福建省龙岩市2023_2024学年高二物理下学期3月月考试题

这是一份福建省龙岩市2023_2024学年高二物理下学期3月月考试题，共11页。试卷主要包含了单选题，双选题，填空题，实验题，解答题等内容，欢迎下载使用。
1．关于电磁波谱，下列说法正确的是（ ）
A．X射线可用于广播
B．γ射线是波长最短的电磁波
C．紫外线的频率比紫光的低
D．长波可以摧毁病变的细胞
2．如图为理想自耦变压器，其中P为变压器上的滑动触头，为滑动变阻器上的滑片，则以下说法正确的是（ ）
A．P不动，向下滑动时，一直在减小
B．不动，P逆时针转动，可使电压减小
C．不动，P顺时针转动一个小角度时，电流表读数增大
D．P顺时针转动一个小角度，同时向下滑动时，小灯泡的亮度可以不变
3．某型号酒精测试仪的工作原理图如图所示，传感器R的阻值随气体中酒精浓度的增大而减小。当一位酒驾驾驶员对着测试仪吹气时（ ）
传感器的电阻增大
电流表的示数变小
电压表的示数变大
电源的总功率增大
4．如图所示矩形线圈abcd在匀强磁场中以ad边为轴匀速转动，产生的电动势瞬时值为，则以下判断正确的是（ ）
A．此交流电的频率为10Hz
B．当线圈平面与中性面重合时，线圈中的感应电动势为5V
C．当线圈平面与中性面垂直时，线圈中的感应电流为0
D．线圈转动一周，感应电流的方向改变一次
二、双选题（每题6分，共24分。多选不得分，漏选3分）
5．下列说法正确的是（ ）
A．“探究电磁感应的产生条件”实验中，须使用交流电压表
B．观察电容器充电过程可以发现，随着电流逐渐减小，电容器两端的电压逐渐减小
C．“用单摆测定重力加速度”实验中，若用摆球的最高点作为计时起点，会导致较大的偶然误差
D．理论和实验表明，电阻是耗能元件，而电容器和电感线圈都是储能元件
6．如图所示，一足球爱好者进行射门训练，右侧是一面墙壁。足球撞墙前瞬间速度大小为，撞墙后足球以反弹，撞墙前后足球在同一水平线上运动。若足球的质量为，足球与墙壁的接触时间为，则对于该过程，下列说法正确的是（ ）
A．足球的动量改变量的大小为
B．足球的动量改变量的大小为
C．足球受到墙壁水平方向的平均作用力大小为
D．足球受到墙壁水平方向的平均作用力大小为
7．如图所示，一个质量为m的物块以初速度冲上倾角为的斜面，经过时间t速度变为零。物块与斜面间动摩擦因数为，重力加速度为g。设初速度方向为正方向，在时间t内，下列说法正确的是（ ）
A．物块受到的合外力的冲量为
B．物块受到的重力的冲量大小为
C．物块受到的支持力的冲量大小为
D．物块受到的摩擦力的冲量为
8．如图所示为一理想变压器，b接原线圈中间的抽头，S为单刀双掷开关，当开关打到b时原线圈的匝数是打到a时的一半。P是滑动变阻器的滑动触头，U为加在原线圈两端的交流电压，I为原线圈的输入电流，则（ ）
A．其它条件不变，当开关从b打到a，输入电流I变大
B．其它条件不变，当开关从a打到b，输入电流I变大
C．其它条件不变，电压U增大，则输入电流I变大
D．其它条件不变，变阻器电阻R增大，则输入电流I变大
三、填空题（每空2分，共10分）
9．如图所示，在水平光滑桌面上有两辆静止的小车A和B，已知小车A质量大于小车B，现将两车用细线拴在一起，中间有一被压缩的弹簧，烧断细线后至弹簧恢复原长的过程中，则小车A最后动量大小（“大于”“相等”或“小于”）小车B最后动量大小；小车A最后动能大小（选填“大于”“相等”或“小于”）小车B最后动能大小；在此过程小车A重力的冲量大小（选填“大于”“相等”或“小于”）小车B重力的冲量大小。
10．我国家庭用电是220V、50Hz的正弦交流电，某家庭某时段的用电总功率为2200W则该电路的电流有效值为A，瞬时电流表达式为A。
四、实验题(每空2分，共12分)
11．温控箱内部结构如图所示，它是由热敏电阻、滑动变阻器R、电磁继电器、电源E、开关S串联组成的控制电路和另一电源与电热丝串联组成的工作电路两部分构成。热敏电阻。的阻值与温度t的关系如下表。当电磁继电器的电流达到或者超过10mA时，衔铁被吸合，电热丝停止加热，实现温度控制。实验室提供的器材有：
电源E（电动势9V，内阻不计）；
滑动变阻器（）；
滑动变阻器（）；
热敏电阻；
电磁继电器（线圈电阻）；
电阻箱（）；
开关S、导线若干。
（1）若要电磁继电器吸合衔铁、控制温度，则控制电路中的总电阻应满足。为使该装置实现对之间任一温度的控制，滑动变阻器R应选择（选填“”或“”）。
（2）如果要实现的温度控制，其步骤是：①先用电阻箱替代热敏电阻，把电阻箱调至；②闭合开关，调节滑动变阻器，直至电磁继电器的衔铁被吸合；③保持滑动变阻器滑片位置不变，断开开关，再用热敏电阻替换电阻箱；④闭合开关，即可实现的温度控制。
（3）在完成（2）的操作步骤后，与电磁继电器相连的电源E，因为长时间使用导致内阻变大（电动势几乎不变），电磁继电器吸合衔铁时的实际温度（选填“大于”“小于”或“等于”）。
12．在“探究变压器原、副线圈电压和匝数的关系”实验中，可拆变压器如图所示。

（1）已知硅钢电阻率大于铁的电阻率，为了减小变压器铁芯中的涡流损耗，则铁芯的结构和材料应为；（填字母）
A．整块硅钢铁芯 B．整块铁块铁芯
C．绝缘的铁片叠成 D．绝缘的硅钢片叠成
（2）将图乙中变压器原线圈0、4（400匝）接线柱与学生电源直流输出端相连，选择开关置于6V；电压表与副线圈0、8（800匝）接线柱相连，则电压表的示数是。（填字母）
A．0 B．3.0V C．6.0V D．12.0V
五、解答题（共38分）
13．（10分）150kg的铁锤从1.8m高处自由落下，打在水泥桩上未反弹，铁锤与水泥桩撞击的时间是0.05s，。不计空气阻力，求：
（1）撞击前瞬间铁锤的动量。
（2）铁锤在自由下落过程中重力的冲量。
14．（12分）某水电站发电机输出功率为100kW，发电机输出电压为250V。通过升压变压器升高电压后向远处输电，输电线总电阻为8Ω，在用户端用降压变压器把电压降为220V，如图所示。要求在输电线上损失的功率控制为5kW。
（1）降压变压器输出的电流是多少？输电线损失的电压是多少？
（2）两个变压器的匝数比各应等于多少？
15．（16分）光滑水平轨道上放置长板A（上表面粗糙）和滑块C，滑块B置于A的左端，A、B间的动摩擦因数，三者质量分别为mA=2kg，mB=1kg，mC=2kg。开始时C静止，A、B一起以的速度匀速向右运动，A与C发生碰撞（时间极短）后C向右运动，经过一段时间，A、B再次达到共同速度一起向右运动，且恰好不再与C碰撞。求：
（1）A与C发生碰撞后瞬间C的速度大小；
（2）A与C发生碰撞后瞬间A的速度大小；
（3）A与B之间摩擦产生的内能。
高二普通班月考物理试题
参考答案：
1．B
【详解】A．X射线具有较强的穿透能力，所以不能用于广播，故A错误；
B．γ射线是波长最短，频率最高的电磁波，故B正确；
C．紫外线的波长比紫光短，紫外线的频率比紫光的高，故C错误；
D．长波波长较长，频率较低，能量较小，不可摧毁病变的细胞，故D错误。
故选B。
2．D
【详解】A．P不动，向下滑动时，根据，可知，自耦变压器输出电压U2不变，故A错误；
B．电压是电源电压，输入电压，与匝数无关，故B错误；
C．P'不动，P顺时针转动一个小角度时，副线圈匝数减小，根据，副线圈电压减小，则电流减小，副线圈功率减小，原线圈功率等于副线圈功率减小，则原线圈电流减小，故C错误；
D．P顺时针转动一个小角度，U2变小，同时P'向下滑动时，滑动变阻器阻值减小，副线圈电流可能不变，小灯泡的亮度可以不变，故D正确；
故选D。
3．D
【详解】ABC．酒驾驾驶员对着测试仪吹气时，传感器R的阻值减小，则电流增大，根据
可知电压表示数变小，故ABC错误；
D．根据功率的公式可知
可知电源的总功率增大，故D正确；
故选D。
4．A
【详解】A．依题意，该交流电的周期为
则频率为
故A正确；
B．当线圈平面与中性面重合时，线圈中的感应电动势为0，故B错误；
C．当线圈平面与中性面垂直时，线圈中的感应电动势最大、感应电流最大，故C错误；
D．线圈每经过中性面电流方向改变一次，所以转动一周，感应电流的方向改变两次，故D错误。
故选A。
5．BCD
【详解】A．“探究电磁感应的产生条件”实验中，为了看到明显的实验现象，线圈的两个接线柱与直流电流表相接，故A错误；
B．观察电容器充电过程可以发现，随着电流逐渐减小，电容器两极板所带电荷越来越多，由
电容器的电容不变，电容器两端的电压逐渐增大；
C．“用单摆测定重力加速度”实验中，摆球的最高点速度为零，用最高点作为计时起点，会导致较大的偶然误差。摆球的最低点速度最大，用最低点作为计时起点，会减小偶然误差。故C正确；
D．理论和实验表明，电阻中有电流流过时电能转化为内能，电阻是耗能元件，而电容器和电感线圈工作时电能分别与电场能和磁场能转换，都是储能元件。故D正确；
6．BD
【详解】AB．以向左为正方向，足球与墙壁的接触过程的动量改变量为
B正确，A错误；
CD．根据动量定理可得
可得足球受到墙壁水平方向的平均作用力大小为
D正确，C错误。
故选BD。
7．CD
【详解】A．由动量定理有
所以合外力的冲量为，故A项错误；
B．由冲量公式，重力的冲量大小为
故B项错误；
C．对物块受力分析，其支持力大小为
支持力的冲量大小为
故C项正确；
D．物块受到的摩擦力大小为
所以受到摩擦力的冲量为
故D项正确。
故选CD。
8．BC
【详解】A．其它条件不变，当开关从b打到a，原线圈匝数增加。根据
可知副线圈电压减小，副线圈电流减小，根据
可知原线圈电流变小，A错误；
B．其它条件不变，当开关从a打到b，原线圈匝数减小。根据
可知副线圈电压增大，副线圈电流增大，根据
可知原线圈电流变大，B正确；
C．其它条件不变，电压U增大，即原线圈电压增大，根据
可知副线圈电压增大，副线圈电流增大，根据
可知原线圈电流变大，C正确；
D．其它条件不变，变阻器电阻R增大，则副线圈电流变小，根据
可知原线圈电流变小，即输入电流I变小，D错误。
故选BC。
9． 等于 小于 大于
【详解】[1]由动量守恒定律
所以弹开后，两车动量大小相等，方向相反；
[2]由动能和动量的关系
依题意得A车动能小于B车动能；
[3]由冲量定义式得重力冲量
两车作用时间相等，则A车重力冲量大于B车重力冲量。
10． 10
【详解】[1][2] 某时段的用电总功率为2200W则该电路的电流有效值为
最大值为
所以瞬时电流表达式为
11． 900 大于
【详解】（1）[1]根据闭合电路的欧姆定律
[2] 当温度处于，总电阻依然为，由题意
，
故滑动变阻器阻值
故选。
（2）[3]由表格可知
（3）[4]由闭合电路欧姆定律
电动势E不变，内阻r增大，电磁继电器工作电流不变，故热敏电阻的阻值减小，即电磁继电器工作时，实际温度大于40℃。
12． D A
【详解】（1）[1]为了减小变压器铁芯中的涡流损耗，则铁芯的结构和材料应为绝缘的硅钢片叠成。
故选D。
（2）[2]与学生电源直流输出端相连的变压器线圈不会产生感应电流，故电压表与副线圈0、8（800匝）接线柱相连，则电压表的示数是0。
故选A。
13．（1），竖直向下；（2），竖直向下；
【详解】(1)碰撞前铁锤是自由落体运动，如设碰撞前瞬间铁锤速度为v，则
解得
撞击前瞬间铁锤的动量
方向竖直向下；
(2)根据自由下落公式
解得
铁锤在自由下落过程中重力的冲量
方向竖直向下；
14．（1）431.8A，；（2）1:16，
【详解】（1）发电机电压即升压变压器原线圈两端电压
用户得到的功率
P4=
解得
又因损失功率为
解得
损失电压为
（2）因为
升压变压器输出功率为
解得
升压变压器的匝数比为
降压变压器的匝数比为
15．（1）3m/s；（2）2m/s；（3）3J
【详解】（1）（2）设A与C发生碰撞后，A的速度为vA，C的速度为vC，B与A发生相互作用后，共同速度为v共，根据题意得
代入已知数据联立解得
（3）根据能量守恒定律可得A与B之间摩擦产生的内能为
解得