广东省汕头市潮阳区2024-2025学年高二上学期期末考试物理试卷（PDF版附解析）

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一、单项选择题:本题共 7 小题每小题 4 分，共 28 分。
二、多项选择题:本题共 3 小题，每小题 6 分，共 16 分。全部选对得 6
分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 B A C A D C D BD BCD BD
答案详情：
1．【答案】B
【详解】AB．“自动擦窗机器人”在竖直玻璃板上向下匀速直线运动，“自动擦窗机器人”
相对玻璃板竖直向下运动，则所受摩擦力的方向竖直向上，“自动擦窗机器人”受到重力和
摩擦力处于平衡状态，可知重力和摩擦力大小相等、方向相反、在同一直线上，共同作用
于同一物体，得重力与摩擦力是一对平衡力，故 A 错误，B 正确；
C．在向下匀速直线运动过程中，“自动擦窗机器人”动能不变，由于高度变低，那么重力
势能减小，由于除了重力做功，还有摩擦力做功，则机械能不守恒，可知机械能变小，故
C 错误；
D．惯性只跟质量有关，因为“自动擦窗机器人”在竖直玻璃板上向下匀速直线运动过程中
质量不变，则受到的惯性不变，故 D 错误。
故选 B。
2.【答案】A
【详解】AB．上升阶段，排球在空中受到空气 阻力与重力方向相同，合力较大，下落阶
段，排球在空中受到空气的阻力与重力方向相反，合力较小，故上升阶段的加速度比下落
阶段的要大，方向相同，故 A 正确，B 错误；
CD．由 可知，上升所需的时间短，下落所需的时间稍长，且上升和下落运动方向
相反，落回抛球点时，速度比抛出时稍小，故 C、D 错误。
故选 A。
3.【答案】C
【详解】A．由于口罩材料表面长期带有正电荷，则被吸附的带电粉尘，一定是带负电荷，
A 错误； BCD．由选项 A 可知，被吸附的带电粉尘，一定是带负电荷，则负电荷靠近熔喷
布的过程中电场力做正功，电势能减小，电势增加 C 正确、BD 错误。
故选 C。
4.【答案】A
【详解】根据 ，凹处说明 d 大，则电容器电容小，A 正确；凸处说明 d 小，则
电容器电容大，因电容小的微电容器放电较快，则在指纹凸处形成的电容器放电较慢，B
错误；手指出汗后， 和 d 会改变，则会对指纹识别有影响，C 错误；在指纹凹处形成的
电容器电容小，根据 ，可知充电后在指纹凹处形成的电容器存储的电荷量小，D
错误。
故选 A。
5.【答案】D
【详解】AB．当酒驾驾驶员对着测试仪吹气时，电阻 R 的阻值变小，则电路总电阻变小，
根据闭合电路欧姆定律可知，电路总电流增大，路端电压减小，则电流表示数变大， 两
端电压变大，则电压表的示数变小，故 AB 错误；
C．电源的输出功率
因为不知道 与 r 的具体关系未知，故无法确定酒精气体浓度越大时，电源的输出功
率如何变化，故 C 错误；
D．酒精气体浓度越大，外阻越小，电源的效率越低，故 D 正确。
故选 D。
6.【答案】C
【详解】航天员出仓后仍受地球引力作用，有向下的加速度，处于完全失重状态，故 AB 错
误 ； 空 间 站 由 万 有 引 力 提 供 向 心 力 ， GMmr2＝ mv2r＝ m\a\vs4\al\c1(\f(2π T))2r＝
mω2r，得 T＝2πr3GM)，v＝GMr)，ω＝GMr3)，空间站周期 1.5 h 小于地球同步卫星周期
24 h，由 T＝2πr3GM)知空间站的圆周半径小于同步卫星，由ω＝GMr3)知空间站角速度大
于同步卫星角速度，由 T＝2πr3GM)知空间站周期小于同步卫星的周期度，故 C 正确，D 错
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误。
故选 C。
7．【答案】D
【详解】A．因 M 点处的等差等势面比 N 点处的等差等势面密集，故 M 点的电场强度大于 N
点的电场强度，A 错误；
B．电场线与等势面垂直，由题图中对称性及力的合成法则可知，正对小孔 CD 中心射入
“透镜”电场的正电子受到的电场力的方向与速度方向相同，会沿直线穿出小孔，B 错
误；
C．经过 N 点的正电子受到的电场力做正功，动能增加，但电势能减小，C 错误；
D．根据垂直虚线 AB 射入小孔 CD 的正电子束受到的电场力方向可知，该“透镜”电场对垂
直虚线 AB 射入小孔 CD 的正电子束有发散作用，D 正确。
故选 D。
8．【答案】BD
【详解】当列车经过线圈的过程中，线圈的磁通量先增大后减小，根据电磁感应规律可
知，线圈会有感应电流。
故选 BD。
9.【答案】BCD
【详解】AD．在 t=0 时刻环受的摩擦力为 ，则
开始时物体静止；随着场强的减小，电场力减小，则当摩擦力小于重力时，圆环开始下
滑，此时满足
即
E=200N/C
即 t=1s 时刻开始运动；且随着电场力减小，摩擦力减小，加速度变大；当电场强度为零
时，加速度最大；当场强反向且增加时，摩擦力随之增加，加速度减小，当 E=-200N/C
时，加速度减为零，此时速度最大，此时刻为 t=5s 时刻；而后环继续做减速运动直到停
止，选项 A 错误,D 正确；
BC．环在 t=1s 时刻开始运动，在 t=2s 时 E=100N/C，此时的加速度为
解得
a=5m/s2
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因环以当加速度为 5m/s2 匀加速下滑 1s 时的位移为
而在 t=1s 到 t=2s 的时间内加速度最大值为 5m/s2，可知 0~2s 内环的位移小于 2.5m，选
项故选 BCD。
10.【答案】BD
【详解】AB．当小车静止在水平地面上时，压敏电阻受到的压力为零，压敏电阻阻值为
，电流表的示数为 15mA，则当小车做匀速运动时，压敏电阻受到的压力仍为零，压敏
电阻阻值仍为 ，电流表的示数为 15mA，故 A 错误,B 正确。
CD．当小车静止在水平地面上时，压敏电阻受到的压力为零，压敏电阻阻值为 ，电流
表的示数为 15mA，根据闭合电路的欧姆定律
解得
R0=100
根据 可知，
当小车的加速度大小为 5m/s2 时，F=50N,R=75,I=17.14mA
当小车的加速度大小为 10m/s2 时，F=100N,R=50,I=20mA
故 D 正确，C 错误。
故选 BD。
三、实验：本大题共 2 小题，共 16 分。
11. 【答案】（1）AC （2 分） （2） ①. 1.6 （2 分） ②. 2.0 （2 分） （3）B
（2 分）
【解析】
（1）A．为减小空气阻力以及测量误差的影响，小球应该选用体积小、密度大的。故 A 正
确；
B．释放小球前，弹簧的压缩量应该适当，使小球以适当的初速度做平抛运动。故 B 错误；
C．实验时应先打开频闪仪，再由静止释放小球。故 C 正确；
D．以平滑曲线连接相邻的像点，可得小球的运动轨迹。故 D 错误。
故选 AC。
（2）小球在竖直方向做匀加速直线运动，根据 可得
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在水平方向做匀速直线运动，则初速度
（3）根据机械能守恒，弹簧的弹性势能 ，
只需要测量出小球的质量即可。
故选 B。
12. 【答案】(1)AD （2 分）
(2) 减小（2 分）
(3)增大（2 分） （2 分）
【详解】（1）A．用不同挡位测量光敏电阻的阻值时，需要进行欧姆调零，故 A 正确；
B．测量电阻时，如果指针偏转过大，说明待测电阻阻值较小，应将选择开关拨至倍率较小
的挡位，重新调零后测量，故 B 错误；
C．欧姆表的读数为指针所指刻度与倍率的乘积，所以图 1 中光敏电阻测量值为
故 C 错误；
D．测量光敏电阻阻值时，应该把该电阻与电路断开，故 D 正确。
故选 AD。
（2）[1]由图可知，阻值 R 随照度 I 的增加而减小。
[2]本实验为了精确测量多组不同光照强度下光敏电阻的阻值，所以滑动变阻器应采用分压
式接法，又
所以电流表应采用内接法，故电路图如图所示。
（3）若增大电阻箱 R2 的阻值，则外电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律可知，回路
中电流减小，则光敏电阻需要变大才能达到两端的电压定值，可以达到照度更小，光敏电
阻阻值较大时，自动控制系统开始补光的目的。
四、计算题(本题共 3 小题，共 38 分)
13.（10 分） μ=0.5， E＝3×103 N/C
【详解】由图像得，加速时
a1＝ ＝20 m/s2 （2 分）
减速时
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a2＝ ＝10 m/s2 （2 分）
由牛顿第二定律得
加速时
Eq－mgsin θ－μmgcsθ ＝ma1 （2 分）
减速时
mgsin θ＋μmgcsθ ＝ma2 （2 分）
联立得
μ=0.5， E＝3×103 N/C （2 分）
14. （12 分）(1) (2) (3)
【详解】（1）对物体受力分析
（2 分）
代入数据解得
（2 分）
（2）由动能定理
（2 分）
得 （2 分）
（或：由牛顿第二定律
（2 分）
物体到达桌面右边缘时的速度大小
（2 分））
（3）物体离开桌边后，竖直方向自由落体，水平方向匀加速直线运动，运动时间
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（1 分）
水平方向
（1 分）
物体的落地点到桌面右边缘的水平间距
（1 分）
代入数据解得 （1 分）
【详解】（1）由动能定理可知，所有电子打在荧光屏上速度大小相同，设为 v，则有
（2 分）
解得 （2 分）
（2）沿水平方向飞出的电子做类平抛运动，在荧光屏上形成一个圆，圆的半径就是电子沿
水平方向位移，有
（2 分）
（2 分）
（2 分）
解得
（2 分）
（3）竖直向下飞出的电子做匀加速运动，有
（2 分）
解得
（2 分）
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（北京）股份有限公司15.（16 分）【答案】（1）
（2） ；（3）
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