2024~2025学年四川省蓉城名校联盟高三下学期第二次联合诊断考试物理试卷（解析版）

这是一份2024~2025学年四川省蓉城名校联盟高三下学期第二次联合诊断考试物理试卷（解析版），共14页。试卷主要包含了单选题，多选题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
一、单选题：本大题共7小题，共28分。
1.风力仪中有一根轻质金属丝，悬挂着一个质量为1 kg的金属球，当有风水平吹金属球时，金属丝偏离竖直方向角度为30∘，重力加速度大小取g=10m/s2。则金属球受到风作用力的大小为
A. 10 NB. 5 3NC. 103 3ND. 10 3N
2.已知可见光的光子能量范围约为1.62eV∼3.11eV。氢原子部分能级如图所示，一群处于n=4能级的氢原子，向低能级跃迁过程中产生不同频率的可见光共有
A. 2种B. 3种C. 4种D. 5种
3.如图所示，真空中，x轴上x=0处有电荷量为+2q的点电荷，x=2处有电荷量为-q的点电荷。下列说法中正确的是
A. 在0mgR2B2L2。设自由释放时距区域Ⅰ上边界的距离为x，mgxsinθ=12mv2，解得x>m2gR24B4L4，故选项C错误，D正确。
11.【答案】AC
2.60
/2.58∼2.62均可
0.4
【解析】(1)本实验探究的是滑动摩擦情况，与木块和木板间的运动快慢无关，只要木块静止就可以;为保证弹簧测力计的准确性，实验前应在竖直悬挂时对弹簧测力计调零，并让细线竖直拉挂钩;为保证木板对木块支持力大小与木块重力大小相等，应使桌面水平并保持与木块相连的细线水平，细线不产生竖直方向的分力，即使弹簧测力计竖直悬挂，也要求与木块相连的细线水平。故选AC；
(2)弹簧测力计刻度是上小下大的，分度值为0.1N，再估读到下一位，即为2.60(2.58、2.59、2.61、2.62都可以认为正确)；
(3)木块对水平木板的正压力等于木块(设其质量为m0)和砝码重力的和，即FN=(m0+m)g，根据f=μFN，f=μ(m0+m)g;
在绘制f-m图像时，f为纵轴，m为横轴，根据公式f=μm0g+μmg，即μg为图像斜率k=μg=2.72-，解得μ=0.4。
12.【答案】Rb
E1
495.0
5
大于
【解析】(1)要较准确地测量灵敏电流计G的内阻，R1接入的阻值应该远大于灵敏电流计G的内阻，灵敏电流计 G的满偏电流Ig=50μA，假设将Ra接入电路，电源电动势最大值应该约为Ema=IgRa=50μA×2000Ω=0.1V，两个电源的电动势都远大于0.1V，所以滑动变阻器R1应该选择Rb，不能选Ra。若选用E1，电流计G满偏，要求Rb接入电路电阻约为R1m=1.5V50uA=30000Ω;若选用E2，要求Rb接入电路电阻约为R2m=3.0V50μA=60000Ω，Rb不能满足。所以，电源应该选择E1；
(2)根据半偏法原理，灵敏电流计G的内阻测量值Rg=495.0Ω；
(3)并联电阻分流IR=IgRgR=4950μA，改装毫安表的量程Im=Ig+IR=5000μA=5mA；
(4)若考虑测量灵敏电流计G内阻的系统误差，因为图 a中闭合S2后，回路总电阻略有减小，所以干路电流略有增大，R2分流就略大于Ig2，由并联电路规律得，R2的读数略小于Rg，再根据(3)的计算思路可知，改装表的量程大于5mA，故当它的读数为5mA时，实际电流(标准毫安表的读数)大于5mA，即标准毫安表的读数一定大于改装表的读数。
13.【答案】解：(1)设人、滑板和背包的总质量为m1，加速度大小为a1，沙坡总长度为L，背包掉落时人和滑板速度的大小为v1，则
m1gsinθ-0.25m1g=m1a1，
v12=2a1⋅L2，
解得v1=12m/s
(2)设背包的质量为m2，加速度大小为a2，背包掉落后在沙坡上滑动的距离为x，则
m2gsinθ-0.75m2g=m2a2，
0-v12=2a2x，
解得x=24m
【解析】详细解答和解析过程见【答案】
14.【答案】解：(1)设标准大气压为p0，充入气袖的大气气体体积为V0=156cm3，充入气袖膨胀后的气体体积为V1=120cm3，动脉血液被阻断时，气袖内的气体压强为p1，则
p0V0=p1V1，
代入数据解得p1=988mmHg。
(2)以气袖内剩余气体质量为充入气体总质量的90%的气体为研究对象，这部分气体在动脉血液被阻断时压强为p1，体积为V2，听到第一声搏动音时气袖内的气体压强为p2，体积为V3，则
V2=V1×90%=108cm3，
V3=V1=120cm3，
p1V2=p2V3，
代入数据解得p2=889.2mmHg。
【解析】详细解答和解析过程见【答案】
15.【答案】解：(1)设铯离子通过加速区Ⅱ后瞬间的速度大小为v ，则qU=12mv2，
解得v= 2qUm
(2)△t时间内从加速区Ⅱ右侧喷射出N个铯离子，设质量为M的推进器获得的速度大小为v1，由动量守恒有
Mv1=Nmv，
推进器获得的平均推力大小为F，由动量定理有FΔt=Mv1，
解得F=N 2mqUΔt
(3)电子在垂直于圆柱体轴线的截面内做匀速圆周运动，轨迹与外圆柱体壁相切时，电子的速率最大，设为vm，
电子做匀速圆周运动的圆心为O1，半径为r，如图所示，在△POO1中，由几何关系，有∠OPO1=90∘-α，则
(R2-r)2=R12+r2-2R1rcs(90∘-α)，
evmB=mevm2r，
解得vm=8eBR5me
【解析】详细解答和解析过程见【答案】