江西省2024-2025学年高三下学期化学3月金太阳二模考试卷

这是一份江西省2024-2025学年高三下学期化学3月金太阳二模考试卷，共24页。试卷主要包含了单选题，解答题等内容，欢迎下载使用。

一、单选题
1．文物见证历史，化学创造文明。下列文物的主要成分不属于硅酸盐的是
A．AB．BC．CD．D
2．下列有关物质的性质或结构的解释错误的是
A．氨气极易溶于水，因为氨分子与水分子间能形成氢键且均为极性分子
B．甲醛为平面结构，因为分子中C原子采取的杂化方式为
C．三氟乙酸的酸性强于乙酸，因为氟的电负性大于氢
D．球形容器中结出的冰是球形的，因为晶体具有自范性
3．利用下列实验装置及药品能达到相应实验目的的是
A．AB．BC．CD．D
4．V是日常生活中使用最广泛的金属，W是有色气体，它们存在如图所示的转化关系(略去部分生成物)。下列说法正确的是
A．气体W可通过向上排空气法收集
B．可用酸性溶液检验X溶液中是否含有Y
C．上述转化关系可说明V既有氧化性又有还原性
D．将X的饱和溶液滴入热的溶液中可制备胶体
5．泡沫灭火器灭火的原理为，设为阿伏加德罗常数的值。下列说法正确的是
A．中含键的数目为
B．晶体中含有的离子数目为
C．溶液中的数目小于
D．与充分反应生成，转移电子的数目为
6．已知，氨与灼热的氧化铜反应的产物中含有氮气和金属铜，实验装置如图(加热装置及夹持装置已略去)。下列说法错误的是
A．仪器a用于制备氨气
B．仪器b中固体的作用是作干燥剂
C．若仪器c中生成的在标准状况下的体积为，则c中固体质量减少
D．仪器d中可收集到无色液体，该液体可使湿润的蓝色石蕊试纸变红
7．将一定量的丙烯投入恒容密闭容器中，分别在不同的温度和催化剂下进行反应，保持其他初始实验条件不变，经测得转化率如图所示(下两曲线相交，)。下列说法错误的是
A．下，催化剂活性：催化剂1”“=”或“ Ksp()，没有沉淀转化，无法直接比较与的Ksp。实际Ksp数据中，的Ksp更小(更难溶)，此实验设计无法准确判断两者的溶度积关系，A错误；
B．鸡蛋清溶液中加入NaCl固体，盐析析出沉淀；加水后沉淀溶解，证明盐析是可逆过程，B正确；
C．KI少量(过量)，此时KI完全反应，剩余与KSCN显红色，无法说明反应存在限度(仅因KI不足导致剩余)，C错误；
D．盐酸浸没铁钉会引发析氢腐蚀(反应生成)，而非吸氧腐蚀(需中性/弱酸性环境)，D错误；
故选B。
14．C
【分析】由于，调节pH过程中，溶度积常数小的先沉淀，分析图像，曲线X代表，曲线Y代表，曲线Z为，据此分析；
【详解】A．由分析可知，线X表示随溶液变化的关系，A正确；
B．根据题目中A点pH=8.04，，，可计算出，同理B点，可求出，，B正确；
C．C点对应溶液存在的沉淀溶解平衡，溶液为、，根据电荷守恒：，此时溶液呈碱性，则，则存在关系：，C错误；
D．，平衡常数： ，D正确；
故选C。
15．(1) 增大废镍催化剂的表面积，提高浸出效率 、
(2)4
(3)
(4) 将、转化为、沉淀除掉
(5) 调pH过程中可能会生成胶体吸附溶液中的 217
【分析】以某废镍催化剂(含有、、、、、等氧化物)，经过球磨，将催化剂粉碎，提高浸出率，酸浸后相应的金属氧化物溶解，不溶解，Pb元素转化为，二者进入滤渣中，滤液①中加入除铜，则滤渣②为，滤液加入过氧化氢溶液，将氧化为，调节pH使得、转化为、沉淀除掉，滤液经过一系列操作得到硫酸镍晶体，据此分析解答。
【详解】（1）球磨”的作用是增大废镍催化剂的表面积，提高浸出效率；由分析可知，“滤渣①”的主要成分为、；
（2）已知，时能稳定存在，时能稳定存在，若以“滤渣②”为原料制备硫酸铜，则在酸浸过程中不能形成沉淀，即需要稳定的存在滤液①中，因此溶液的最大整数值为4；
（3）Ka1=，Ka2=，联立K=Ka1×Ka2==，可得，整理可得；
（4）由分析可知，溶液的主要作用是将氧化为，离子方程式为；“调”步骤的目的是将、转化为、沉淀除掉；
（5）造成镍元素损失的主要原因是调pH过程中可能会生成胶体吸附溶液中的；
最终得到的质量为。
16．(1) 低温 0.20
(2) b 0.125 33.3 > Y
【详解】（1）根据盖斯定律，的焓变等于生成物的标准摩尔生成焓-反应物的标准摩尔生成焓，则；反应能够自发进行，该反应为放热的熵减反应，则低温下能够自发；
活化能越小反应越快，活化能越大反应越慢，决定总反应速率的是慢反应；由表，为决速步骤，催化剂可使反应历程中决速步骤的活化能降低1.60eV-1.40eV =0.20eV；
（2）随着氢气投料的增大，会导致平衡时氢气的转化率下降，故b为，氢气的量增大，导致CO转化率增大，反应I正向移动，使得甲烷量增大，由于CO还会转化为二氧化碳，反应中投料，结合碳守恒，消耗的CO量会大于生成甲烷的量，则a为、b为，那么d为；
①由分析，图中表示的转化率变化的曲线为b。
②m点，=0.375、=0.625，则反应一氧化碳0.375ml、氢气0.625ml，由三段式：
3a-(0.375-a)=0.625，a=0.25ml，则m=0.375ml-0.25ml=0.125ml；的选择性；
③由②分析，温度为平衡时，一氧化碳、水、二氧化碳、氢气分别为0.625ml、0.125ml、0.125ml、0.375ml，反应为气体分子数不变的反应，可以用物质的量代替物质分压，则反应Ⅱ此时的平衡常数=0.6；由图，此时反应生成甲烷选择性大，则反应I为主要反应，降低温度导致反应I正向移动，氢气转化率增大，该温度下可能对应图中X、Y、Z、W四点中的Y点。
17．(1)球形冷凝管
(2) 当回流液不再出现油珠
(3) 将过量的KMnO4还原，防止在后续操作中将盐酸氧化 苯甲酸会溶于草酸，降低产率
(4)玻璃棒、烧杯
(5)缓慢
(6)99.0%
【分析】一定量的甲苯和适量的KMnO4在三颈烧瓶中反应，球形冷凝管的作用是使甲苯冷凝回流。反应一段时间后停止加热，冷却片刻后，从冷凝管上口慢慢加入适量草酸溶液，还原多余的高锰酸钾，适当加热，将反应后的混合液趁热过滤、洗涤，合并滤液，将滤液经冷却、浓盐酸酸化、减压过滤、洗涤、干燥等步骤后得到粗苯甲酸。
【详解】（1）仪器甲的名称是球形冷凝管；
（2）
步骤①中三口烧瓶中高锰酸钾溶液氧化甲苯生成苯甲酸钾，高锰酸钾自身转化为沉淀，发生反应的化学方程式为；根据表中数据甲苯的沸点110.6℃，甲苯为油状液体，当回流液不再出现油珠即可判断反应已完成，表明甲苯反应完全；
（3）后续需要加浓盐酸酸化，KMnO4与浓盐酸反应，因此需要加草酸溶液将过量的KMnO4还原，防止在后续操作中将盐酸氧化；所加草酸不宜过量，原因是苯甲酸会溶于草酸，降低产率；
（4）操作I溶解、Ⅱ过滤、IV洗涤中均需使用的玻璃仪器有玻璃棒、烧杯；
（5）操作Ⅲ冷却结晶时缓慢结晶可以减少杂质被包裹，且得到较大的晶体颗粒便于分离；
（6）
根据关系式～，苯甲酸产品的纯度为=99.0%。
18．(1) 对氟苯酚 羟基、酮羰基
(2) 还原反应
(3)
(4) 30 或等
(5)
【分析】
根据已知①，可知与乙酸酐在浓硫酸作用下生成B为，为取代反应，化学方程式为：；对比F＇、G＇的结构简式，根据已知②和H的结构简式，可判断F为，G为，据此分析；
【详解】（1）
的名称为对氟苯酚；根据C的结构简式，C中的含氧官能团的名称为羟基、酮羰基；
（2）
根据分析，A→B的化学方程式为：；D与氢气发生还原反应生成E；
（3）
根据分析，F的结构简式为；
（4）
E为，同分异构体要求含三种官能团，除苯环外不含其他环，能与溶液发生显色反应，说明有羟基直接连在苯环上，能发生银镜反应，说明含有-CHO，官能团还有氟原子，只有苯环一个环，根据不饱和度和氧原子数目，可知含有2个-CHO，苯环上有三个取代基，其中氟原子、羟基与苯环直接相连，则另一个侧链为或或，苯环上有3个各不相同的侧链，各有10种同分异构体，共有30种同分异构体；其中含有甲基的同分异构体的结构简式为或等；
（5）
用苯酚与乙酸酐在浓硫酸作用下反应生成 ，在氯化铝存在条件下转化成，在催化剂存在条件下与氢气发生加成反应生成，再发生消去反应得到，与氢气加成得到2-乙基苯酚，其合成路线为。
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
答案
B
D
A
A
B
D
A
C
D
C
题号
11
12
13
14






答案
C
D
B
C