广东省肇庆市广信中学、四会市四会中学等五校2024-2025学年高一上学期第二次段考试物理试题（解析版）

这是一份广东省肇庆市广信中学、四会市四会中学等五校2024-2025学年高一上学期第二次段考试物理试题（解析版），共15页。试卷主要包含了单选题，多选题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
一、单选题（每题4分，共28分）
1. 跑步过程中，小天同学打开了某款可以记录配速、心率、消耗能量等数据的运动APP，这能让他对自己的身体情况有更清晰的认识。 某时刻，运动APP的语音提示：“你跑最近一公里用时5分钟20秒，你已经跑了四公里，用时22分钟”。 下列说法正确的是（ ）
A. 根据播报内容可以得到小天同学的位移大小
B. 根据播报内容可推算出小天同学跑最近一公里的平均速度
C. 根据播报内容可推算出小天同学跑步的加速度
D. 根据播报内容可推算出小天同学跑最近一公里的平均速率
【答案】D
【解析】A．“最近一公里”一定是指小天同学的路程，根据播报内容无法得到小天同学的位移大小，故A错误；
B D．平均速度为位移与时间的比值，平均速率为路程与时间的比值，根据小天同学跑最近一公里用时5分钟20秒可以求出跑最近一公里的平均速率，无法求出平均速度，故B错误，D正确；
C．加速度等于速度的变化量与时间的比值，根据播报内容不能算出小天同学跑步的加速度，故C错误。
故选D。
2. 在一档展现我国人民生活水平飞速发展的电视节目中，导演用富有感染力的视角拍摄了高铁列车、新能源汽车、C919大飞机等国产先进交通工具的逐步普及。关于以上交通工具的说法中正确的是（ ）
A. C919大飞机在高空沿直线匀速飞行时速度很大，加速度也很大
B. 高铁列车启动过程中，速度变化量很大，加速度也很大
C. 新能源汽车在平直道路上行驶时，速度变化量的方向向前，加速度的方向可能向后
D. 新能源汽车在平直道路上行驶时，位移方向向前，加速度的方向可能向后
【答案】D
【解析】A．C919大飞机在高空沿直线匀速飞行时速度很大，但加速度为0，故A错误；
B．加速度与速度变化量没有直接关系，高铁列车启动过程中，速度变化量很大，但加速度不一定很大，故B错误；
C．根据可知，加速度方向与速度变化方向相同，则新能源汽车在平直道路上行驶时，速度变化量的方向向前，加速度的方向一定向前，故C错误；
D．新能源汽车在平直道路上行驶时，位移的方向向前，如果汽车向前做减速运动，则加速度的方向向后，故D正确。
故选D。
3. 为提高航母的效能，福建舰安装了电磁弹射器，舰载机在弹射器的助推下能获得30m/s2 ~ 50m/s2的加速度。若某舰载机从静止开始弹射，匀加速运动150m达到100m/s的起飞速度，则该过程的时间为（ ）

A. 3.3sB. 3.0sC. 2.5sD. 1.5s
【答案】B
【解析】由题知，舰载机从静止开始弹射，匀加速运动150m达到100m/s的起飞速度，则根据
解得
t = 3.0s
故选B。
4. 在下雨天，屋檐上不断有水滴自由下落，高一学生小明利用手机录制了一段几秒钟的视频，当播放时间显示“00：02：48”时恰好有一滴水从屋檐下落，当播放时间显示“00：03：48”时该水滴恰好下落到地面，已知视频播放时间规格是：“分钟：秒：毫秒”。若忽略空气阻力和风力的影响，取重力加速度大小,利用所学知识算出屋檐离地高度和水滴下落到地面的瞬时速率分别是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】由公式
和
其中t=1s，可求出高度和落地速度
故选B。
5. “笛音雷”是春节期间常放的一种鞭炮，其着火后一段时间内的速度时间图像如图所示（取竖直向上为正方向），其中t0时刻为“笛音雷”起飞时刻、DE段是斜率大小为重力加速度g的直线。不计空气阻力，则关于“笛音雷”的运动，下列说法正确的是（ ）
A. 时间内“笛音雷”的平均速度
B. 时间内“笛音雷”做自由落体运动
C. 时间内“笛音雷”的平均速度为
D. “笛音雷”在时刻上升至最高点
【答案】A
【解析】A．根据上述，时间内“笛音雷”做竖直上抛运动，做匀变速直线运动，故平均速度为
故A正确；
B．时间内“笛音雷”速度方向向上，图像斜率为一恒定的负值，表明时间内“笛音雷”实际上是在向上做竖直上抛运动，其加速度就是重力加速度g，故B错误；
C．将A、B用直线连起来，该直线代表匀加速直线运动，其平均速度为，而AB线段与横轴所围的面积大于AB曲线与横轴所围的面积，该面积表示位移，根据
可知，直线代表的匀加速直线运动的平均速度大于AB曲线代表的变加速直线运动的平均速度，即时间内“笛音雷”的平均速度小于，故C错误；
D．由图可知，时间内“笛音雷”的速度一直为正值，表明其速度方向始终向上，可知，“笛音雷”在时刻并没有上升至最高点，上升至最高点应该在时刻之后，故D错误。
故选A。
6. 口咽拭子的正确采样方法是：采样人员将拭子越过舌根，在被采集者两侧扁桃体稍微用力来回擦拭至少3次，然后再在咽后壁上下擦拭至少3次，下列说法正确的是（ ）
A. 采样棉签对咽后壁的压力是由咽后壁形变产生的
B. 采样棉签受到咽后壁的弹力方向垂直于咽后壁
C. 采样棉签受到咽后壁弹力方向沿着采样棒
D. 咽后壁对采样棉签摩擦力的方向与棉签刮动方向相同
【答案】B
【解析】A．采样棉签对咽后壁的压力是由采样棉签形变产生的，故A错误；
BC．采样棉签受到咽后壁的弹力方向垂直与接触面，即垂直与咽后壁，故C错误，B正确；
D．采样棉签受到的咽后壁的摩擦力是滑动摩擦力，根据滑动摩擦力的定义可知，摩擦力的方向与相对运动的方向相反，即与棉签刮动方向相反，故D错误。
故选B。
7. 如图所示，一个带磁性的白板擦被吸附在倾斜放置的白板的下表面并处于静止状态。若磁力垂直于接触面，则下列说法正确的是（ ）
A. 白板擦受到三个作用力
B. 白板受到白板擦的摩擦力方向沿着白板向上
C. 白板擦受到的合力大小等于其重力大小
D. 白板擦受到白板的作用力方向竖直向上
【答案】D
【解析】A．对白板擦进行受力分析，白板擦受到重力，白板的垂直于板的吸引力，垂直于板的弹力，由于重力有沿白板向下的分力，根据受力平衡可知，白板擦还受到沿白板向上的静摩擦力；故白板擦受到四个作用力，故A错误；
B．由于白板擦受到沿白板向上的静摩擦力，则白板受到白板擦的摩擦力方向沿着白板向下，故B错误；
CD．白板擦处于静止状态，所以白板擦受到的合力大小为0，根据受力平衡可知白板擦受到白板的作用力方向竖直向上，大小等于白板擦的重力，故C错误，D正确。
故选D。
二、多选题（每题6分，漏选得3分，不选、错选得0分，共18分）
8. 如图所示是某幼儿园的一部直道滑梯，其滑道倾角为。一名质量为的幼儿在此滑道上匀速下滑。若不计空气阻力，重力加速度，则该幼儿（ ）
A. 所受摩擦力为B. 对滑道的压力为
C. 对滑道的压力为D. 所受摩擦力
【答案】D
【解析】AD．该幼儿受重力、滑道支持力、滑道摩擦力，沿滑道和垂直滑道分解重力。该幼儿匀速下滑受力平衡，根据平衡条件可得，所受摩擦力等于重力沿滑道的分力，大小为，所以A错误，D正确；
BC．由AD选项分析可知，幼儿对滑道的压力等于重力在垂直于滑道方向的分力，大小为，所以BC错误。
故选D。
9. 如图2所示模型，设航母表面为一平面，阻拦索两端固定，并始终与航母平面平行。舰载机从正中央钩住阻挡索，实现减速。阻拦索为弹性装置，刚刚接触阻拦索就处于绷紧状态，下列说法正确的是（ ）
A. 舰载机钩住阻拦索继续向前运动的过程中，阻拦索对舰载机的弹力在变大
B. 舰载机钩住阻拦索继续向前运动的过程中，舰载机所受摩擦力一直在变大
C. 当阻拦索被拉至夹角为60ｏ时，设阻拦索的张力为F，则阻拦索对舰载机的拉力大小为F
D. 当阻拦索被拉至夹角为时，设阻拦索的张力为F，则阻拦索对舰载机的拉力大小为F
【答案】AD
【解析】A．舰载机钩住阻拦索继续向前运动的过程中，阻拦索形变量逐渐增大，故阻拦索对舰载机的弹力在变大，故A正确；
B．舰载机钩住阻拦索继续向前运动的过程中，根据
可知甲板对舰载机的支持力不变，舰载机所受摩擦力不变，故B错误；
C．当阻拦索被拉至夹角为60ｏ时，设阻拦索的张力为F，则阻拦索对舰载机的拉力大小为
故C错误；
D．当阻拦索被拉至夹角为时，设阻拦索张力为F，则阻拦索对舰载机的拉力大小为
故D正确。
故选AD。
10. 如图所示，在水平粗糙横杆上，有一质量为m的小圆环A，悬吊一个质量为M的小球B，今用一水平力F缓慢地拉起B，A仍保持静止不动，设圆环A受到的支持力为FN，静摩擦力为Ff，此过程中( )
A. 绳子的拉力不变B. FN不变
C. Ff一直减小D. F一直变大
【答案】BD
【解析】AD．取小球为研究对象进行受力分析，
由平衡条件可得
用一水平力缓慢地拉起B，增大，减小，则细线拉力增大；增大，水平拉力F增大。故A错误；D正确；
BC．取AB组成的系统为研究对象，受力如图所示
根据共点力平衡条件，有
可知环A受到的支持力不变，静摩擦力增大。故B正确；C错误。
故选BD。
三、非选择题（共54分）
11. 利用图甲所示的装置可以研究自由落体运动。实验中，需要调整好仪器，接通打点计时器的电源，松开纸带，使重物下落，打点计时器会在纸带上打出一系列的点。

（1）本实验采用电火花计时器，所接电源应为220V的___________（填“直流电”或“交流电”）。
（2）为了减小误差，重物应选___________。
A．木块 B．铁块 C．塑料块
（3）实验中，打点计时器打出的一条纸带上的某段如图乙所示，若A、B、C…点间的时间间隔均为0.10s，由图中给定的长度，求得重物的加速度大小是___________，打下C点时重物的速度大小是___________。（结果均保留2位有效数字）

【答案】（1）交流电 （2） B （3） 9.2 1.6
【解析】（1）电火花打点计时器应使用220V交流电；
（2）为了减小误差，重物应选密度大体积小的铁块，故选B；
（3）由逐差法得加速度
根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，有
12. 在“探究两个互成角度的力的合成规律”的实验中，现有木板、白纸、图钉、橡皮条，细绳套和一把弹簧测力计。
（1）为完成实验，一组同学另找来一根弹簧，先测量其劲度系数，将实验数据在坐标中描点，如图甲所示，请你作出图像_______；由图像求得该弹簧的劲度系数k=________N/m（结果保留两位有效数字）。
（2）某次实验中，弹簧测力计的指针位置如图乙所示，其读数为___________N。
（3）该组同学通过实验初步得出两个互成角度的力的合成遵从平行四边形定则，另一组同学用两根完全相同的轻弹簧和重物来验证，他们进行了如下操作（弹簧始终处于弹性限度内）：
①用刻度尺测出弹簧的自由长度；
②如图丙所示，把重物通过细绳连接在一根弹簧下端，稳定后测出弹簧的长度；他们又把两弹簧调整到相互垂直，稳定后测出两弹簧的长度分别为、，则、、和满足的关系式是_________。
【答案】(1) 12 (2) 2.10
(3) ②.
【解析】(1)用一条平滑的曲线把点连在一起，不在线上的坐标点均匀分布在线的两侧，如图
根据胡克定律可得
代入数据可得
(2)指针指在刻度2.1，估读到下一位，则读数为2.10N；
(3)②根据胡克定律可得
根据平行四边形定则和勾股定理可得
即
13. 如图所示，小朋友和雪橇的总质量m=66 kg，绳子与水平方向的夹角θ=37°，如图所示。当绳子的拉力F=300N时，小朋友和雪橇恰能向右做匀速运动，g=10m/s2，sin37°=0.6，cs37°=0.8，求：
（1）雪橇受到的支持力N；
（2）雪橇受到的摩擦力f；
（3）雪橇与水平地面间的动摩擦因数μ。
【答案】（1）480N （2）240N （3）0.5
【解析】
【小问1解析】
对雪橇受力分析，竖直方向由平衡条件
雪橇受到的支持力
【小问2解析】
雪橇在水平方向受力平衡，则受到的摩擦力
【小问3解析】
由得雪橇与水平地面间的动摩擦因数为
14. 某可爱的企鹅喜欢在冰面上玩游戏。如图所示，有一企鹅在倾斜冰面上，先以加速度从冰面底部由静止开始沿直线向上“奔跑”，8s时，突然卧倒以加速度大小为肚皮贴着冰面匀减速向前滑行，到最高点后，再以加速度大小为加速滑回到出发点，完成一次游戏（企鹅在滑动过程中姿势保持不变）。求：
（1）企鹅向上奔跑的位移大小；
（2）企鹅沿冰面向上运动的总时间；
（3）企鹅退滑到出发点时的速度大小
【答案】（1）16m （2）9s （3）6m/s
【解析】
【小问1解析】
企鹅向上奔跑的位移大小
【小问2解析】
企鹅8s末的速度大小
匀减速上升时间为
企鹅沿冰面向上运动的总时间
【小问3解析】
企鹅减速上滑的距离为
根据
解得
15. 国际足联世界杯（FIFA Wrld Cup）简称“世界杯”，与奥运会并称为全球体育两大最顶级赛事，是影响力和转播覆盖率超过奥运会的全球最大体育盛事。2022年世界杯在卡塔尔举行，同时也是第一届在冬季举行的世界杯。一次训练中，攻方前锋1、2在场中位置如图所示，前锋1控球。某时刻前锋1将足球踢出，足球在草地以的初速度沿偏离中线的方向做匀减速直线运动，加速度大小为∘（，）
（1）足球从开始做匀减速直线运动到停下来的位移为多大；
（2）前锋2看到球被踢出后经过（反应时间）后沿图中虚线（球场关于虚线对称）从静止开始向对方球门做匀加速直线运动达到最大速度后保持匀速，加速度大小为，他能达到的最大速度为，前锋2恰好能截获足球，求前锋2的反应时间。
【答案】（1）56.25m （2）0.25s
【解析】
【小问1解析】
足球从开始做匀减速直线运动到停下来的过程有
解得位移
【小问2解析】
前锋2截获足球时，足球恰好运动到虚线处，此过程中足球运动的位移为
由速度位移公式可得
解得
足球被踢出到虚线所用的时间为
前锋2截获足球时运动的位移为
前锋2匀加速的时间为
加速过程中的位移为
匀速的位移为
匀速的时间为
则前锋2的反应时间