2025年中考考前信息必刷卷04（辽宁专用）物理（答案版）

这是一份2025年中考考前信息必刷卷04（辽宁专用）物理（答案版），共11页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，实验题，综合应用题等内容，欢迎下载使用。
1．2024年巴黎奥运会男子100米自由泳决赛中，中国选手潘展乐以46秒40的成绩打破世界纪录，夺得金牌（如图） ，现场奏响了中国国歌，以下数据符合实际情况的是（ ）
A．金牌直径约为60cm B．潘展乐的身高约为19.2dm
C．金牌质量约为20kg D．播放一遍中华人民共和国国歌的时间约为50min
【答案】B
【详解】A．金牌直径约为6cm，故A不符合题意；
B．潘展乐的身高约为1.92m，即19.2dm，故B符合题意；
C．一块金牌的质量约为250g即0.25kg，故C不符合题意；
D．播放一遍中华人民共和国国歌的时间约为50s，故D不符合题意。
2. 关于新材料在生产生活的应用，下列说法中正确的是（ ）
A. 手机芯片主要材料是超导体
B. 普通领带的表面经过纳米技术处理后，会有很强的自洁性能
C. 半导体材料制成的太阳能电池板，主要是将太阳能转化为内能
D. 记忆合金制成的输电导线，可以避免因输电线上产生热量而造成能源的浪费
【答案】B
【解析】A．手机芯片的主要材料是半导体，故A错误；
B．普通领带的表面经过纳米技术处理后，不易沾水，也不易沾油，有很强的自洁性能，故B正确；
C．半导体材料制成的太阳能电池板，主要是将太阳能转化为电能，故C错误；
D．记忆合金制成的输电导线，也会有电阻，同样会产生热量，故不可以避免因输电线上产生热量而造成能源的浪费，故D错误。故选B。
3. 关于压力和压强在生活中的应用，下列说法中正确的是（ ）
A. 菜刀的刀刃磨得很薄，是为了增大压力
B. 茶壶的壶嘴和壶身构成一个连通器
C. 高压锅利用了气压越大，液体沸点越低的原理
D. 用吸管喝饮料时，杯里的饮料是被嘴的“吸力”吸上来的
【答案】B
【解析】A．菜刀的刀刃磨得很薄，是在压力一定时，通过减小受力面积增大压强，故A错误；
B．茶壶的壶嘴和壶身上端开口，下端连通，构成一个连通器，故B正确；
C．高压锅能很快煮熟食物，是由于锅内气压增大，水的沸点升高，故C 错误；
D．用吸管喝饮料时，管内气压减小，外界大气压大于内部气压，杯里的饮料是被大气压压上来的，故D错误。故选B。
4. 如图所示，物块A放在木板B上，用水平向左的力推A，A向左运动而B保持静止，已知A、B接触面粗糙，则下列说法正确的是（ ）
A．B对A的摩擦力方向水平向左
B．桌面对B的摩擦力方向水平向右
C．桌面和A对B的摩擦力是一对相互作用力
D．桌面对B的支持力与A对B的压力是一对平衡力
【答案】B
【解析】A. A向左运动而B保持静止，所以A受到B对其水平向右的摩擦力，故A错误；
B.对B受力分析，B受重力、桌面对B的支持力、A对B的压力、A对B水平向左的摩擦力、桌面对B水平向右的摩擦力，故B正确；
C.桌面和A对B的摩擦力是不同物体对B的作用力，大小相等，方向相反，是一对平衡力，不是一对相互作用力，故C错误；
D. 桌面对B的支持力大小等于A对B的压力与B的重力大小之和，故D错误。
5．甲、乙两只普通照明灯泡的铭牌如图所示，甲灯上标有“220V 25W”字样，乙灯上标有“220V 100W”字样，下列说法中正确的是（ ）
A．“220V”表示灯泡工作时，两端的实际电压为220V B．甲灯额定功率大于乙灯的额定功率
C．两灯均正常发光时，乙灯消耗的电能较多 D．两灯均正常发光时，乙灯消耗的电功率大
【答案】D
【解析】A．“220V”表示灯泡工作时两端的额定电压为220V，不是实际电压，故A错误；
B．由图可知，甲灯的额定功率是25W，乙灯的额定功率是100W，所以甲灯额定功率小于乙灯的额定功率，故B错误；
C．因为，虽然正常工作时甲灯额定功率小于乙灯的额定功率，但是不知道两灯工作的时间，所以无法确定谁消耗的电能多，故C错误；
D．两灯均正常发光时，都在额定功率下工作，甲灯额定功率小于乙灯的额定功率，即乙灯消耗的电功率大，故D正确。故选D 。
6. 内燃机的发明是第二次工业革命中应用技术领域的一项重大成就。如图所示为单缸四冲程汽油机的一个冲程示意图，若该汽油机的效率为30%，飞轮每分钟转动1800圈（），则下列说法正确的是（ ）
A. 图中所示冲程是做功冲程 B. 若该汽油机完全燃烧5kg汽油，则汽油机做的有用功为
C. 该汽油机在1s内做功30次 D. 汽油机消耗的燃料越少，效率一定越高
【答案】B
【解析】A．图中所示冲程两气阀关闭，活塞向上运动，是压缩冲程，故A错误；
B．若该汽油机完全燃烧5kg汽油，则汽油机做的有用功
C．飞轮每分钟转动1800圈，则每秒转动30圈，该汽油机飞轮转动2圈对外做功一次，则在1s内做功15次，故C错误；
D．由得，汽油机消耗的燃料越少，完全燃烧释放的热量越少，做的有用功不知，无法比较效率高低，故D错误。故选B。

（第1题图） （第4题图） （第5题图） （第6题图）
7. 图是汽车尾气中CO浓度的检测电路示意图。气敏电阻R1的阻值随CO浓度增大而减小，R2是滑动变阻器，开关S闭合，当CO浓度高于某一设定值时，电铃报警。下列说法正确的是（ ）
A. 电磁铁的上端是N极 B. 电铃应接在A和B之间
C. 当CO浓度升高时电磁铁的磁性减弱 D. 电源用久后，U1减小，CO的报警浓度会变高
【答案】AD
【解析】A．由图可知，电流从电磁铁的下端流入，上端流出，根据安培定则可判断出，电磁铁的上端为N极，故A正确；
B．气敏电阻R1的阻值随CO浓度增大而减小，开关S闭合，电磁铁通电，当CO浓度高于某一设定值时，气敏电阻R1的阻值较小，通过电磁铁的电流比较大，电磁铁的磁性最大，衔铁被吸下来，CD接入电路，电铃报警。所以电铃应接在C和D之间，故B错误；
C．气敏电阻R1的阻值随CO浓度增大而减小，当CO浓度升高时，气敏电阻R1的阻值减小，通过电流变大，电磁铁的磁性增强，故C错误；
D．当CO浓度高于某一设定值时，电铃报警，此时控制电路的电流一定。电源用久后，U1减小，根据 可知，电铃发声报警时，控制电路的总电阻减小，气敏电阻R1的阻值减小，CO浓度增大，所以报警浓度会变高，故D增强。故选AD。
8. 装有不同液体的甲、乙两个相同容器放在水平桌面上，将装有适量水的瓶子（瓶盖密封）先后置于甲、乙两容器中，瓶子静止时如图所示，此时两容器中液面相平。下列说法中正确的是（ ）
A. 甲、乙两容器中，瓶子受到的浮力相等
B. 甲、乙两容器中，液体对容器底部的压力相等
C. 甲容器对水平桌面的压强小于乙容器对水平桌面的压强
D. 甲中瓶内水对瓶底的压力大于乙中瓶内水对瓶盖的压力
【答案】ACD
【解析】A．瓶子在甲乙两种液体中都处于漂浮状态，浮力等于重力，故甲、乙两容器中，瓶子受到的浮力相等，故A正确；
B．由图可知，甲排开液体的体积大于乙排开液体的体积，浮力相等，根据阿基米德原理可知，甲液体的密度小于乙液体的密度，根据液体压强的公式
可知，甲液体对容器底部的压强小于乙液体对容器底部的压强，容器底面积相等，由F=pS
甲液体对容器底部的压力小于乙液体对容器底部的压力，故B错误；
C．两容器的重力和瓶子的重力相同，甲乙两容器中，液面相平且乙液体的体积大于甲液体的体积，乙液体的密度大于甲液体的密度，由公式
可知，乙液体的质量大于甲液体的质量，则乙容器对桌面的压力大于甲容器对桌面的压力，受力面积相同，根据公式
可知，甲容器对水平桌面的压强小于乙容器对水平桌面的压强，故C正确；
D．由图可知，甲中瓶内水对瓶底的压力等于瓶内水的重力，乙中瓶内水对瓶盖的压力一部分分担在瓶子侧壁上，因此乙中瓶内水对瓶盖的压力小于瓶内水的重力，故甲中瓶内水对瓶底的压力大于乙中瓶内水对瓶盖的压力，故D正确。故选ACD。
9．在如图所示的电路中，下列说法正确的是（ ）
A．只闭合S2，L2、L3串联 B．只闭合S2、S3，只有L3亮
C．S1、S2、S3都闭合，L1、L2、L3都亮 D．通过开关的闭合和断开，无法实现L1、L2并联
【答案】ABD
【解析】A．由电路图知，只闭合S2，电流由电源正极出来，逐一通过L3、S2和L2回到电源负极，所以L2、L3串联在电路中，故A正确；
B．只闭合S2、S3，L1断路，L2被短路，只有L3工作，故B正确；
C．三个开关都闭合，L1、L3并联在电路中，L2被短路，只有L1、L3亮，故C错误；
D．只闭合S1，L1、L2串联在电路中，只闭合S3，L3单独工作，只闭合S1、S2，L1、L3并联后再与L2串联，只闭合S1、S3，L1与L2串联后再与L3并联，结合ABC选项知，无法实现L1、L2并联，故D正确。故选ABD。

（第7题图） （第8题图） （第9题图）
二、填空题：本题共6小题，每空1分，共12分。
10. 如图所示，白鹭平行于水面飞行，距水面2m。水中的“白鹭”是_____（选填“实”或“虚”）像，它距空中的白鹭_______ m。

【答案】 虚 4
【解析】水中看到的“白鹭”是白鹭的倒影，类似于平面镜成像，由光反射形成的虚像。
根据平面镜成像规律可知，物距和像距相等，此时水中形成的像距水面2m，则像与空中白鹭的距离为
11. 如图甲、乙所示的是声波波形图， 的频率高， 的响度大。
【答案】甲 乙
【解析】音调与频率有关，响度与振幅有关，由图知，甲在相同时间内振动的次数多，频率高，乙的振幅大，响度大。
12. 亮亮同学在新闻上看到“福建舰”上使用了电磁弹射装置，从网上查阅了某电磁弹射装置的原理；给线圈提供电流时产生磁场，炮弹（铁质）被磁化，受到强大的吸引力而加速运动，达到线圈中间时，迅速断电，炮弹飞出炮口（如下图）。当线圈通电时，炮弹头是______（选填“S”或“N”）极。断电后，炮弹还能继续飞行，是因为炮弹具有______。.
【答案】 S 惯性
【解析】如图所示，根据右手螺旋定则，大拇指撑开，其余四根手指并拢自然弯曲，顺着图示的电流方向，从外向内握住通电螺线管，大拇指指向左边，说明通电螺线管左边是N极；炮弹（铁质）被磁化，受到强大的吸引力，根据同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引的原理可以判断出炮弹头是S极。
断电后，炮管没有了磁性，炮弹不再受到磁场力的作用，炮弹能继续飞行，是因为炮弹具有惯性，要保持之前的运动状态。
（第10题图） （第11题图） （第12题图）
13. 汽油是_____能源（选填“可再生”或“不可再生”）；2kg汽油完全燃烧，释放出______J的热量
（q汽油=4.6×107J/kg）。
【答案】 不可再生 9.2×107
【解析】煤、石油、天然气、核能都属于不可再生能源，消耗后短期内不能从自然界得到补充，汽油来自于石油，故属于不可再生能源。
汽油完全燃烧释放出能量
Q放=mq汽油=2kg×4.6×107J/kg=9.2×107J
14. 如图所示，用动滑轮将物体匀速提升0.2m，绳子自由端的拉力F为6N，则拉力F所做的功为______J。如果使用该滑轮提升更重的物体，机械效率会______（选填“增大”或“减小”）。
【答案】 2.4 增大
【解析】如图示数，动滑轮上有2条绳，故n=2，物体匀速提升0.2m，则绳子自由端移动的距离为
则拉力F所做的功为
如果使用该滑轮提升更重的物体，有用功增大，额外功不变，则有用功占总功的比例增大，根
可知，使用该滑轮提升更重的物体机械效率会增大。
15. 如图是两灯电流随电压变化的图像，两灯额定电压均为6V。若将两灯并联后接入电路，则干路电流最大为 ________A；若将两灯串联后接入电路，在保证电路安全的情况下，电源电压最大为 _____V。
【答案】 1.5 8
【解析】两灯并联后，电源电压最大等于灯的额定电压即为6V，由图像可知甲灯和乙灯正常工作时的电流值分别为1.0A、0.5A，根据并联电路电流的特点得：干路电流最大值为
I=I甲+I乙=1.0A+0.5A=1.5A
两灯串联后，由图像可知，甲灯和乙灯正常工作时的电流值分别为1.0A、0.5A，所以在保证电路安全的情况下，电路中的最大电流为I乙=0.5A，根据串联电路电流的特点得I甲=0.5A，再由图像可知，U甲=2V，U乙=6V，由串联电路电压的特点得
U=U甲+U乙=2V+6V=8V

（第14题图） （第15题图）
三、作图题：本题共2小题，每小题2分，共4分。
16．《墨经》有小孔成像的记录，物体的投影之所以会出现倒像，是因为光线沿直线传播，在针孔处，不同方向射来的光束互相交叉而形成倒影。图甲是小王同学做小孔成像实验的情景，在图乙中大致画出烛焰AB（烛焰可以抽象为带箭头的线段）通过纸杯的小孔在黑塑料膜虚线上所成的像，并标明两条光线的传播方向。
【答案】
【解析】因为光沿直线传播，所以火焰上顶点发出的光线经过小孔后在塑料膜上成像为A'，火焰下端点发出的光线经过小孔后在塑料膜上成像为B'，连接A'B'，如图所示：
17. 请画出图中物体所受支持力的示意图。
【答案】
【解析】物体放在水平面上，所受支持力垂直于水平面向上，则过物体的重心沿竖直向上的方向画一条带箭头的线段，并用符号F表示，如图所示。
四、实验题：本题共4小题，每空1分，共24分。
18. （5分）如图甲是某兴趣小组同学“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验装置，记录的温度随时间变化关系图象如图乙所示。

（1）组装实验装置时，要保证用酒精灯的外焰加热，应先调整__________的位置；（选填“烧杯”或“温度计”）
（2）实验中杯□周围出现大量“白气”，“白气”的形成属于__________现象；（填物态变化名称）
（3）关于甲装置中硬纸片作用的说法，错误的是__________；（选填字母）
A.减少热损失B.降低杯内气压，使水沸腾更快
C.减少“水雾”的干扰，方便读数D.有助于固定温度计
（4）小组同学进一步分析图象，发现水沸腾时的特点是__________；
（5）实验结束后撤去酒精灯，水还能继续沸腾一会儿，产生这种现象的原因是__________。
【答案】（1）烧杯 （2） 液化 （3） B （4） 吸收热量、温度保持不变 （5）见解析
【解析】（1）实验中，要保证用酒精灯的外焰加热，应先调整烧杯的位置，再悬挂温度计，可避免，温度计的玻璃泡接触烧杯底。
（2）杯口周围出现的白气，是热的水蒸气遇到冷的空气液化成的小水珠。
（3）甲装置中硬纸片，可固定温度计，能减少热量散失，同时，杯中水面气压在加热过程中会增大，水的沸点升高。又可避免过多的水蒸气在上升时遇到冷的温度计液化成的水雾，干扰计数，故ACD正确，不符合题意，B错误，符合题意。
故选B。
（4）由图乙知，水的温度达到98摄氏度后，温度保持不变，此时水已经沸腾，而在整个过程中，酒精灯一直在加热，所以水沸腾时的特点是：吸收热量，温度保持不变。
（5）石棉网（或陶土网）、铁圈、烧杯底部的温度高于水的沸点，水能继续吸热。
19. （5分）小明做“探究凸透镜成像规律”实验时，将蜡烛、凸透镜、光屏依次放在光具座上并调节它们的中心在同一高度。
（1）他调节蜡烛和凸透镜的位置，如图甲所示，在光屏上得到了清晰的等大的像，像应该是 _____
（选填“倒立”、“正立”）的；

（2）蜡烛和凸透镜的位置如图乙所示，将光屏向 ___________（选填“左”或“右”）移动到合适位置，就能在光屏上得到一个清晰的倒立 ___________的实像（选填“放大”、“等大”或“缩小”），生活中的 ___________（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）就是利用这一原理制成的；
（3）根据以上实验数据，判断下列说法正确的是 ___________。
A.由图甲可知透镜焦距为20cm
B.在图甲中，若将透镜的上半部分用不透明的纸板挡住，则光屏上仍有完整的像
C.在图乙中，移动光屏成清晰像后，若将蜡烛和光屏位置对调，光屏上不能得到清晰的像
D.若将蜡烛放在光具座上40cm~50cm之间，调整光屏位置，就能在屏上得到正立放大的像
【答案】 （1）倒立 （2）左 缩小 照相机 （3）B
【解析】（1）由图甲可知，此时物距与像距相等，由于能够成清晰的像，所以此时物体一定在2倍焦距上，像一定也在另一侧的2倍焦距上，根据凸透镜成像原理特点可知，此时成一个倒立、等大的实像。
（2）凸透镜成实像时，物远像近，由图可知，相对于甲图来说，蜡烛向左移动，所以若想要得到一个清晰的像，则需要将光屏向左移动，此时物距大于像距，根据凸透镜成像原理特点可知，成倒立、缩小的实像，照相机就是根据这个原理制成的。
（3）A．由图甲可知，此时物距与像距相等，由于能够成清晰的像，所以此时物体一定在2倍焦距上，像一定也在另一侧的2倍焦距上，根据光具座的读数可得，2倍焦距是20cm，所以焦距是10cm，故A错误；
B．挡住透镜的上半部分，但透镜的下半部分仍能折射光线成像，所以光屏上所成的像是完整的，不过由于折射光线变少，所以像的亮度会变暗，故B正确；
C．凸透镜成实像时，透镜不动，若将蜡烛和光屏位置对调，因为折射现象中光路可逆，所以光屏上能得到清晰的像，故C错误；
D．若将蜡烛放在光具座上40cm~50cm之间，此时物距小于焦距，根据凸透镜成像特点可知，此时成一个正立、放大的虚像，而光屏无法承接虚像，所以无论怎么调整光屏的位置，在光屏上都得不到烛焰清晰的像，故D错误。故选B。
20. （7分）如图所示，小勇利用铁架台，带有均匀刻度的杠杆，细线，弹簧测力计，钩码若干（每个钩码质量相同）等实验器材，探究杠杆的平衡条件。

（1）实验前，杠杆静止在图甲所示的位置，则此时杠杆处于_______（选填“平衡”或“非平衡”）状态；
（2）为了便于测量___________（选填“力”或“力臂”），应使杠杆在水平位置平衡。为此，应将平衡螺母向___________（选填“左”或“右”）调节；
（3）将杠杆调成水平位置平衡后，如图乙所示，在A点挂3个钩码，则应在B点挂___________个钩码，才能使杠杆在水平位置保持平衡；随后两边各取下一个钩码，杠杆___________（选填“左”或“右”）端将下沉；
（4）小勇用弹簧测力计替代钩码，在B点竖直向下拉，然后将弹簧测力计绕B点逆时针旋转一小段至如图丙所示位置。在旋转过程中，要使杠杆仍然在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将逐渐___________（选填“变大”、“变小”或“不变”），原因是___________.
【答案】 （1）平衡 （2）力臂 左 （3） 2 左 （4）变大 力臂变短
【解析】（1）杠杆静止或匀速转动时都属于平衡状态，甲图中杠杆处于静止状态，所以此时杠杆是平衡状态。
（2）当杠杆在水平位置平衡时，支点到悬挂点的距离就是力臂，所以为了便于测量力臂，应使杠杆在水平位置平衡。
甲图中，杠杆的左端上翘，说明右端沉，所以平衡螺母向左端移动，直至杠杆在水平位置平衡。
（3）设杠杆时一个格的长度为L，一个钩码的重力为G，图乙中，左侧钩码对杠杆的拉力看作是动力，右侧钩码对杠杆的拉力看作是阻力，杠杆平衡，此时有3G×2L=F2×3L
解F2=2G，即在在B点挂2个钩码，能使杠杆在水平位置保持平衡。
两边各取下一个钩码，则有2G×2L>G×3L
所以杠杆左端下沉。
（4）小勇用弹簧测力计替代钩码，在B点竖直向下拉，然后将弹簧测力计绕B点逆时针旋转一小段至如图丙所示位置。在旋转过程中，测力计拉力的力臂变小，要使杠杆仍然在水平位置平衡，根据杠杆平衡条件可知，弹簧测力计的示数将逐渐变大。
20. （7分）探究“电流与电阻的关系”时，可供实验器材有：三节新的干电池（电压为4.5V）、电流表、电压表、滑动变阻器（标有“20Ω 2A”字样）、定值电阻5个（5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、50Ω），开关一个，导线若干。小静等同学设计了如图甲所示的电路图： 【答案】
（1）请用笔画线代替导线将图乙中的实物图连接完整，要求：滑片向右移动时电阻变大；___________
（2）闭合开关，电流表无示数，电压表有示数，并接近电源电压，则故障原因是：___________；
（3）排除故障后，将定值电阻由5Ω更换为10Ω时，应向___________（选填“左”或“右”）适当调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数保持不变；
（4）图丙是根据实验数据画出的定值电阻的I-R图像，其中阴影部分面积表示的物理量是 ___________，其数值为___________；
（5）实验中，在接入50Ω的定值电阻后，小静同学无论怎样移动滑片，都不能使电压表示数达到原来的数值，为了能完成这次实验，小静采取的措施可行的是___________；
A．调高电源电压
B．更换一个最大阻值为30Ω的滑动变阻器
C．再串联一个10Ω的电阻
D．将电压表改接到滑动变阻器两端
（6）如图图像中能大致反应本实验中各物理量之间关系的是___________。

A B C D
A．A图表示电流表示数I与R阻值的关系 B．B图表示电压表示数U与R阻值的关系
C．C图表示变阻器接入电路阻值RP与R阻值的关系 D．D图表示电阻的功率PR与R阻值的关系
【答案】 （2）定值电阻断路 （3）右 （4）电阻两端的电压 3V （5） BC （6）C
【解析】（1）滑动变阻器接一个上接线柱和一个下接线柱串联在电路中，滑动变阻器滑片向右移动时电阻变大，所以滑动变阻器要接左下接线柱，如图所示：
（2）若电流表没有示数，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表、电流表、滑动变阻器、开关与电源相连，所以故障为与电压表并联的定值电阻断路。
（3）根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器两端的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表示数恢复到原来的值。
（4）根据画出I-R图像（如图乙）知，图中阴影面积为长方形，其面积等于IR，由欧姆定律得，U=IR，阴影面积表示的物理量是电阻两端的电压，其数值为
U电=IR=0.6A×5Ω=3V
（5）A．设电源电压为U，定值电阻两端的电压为UV，当接入50Ω的定值电阻时，则
代入数据得
解得电源电压为U=4.2V
所以降低电源电压可以完成这次实验，故A不符合题意；
BC．为了能完成这次实验，滑动变阻器的最小电阻为
代入数据得
解得滑动变阻器的最大电阻为R滑最大=25Ω，所以更换一个最大阻值为30Ω的滑动变阻器可以完成这次实验，故B符合题意；
再串联一个10Ω的电阻，测滑动变阻器与串联的电阻的总阻值为
故C符合题意；
D．将电压表改接到滑动变阻器两端，不能改变电阻的分压作用，无论怎样移动滑片，都不能使电压表示数达到原来的数值，所以不能完成这次实验，故D不符合题意。
故选BC。
（6）A．因电压表示数不变，即电流与R乘积为一定值，故电流随R的变化关系为反比例函数，故A不符合题意；
B．换用不同的电阻时，电压表示数不变，故B不符合题意；
C．定值电阻的电压为2V，变阻器的电压为1V，由分压原理，变阻器与R的比值为1∶2，故变阻器连入电路的电阻与R的关系为一过原点的直线，故C符合题意；
D．根据定值电阻的功率为
即电阻的电功率与R乘积为一定值，电阻的电功率随R变化关系为反比例函数，故D不符合题意。
五、综合应用题：本题共3小题，22题8分，23题8分，24题6分，共22分。
22. （8分）我国电动汽车多项技术已领跑世界。某型号的国产电动汽车所用电池电压400V，满电时能存储80 kW·h的能量，电池剩余20%的能量时需要充电（避免损伤电池）。如图，小红驾驶该型号车携家人出行发现：汽车在高速公路上通过A处时仪表显示电池剩余95%的能量，汽车以108km/h的速度匀速直线行驶30min到达B处时，仪表显示电池剩余82.5%的能量。已知全车总质量为2t。汽车在该路段受到的阻力是车重的0.03倍，请计算该车通过这段高速路时的以下各量：（g=10N/kg）
（1）汽车行驶的路程为多少km？
（2）汽车受到的牵引力是多大？
（3）汽车的能量转换效率多大？

【答案】（1）54km；（2）600N；（3）90%
【解析】（1）根据，汽车行驶的路程为
（2）汽车重力为
G=mg=2×103kg×10N/kg=2×104N
因为汽车在匀速直线行驶，根据二力平衡可知，牵引力等于阻力，即
F=f=0.03G=0.03×2×104N=600N
（3）汽车所做的有用功
W有 =Fs=600N×54×103m=3.24×107J
汽车消耗的电能
W=(95%-82.5%)×80 kW·h=10kW·h=3.6×107J
汽车的能量转换效率
答：（1）汽车行驶的路程为54km；
（2）汽车受到的牵引力是600N；
（3）汽车的能量转换效率为90%。
23. （8分）某种带保温功能的电热水壶，其发热部分电路如图所示。已知电源电压U=220V保持不变，电阻丝R1=110Ω、R2=88Ω。通过调节开关S1、S2可以实现低温、中温、高温三挡的切换；当水温降到60℃时，电路自动切换成低温挡进行保温。已知。
（1）当电热水壶处于中温挡时，求电热水壶消耗的电功率；
（2）当电热水壶分别处于高温挡与低温挡时，求通过电阻丝R1的电流之比；
（3）用电热水壶高温挡把m=2kg的水从t1=28℃加热到t2=100℃，自动断电，其中电热水壶加热效率η=84%。当电热水壶中水温降到60℃时，继续保温t=1.8h，问电热水壶这次加热和保温一共消耗多少度电？

【答案】（1）440W；（2）9∶5；（3）0.64度
【解析】（1）当S1闭合，S2拨到B时，R1、R2并联；当S1断开，S2拨到A时，R1、R2串联；当S1闭合，S2拨到A时，电路为R1的简单电路；因为并联电路的总电阻小于各支路的电阻，串联电路中的总电阻大于各串联导体的电阻，所以由可知，R1、R2并联时，电路中的电阻最小，电功率最大，电热水壶为高温挡；R1、R2串联时，电路中的电阻最大，电功率最小，电热水壶为低温挡；电路为R1的简单电路时，为中温挡，则中温挡电热水壶消耗的电功率
（2）高温挡通过电阻丝R1的电流
由串联电路的电阻特点和欧姆定律可知，低温挡通过电阻丝R1的电流
则电热水壶分别处于高温挡与低温挡时通过电阻丝R1的电流之比
（3）低温挡时，R1、R2串联，由串联电路的特点可知，此时电路的总电阻
则低温挡的电功率
由可知，电热水壶加热保温消耗的电能
水吸收的热量
由可得，电热水壶这次加热和保温一共消耗电能
答：（1）当电热水壶处于中温挡时，电热水壶消耗的电功率为440W；
（2）当电热水壶分别处于高温挡与低温挡时，通过电阻丝R1的电流之比为9︰5；
（3）电热水壶这次加热和保温一共消耗0.64度电。
24. （6分）近几年，随着电动汽车的普及，为电动汽车提供电能的充电桩数量在全国迅猛增加；
（1）充电桩为电动汽车的电池充电时，电能转化为_____（填“机械”或“化学”）能，电池是用电器。充电桩有较好地防水保护功能，是为了防止线路过于潮湿出现____（填“短路”或“断路”）现象；

（2）如图所示为充电桩给某电动汽车充电时充电功率P随充电时间t的变化图像。若充电过程的前18 min充电电流不变，充电18 min时充电电压升至500V，则充电9min时，充电电压为_____V。若充电18 min至30min的时间内，充电电压保持500V不变，则该过程中充电电流逐渐______（填“变大”或“变小”）；

（3）若上述电动汽车充电前和充电30 min时电池显示的储能量分别为20%和70%，充电30 min的时间内，平均充电功率为80kW，则该电池充满电时的储能量为______。该电动汽车在高速公路上分别以80km/h和100km/h的速度匀速行驶30 min，电池的储能量分别下降了10%和15%，若能量转化效率始终不变，则电动汽车分别以80 km/h和100 km/h的速度匀速行驶时受到的阻力之比为______。
【答案】（1）化学 短路 （2） 400 变小 （3）80 5∶6
【解析】（1）用充电桩给电动汽车充电时要消耗电能，因此蓄电池相当于用电器，整个充电的过程是把电能转化为化学能储存在电池中。
防水充电桩具有防水的效果，正常情况下，水是导体，故可以防止短路。
（2）若充电过程的前18 min充电电流不变，充电18 min时充电电压升至500V，由此可知电流为
有P-t图像可知P-t之间的关系式是
故在9min时，功率为
故
若充电18 min至30min的时间内，充电电压保持500V不变，有由P-t图像可知18 min至30min的时间内功率逐渐减小，由
可知该过程中充电电流逐渐减小。
（3）电动汽车充电前和充电30 min时电池显示的储能量分别为20%和70%，故充电50%时，储存的电能为
故如果充满电时，电池能够储存的电能为
该电动汽车在高速公路上分别以80km/h和100km/h的速度匀速行驶30 min，电池的储能量分别下降了10%和15%，设电池总储能为W，设80km/h和100km/h的速度时，受到的阻力分别为F1和F2；故有以下关系
综上可得