2025年吉林省松原市宁江区油田实验学校中考物理一模试卷

这是一份2025年吉林省松原市宁江区油田实验学校中考物理一模试卷，共17页。试卷主要包含了单项选择题，填空题，作图题，简答题，计算题，实验与探究题等内容，欢迎下载使用。
1．（2分）估测在生活中应用广泛，下列估测与实际最相符的是（ ）
A．一支铅笔的质量约为1kg
B．人体的安全电压为小于220V
C．长春市的年平均气温约为35℃
D．家用电视机的额定功率约为200W
2．（2分）小明假期随父母一起在火箭发射中心参观火箭发射活动时，发现在火箭升空的同时，地面水池里会留出大量的水雾，这些水雾的形成是（ ）
A．先液化后汽化B．先汽化后液化
C．先升华后凝华D．先熔化后汽化
3．（2分）下列对光现象的解释，不正确的是（ ）
A．“湖光映彩霞”——光的反射现象
B．“潭清疑水浅”——光的折射现象
C．“日食与月食”——光的直线传播
D．“凿壁偷光”——平面镜成像原理
4．（2分）电冰箱使用的是三脚插头，如果接地线断了，当冰箱工作时，下列判断正确的是（ ）
A．电冰箱消耗的电能会增加
B．电冰箱会直接损坏
C．电冰箱使用寿命会缩短
D．人接触其外壳可能会触电
5．（2分）小竹同学在厨房帮妈妈做饭时观察到了一些现象，并用所学物理知识进行了解释，其中解释不正确的是（ ）
A．正常使用的筷子是省力杠杆
B．高压锅做饭熟得快，是因为增大锅内气压，水的沸点升高
C．抽油烟机能吸走油烟，是因为空气流速越大、压强越小
D．墙壁上的吸盘式挂钩是被大气压压上去的
6．（2分）压敏电阻的阻值随所受压力的增大而减小。在下列电路中，当压敏电阻受到的压力减小时，电表示数增大的是（ ）
A．B．
C．D．
二、填空题（每空1分，共16分）
7．（4分）锅炉并网可以提高供热效率，降低能源消耗，减少环境污染。
（1）烧锅炉用的煤属于 再生能源；锅炉的水位计应用了 原理。
（2）有一种报警器可以监测锅炉内压力的大小，当压力超过安全值时，电铃响面报警，这是利用声音来传递 。
（3）锅炉将水加热后通过暖气管道把燃料燃烧时产生的热量带到用户的房屋中取暖，用水做储热介质是由于水的比热容 （选填“较大”或“较小”）。
8．（4分）如图所示，是某地投放使用的智能无人驾驶小巴车，它可以通过车上的摄像机和激光雷达识别道路状况。
（1）小巴车上的摄像机识别道路上的行人时，行人在摄像机感光元件上成 、缩小的实像；小巴车能将收集到的信息通过 波传送至云平台。
（2）小巴车座椅上的安全带可以防止紧急刹车时山于 对乘客造成的伤害。
（3）小巴车同侧的前后两个转向灯在电路中是 联的。
9．（4分）从2022年北京冬奥会到2025年哈尔滨亚冬会，中国冰雪热传遍了大江南北。
（1）滑雪板做得比较宽大，这是通过增大 的方法来减小对雪地的压强。
（2）小聪在滑雪场用双板滑雪时，他向后撑雪杖就会向前加速滑动，这是利用了物体间力的作用是 的。
（3）如图所示，小明用单板滑雪，从C点由静止自由滑下，经过B点到达最低点O，然后到达另一侧与B点等高的A点时速度刚好为零。则由C点到B点的过程中，其 能转化为动能；从C点到A点的过程中，其机械能的总量 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
10．（4分）小聪在假期随父母乘飞机外出旅游。出发前，需要提前给充电宝充电，充电宝的电池容量为20000mA•h，输入和输出电压均为5V。
（1）充电前剩余电量为0，他关闭家中其他用电器，要给充电宝充满电。若不计能量损失。可使标有1200imp/（kW•h）字样的电能表指示灯闪烁 次。该充电宝 （选填“符合”或“不符合”）民航局关于充电宝规格不超过160W•h的规定。
（2）在实际充电的过程中，充电宝和充电线会发热，这是电流的 效应；为了防止这一效应造成危害，充电线应该设计得较 （选填“粗”或“细”）些。
三、作图题（每题2分，共4分）
11．（2分）如图所示，在O点放置一个平面镜，使与水平方向成（60°角的太阳光经O点反射后，反射光线射向窗户P，请作出反射的光路图并标出反射角的度数。
12．（2分）根据通电螺线管的磁感线方向，在导线端括号内标出所接的电源“+、﹣”极，以及小磁针的N极。
四、简答题（每题2分，共4分）
13．（2分）如图是准备降落的飞艇，需先抛下一根绳索接地，以消除静电。飞艇是如何带电的？若电流方向是由大地到飞艇，则飞艇带正电还是负电？
14．（2分）寒冷的冬天，同学们在户外活动时，眉毛上会出现“白霜”，“白霜”是如何形成的？
五、计算题（每题5分，共10分）
15．（5分）舞狮是佛山优秀的民间艺术道具“醒狮头”质量约7.5kg。某次表演，舞狮者用时10s便将“醒狮头”带到杆顶4m高处。（取g＝10N/kg）求：
（1）“醒狮头”上升时的平均速度。
（2）“醒狮头”上升时克服重力所做的功和功率。
16．（5分）如图所示的电路，电源电压不变，电阻R2的阻值为30Ω。闭合开关S，电流表A的示数为0.4A。电流表A1的示数为0.3A。求：
（1）电阻R1的阻值。
（2）通电10s，整个电路消耗的电能。
六、实验与探究题（第17～18题每题4分、第19～20题每题5分、第21题6分，共24分）
17．（4分）如图所示，在“探究平面镜成像特点”的实验中：
（1）为了更好地完成实验，M应是一块 （选填“A、B或C”）；
A.2mm的平面镜
B.2mm的平板玻璃
C.1mm的有色平板玻璃
（2）实验中选用两段相同的蜡烛是为了比较像与物的 关系；
（3）移去后面的蜡烛B，并在其所在位置上放一光屏，则光屏上 （选填“能”或“不能”）接收到蜡烛A的像；
（4）正确进行实验，多次改变蜡烛A的位置，并准确测出蜡烛A和蜡烛B到镜面的距离，其目的是为了 （选填“减小实验误差”或“寻找普遍规律”）。
18．（4分）如图甲是用海波和石蜡“探究固体熔化时温度变化规律”的实验装置。
（1）组装器材时，应先固定图甲中的 （选填“A”“B”或“C”）。
（2）开始实验后，某一时刻温度计的示数如图甲所示，温度为 ℃。
（3）根据实验数据绘制的两种物质熔化时温度随时间变化的关系图像如图乙所示，由图像可知石蜡是 （选填“晶体”或“非晶体”）；在4∼10min加热过程中，海波的内能 （选填“增加““减少”或“保持不变”）。
19．（5分）如图所示，小明用弹簧测力计、木块、砝码、长木板和毛巾探究“影响滑动摩擦力大小因素”的实验。
（1）实验过程中，应拉着木块在木板上做 运动，弹簧测力计的示数如图甲所示，则木块受到的滑动摩擦力大小为 N。
（2）对比甲、乙两次实验，是为了探究滑动摩擦力的大小与 的关系。
（3）小明想进一步探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系，进行了图丙的实验，当测力计示数达到最大值时仍没拉动木块，为了使用现有实验器材顺利完成此实验探究，小明可采取的办法： ，测出滑动摩擦力的大小，再和实验 （填“甲”或“乙”）进行比较，完成了实验。
20．（5分）在“探究电流与电阻的关系”的实验中，有如下实验器材：电源（4.5V），电流表、电压表各一只，开关一个，三个定值电阻（5Ω、10Ω、15Ω），滑动变阻器R1“20Ω 1A”，滑动变阻器R2“50Ω 1A”，导线若干。
（1）电路连接完整后，小明闭合开关，发现电流表有示数，电压表的指针超过量程。小明操作中的错误是 。
（2）纠正错误后、小明先将5Ω的电阻连入电路中，闭合开关，移动滑片，使电压表的示数为1.5V，并记下电流表示数；再分别改接10Ω、15Ω的电阻，重复上述实验，得到了如表所示的实验数据。则：
①将5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，闭合开关，应将滑片向 （选填“左”或“右”）移动，当观察到电压表示数为 V时，才能记录电流表示数；
②通过上述实验可得出结论：电压一定时，通过导体的电流与其电阻成 。
③实验中，小明选择的滑动变阻器是 （选填“R1”或“R2”）。
21．（6分）小红设计了如图1所示的实验来“探究浮力的大小跟排开液体所受重力的关系”。
（1）图1中实验的最佳顺序是 。
（2）通过实验可得到结论：浸在液体中的物体，所受浮力的大小等于它 。
（3）将图1乙中的水换成酒精（ρ酒精＝0.8×10/kg/m3），其他条件不变，则物体受到的浮力 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
（4）善于思考的小红同学又利用家里的电子秤来测量泡沫块的密度，其实验步骤如下：
①在底部安装有定滑轮的圆柱形容器中加入适量的水，静止在水平电子秤上（如图2A所示），电子秤的示数m1为2kg；
②把一块不吸水的泡沫块放入水中（如图2B所示），电子秤的示数m2为2.2kg；
③用细线绕过定滑轮竖直向上拉动泡沫块，使泡沫块浸没在水中静止（如图2C所示），电子秤的示数为1.4kg；根据实验数据得出图2C中泡沫块受到的浮力为 N，泡沫块的密度为 kg/m3。（g＝10N/kg）
2025年吉林省松原市宁江区油田实验学校中考物理一模试卷
参考答案与试题解析
一．选择题（共6小题）
一、单项选择题（每题2分，共12分）
1．【分析】首先要对相关物理量有个初步的认识，不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要经过简单的计算，有的要进行单位换算，最后判断符合要求的是哪一个。
【解答】解：A、一支铅笔的质量约为10g，故A不符合实际；
B、对人体的安全电压不高于36V，故B不符合实际；
C、长春全年的平均气温约为10℃，故C不符合实际；
D、家用电视机的额定功率约为200W，故D符合实际。
故选：D。
2．【分析】汽化指物质由液态转变成气态，汽化要吸热；液化指物质由气态转变成液态，液化要放热。
【解答】解：火箭升空时，水池里的水先吸热汽化成水蒸气，然后高温的水蒸气遇到冷的空气马上液化成小水珠，故B正确。
故选：B。
3．【分析】光在自然界中存在三种光现象：光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
当光照射到物体表面上时，有一部分光被反射回来，例如：平面镜成像、水中倒影等；
当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等。
【解答】解：A．“湖光映彩霞”，是平面镜成像，是光的反射现象，故A正确；
B．“潭清疑水浅”，是池底反射出的光线经水面折射，人眼逆着折射光线看到像，故是光的折射现象，故B正确；
C．“日食与月食”是光的直线传播形成的，故C正确；
D．“凿壁偷光”说的是光从墙壁上的孔传播过来，是利用光的直线传播，故D错误。
故选：D。
4．【分析】三脚插头与三孔插座相连接时，把有金属外壳的用电器的外壳与地线相接；因用电器漏电时，会使外壳带电，若接上地线，电流就通过地线，流入大地，以防止触电事故的发生；据此分析判断。
【解答】解：
ABC、如果接地线断了，电冰箱还能接在火线和零线之间，能正常工作，不会损坏，消耗的电能也不会增加，使用寿命也不会缩短，故ABC错误；
D、电冰箱的外壳是金属，金属是导体，当用电器漏电时，会使外壳带电，如果接地线断了，当人接触时，会发生触电事故，故D正确。
故选：D。
5．【分析】（1）根据生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆；
（2）水的沸点与气压有关：气压越低，沸点越低；气压越高，沸点越高；
（3）利用流体压强与流速的关系：在气体和液体中，流速越大的位置压强越小；
（4）大气压的存在能够解释很多现象，这些现象有一个共性：通过某种方法，使设备的内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下出现了这种现象。
【解答】解：A、筷子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于费力杠杆，故A错误；
B、气压越大，沸点越高；高压锅内气压大，所以水的沸点高，饭熟的快，故B正确；
C、流体压强与流速的关系：流体在流速越大的位置压强越小；所以，抽油烟机在工作时，转动的扇叶处的空气流速增大，压强减小，故C正确；
D、使用吸盘式挂钩时，先挤走里边的空气，使其内部近似真空，气体压强非常小，外界大气压的作用就把它压在墙面上，所以带吸盘的塑料挂钩能“吸住”墙壁不掉落是因为大气压作用的结果，故D正确。
故选：A。
6．【分析】AB、由图知，定值电阻R0与压敏电阻并联，分析电表测量的物理量，因并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R0的支路电流不变；
由已知条件可知压力减小时，压敏电阻的阻值增大，
由I=UR确定通过压敏电阻的支路电流变化；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和确定电流表示数变化；
CD、由图知，定值电阻R0与压敏电阻串联，分析电表测量的物理量；压力减小时，压敏电阻的阻值增大，根据电阻的串联规律和I=UR可知电路中的电流变化，由U＝IR可知R0两端的电压变化；
根据串联电路中总电压等于各分电压之和确定压敏电阻两端电压变化。
【解答】解：AB、由图知，定值电阻R0与压敏电阻并联，A选项中，电流表测干路电流，B选项中，电流表测压敏电阻的支路电流：
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，压力变化时，通过R0的支路电流不变；
因压敏电阻的阻值随所受压力的增大而减小，所以，压力减小时，压敏电阻的阻值增大，
由I=UR可知，通过压敏电阻的支路电流变小；B不符合题意；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流减小，A选项中电流表示数变小，A不符合题意；
CD、由图知，定值电阻R0与压敏电阻串联，选项C中，电压表测R0的电压，D选项中电压表测量压敏电阻两端的电压；
压力减小时，压敏电阻的阻值增大，根据电阻的串联，电路中的总电阻增大，由I=UR可知，电路中的电流变小，
由U＝IR可知，C、D选项中，R0两端的电压减小；
故C不符合题意；
因串联电路中总电压等于各分电压之和，故压敏电阻两端电压变大，故D符合题意。
故选：D。
二、填空题（每空1分，共16分）
7．【分析】（1）不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源．例：化石能源（煤炭、石油、天然气）、核能。
（2）上端开口不连通，下部连通的容器叫做连通器，茶壶。锅炉水位计都应用了连通器。
（3）声可以传递信息和能量。
（4）用水做储热介质是由于水的比热容较大。
【解答】解：（1）烧锅炉用的煤属于不可再生能源；锅炉的水位计应用了连通器原理。
（2）有一种报警器可以监测锅炉内压力的大小，当压力超过安全值时，电铃响面报警，这是利用声音来传递信息。
（3）锅炉将水加热后通过暖气管道把燃料燃烧时产生的热量带到用户的房屋中取暖，用水做储热介质是由于水的比热容较大。故答案为：（1）不可；连通器；（2）信息；（3）较大。
8．【分析】照相机，成倒立、缩小的实像。
惯性有有利的一面，也有有害的一面，我们有时要利用惯性，有时要防止惯性带来的危害，但并不是“产生”惯性或“消灭”惯性。
用电器只能同时工作的是串联电路，可以独立工作的是并联电路。
【解答】解：（1）小巴车上的摄像机识别道路上的行人时，行人在摄像机感光元件上成倒立、缩小的实像；小巴车能将收集到的信息通过电磁波传送至云平台。
（2）小巴车座椅上的安全带可以防止紧急刹车时由于惯性对乘客造成的伤害。
（3）小巴车同侧的前后两个转向灯在电路中工作时，互不影响，是并联的。
故答案为：（1）倒立；电磁；（2）惯性；（3）并。
9．【分析】（1）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力；
（2）力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；
（3）物体的动能与物体的质量、速度有关；物体的重力势能月质量、高度有关，物体的动能和势能统称为机械能。
【解答】解：（1）滑雪板做得比较宽大，是在压力一定时，通过增大受力面积的方法来减小对雪地的压强。
（2）小聪在滑雪场用双板滑雪时，他向后撑雪杖，雪杖给雪地向后的力，由于力的作用是相互的，雪地给雪杖向前的力，使小聪向前加速滑动。
（3）小明由C点到B点的过程中，质量不变、速度变大，动能变大；质量不变、高度变小，重力势能变小，其重力势能转化为动能；
从C点到A点的过程中，动能不变，重力势能变小，机械能的总量变小。
故答案为：（1）受力面积；（2）相互；（3）重力势；变小。
10．【分析】（1）根据W＝UIt求出充电宝充满电储存的电能；1200imp/（kW•h）表示电路中用电器每消耗1kW•h电能，电能表的指示灯闪烁1200次，据此求出电能表指示灯闪烁的次数；
充电宝储存的电能与160W•h比较可知是否符合民航局的规定；
（2）当电流通过电阻时，电流做功而消耗电能，产生了热量，这种现象叫做电流的热效应。根据导体电阻的有关因素分析。
【解答】解：1200imp/（kW•h）表示电路中用电器每消耗1kW•h电能，电能表的指示灯闪烁1200次，则消耗0.1kW•h的电能，电能表闪烁的次数n＝0.1kW•h×1200imp/（kW•h）＝120次；
充电宝充满电储存的电能：W＝UIt＝5V×20000×10﹣3A×1h＝100W•h，由于充电宝储存的电能100W•h＜160W•h，所以该充电宝符合民航局的规定。
（2）充电一段时间后，充电线会发热，这是电流的热效应。
在长度、材料、温度不变的情况下，导体越粗横截面积越大，电阻越小，使充电时产生的热量更少。
故答案为：（1）120；符合；（2）热；粗。
三、作图题（每题2分，共4分）
11．【分析】本题的关键点：
第一，确定反射光线从O点沿水平进入窗户；
第二，知道法线是入射光线和反射光线的角平分线，法线与镜面垂直；
第三，能根据图示求得反射光线与入射光线之间的夹角等于120°，从而求出反射角。
【解答】解：从O水平通过窗户P作出反射光线，并作出反射光线与入射光线的角平分线，即为法线，垂直法线作出平面镜，因入射光线与水平面成60°，而反射光线是水平向左的，所以入射光线与反射光线的夹角为180°﹣60°＝120°，则反射角＝入射角＝60°，如图所示：
12．【分析】在磁体外部，磁感线从磁体的N极出发，回到S极，据此判断通电螺线管的N、S极；
根据安培定则判断通电螺线管线圈中的电流方向，进而判断出电源正负极；
根据磁极间的相互作用规律判断小磁针的N极。
【解答】解：在磁体外部，磁感线从磁体的N极出发，回到S极，因此通电螺线管的左端为N极，右端为S极；
根据安培定则可知，电流从通电螺线管的右前侧流入，左后侧流出，因此导线左端为负极，导线右端为正极；
同名磁极互相排斥，异名磁极互相吸引，因此小磁针的右端为N极。
如图：
四、简答题（每题2分，共4分）
13．【分析】摩擦起电是电子由一个物体转移到另一个物体的结果。
电流方向有规定，正电移动当为正，金属导电靠电子，电流方向恰相反。
【解答】解：飞艇是在飞行过程中与空气摩擦带电的；
若电流方向是由大地到飞艇，则飞艇带负电，因为电流方向有规定，正电移动当为正，金属导电靠电子，电流方向恰相反。
14．【分析】凝华：物质从气态不经过液态而直接变成固态的现象，凝华过程要放出热量。
【解答】解：寒冷的冬天，同学们在户外活动时，嘴里呼出的水蒸气温度较高，水蒸气遇冷发生凝华，形成小冰晶附着在眉毛上。
五、计算题（每题5分，共10分）
15．【分析】（1）根据v=st得到“醒狮头”上升时的平均速度。
（2）根据W＝Gh＝mgh得到“醒狮头”上升时克服重力所做的功，根据P=Wt得到克服重力所做功的功率。
【解答】解：（1）“醒狮头”上升时的平均速度：v=st=4m10s=0.4m/s；
（2）“醒狮头”上升时克服重力所做的功：W＝Gh＝mgh＝7.5kg×10N/kg×4m＝300J，
克服重力所做功的功率：P=Wt=300J10s=30W。
答：（1）“醒狮头”上升时的平均速度是0.4m/s；
（2）“醒狮头”上升时克服重力所做的功是300J，功率是30W。
16．【分析】由电路图可知，R1与R2并联，电流表A测干路电流，电流表A1测R1支路的电流。
（1）根据并联电路的电流特点求出通过R2的电流；
根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电源的电压；
根据欧姆定律求出电阻R1的阻值；
（2）根据W＝UIt求出通电10s，整个电路消耗的电能。
【解答】解：由电路图可知，R1与R2并联，电流表A测干路电流，电流表A1测R1支路的电流。
（1）因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过R2的电流：I2＝I﹣I1＝0.4A﹣0.3A＝0.1A；
因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由欧姆定律可得，电源的电压：U＝I1R2＝0.1A×30Ω＝3V；
电阻R2的阻值：R1=UI1=3V0.3A=10Ω
（3）通电10s，整个电路消耗的电能：W＝UIt＝3V×0.4A×10s＝12J。
答：（1）电阻R1的阻值为10Ω；
（2）通电10s，整个电路消耗的电能为12J。
六、实验与探究题（第17～18题每题4分、第19～20题每题5分、第21题6分，共24分）
17．【分析】（1）玻璃板有两个反射面，两个反射面都能成像。当玻璃板比较厚时，两个反射面成像距离比较远，实验时会出现明显的两个像，使实验比较复杂；当玻璃板比较薄时，两个反射面成像距离比较近，可以近似看成一个像，使实验简单化；有色的玻璃成像更清晰；
（2）选择完全相同的两个蜡烛便于比较像与物的大小关系；
（3）平面镜所成的像是虚像，虚像不是实际光线的会聚点，所以不会出现在光屏上；
（4）一次实验不具备代表性，具有很大的偶然性，所以应采取同样的实验方案多做几次，才能保证结论的正确。
【解答】解：（1）玻璃板的两个面都能成像，当玻璃板越薄，两个反射面成像距离越近，可以近似看成一个像，而玻璃板厚时，能看到两个像，对实验有影响，但玻璃板的厚度对像的大小没有影响；为了更好的实验，应该选择的玻璃板厚度为1mm的有色玻璃，故AB不符合题意，C符合题意。故选C。
（2）实验中选择两根完全一样的蜡烛是为了比较像与物的大小关系。
（3）因为光屏只能接收实像，虚像不能呈现在光屏上，移去后面的蜡烛B，并在其所在位置上放一光屏，光屏不能接收到蜡烛A的烛焰的像，所以说明平面镜成的像是虚像。
（4）一次实验不具备代表性，应采取同样的实验方案多做几次，研究像与物体到镜面距离的普遍规律，避免实验现象的偶然性。
故答案为：（1）C；（2）大小；（3）不能； （4）寻找普遍规律。
18．【分析】（1）实验时，为了确保酒精灯的外焰对物体进行加热，实验器材应该按照自下而上的顺序进行组装；
（2）先明确温度计的分度值，根据温度计液面所对应的刻度进行读数；
（3）晶体熔化时有固定的温度，非晶体熔化时没有固定的温度，结合图乙进行分析。
【解答】解：（1）实验时，为了确保酒精灯的外焰对物体进行加热，实验器材应该按照自下而上的顺序进行组装，所以图甲中，应该先固定的是C装置；
（2）图甲中，温度计的分度值为1℃，其读数为38℃；
（3）由图乙知，石蜡熔化时，没有固定的温度，则石蜡属于非晶体；海波在熔化过程中，需要持续进行加热，所以在4～10min加热过程中，海波吸收热量，内能增加。
故答案为：（1）C；（2）38；（3）非晶体；增加。
19．【分析】（1）根据二力平衡的条件分析，由测力计分度值读数；
（2）分析比较甲、乙两次实验，找到相同的量和不同的量，分析得出摩擦力与变化量的关系；影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度；
（3）滑动摩擦力受压力和接触面的粗糙程度的影响，运用控制变量法进行分析。
【解答】解：（1）只有沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡的条件可知，拉力大小等于摩擦力的大小，弹簧测力计的示数如图甲所示，图中测力计分度值为0.2N，示数为4.2N，即木块受到的滑动摩擦力大小为4.2N；
（2）观察三个实验，分析比较甲、乙两次可知，接触面粗糙程度相同，乙中压力大，测力计示数大，滑动摩擦力大，故可以得出滑动摩擦力大小与压力大小有关；
（3）丙是为了探究摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系，需使压力大小相同，接触面的粗糙程度不同，由于摩擦力较大，测力计量程不够，可使丙的压力与甲相同进行探究，所以可以将丙实验中木块上的砝码取下，测出滑动摩擦力，再和甲实验进行比较。
故答案为：（1）匀速直线；4.2；（2）压力大小；（3）先将丙实验中木块上的砝码取下；甲。
20．【分析】（1）闭合开关前，滑动变阻器的滑片在阻值最大处；
（2）根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；根据表中电流与电阻之积为一定值分析得出结论；根据串联电路特点求出滑动变阻器的最大阻值，然后选择滑动变阻器。
【解答】解：（1）闭合开关，电流表有示数，电压表超过其量程，说明电阻两端电压太大，滑动变阻器分压太小，这是由于开关闭合之前没有将滑动变阻器的滑片置于阻值最大处造成的；
（2）①由表中数据可知，电路中控制电阻两端的电压值为UR＝IR＝15Ω×0.1A＝1.5V，根据串联电路的分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，根据串联电路电压的规律可知，为了保持定值电阻两端电压不变，应增大滑动变阻器分得的电压，由串联分压的分压原理可知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数为1.5V不变；
②由表中数据可知，导体的电阻增大，通过导体的电流减小，通过导体的电流与导体的电阻的乘积保持不变，故可得出结论：电压一定时，通过导体的电流与其电阻成反比；
③由表中实验数据可知，当定值电阻阻值为15Ω时，电路电流为0.1A，此时滑动变阻器接入电路的阻值：R滑=U滑I=4.5V−Ω＞20Ω，因此滑动变阻器应选R2。
故答案为：（1）开关闭合之前没有将滑动变阻器的滑片置于阻值最大处；（2）①右；1.5；②反比；③R2。
21．【分析】（1）分别读出空桶的重力、物体的重力、物体浸没水中时弹簧测力计的示数、桶和溢出水的重力，桶和溢出水的重力与空桶的重力之差即为排开水的重力；
（2）物体所受的浮力等于物体的重力减去浸入液体时弹簧测力计的示数；物体排开液体的重力等于桶和排开水所受的重力减去空桶的重力，然后比较浮力和排开水所受的浮力得出结论；
（3）根据F浮＝ρ液gV排分析；
（4）比较2甲、2乙两图，即可得出泡沫块的质量和重力，再根据漂浮的物体，浮力等于重力即可求出泡沫块受到的浮力；比较乙、丙两图，再利用整体法分析可得到泡沫块完全浸没时的浮力，利用阿基米德原理求出V排，再根据密度公式计算出泡沫块的密度。
【解答】解：（1）最合理的实验顺序是：
丁、测出空桶的重力；
甲、测出物体所受到的重力；
乙、把物体浸在装满水的溢水杯中，测出测力计的示数；
丙、测出桶和排开的水受到的重力；
故正确顺序为丁、甲、乙、丙。
（2）空气中物体的重力为G＝2N；水中弹簧测力计的示数为F′＝1N，
物体在水中受到的浮力为：
F浮＝G﹣F′＝2N﹣1N＝1N；
由图丁可知，空桶的重力G桶＝0.5N，
由图丙可知，水和桶的重力G总＝1.5N，
所以溢出水的重力为：
G排＝G总﹣G桶＝1.5N﹣0.5N＝1N；
根据计算结果，可见F浮＝G排，说明浸在液体中的物体受到的浮力等于它排开的液体受到的重力；
（3）将图乙中的水换成酒精（ρ酒精＝0.8×103kg/m3），物体排开酒精的体积不变，密度变小，根据F浮＝ρ液gV排可知，物体受到的浮力变小；
（4）由甲、乙两图可知，由甲图到乙图增加的质量即为泡沫块的质量，则泡沫的质量：
m＝m2﹣m1＝2.2kg﹣2kg＝0.2kg，
因为泡沫块漂浮在水面上，所以：
F浮＝G＝mg＝0.2kg×10N/kg＝2N，
由乙、丙两图可知，丙图中容器比乙图中容器多受一个向上的拉力F的作用，在拉力F的作用下，丙图中电子秤的读数减小，即
F＝Δmg＝（m2﹣m3）g＝（2.2kg﹣1.4kg）×10N/kg＝8N，
对于丙图中泡沫块所受浮力：
F'浮＝F浮+F＝2N+8N＝10N，
根据阿基米德原理F浮＝ρ液gV排，又因为泡沫块完全浸没，所以泡沫块的体积：
V ＝V排=F 浮ρ水g=10N1.0×103kg/m3×10N/kg=1×10﹣3m3，泡沫块的密度：
ρ=mV=0.2kg1×10−3m3=0.2×103kg/m3
故答案为：（1）丁、甲、乙、丙；（2）排开的液体受到的重力；（3）变小；（4）10；0.2×103。电阻/Ω
5
10
15
电流/A
0.30
0.16
0.10
题号
1
2
3
4
5
6
答案
D
B
D
D
A
D