿直线匀速穿过半圆区域。不计粒子重力。
（1）求磁感应强度B的大小；
（2）若仅有电场，求粒子从M点到达y轴的时间t；
（3）若仅有磁场，改变粒子入射速度的大小，粒子能够到达x轴上P点，M、P的距离为，求粒子在磁场中运动的时间。
答案以及解析
1.答案：D
解析：AB.根据，可得当极板间距增大时电容减小，由于电容器的带电量不变，故极板间电势差增大，故AB错误；
C.根据得
故场强不变，故C错误；
D.移动极板的过程中要克服电场力做功，故电容器储存能量增大，故D正确。
故选D。
2.答案：C
解析：A.根据巴耳末公式可知，光的波长较长。波长越长，越容易发生明显的衍射现象，故照射同一单缝衍射装置，光的中央明条纹宽度宽，故A错误；
B.光的波长较长，根据
可知光的频率较小，则光的折射率较小，在平行玻璃砖的偏折较小，光的侧移量小，故B错误；
C.光的频率较小，光的光子能量较小，以相同功率发射的细光束，光的光子数较多，真空中单位长度上光的平均光子数多，故C正确；
D.若、光均能发生光电效应，相同光强的光分别照射同一光电效应装置，光的频率较小，光的光子能量较小，光的光子数较多，则光的饱和光电流大，光的饱和光电流小，故D错误。
故选C。
3.答案：C
解析：设电动公交车减速过程的加速度大小为a，通过时的速度分别为，通过RS段的位移为，通过ST段的位移为，则
，C对
4.答案：D
解析：“鹊桥二号”中继星在24小时椭圆轨道上运行时，根据开普勒第三定律有，对地球的同步卫星由开普勒第三定律有，则有，D正确。
5.答案：B
解析：由于系统在光滑的水平面上，则沿bc连线方向与垂直bc连线方向的动量均守恒，结合题图2可知，该时刻a的速度与d的速度关于bc中垂线对称，则有，垂直bc连线方向有，解得，由能量守恒定律得，解得，B正确。
6.答案：C
解析：由于电动机的转速为12 r/min，则光点1 min振动12个周期，故光点振动的周期，所以光点振动的圆频率，AB错误；由题意可知光点的振幅，又，则光点在12.5 s内通过的路程，C正确，D错误。
7.答案：A
解析：带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，其运动轨迹如图所示
A对，BCD错。
8.答案：BD
解析：A.沙包从抛出到最高点的运动可视为平抛运动的“逆运动”，则可得第一次抛出上升的高度为，上升时间为，最高点距水平地面高为，故下降的时间为，故一次抛出上升时间，下降时间比值为3:4，故A错误；BC.两条轨迹最高点等高、沙包抛出的位置相同，故可知两次从抛出到落地的时间相等为，故可得第一次，第二次抛出时水平方向的分速度分别为，，由于两条轨迹最高点等高，故抛出时竖直方向的分速度也相等，为，由于沙包在空中运动过程中只受重力，机械能守恒，故第一次过P点比第二次机械能少，从抛出到落地瞬间根据动能定理可得，，则故落地瞬间，第一次，第二次动能之比为100:113，故B正确，C错误；D.根据前面分析可知两次抛出时竖直方向的分速度相同，两次落地时物体在竖直方向的分速度也相同，由于第一次的水平分速度较小，物体在水平方向速度不变，如图所示，故可知第一次抛出时速度与水平方向的夹角较大，第一次落地时速度与水平方向的夹角也较大，故可知第一次抛出时速度方向与落地瞬间速度方向夹角比第二次大，故D正确。故选BD。
9.答案：ABC
解析：A.根据几何关系可知从材料内发生折射时光线的折射角为60°，故折射率为
故A正确；
B.设临界角为C，得
故，若，会发生全反射，光线c消失，故B正确；
C.由于光线b为反射光线，反射角等于入射角，故当入射光a变为白光，光线b为白光，故C正确；
D.对同种介质，紫光的折射率比红光大，故若入射光a变为紫光，折射角将变大，光线b和c不会垂直，故D错误。
故选ABC。
10.答案：BD
解析：A.由题图可知，在内和内圆环Ⅰ中的电流大小均为，在内圆环Ⅰ中的电流大小为，设圆环Ⅰ中电流的有效值为I，根据有效值定义可得，联立解得，故A错误；B.设右侧又一无限长的直导线CD对称的无限长的直导线与CD构成回路，则时刻，CD、回路产生的总电动势为，根据对称性可知时刻直导线CD电动势为，故B正确；C.由于圆环Ⅱ处于磁场外部，通过圆环Ⅱ的磁通量一直为0，所以圆环Ⅱ不会产生感应电流，则时刻圆环Ⅱ中电流为0，故C错误；D.以O点为圆心，过程P、Q两点圆轨道，在时刻产生的电动势为，则P、Q两点间圆弧的电动势为，由于P、Q两点间圆弧与圆环Ⅱ上PQ构成回路不会产生感应电流，则圆环Ⅱ上PQ间电动势为，故D正确。故选BD。
11.答案：（1）1.0
（2）0.20
（3）B
解析：（1）由图像的斜率表示速度可知，两滑块的速度在时发生突变，即发生了碰撞；
（2）由图像斜率的绝对值表示速度大小可知，碰撞前瞬间B的速度大小；
（3）由题图乙知，碰撞前A的速度大小，碰撞后A的速度大小约为，由题图丙可知，碰撞后B的速度大小为，对A和B的碰撞过程由动量守恒定律有，代入数据解得，所以质量为200.0 g的滑块是B。
12.答案：（1）2.450
（2）1
（3）1.92
（4）大于
解析：（1）根据螺旋测微器的读数规则可知，其读数为；
（2）由于电压表示数变化更明显，说明电流表分压较多，因此电流表应采用外接法，即测量铅笔芯电阻时应将K掷到1端；
（3）根据题图丙结合欧姆定律可得；
（4）根据电阻定律可得，分别代入数据可知。
13.答案：（1）；
（2）
解析：（1）设抽气前两体积为，对气体A分析：抽气后
根据玻意耳定律得
解得
对气体B分析，若体积不变的情况下抽去一半的气体，则压强变为原来的一半即，则根据玻意耳定律得
解得
（2）由题意可知，弹簧的压缩量为，对活塞受力分析有
根据胡克定律得，联立得
14.答案：（1）2m/s
（2）2m
（3）2.5m或2m
解析：（1）滑块1由A到C过程，由动能定理得：
两滑块碰撞过程系统动量守恒，以向右为正方向，
由动量守恒定律得：
代入数据解得：
（2）滑块3恰好通过圆弧轨道，在圆弧轨道的最高点D，重力提供向心力，
由牛顿第二定律得：
滑块1从A到C过程，由动能定理得：
两滑块碰撞过程系统动量守恒，以向右为正方向，
由动量守恒定律得：
碰撞后运动到D过程，由动能定理得：
代入数据解得：
（3）滑块1从A到C过程，由动能足理得：
两滑块碰撞过程系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：
从C到F过程，由动能定理得：
滑块3直接落入洞中，离开F到落入洞中过程，竖直方向：
水平方向：
代入数据解得：
滑块3经1次反弹后落入洞中，从A到C过程，由动能定理得
两滑块碰撞过程系统动量守恒，以向右为正方向，
由动量守恒定律得：
从C到F过程，由动能定理得：
滑块3直接落入洞中，离开F到落入洞中过程，竖直方向：
水平方向：
代入数据解得：
15.答案：（1）
（2）
（3）
解析：（1）根据题意可知，由于一带负电粒子能沿直线匀速穿过半圆区域，由平衡条件有
解得
（2）若仅有电场，带负电粒子受沿x轴负方向的电场力，由牛顿第二定律有
又有
联立解得
（3）根据题意，设粒子入射速度为，则有
可得
画出粒子的运动轨迹，如图所示
由几何关系可得
解得
则轨迹所对圆心角为120°，则粒子在磁场中运动的时间