2025届湖北省高考全真模拟卷 物理（含解析）

这是一份2025届湖北省高考全真模拟卷 物理（含解析），共14页。试卷主要包含了单项选择题，多项选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
1．[2024年广东高考真题]我国正在建设的大科学装置——“强流重离子加速器”。其科学目标之一是探寻神秘的“119号”元素，科学家尝试使用核反应产生该元素。关于原子核Y和质量数A，下列选项正确的是( )
A.Y为B.Y为
C.Y为D.Y为
2．[2024年安徽高考真题]某同学参加户外拓展活动，遵照安全规范，坐在滑板上，从高为h的粗糙斜坡顶端由静止下滑，至底端时速度为v.已知人与滑板的总质量为m，可视为质点.重力加速度大小为g，不计空气阻力.则此过程中人与滑板克服摩擦力做的功为( )
A.B.C.D.
3．[2024年甘肃高考真题]小杰想在离地表一定高度的天宫实验室内，通过测量以下物理量得到天宫实验室轨道处的重力加速度，可行的是( )
A.用弹簧秤测出已知质量的砝码所受的重力
B.测量单摆摆线长度、摆球半径以及摆动周期
C.从高处释放一个重物、测量其下落高度和时间
D.测量天宫实验室绕地球做匀速圆周运动的周期和轨道半径
4．[2025年浙江高考真题]三个点电荷的电场线和等势线如图所示，其中的d，e与e，f两点间的距离相等，则( )
A.a点电势高于b点电势
B.a、c两点的电场强度相同
C.d、f间电势差为d、e间电势差的两倍
D.从a到b与从f到b，电场力对电子做功相等
5．[2024年福建高考真题]某公司在封闭公路上对一新型电动汽车进行直线加速和刹车性能测试，某次测试的速度一时间图像如图所示。已知和内图线为直线，内图线为曲线，则该车( )
A.在的平均速度为
B.在做匀减速直线运动
C.在内的位移比在内的大
D.在的加速度大小比的小
6．[2024年黑龙江省、吉林省、辽宁省高考真题]利用砚台将墨条研磨成墨汁时讲究“圆、缓、匀”。如图，在研磨过程中，砚台始终静止在水平桌面上。当墨条的速度方向水平向左时( )
A.砚台对墨条的摩擦力方向水平向左
B.桌面对砚台的摩擦力方向水平向左
C.桌面和墨条对砚台的摩擦力是一对平衡力
D.桌面对砚台的支持力与墨条对砚台的压力是一对平衡力
7．[2024年1月浙江省高考真题]若通以电流I的圆形线圈在线圈内产生的磁场近似为方向垂直线圈平面的匀强磁场，其大小（k的数量级为）。现有横截面半径为1 mm的导线构成半径为1 cm的圆形线圈处于超导状态，其电阻率上限为。开始时线圈通有100 A的电流，则线圈的感应电动势大小的数量级和一年后电流减小量的数量级分别为( )
A. B. C. D.
二、多项选择题:本题共3小题,每小题4分,共12分。在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求。每小题全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
8．[2025年浙江高考真题]如图1所示，两波源和分别位于与处，以为边界，两侧为不同的均匀介质。时两波源同时开始振动，其振动图像相同，如图2所示。时与两处的质点开始振动。不考虑反射波的影响，则( )
A.时两列波开始相遇
B.在间波的波长为
C.两列波叠加稳定后，处的质点振动减弱
D.两列波叠加稳定后，在间共有7个加强点
9．[2024年海南高考真题]电动汽车充电站变压器输入电压为10 kV，输出电压为220 V，每个充电桩输入电流16 A，设原副线圈匝数分别为、，输入正弦交流的频率为50 Hz，则下列说法正确的是( )
A.交流电的周期为0.02s
B.原副线圈匝数比
C.输出的最大电压为220 V
D.若10台充电桩同时使用，输入功率为35.2 kW
10．[2024年山东高考真题]如图所示，两条相同的半圆弧形光滑金属导轨固定在水平桌面上，其所在平面竖直且平行，导轨最高点到水平桌面的距离等于半径，最低点的连线与导轨所在竖直面垂直。空间充满竖直向下的匀强磁场（图中未画出），导轨左端由导线连接。现将具有一定质量和电阻的金属棒平行放置在导轨图示位置，由静止释放。运动过程中始终平行于且与两导轨接触良好，不考虑自感影响，下列说法正确的是( )
A.最终一定静止于位置
B.运动过程中安培力始终做负功
C.从释放到第一次到达位置过程中，的速率一直在增大
D.从释放到第一次到达位置过程中，中电流方向由M到N
三、非选择题:本题共5 小题,共 60 分。
11．（7分）[2024年湖北高考真题]某同学利用激光测量半圆柱体玻璃砖的折射率，具体步骤如下：
①平铺白纸，用铅笔画两条互相垂直的直线和，交点为O。将半圆柱体玻璃砖的平直边紧贴，并使其圆心位于O点，画出玻璃砖的半圆弧轮廓线，如图（a）所示。
②将一细激光束沿CO方向以某一入射角射入玻璃砖，记录折射光线与半圆弧的交点M。
③拿走玻璃砖，标记CO光线与半圆弧的交点P。
④分别过M、P作的垂线是垂足，并用米尺分别测量的长度x和y。
⑤改变入射角，重复步骤②③④，得到多组x和y的数据。根据这些数据作出图像，如图（b）所示。
（1）关于该实验，下列说法正确的是_____（单选，填标号）。
A.入射角越小，误差越小
B.激光的平行度好，比用插针法测量更有利于减小误差
C.选择圆心O点作为入射点，是因为此处的折射现象最明显
（2）根据图像，可得玻璃砖的折射率为_______（保留三位有效数字）。
（3）若描画的半圆弧轮廓线半径略大于玻璃砖的实际半径，则折射率的测量结果_______（填“偏大”“偏小”或“不变”）。
12．（7分）[2024年重庆高考真题]元代王祯《农书》记载了一种人力汲水灌田农具——戽斗。某兴趣小组对库斗汲水工作情况进行模型化处理，设计了如图甲所示实验，探究库斗在竖直面内的受力与运动特点。该小组在位于同一水平线上的P、Q两点，分别固定一个小滑轮，将连结沙桶的细线跨过两滑轮并悬挂质量相同的砝码，让沙桶在竖直方向沿线段PQ的垂直平分线运动。当沙桶质量为136.0 g时，沙桶从A点由静止释放，能到达最高点B，最终停在C点。分析所拍摄的沙桶运动视频，以A点为坐标原点，取竖直向上为正方向。建立直角坐标系，得到沙桶位置y随时间t的图像如图乙所示。
（1）若将沙桶上升过程中的某一段视为匀速直线运动，则此段中随着连结沙桶的两线间夹角逐渐增大，每根线对沙桶的拉力_____（选填“逐渐增大”“保持不变”“逐渐减小”）。沙桶在B点的加速度方向_____（选填“竖直向上”“竖直向下”）。
（2）一由图乙可知，沙桶从开始运动到最终停止，机械能增加_____J（保留两位有效数字，）。
13．（12分）[2024年安徽高考真题]某人驾驶汽车，从北京到哈尔滨，在哈尔滨发现汽车的某个轮胎内气体的压强有所下降（假设轮胎内气体的体积不变，且没有漏气，可视为理想气体）。于是在哈尔滨给该轮胎充入压强与大气压相同的空气，使其内部气体的压强恢复到出发时的压强（假设充气过程中，轮胎内气体的温度与环境相同，且保持不变）。已知该轮胎内气体的体积，从北京出发时，该轮胎气体的温度，压强。哈尔滨的环境温度，大气压强取。求：
（1）在哈尔滨时，充气前该轮胎气体压强的大小。
（2）充进该轮胎的空气体积。
14．（16分）[2024年湖北高考真题]如图所示，水平传送带以5 m/s的速度顺时针匀速转动，传送带左右两端的距离为3.6 m。传送带右端的正上方有一悬点O，用长为0.3 m、不可伸长的轻绳悬挂一质量为0.2 kg的小球，小球与传送带上表面平齐但不接触。在O点右侧的P点固定一钉子，P点与O点等高。将质量为0.10 kg的小物块无初速轻放在传送带左端，小物块运动到右端与小球正碰，碰撞时间极短，碰后瞬间小物块的速度大小为1 m/s、方向水平向左。小球碰后绕O点做圆周运动，当轻绳被钉子挡住后，小球继续绕P点向上运动。已知小物块与传送带间的动摩擦因数为0.5，重力加速度大小。
（1）求小物块与小球碰撞前瞬间，小物块的速度大小。
（2）求小物块与小球碰撞过程中，两者构成的系统损失的总动能。
（3）若小球运动到P点正上方，绳子不松弛，求P点到O点的最小距离。
15．（18分）[2024年贵州高考真题]如图，边长为L的正方形区域及矩形区域内均存在电场强度大小为E、方向竖直向下且与边平行的匀强电场，右边有一半径为且与相切的圆形区域，切点为的中点，该圆形区域与区域内均存在磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场。一带电粒子从b点斜向上射入电场后沿图中曲线运动，经边的中点进入区域，并沿直线通过该区域后进入圆形区域。所有区域均在纸面内，粒子始终在该纸面内运动，不计粒子重力。求：
（1）粒子沿直线通过区域时的速度大小；
（2）粒子的电荷量与质量之比；
（3）粒子射出圆形区域时速度方向与进入圆形区域时速度方向的夹角。
参考答案
1．答案：C
解析：根据核反应方程，根据质子数守恒设Y的质子数为y，则有，可得，即Y为；根据质量数守恒，则有，可得，故选C。
2．答案：D
解析：人在下滑的过程中，由动能定理可得
可得此过程中人与滑板克服摩擦力做的功为
故选D。
3．答案：D
解析：在天宫实验室内，物体处于完全失重状态，重力提供了物体绕地球匀速圆周运动的向心力，故ABC中的实验均无法得到天宫实验室轨道处的重力加速度。由重力提供绕地球做匀速圆周运动的向心力得，整理得轨道重力加速度为，故通过测量天宫实验室绕地球做匀速圆周运动的周期和轨道半径可行，D正确。
故选D。
4．答案：D
解析：A.电场线从高等势面指向低等势面，即电场线从图中的正电荷指向负电荷，因此b点所在的等势面高于a点所在的等势面，A错误；B.a、c两点电场强度方向不同，电场强度不同，B错误；C.从电场强度逐渐减小，间距相等，结合可知，则,C错误；D.a点与f点在同一等势面上，a、b两点和f、b两点的电势差相等，根据电场力做功可知从a到b与从f到b，电场力对电子做功相等，D正确。故选D。
5．答案：D
解析：A.根据图像可知，在内汽车做匀加速直线运动，平均速度为故A错误；B.根据图像可知，在内速度一时间图像为曲线，汽车做非匀变速运动，在内图像为倾斜的直线，汽车做匀减速直线运动，故B错误；C.根据图像与横轴围成的面积表示位移大小，在图中做一条辅助线，如图所示：
可得在汽车的位移大小为，在汽车的位移大小，可知的位移比的小，故C错误。D.根据图像的斜率绝对值表示加速度大小，由此可知在的汽车加速度为，在的汽车加速度约为，负号表示加速度方向和速度相反，则在的加速度大小比的小，故D正确。故选D。
6．答案：C
解析：滑动摩擦力方向与物体间的相对运动方向相反，墨条相对砚台水平向左运动，则砚台对墨条的摩擦力方向水平向右，A错误；根据牛顿第三定律结合A项分析可知，砚台受到墨条水平向左的摩擦力，而砚台处于静止状态，其水平方向上受力平衡，则桌面对砚台的摩擦力方向水平向右，桌面和墨条对砚台的摩擦力是一对平衡力，B错误，C正确；对砚台受力分析，竖直方向上，砚台受到自身重力、墨条的压力和桌面的支持力，因此桌面对砚台的支持力与墨条对砚台的压力不是一对平衡力，D错误。
7．答案：D
解析：根据题意可知，线圈内产生的感应电动势，又，则，根据电阻定律可知，线圈的电阻，又，又线圈处于超导状态，所以，联立解得，D正确。
8．答案：BC
解析：A.波在左侧的波速，右侧的波速，两列波相遇时，解得，选项A错误；B.在间波的波长为，选项B正确；C.左侧波传到时用时间为，此时右侧波在该质点已经振动，即此时刻左侧波在该点的振动在平衡位置向上运动，右侧波在该点的振动也在平衡位置向下振动，可知该点的振动减弱，选项C正确；D.当右侧波传到位置时用时间为，即此时处质点从平衡位置向上振动；此时处的波源也在平衡位置向上振动，即振动方向相同，可知在内到和两点的路程差为波长整数倍时振动加强，波在该区间内的波长可知即其中n取0、±1、±2、±3、±4、±5、±6、±7，则共有15个振动加强点，选项D错误。故选BC。
9．答案：AD
解析：A.交流电的周期为
故A正确；
B.根据理想变压器原副线圈的电压与线圈匝数的关系可得，原副线圈匝数比为
故B错误；
C.输出的最大电压为
故C错误；
D.若10台充电桩同时使用，输出功率为
变压器不改变功率，故输入功率为
故D正确。
故选AD。
10．答案：ABD
解析：由楞次定律结合左手定则可知，安培力与的运动方向的夹角始终大于90°，则安培力始终做负功，最终一定静止在位置，AB正确；根据楞次定律可知，从释放到第一次到达位置过程中，中电流方向由M到N，D正确；从释放到第一次到达位置过程中，在即将到达位置的时刻，所受安培力水平向左，沿速度方向的分力一定大于所受重力沿速度方向的分力，处于减速状态，C错误。故选ABD。
11．答案：（1）B
（2）1.58（1.56~1.60均可）
（3）不变
解析：（1）在本实验中，为了减小测量误差，入射角应适当大些，因为入射角越大，折射角也越大，则入射角和折射角的测量误差都会减小，从而使折射率测量的误差减小，A错误；与插针法测量相比，激光的平行度好，能更准确地确定入射光线和折射光线，从而更有利于减小实验误差，B正确；选择圆心O点作为入射点，是因为便于计算，并不是因为此处的折射现象最明显，C错误。
（2）设入射角为α、折射角为β、半圆弧轮廓线半径（玻璃砖半径）为R，则由几何关系可知，根据折射定律可得玻璃砖的折射率，结合题图（b）可知图像的斜率为该玻璃砖的折射率，故该玻璃砖的折射率。
（3）由（2）问分析可知折射率的表达式中没有半圆弧轮廓线半径R，所以轮廓线半径的测量误差对实验结果没有影响，即折射率的测量结果不变。
12．答案：（1）逐渐增大；竖直向下
（2）0.11
解析：（1）设细线与竖直方向夹角为θ，沙桶匀速上升，当θ逐渐增大时，T逐渐增大，沙桶上升到最高点B然后下落，在最高点的加速度方向竖直向下。
（2）沙桶从开始运动到静止上升高度为8.4 cm，机械能增加量为
13．答案：（1）
（2）6L
解析：（1）由查理定律可得
其中
，，
代入数据解得，在哈尔滨时，充气前该轮胎气体压强的大小为
（2）由玻意耳定律
代入数据解得，充进该轮胎的空气体积为
14．答案：（1）5 m/s
（2）0.3 J
（3）0.2 m
解析：（1）设小物块的质量为m，传送带左右两端的距离为L，小物块与传送带间的动摩擦因数为μ，小物块在传送带上加速时的加速度大小为a，由牛顿第二定律有
设小物块到达传送带最右端时的速度大小为，假设小物块在传送带上一直加速，由运动学公式有
联立并代入数据得
由于，故假设不成立，小物块到达传送带右端前已经与传送带共速，故小物块与小球碰撞前瞬间的速度大小为
（2）设小球的质量为M，碰撞后小物块与小球的速度大小分别为、，碰撞过程中两者构成的系统损失的总动能为，对小物块与小球碰撞过程，由动量守恒定律得
小物块与小球碰撞过程中，系统损失的总动能为
联立并代入数据得
（3）经分析知，小球到达P点正上方绳子拉力刚好为零时，小球绕P点运动的半径最大，P点到O点距离最小，设这种情况下小球运动到P点正上方的速度大小为，P点到O点的距离为x，绳子的长度为l，小球运动到P点正上方时，结合牛顿第二定律和向心加速度公式有
对小球的整个上升过程，由动能定理得
联立并代入数据得
15．答案：（1）
（2）
（3）60°
解析：（1）带电粒子在cdef区域做直线运动，则有电场力与洛伦兹力平衡，可知粒子带正电，经cd边的中点速度水平向右，设粒子到达cd边的中点速度大小为，带电荷量为q，质量为m，由平衡条件则有
解得
（2）粒子从b点到cd边的中点的运动，可逆向看做从cd边的中点到b点的类平抛运动，设运动时间为t，加速度大小为a，由牛顿第二定律可得
由类平抛运动规律可得
联立解得粒子的电荷量与质量之比
（3）粒子从ef中点射出到圆形区域做匀圆周运动，设粒子的运动半径为R，由洛伦兹力提供向心力可得
解得
粒子在磁场中运动轨迹图如图所示，由图可知，粒子沿半径方向射入，又沿半径方向射出，设粒子射出圆形区域时速度方向与进入圆形区域时速度方向的夹角为α，由几何关系可知
可得
则有