湖南省长沙市2024-2025学年九年级(下)开学适应性测试练习卷 物理试卷（解析版）

这是一份湖南省长沙市2024-2025学年九年级(下)开学适应性测试练习卷 物理试卷（解析版），共16页。
1．（2024秋•长沙月考）下列实例中，利用做功改变物体内能的是（ ）
A．对着手哈气，手变暖和了
B．冰放入口中，舌头冰凉了
C．用力搓耳朵，耳朵变热了
D．进入空调房，全身凉爽了
【答案】C
【解析】A．对着手哈气，手变暖和了，这是通过热传递的方式改变物体的内能，故A错误；
B．冰放入口中，舌头冰凉了，这是通过热传递的方式改变物体的内能，故B错误；
C．用力搓耳朵，耳朵变热了，属于通过做功的方式改变物体的内能，故C正确；
D．进入空调房，全身凉爽了，这是通过热传递的方式改变物体的内能，故D错误。
故选：C。
2．（2023秋•长沙期末）关于热量、温度、内能之间的关系，下列说法正确的是（ ）
A．物体吸收了热量，温度可能不变
B．物体温度升高，一定是吸收了热量
C．温度为0℃的物体没有内能
D．物体内能减少时，一定对外做功
【答案】A
【解析】A．物体吸收了热量，温度可能不变，例如：晶体在熔化的过程中吸热，内能增大，但温度不变，故A正确；
B．物体的温度升高，内能增大，可能是吸收了热量，也可能是因为对物体做功引起的，故B错误；
C．一切物体都具有内能。因此温度为0℃的物体也有内能，故C错误；
D．改变物体内能的方式有做功和热传递，因此物内能减少时，可能是对外做功，也可能是降低了温度，故D错误；故选：A。
3．（2024秋•开福区期中）如图是一种太阳能背包。它的前面有一个太阳能电池板，里面还有一个蓄电池，可以给手机、小风扇或数码相机等电子产品供电。下列与之相关能量转化说法正确的是（ ）
A．太阳能电池板工作时将太阳能转化为电能
B．给蓄电池充电将化学能转化为电能
C．蓄电池放电将电能转化为化学能
D．小风扇工作将化学能转化为内能
【答案】A
【解析】A．太阳能电池板将太阳能转化为电能，故A正确；
B．给蓄电池充电，蓄电池将电能转化为化学能，故B错误；
C．蓄电池放电，蓄电池将化学能转化为电能，故C错误；
D．小风扇工作时将电能转化为机械能，故D错误。故选：A。
4．（2024秋•岳麓区校级月考）氢发动机是用气态氢作为燃料，氢气燃烧的生成物为水。如图所示，这是氢发动机汽车，它的四冲程内燃机转速为1200r/min。该车在平直路面上以36km/h的速度匀速行驶，所受的阻力为800N，行驶5min消耗氢气0.15m3。（q氢气＝4×107J/m3）下列说法正确的是（ ）
A．氢气燃烧的生成物为水，所以氢发动机的效率可达100%
B．该汽车氢发动机1s对外做功20次
C．该过程汽车牵引力做功的功率为8000W
D．该氢发动机汽车的热机效率为80%
【答案】C
【解析】A．由于存在能量的损失，所有的机器效率都会小于100%，所以氢发动机的效率不可能达到100%，故A错误；
B．四冲程内燃机转速为1200r/min＝20r/s，即内燃机飞轮每秒转20圈，由于发动机一个工作循环完成4个冲程，飞轮和曲轴转2圈，对外做功1次，所以该汽车氢发动机1s对外做功10次，故B错误；
C．汽车匀速行驶时，汽车的牵引力与受到的阻力是一对平衡力，根据二力平衡条件可知，汽车的牵引力F＝f＝800N，汽车的速度v＝36km/h＝10m/s，则该过程汽车牵引力做功的功率为：P＝＝＝Fv＝800N×10m/s＝8000W，故C正确；
D．消耗的氢气完全燃烧放出的热量：Q放＝Vq氢气＝0.15m3×4×107J/m3＝6×106J，
汽车所做的有用功：W＝Pt＝8000W×5×60s＝2.4×106J，
发动机的热机效率：η＝×100%＝×100%＝40%，故D错误。故选：C。
5．（2024秋•雨花区校级月考）下列关于验电器的说法不正确的是（ ）
A．验电器的作用是检验物体是否带电
B．若带电体带正电，则金属箔张开是由于带电体上的正电荷转移到金属箔上，同种电荷相互排斥而张开
C．带电体接触不带电的验电器的金属球时，验电器的金属箔就会张开
D．验电器的原理是同种电荷相互排斥
【答案】B
【解析】A．如果物体带电，接触验电器的金属球时，验电器的金属箔张开，因此，验电器的作用是检验物体是否带电，故A正确，不符合题意；
B．若带电体带正电，当它与验电器的金属球接触时，由于金属是导体，其内部的自由电子会重新分布，在这个过程中，验电器的金属箔会带上与带电体相同的正电荷，但这并不是因为带电体上的正电荷直接转移到金属箔上，而是因为金属箔上的负电荷（电子）被带电体吸引而转移到带电体上，使得金属箔留下正电荷，故B错误，符合题意；
C．当带电体接触不带电的验电器的金属球时，由于电荷的转移和重新分布，验电器的金属箔会带上与带电体相同的电荷，并因为同种电荷相互排斥而张开，故C正确，不符合题意；
D．验电器的工作原理是同种电荷相互排斥，当带电体接触验电器的金属球时，金属箔带上同种电荷而相互排斥而张开，故D正确，不符合题意。故选：B。
6．（2024秋•雨花区校级月考）如图所示是一个装有静电除尘纸的拖把，扫地时除尘纸与地板摩擦后带上负电，可以轻松地将附近的灰尘和头发清扫干净。下列说法正确的是（ ）
A．静电除尘纸所带电荷种类与丝绸摩擦过的玻璃棒相同
B．静电除尘纸和地面摩擦时创造了电荷
C．静电除尘利用了带电体可以吸引轻小物体的性质
D．除尘纸与地板摩擦后，均带负电
【答案】C
【解析】A．除尘纸与地板摩擦后带上负电，用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电荷，二者所带电荷不相同，故A错误；
B．电荷不能被创造或者消灭，只能转移，故B错误；
C．带电体可以吸引轻小物质，因此被摩擦过的除尘纸可以吸引轻小的灰尘，故C正确；
D．摩擦起电的实质是电子的转移，两个物体摩擦后带异种电荷，故D错误。故选：C。
7．（2024•雨花区校级开学）如图所示电路中，已知电源电压为6V，L1、L2为两个不同规格的小灯泡，当开关S闭合后两灯都不亮。用电压表进行测量时，测得AB两点之间的电压为零，BC两点之间的电压为6V则下列判断中正确的是（ ）
A．灯泡L1的灯丝断了B．开关S接触不良
C．灯泡L2的灯丝断了D．灯泡L2被短接
【答案】C
【解析】已知两灯串联，闭合开关后，两灯都不亮，若一盏灯短路，则另一盏灯还能发光，所以不可能是一灯短路，只能是断路；将电压表并联在L1两端时（AB两点间），测得的电压为0，说明AB之外的其他地方存在断路；将电压表并联到BC两点时（BC两点间），测得的电压为6V，且等于电源电压，说明电压表与电源正负极之间是接通的，所以故障是与电压表并联的灯泡L2的灯丝断了，故C正确。故选：C。
8．（2023秋•开福区校级期中）在“设计制作一个调光灯”的实践活动中，小明设计了如图所示的电路，用A、B两个金属夹子将一根铅笔芯接入电路中，当B夹子左右移动时，小灯泡的亮度会发生变化。下列关于这一装置的说法中正确的是（ ）
A．将铅笔芯换成塑料吸管，灯泡也能亮起
B．本实验可通过灯泡的亮暗反映接入电路的电阻大小
C．实验过程中电阻变化的主要因素是改变了横截面积
D．增加一节干电池，灯泡会更亮，说明铅笔芯电阻随电压的增大而减小了
【答案】B
【解析】A．铅笔芯是导体，容易导电，塑料吸管是绝缘体，不容易导电，因此把铅笔芯换成塑料吸管后灯泡不会亮，故A错误；
B．电源电压不变，接入电路电阻变大时，电路中的电流就会变小，灯泡会变暗，因此可以通过灯泡的亮暗反映接入电路的电阻大小，故B正确；
C．当B夹子左右移动时，因铅笔芯接入电路的长度发生变化，因此接入电路的阻值发生变化，故C错误；
D．电阻是导体自身的一种性质，与导体的材料、长度、横截面积、温度有关，与电压、电流无关，故D错误。故选：B。
9．（2023•长沙三模）如图所示，是安装在潜水器上深度表的电路简图，显示器由电流表改装而成，压力传感器的电阻随压力的增大而减小，电源电压不变，R0是定值电阻，潜水器在水中上浮过程中，下列说法正确的是（ ）
A．通过显示器的电流增大
B．R0两端的电压增大
C．传感器两端的电压增大
D．电路的总功率增大
【答案】C
【解析】由电路图可知，两电阻串联，电流表显示器串联在电路中：
A．由p＝ρgh可知，在潜水器上浮过程中，压力传感器受到的压强减小，根据F＝pS，压力减小，因压力传感器的电阻随压力的增大而减小，所以，传感器的电阻增大，电路中的总电阻增大，由欧姆定律，可知，电路中的电流减小，即通过显示器的电流I减小，故A错误；
BC．由U＝IR可知，R0两端的电压减小；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，传感器两端的电压增大，故B错误，C正确，
D．由P＝UI可知，电源电压不变，电流变小，电路的总功率变小，故D错误。
故选：C。
10．（2024•开福区校级二模）交通警察部门定期开展交通违法专项治理行动。如图甲是查处饮酒驾驶行为中使用的某酒精测试仪工作原理图，电源电压恒定，R1为定值电阻，R2为气敏电阻，其阻值随气体酒精浓度的变化情况如图乙所示。闭合开关S，下列说法正确的是（ ）
A．检测气体的酒精浓度越小，电压表示数越大
B．检测气体的酒精浓度越小，电压表示数越小
C．检测气体的酒精浓度越大，R2阻值越大
D．检测气体的酒精浓度越大，电路中电流越小
【答案】B
【解析】AB．由图甲可知，R1与R2串联，电压表测量R1两端的电压；
由图乙可知，检测气体的酒精浓度越小时，气敏电阻R2的阻值越大，根据串联电路的电阻特点可知，电路中的总电阻会变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流会变小；由公式
U＝IR可知，定值电阻R1两端的电压变小，电压表示数变小，故B正确，A错误。
CD．由图乙可知，检测气体的酒精浓度越大，气敏电阻R2的阻值越小，根据串联电路的电阻特点可知，电路中的总电阻会变小，而电源电压不变，再根据欧姆定律可知，电路中的电流会变大，故CD错误。故选：B。
11．（2023秋•岳麓区校级月考）如图所示，A、B是由同种材料制成的导体，二者长度相等，但A比B的横截面积大，当开关闭合后，在相同时间内，下列说法正确的是（ ）
A．导体A、B的电阻RA＞RB
B．通过导体A、B的电流IA＞IB
C．导体A、B两端的电压UA＝UB
D．电流通过导体A、B所做的功WA＜WB
【答案】D
【解析】A．导体A、B是同种材料、长度相等，由图可知，导体A的横截面积大于导体B的横截面积，根据影响导体电阻大小的因素可知，导体A的电阻RA小于导体B电阻RB，即RA＜RB，故A错误；
B．由图可知，导体A、B串联接入电路，根据串联电路电流规律可知，通过导体A的电流等于通过导体B的电流，即IA＝IB，故B错误；
C．根据U＝IR可知，导体A两端的电压UA＝IARA，导体B两端的电压UB＝IBRB，由于IA＝IB，RA＜RB，所以UA＜UB，故C错误；
D．根据W＝UIt可知，电流通过导体A所做的功WA＝UAIAtA，电流通过导体B所做的功WB＝UBIBtB，由于UA＜UB，IA＝IB，tA＝tB，所以WA＜WB，故D正确。故选：D。
12．（2023•长沙模拟）将L1“3V 2W”和L2“4V 2W”两灯连接在如图所示的电路中。闭合开关S、S1，下列说法正确的是（ ）（不考虑灯丝电阻的变化）
A．两灯都会发光，且亮度一样
B．L2会比较亮，L1两端的电压比较大
C．通电时间相同，L1消耗的电能较多
D．若L1出现断路故障，则L2也不会发光
【答案】C
【解析】由实物电路可知，闭合开关S、S1后，灯泡L1、L2并联；
不考虑灯丝电阻的变化，根据两灯的铭牌数据可知，两灯的额定功率相同，L1的额定电压小于L2的额定电压，根据R＝可知L1的电阻较小，即R1＜R2；
AB．闭合两个开关后，两灯泡所在支路均为通路，则两灯都会发光；两灯泡并联，由并联电路的电压规律可知两灯的电压相同，因R1＜R2，则由欧姆定律可知通过L1的电流较大，根据P＝UI可知L1的实际功率较大，则L1更亮，故AB错误；
C．因L1的实际功率较大，则根据W＝Pt可知，通电时间相同，L1消耗的电能较多，故C正确；
D．若L1出现断路故障，根据并联电路中各支路互不影响可知，L2还会发光，故D错误。
故选：C。
二．填空题（共8小题）
13．（2024秋•望城区校级月考）当一盘色香味俱佳的“东安鸡”端到餐桌时，香飘四溢，这是发生了 现象；一块热气腾腾的“东安鸡”放入口中，舌尖上除了感觉到美味外，舌尖的温度也升高了，舌尖的内能增大，这是通过 ，改变了舌尖的内能。
【答案】扩散；热传递。
【解析】当一盘色香味俱佳的“东安鸡”端到餐桌时，香飘四溢，这是因为组成物质的分子不停地做无规则运动，属于扩散现象；
一块热气腾腾的“东安鸡”放入口中，舌尖从鸡中吸收热量，温度升高，内能增大，是通过热传递方式改变了舌尖的内能。故答案为：扩散；热传递。
14．（2024秋•望城区校级月考）国家速滑馆“冰丝带”采用世界上最先进环保的二氧化碳制冰技术。制冰过程中，二氧化碳气体进入压缩机被压缩，气体温度升高，这是通过 的方式改变其内能。温度较高、压强较大的二氧化碳进入冷凝器，在这里放热变成高压液体，接着液态二氧化碳进入低压强的蒸发器中 （填物态变化名称）变为二氧化碳气体， （选填“吸收”或“放出”）大量的热量，结合其他工序，就能制造出优质的冰面。
【答案】做功；汽化；吸收。
【解析】（1）制冰过程中，二氧化碳气体进入压缩机被压缩，对气体做功，气体内能增加，温度升高，这是通过做功的方式改变内能的。
（2）液态二氧化碳进入低压强的蒸发器中汽化变为二氧化碳气体，汽化时会吸收热量。
故答案为：做功；汽化；吸收。
15．（2024•长沙模拟）2023年9月德国氢动力公司成功完成了世界上第一次使用液态氢作为燃料的载人飞行，这次飞行消耗了10公斤液态氢，这些液态氢可以释放 J的能量（液态氢的热值为1.4×108J/kg）；飞机上主控台有大量体积小又密集的芯片，当有电流通过时会产生热量，如果散热措施不当，会影响芯片性能。如图是芯片的水冷散热器，水冷散热器中使用水来作为散热介质是因为 。
【答案】1.4×109；水的比热容较大，质量相同的水与其它物质相比，升高相同的温度，水吸收的热量多。
【解析】10公斤液态氢完全燃烧放出的热量为：
Q放＝m氢q＝10kg×1.4×108J/kg＝1.4×109J；
水冷散热器中使用水来作为散热介质的原因是：由于水的比热容较大，在其他条件相同时，升高一定温度能吸收更多的热量，散热效果会更好。
16．（2024秋•长沙期中）如图是某取暖器的简化工作电路图。图中元件M是装有扇叶的电动机，元件R通电时会产生热。若要取暖器只送风，应闭合开关 S1 。为了安全起见，取暖器一般都要安装一个跌倒开关S，当取暖器倾倒时整个电路断开，则跌倒开关S应安装在图中的 a 处（选填“a”“b”或“c”）。
【答案】S1；a
【解析】若只闭合开关Sl，电路为电动机的简单电路，电流只经过电动机，所以电吹风只送风。为了防止短路现象，在取暖器倾倒时，切断电路，故跌倒开关应位于干路上，即图中a处。故答案为：S1；a。
17．（2020秋•雨花区月考）如图所示的电路中，闭合开关S1、S3，断开S2时，灯L1和L2是 连接；同时闭合开关S1、S2、S3，电路将会发生 现象。
【答案】并联；电源短路。
【解析】闭合S1、S3，断开S2时，电流从电源流出分别流入两灯中再汇合共同流入电源负极，故L1和L2为并联连接；同时闭合S1、S2、S3，电源两极将不经过用电器直接连在一起，将会发生电源短路现象，是不允许的。故答案为：并联；电源短路。
18．（2023秋•浏阳市期末）如图所示的电路中，若只闭合S1，灯 会亮；若同时闭合开关S1、S2，电流表和电压表均有示数，由图可看出，电压表测的是灯 两端的电压。
【答案】L1；L2。
【解析】闭合S1，该电路为L1的简单电路，灯L1会亮，电流表测量通过L1的电流，若同时闭合开关S1、S2，该电路为并联电路；电压表测的是灯L2的电压。故答案为：L1；L2。
19．（2024•长沙一模）如图甲是定值电阻R和灯泡L的I﹣U图象，定值电阻R的阻值是
Ω，将定值电阻R和灯泡L接在图乙电路中，S闭合，电流表示数为0.3A，则电源电压为 V；若将电源电压变为14V（这时电路中电流表、定值电阻R和灯泡L等仍安全）电流表的读数应是 A。
【答案】10；4；0.8。
【解析】由图甲可知，定值电阻的电压为6V时，通过电阻的电流为0.6A，
由I＝可得，定值电阻的阻值R＝＝＝10Ω；
由图乙可知，定值电阻R与灯泡L串联，电流表测电路中的电流，由图甲可知，电路中的电流为0.3A时，定值电阻和灯泡两端的电压分别为UL＝1V、UR＝3V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压U＝UL+UR＝1V+3V＝4V；
若将电源电压变为14V时，因串联电路中各处的电流相等，且总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压U′＝UL′+I′R，即14V＝UL′+IL×10Ω，
由图甲可知，当电路中的电流为0.8A时，灯泡两端的电压为6V，定值电阻R两端的电压为8V，电源的电压为14V，符合题意。故答案为：10；4；0.8。
20．（2023秋•岳麓区校级月考）如图甲所示的电路中，电源电压为3V，灯泡L和定值电阻R的I﹣U图像如图乙所示，定值电阻R的电阻为 Ω，闭合开关S，灯泡L和R消耗的功率之比P1：P2＝ 。
【答案】15；2：1。
【解析】由图乙可知，当定值电阻两端的电压UR＝3V时，通过R的电流为IR＝0.2A，根据可得，定值电阻R的阻值为
由图甲可知，灯泡L与定值电阻R并联，根据并联电路特点可知，UR＝UL＝U＝3V
由图乙可知，当灯泡两端电压为3V时，通过灯泡L的电流为0.4A，闭合开关S，灯泡L和R消耗的功率之比为
三．实验探究题（共3小题）
21．（2024秋•岳麓区校级月考）为了比较水和食用油的吸热能力，小明用同一套加热装置做了如图1所示的实验，实验用的水和食用油的质量和初温都相同，用温度计测量液体吸收热量后升高的温度值，并用钟表记录加热时间，有关实验数据记录如下表。
（1）从上表可得，相同质量的不同物质，吸收相同的热量时，升高的温度 （选填“相同”或“不同”）。实验过程中，不计加热过程中的热量损失，利用实验数据可以粗略计算出食用油的比热容c＝ J/（kg•℃）。[已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）]
（2）在对实验进行反思时，他们认为原方案有需要两次加热、耗时长等缺点，因此改进方案并设计了图2的装置。与原方案相比，该方案除克服了上述缺点外还具有的优点是 。（写出一条即可）
【答案】（1）不同；2.1×103；
（2）用同一热源加热，确保在相等时间内水和食用油吸收的热量相等。
【解析】（1）由表中数据可知，相同质量的水和食用油，加热相同的时间，即吸收相同的热量时，水升高的温度为Δt水＝45℃﹣20℃＝25℃
食用油升高的温度为Δt食用油＝70℃﹣20℃＝50℃
由公式Q吸＝cmΔt可知，在质量和吸热相同的条件，比热容与升高的温度成反比，则食用油的比热容约为c＝×4.2×103J/（kg•℃）＝2.1×103J/（kg•℃）
（2）由图2可知，实验用同一烧杯用水浴法对水和食用油同时加热，用同一热源加热，确保在相等时间内水和食用油吸收的热量相等。
22．（2024•岳麓区校级模拟）如图博思同学在探究串联电路中电流的规律时，连接了如图甲所示的电路。
（1）实验时灯L1和L2的规格应 （选填“相同”或“不相同”）；
（2）为了寻找串联电路的电流规律，分别在图中A、B、C三点接入电流表，当他将已校零的电流表接在A点时，闭合开关，发现电流表指针如图乙所示，出现这种现象的原因可能是 ；
（3）解决问题后博思同学继续进行实验，发现L1比L2要亮许多，则通过L1的电流I1与通过L2的电流I2的大小关系是I1 I2（选填“＞”“＝”或“＜”）。
【答案】（1）不相同；（2）电流表的正负接线柱接反了；（3）＝。
【解析】（1）探究串联电路电流规律时，为了得出普遍结论，应换用不同规格灯泡进行多次实验；
（2）当他将已校零的电流表接在A点时，闭合开关，发现电流表指针如图乙所示，出现这种现象的原因是电流表的正负接线柱接反了；
（3）串联电路各处的电流相等，故通过L1的电流I1与通过L2的电流I2的大小关系是I1＝I2。
23．（2024•开福区校级二模）某实验小组用如图所示的电路探究电流与电阻的关系，其中电源为3节全新的干电池。
（1）准确连接电路后，闭合开关之前滑片P应位于 端（选填“A”或B）；
（2）小庆将5Ω的定值电阻接入电路，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片至恰当位置，并将数据记录在上表中。换用10Ω电阻后，移动滑片，使定值电阻两端的电压保持U0＝ V，再读电流表的示数；
（3）分析实验数据的可得到的实验结论是：在电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成 比。
（4）将5Ω的定值电阻换为10Ω后，小庆和小丽对接下来的操作有不同看法：小庆认为应先闭合开关，再将滑片向左移动，使电压表示数为U0；小丽认为应先将滑片移到最左端，再闭合开关，然后将滑片向右移动，使电压表示数为U0。你赞成谁的观点，并简要说明理由： 。
【答案】（1）A；（2）3；（3）反；（4）赞成小丽的观点，因为若先闭合开关，由于定值电阻阻值变大，根据串联电路分压规律，则定值电阻两端电压变大，会超过3V，即超过电压表的量程，会损坏电压表，而小丽先将滑片移到最左端，再闭合开关，保护了电路的安全；所以小庆的方法不妥当，小丽的方法妥当
【解析】（1）在闭合开关前，应使滑动变阻器的滑片处于最大阻值处，即变阻器的A端。
（2）把实验序号1中的电阻和电流数据代入欧姆定律可以得到定值电阻两端的电压
U0＝IR＝0.6A×5Ω＝3V
（3）表格中每组数据的电流与电阻之积为一定值，故得出结论：在导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
（4）若先闭合开关，由于定值电阻阻值变大，根据串联电路分压规律，则定值电阻两端电压变大，会超过3V，即超过电压表的量程，会损坏电压表，而小丽先将滑片移到最左端，再闭合开关，保护了电路的安全；所以小庆的方法不妥当，小丽的方法妥当。
故答案为：（1）A；（2）3；（3）反；（4）赞成小丽的观点，因为若先闭合开关，由于定值电阻阻值变大，根据串联电路分压规律，则定值电阻两端电压变大，会超过3V，即超过电压表的量程，会损坏电压表，而小丽先将滑片移到最左端，再闭合开关，保护了电路的安全；所以小庆的方法不妥当，小丽的方法妥当。
四．计算题（共2小题）
24．（2023秋•开福区校级月考）质量为5kg的某种物质，当温度从40℃下降到20℃时，放出的热量为3.76×104J。则：
（1）该物质的比热容是多少？
（2）若该物质吸收了7.52×104J的热量，则温度应升高多少？
【答案】（1）该物质的比热容是3.76×102 J/（kg•℃）；
（2）若该物质吸收了7.52×104J的热量，则温度应升高40℃。
【解析】（1）某种物质的温度从40℃下降到20℃，则降低的温度：Δt＝40℃﹣20℃＝20℃；根据Q放＝cmΔt可得，该物质的比热容：
c＝＝＝3.76×102 J/（kg•℃）；
（2）由题可知，Q吸＝7.52×104J，物质的质量和比热容均不变；
由Q吸＝cmΔt可得升高的温度：Δt′＝＝＝40℃。
答：（1）该物质的比热容是3.76×102 J/（kg•℃）；
（2）若该物质吸收了7.52×104J的热量，则温度应升高40℃。
25．（2024•开福区校级二模）某家用电饭锅工作时有加热和保温两种状态，工作状态的切换由温控开关S自动控制，如图是该电饭锅的简化电路图，下表是它的有关参数。求：
（1）电饭锅在加热状态下工作时的电流；
（2）电阻R1的阻值；
（3）电饭锅处于保温状态下工作1min时消耗的电能。
【答案】（1）电饭锅在加热状态下工作时的电流为4A；
（2）电阻R1的阻值为55Ω；
（3）电饭锅处于保温状态下工作1min时消耗的电能为5880J。
【解析】（1）由图可知，当开关S闭合时，R2短路，只有R1工作，电路总电阻较小，电功率较大，为加热挡，电饭锅在加热状态下工作时的电流为： ，
（2）电阻R1的阻值为： ；
（3）根据P＝得电饭锅处于保温状态下工作1min时消耗的电能为：
W＝P保温t＝98W×60s＝5880J。
答：（1）电饭锅在加热状态下工作时的电流为4A；
（2）电阻R1的阻值为55Ω；
（3）电饭锅处于保温状态下工作1min时消耗的电能为5880J。
物质
质量/g
初始温度/℃
加热时间/min
最后温度/℃
水
60
20
6
45
食用油
60
20
6
70
电阻/Ω
5
10
15
20
25
30
电流/A
0.6
0.3
0.2
0.15
0.12
0.1
额定电压
220V
加热功率
880W
保温功率
98W