2025年江苏省连云港市中考物理模拟物理试卷（解析版）

这是一份2025年江苏省连云港市中考物理模拟物理试卷（解析版），共21页。
A．音调B．响度C．音色D．速度
2．（2分）联合国教科文组织将中国的“二十四节气”列入人类非物质文化遗产。在以下“节气”中发生的物态变化现象，属于凝固的是（ ）
A．“雨水”——冰雪消融B．“立夏”——雾绕山峦
C．“霜降”——霜满枝头D．“大寒”——滴水成冰
3．（2分）由于视觉原因，用鱼叉刺向水里的鱼往往难于成功。图中能正确解释刺不到鱼的光路图是（ ）
A．B．
C．D．
4．（2分）在研究甲、乙两种物质的质量和体积关系时，得出如图所示的图像。则（ ）
A．甲的密度比乙的密度大
B．乙的质量为5g时，体积是1.25cm3
C．甲、乙质量相同时，V甲：V乙＝1：2
D．物质的质量越大，体积越大，密度也越大
5．（2分）如图，趣味运动会上小明同学先顺着杆匀速向上爬，再沿着粗糙的绳子匀速下滑，下面关于小明受力的说法中正确的是（ ）
A．爬杆和爬绳时，受到的摩擦力的方向不同
B．爬杆和爬绳时，受到的摩擦力的大小不同
C．沿杆匀速上爬时，受到杆的摩擦力和他的重力是相互作用力
D．沿绳匀速下滑时，受到绳子的摩擦力和他的重力是一对平衡力
6．（2分）将一圆柱形木块用细线栓在容器底部，容器中开始没有水，往容器中逐渐加水至如图甲所示位置，在这一过程中，木块受到的浮力随容器中水的深度的变化如图所示，则由图象乙得出的以下信息正确的只有（ ）
①木块的重力为10N
②木块的体积为1×10﹣3m3
③细线对容器底部的最大拉力为6N
④木块的密度为0.6×103kg/m3
A．①③B．②④C．①②③D．②③④
7．（2分）如图是汽车尾板可抽象成以O为支点的杠杆，尾板自重为G、绳长一定，绳按甲、乙方式悬挂，让尾板处于水平位置平衡，则此时绳对尾板的拉力分别为F1、F2，F1、F2的大小关系正确的是（ ）
A．F1＞F2B．F1＜F2
C．F1＝F2D．无法比较大小
8．（2分）实验表明，物质的比热容会随温度的变化而变化。如图为铝的比热容随温度变化的图像，下列判断正确的是（ ）
A．铝的比热容随温度升高而减小
B．铝的比热容在100℃～110℃区间比在160℃～170℃区间变化更慢
C．一定质量的铝吸收相同热量，100℃的铝比160℃的铝温度变化小
D．一定质量的铝从100℃升高至110℃吸收的热量，比从160℃升高至170℃吸收的热量少
9．（2分）如图1所示是电阻甲和乙的I﹣U图象，下列说法正确的是（ ）
A．电阻乙为定值电阻
B．当电阻甲两端电压为2V时，R甲＝0.4Ω
C．如图2所示，当开关闭合，电路电流为0.2A时，电路总电阻是15Ω
D．如图3所示，当开关闭合，电源电压为2V时，电路总电流为0.4A
10．（2分）一物理兴趣小组用图甲所示的电路来测量一个软性材质的电阻R的阻值，电源电压恒定，闭合开关后，调节滑动变阻器的滑片，把每次实验中得到的电压表和电流表示数点在U﹣I图像中，然后连接这些点得到如图乙所示的U﹣I图像，则由图可知（ ）
A．定值电阻R的阻值为20Ω
B．当电压表示数为2V时，电路中消耗的总功率为0.4W
C．若将R均匀拉长两倍以后，再重新进行实验，则描出的图线应在U﹣I图像中的I区D．当滑片P向左移时，电路总功率变小
二．填空题（共7小题，满分20分）
11．（3分）蒸汽熨斗熨烫衣物时，通过加热使水 成水蒸气，然后在衣物纤维内 成小水珠，以软化纤维，达到平塑目标。相比高温的金属熨斗，蒸汽熨斗不容易烫焦衣物，原因是水的 相对较低。
12．（3分）2024年3月24日，无锡马拉松在一场樱花雨中拉开帷幕。如图为鼋头渚景区外的彩绘樱花赛道，图中柳树的影子是光的 形成的，我们从不同方向看到赛道上彩绘的樱花是由于光发生了 ，看到路边绿色的树叶是因为绿色的树叶只 （选填“反射”或“吸收”）绿光。
13．（3分）如图所示是小球在水平面上做直线运动，每隔0.2s记录一次小球的位置，则小球的运动是 （选填“匀速”或“变速”）直线运动，从D点运动到F点通过的路程是 cm，小球在DF两点之间的平均速度是 m/s。
14．（3分）一个重60N的箱子放在水平地面上，受到8N的水平推力，箱子未动，这时箱子受到的摩擦力的大小为 N；当水平推力增大到12N时，箱子恰好做匀速直线运动，箱子所摩擦力的大小为 N；当水平推力增大到18N时，箱子所摩擦力的大小为 N。
15．（3分）现用如图甲所示的装置来探究滑轮组的机械效率η与所挂物重G物的关系，改变G物，竖直向上匀速拉动弹簧测力计，计算并绘出η与G物关系如图乙所示，若不计绳重和摩擦，则：动滑轮自重为 N；图乙中曲线表明，同一滑轮组的机械效率η随所挂物重G物的增大而增大，最终 （会/不会）达到100%；仅改变图甲中的绕绳方式、重复上述实验，所得到的η﹣G物图线与图乙所示曲线 （相同/不同）。
16．（3分）如图甲所示电路电源电压恒定，当闭合S1、断开S2时电压表测量的是 的电压；若闭合S1、断开S2与闭合S2、断开S1的电压表指针偏转角度相同（如图乙），则闭合S1、断开S2时灯L2两端电压为 V；若同时闭合S1、S2，电压表示数为 V。
17．（2分）图示为小区门口控制车辆出入的自动闸结构原理模型，B端悬挂的铁柱重10N。当车牌被系统识别后，栏杆就会自动抬起让车辆通行。车牌识别成功相当于开关S闭合，此时通电线圈上端为 极；若AO：OB＝3：1，且当通电线圈对铁柱的磁力为10N时，栏杆刚好离开托架，则质量分布、粗细都均匀的栏杆自重为 N。
三．作图题（共2小题，满分4分，每小题2分）
18．（2分）请在图中画出人拉重物上升，最省力的绕线方法。
19．（2分）如图所示，小明想要利用一块平面镜使此时的太阳光竖直射入井中。请你通过作图标出平面镜的位置（保留作图痕迹）。
四．实验探究题（共4小题，满分32分，每小题8分）
20．（8分）在“探究光的反射规律”实验中，平面镜水平放置于桌面上，E、F是两块可以绕接缝ON翻折的白色硬纸板。
（1）如图甲所示，白色硬纸板应当 立在平面镜上；
（2）让一束光 纸板E沿AO方向射向镜面上的O点，在纸板F上呈现反射光束OB，然后将纸板F绕ON向前或向后翻折，在纸板F上 ，这表明反射光线、入射光线和法线在 ；
（3）多次改变入射光的方向并描绘光的传播路径，用量角器量出每组反射角与入射角的大小并记入表格，可得结论： ；
（4）当反射光与入射光夹角为100°时，入射角为 °。若入射光束AO绕O点顺时针旋转，将观察到反射光束OB在平面镜中所成的像绕O点 时针旋转；
（5）如图乙所示，一束光经水平放置的平面镜反射后在天花板上形成光斑，水平向右移动平面镜（光始终能照射到镜面上），观察到 。
21．（7分）利用小桌、海绵、砝码等探究影响压力作用效果的因素，如图甲、乙、丙所示。
（1）图中压力的作用效果是通过观察 来比较压力作用效果的。我们 （填“可以”或“不可以”）用沙子代替海绵来完成实验。
（2）通过比较图甲和图乙，说明 ，压力的作用效果越明显，通过比较图 （填序号）和图丙，说明压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显。
（3）实验中主要采用的研究方法是 （填“控制变量法”或“理想实验法”）。
（4）将该小桌和砝码放在如图丁所示的木板上，比较图丙中海绵受到的压强p和图丁中木板受到的压强p′的大小关系为p p′（填“＞”“＜”或“＝”）。
（5）实验时如果将小桌换成砖块，并将砖块沿竖直方向切成大小不同的两块，如图戊所示。小明发现它们对海绵的压力作用效果相同，由此他得出的结论是：压力的作用效果与受力面积无关。你认为他在探究过程中存在的问题是 。
22．（8分）在探究“不同物质吸热能力”的实验中，实验装置如图甲、乙所示。
（1）实验中应取 （选填“质量”或“体积”）相同的甲、乙两种液体，分别倒入相同的烧杯中，使用规格 （选填“相同”或“不同”）的电加热器加热。实验中通过 （选填“升高的温度”或“加热时间”）来比较甲和乙两种液体吸收热量的多少。
（2）小明认为在两种液体都不沸腾的情况下，可使甲和乙升高相同的温度然后进行比较甲、乙吸热能力；小红认为在两种液体都不沸腾的情况下，可加热相同的时间然后进行比较甲、乙吸热能力。请你对他们的观点作出可行性评价 。
（3）实验数据如下表所示， 液体的吸热能力强（选填“甲”或“乙”）。如果要在甲、乙两种液体中选择一种液体做为冷却剂，你认为 （选填“甲”或“乙”）液体较为合理。
（4）图丙中①是乙加热时温度随时间变化的图线，如果将初温相同的乙物质质量增加到原来的2倍，不考虑热损失，用相同的加热器加热，再绘制出一条温度随时间变化的图线，则为图中的第 条。
（5）下列应用中与本实验研究物质特性有关的是 。
A.夏天室内洒水降温
B.冬季暖气片用水作为散热介质
C.利用空调降温
23．（9分）如图所示，是小明所做的电学实验，电源电压6V保持不变。
（1）闭合开关前滑片应该移到最 端（填“左”或“右”）；
（2）分析表中数据，可得出结论： ，此实验能不能用小灯泡替代定值电阻，理由是 ；
（3）如图乙，小明在实验中控制电阻R两端的电压是 V，用15Ω电阻换下10Ω电阻后闭合开关发现电压表示数 （填“变大”、“变小”或“不变”），接下来应该向 移动滑片，使电压表示数与前面的示数相同；
（4）实验中小明选取的滑动变阻器是 （填“60Ω、0.5A”、“30Ω、1.0A”或“20Ω、1.2A”）。当接入20Ω电阻时，正确操作后滑动变阻器接入电路的阻值应是 Ω；结合所选的滑动变阻器，把四个定值电阻分别接入电路完成实验，电阻两端控制不变的电压最小是 V。
五．计算题（共2小题，满分14分）
24．（6分）2022年12月9日，国产大飞机C919交付全球首家用户东航，预计于2023年春投入商业载客运营。C919是我国自行研制，具有自主知识产权的大型民用飞机，其质量参数如表。C919在使用材料上，采用了大量的先进复合材料，如铝锂合金、钛合金等，这样可以减小飞机机身的质量，提高标准商载质量。（已知航空燃油的密度ρ油＝0.8×103kg/m3）
（1）如果C919一次按最大燃油质量加航空燃油，则需要加多少立方米燃油？
（2）C919采用新型国产铝锂合金材料最大的好处就是可以减轻机身质量，C919全机结构质量的20%采用了新型铝锂合金材料，若在不改变其设计结构的情况下，采用新型国产铝锂合金材料（ρ1＝2.0×103kg/m3），要比用普通的铝合金材料（ρ2＝2.1×103kg/m3）时质量轻：
①采用新型国产铝锂合金材料的体积是多少立方米？
②采用新型国产铝锂合金材料，要比用普通的铝合金材料时质量减少多少千克？
5．（8分）小红在家煲汤时使用的电饭煲的部分参数如表所示，其简化电路如图乙所示，R1、R2均是发热电阻（阻值不随温度变化），欲将质量为1.2kg，初温为20℃的汤加热至100℃，设此汤的比热容为c汤＝4.0×103J/（kg•℃），求：
（1）电饭煲将质量为1.2kg，初温为20℃的汤加热至100℃时，汤需要吸收的热量是多少？
（2）利用电饭煲高温挡煲汤时，将汤由20℃的汤加热至100℃需要16分钟，则在这一过程中电饭煲消耗的电能是多少？
（3）电饭煲在高温挡时，开关S应与哪个触点连接？发热电阻R1和R2的电阻分别是多少？
【参考答案】
一．选择题（共10小题，满分20分，每小题2分）
1．【答案】A
【解析】简谱中数字符号表示声音的音调，故A正确，BCD错误。
2．【答案】D
【解析】A．“雨水”——冰雪消融是冰雪的熔化现象，故A不符合题意；
B．“立夏”——雾是空气中的水蒸气液化形成的小水珠，故B不符合题意；
C．“霜降”——霜是空气中的水蒸气凝华成的小冰晶，故C不符合题意；
D．“大寒”——滴水成冰是凝固现象，故D符合题意。故选：D。
3．【答案】C
【解析】水中鱼反射出的光，在水面处发生了折射，折射角大于入射角，人认为光是沿直线传播的，所以逆着折射光线看上去，看到的是变浅的鱼的虚像，所以用鱼叉刺向水里的鱼往往难于成功。只有C中的光路图符合题意（注意光线是从水中斜射入空气中）。
故选：C。
4． 【答案】B
【解析】图象中横轴表示体积，纵轴表示质量，
A.由图可知，甲的质量m甲＝4.0g时，其体积V甲＝2.0cm3，则甲的密度
ρ甲＝＝2g/cm3，乙的质量m乙＝4.0g时，其体积V乙＝1.0cm3，则乙的密度ρ乙＝＝4g/cm3，可见，甲的密度比乙的密度小，故A错误；
B.根据密度公式得，乙的质量为5g时，体积是V'＝＝1.25cm3，故B正确；
C.由图可知，质量相等时，甲的体积大，乙的体积小，故C错误；
D.密度跟物质种类有关，跟质量和体积没有关系，故D错误。故选：B。
5．【答案】D
【解析】A.爬杆和爬绳时，人的重力竖直向下，摩擦力与重力方向相反，阻碍着不让人掉下去，所以摩擦力方向均向上，故A错误；
B.匀速爬杆和爬绳时，人做的是匀速直线运动，重力与摩擦力是一对平衡力，所以受到的摩擦力的大小相同，故B错误；
C.沿杆匀速上爬时，受到杆的摩擦力和他的重力作用在同一物体上，不是相互作用力，故C错误；
D.沿绳匀速下滑时，受到绳子的摩擦力和他的重力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力，故D正确。故选：D。
6．【答案】B
【解析】①由图象可知，当容器中水的高度为6cm～12cm时，木块处于漂浮状态，受到的浮力和重力相等，因此木块的重力为6N，故①错误；
②由图象可知，木块全部浸没时，受到的浮力为10N，由F浮＝ρ水gV排可知，木块的体积V＝V排＝＝＝1×10﹣3m3，故②正确；
③木块全部浸没时，细线的拉力最大，对容器底部的拉力最大，此时木块受到竖直向上的浮力、竖直向下的重力和绳子的拉力，
由力的平衡条件可得，F浮＝G+F，细线对容器底部的最大拉力F＝F浮﹣G＝10N﹣6N＝4N，故③错误；
④木块的密度：ρ＝＝＝＝0.6×103kg/m3，故④正确。
综上可知，②④正确。故选：B。
7．【答案】C
【解析】重力没有变，阻力臂没有变，动力臂为两次三角形斜边上的高线，由于两个三角形全等，故动力臂也没有变，根据杠杆的平衡条件，动力不变，即此时尾板受到绳的拉力F1＝F2。故选：C。
8．【答案】D
【解析】A．铝的比热容随温度升高而变大，故A错误；
B．铝的比热容在100℃～110℃区间的图像比在160℃～170℃区间的图像更陡峭，变化更快，故B错误；
C．100℃的铝比160℃的铝比热容要小，一定质量的铝吸收相同热量，根据Q吸＝cmΔt可知100℃的铝比160℃的铝温度变化大，故C错误；
D．铝在从100℃升高至110℃时的比热容小于从160℃升高至170℃时的比热容，根据Q吸＝cmΔt，升高相同的温度，比热容越大，吸收热量越多，所以一定质量的铝从100℃升高至110℃吸收的热量，比从160℃升高至170℃吸收的热量少，故D正确。故选：D。
9．【答案】C
【解析】A．由图象可知，甲对应的电流与电压成正比，而乙对应的电流与电压不成正比，根据欧姆定律可知甲电阻的阻值不变，乙电阻的阻值变化，故A错误；
B．由图象可知，当甲两端电压为2V时，通过甲的电流为0.4A，根据欧姆定律可知R甲＝＝＝5Ω；故B错误；
C．甲、乙串联在电路中，当电路电流为0.2A时，通过甲、乙的电流均为0.2A，由图象可知，U甲＝1V，U乙＝2V，据串联电路中总电压等于各分电压之和，故此时电源的电压：U＝U甲+U乙＝1V+2V＝3V，故总电阻是：R总＝＝＝15Ω，故C正确；
D．甲、乙并联在2V电源时，根据并联电路的电压特点可知两灯泡两端的电压为2V，由图象可知，I甲＝0.4A，I乙＝0.2A，因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流I＝I甲+I乙＝0.4A+0.2A＝0.6A，故D错误；故选：C。
10．【答案】C
【解析】由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
A.由图甲可知，当定值电阻两端的电压UR＝3V时，电路中的电流IR＝0.3A，由I＝可得，定值电阻的阻值R＝＝＝10Ω，故A错误；
B.由图甲可知，当电压表示数为2V时，电路中的电流I＝0.2A，因电源的电压大于2V，所以电路中消耗的总功率P＞UR′I＝2V×0.2A＝0.4W，故B错误；
C.若将R均匀拉长两倍以后，其横截面积变为原来的，软性材质的电阻变为4R，通过电阻的电流不变时，此时电压表的示数变为原来的4倍，则描出的图线应在U﹣I图像中的I区，故C正确；
D.当滑片P向左移时，接入电路中电阻变小，电路的总电阻变小，由P＝UI＝可知，电路总功率变大，故D错误。故选：C。
二．填空题（共7小题，满分20分）
11．【答案】汽化；液化；沸点
【解析】蒸汽熨斗熨烫衣物时，通过加热使水汽化为水蒸气，水蒸气遇冷温度低的衣物液化成小水珠；相比高温的金属熨斗，蒸汽熨斗不容易烫焦衣物，是因为水的沸点较低（约为100℃）。
12．【答案】直线传播；漫反射；反射
【解析】当光被柳树挡住，在柳树的后面形成影子，这是光的直线传播形成的；
从不同方向能看到步道上彩绘樱花是由于光线射到樱花上发生了漫反射的缘故；
树叶是不透明的物体，之所以是绿色的，是因为它反射了绿光，吸收了其它色光。
13．【答案】变速；8.00；0.2
【解析】通过观察相同的时间间隔内，小球通过的路程越来越大，所以小球做变速直线运动；小球从D点到F点通过的路程：sDF＝12.50cm﹣4.50cm＝8.00cm，
小球的平均速度：v＝＝＝20cm/s＝0.2m/s。
14．【答案】8；12；12
【解析】箱子受8N的水平推力，箱子未动，说明箱子处于静止状态，则在水平方向上所受的推力与摩擦力相互平衡，摩擦力等于推力等于8N；
当水平推力增大到12N时，箱子恰好做匀速运动，所以此时摩擦力与推力是一对平衡力，大小等于12N，当水平推力增大到18N时，箱子对地面的压力和接触面的粗糙程度不变，所以摩擦力不变，仍为12N。
15．【答案】3；不会；相同
【解析】由图乙可知，物重G＝12N时，滑轮组的机械效率η＝80%，
因不计绳重和摩擦，克服物重做的功为有用功，克服动滑轮重力和物重做的功为总功，
所以，滑轮组的机械效率：η＝＝＝＝＝80%
解得：G动＝3N；
不计绳重和摩擦，使用滑轮组提升物体时，需要克服动滑轮重力做额外功，有用功一定小于额外功，滑轮组的机械效率达不到100%；
不计绳重和摩擦，用滑轮组提升相同的物体上升相同的高度时，改变图甲中的绕绳方式，所做的有用功相同，克服物体重力和动滑轮重力所做的总功不变，则滑轮组的机械效率不变，所以，重复上述实验，所得到的η﹣G物图线与图乙所示曲线相同。
16．【答案】灯泡L1两端；6；7.5
【解析】闭合S1、断开S2时两灯泡串联，电压表在灯泡L1两端，故此时电压表测量灯泡L1两端的电压；闭合S2、断开S1时两灯泡串联，电压表在电源两端，故此时电压表测量电源电压，由串联电压规律知电源电压大于灯泡L1两端的电压，闭合S1、断开S2与闭合S2、断开S1的电压表指针偏转角度相同，说明电压表测量灯泡L1两端的电压用的是小量程，测量电源电压用的是大量程，由图乙知当选择小量程时，电压表示数是1.5V，即灯泡L1两端的电压U1＝1.5V；选择大量程时，电压表示数是7.5V，即电源电压U＝7.5V，闭合S1、断开S2时两灯泡串联，由串联电路电压规律知，灯L2两端电压U2＝U﹣U1＝7.5V﹣1.5V＝6V；若同时闭合S1、S2，灯L2被局部短路，电压表仍然测电源电压，故电压表示数为 7.5V。
17．【答案】S；20
【解析】根据安培定则可知开关S闭合，通电线圈上端为S极；
B端悬挂的铁柱重10N，通电线圈对铁柱的磁力为10N，所以B处受到的拉力为GB＝10N+10N＝20N，质量分布、粗细都均匀的栏杆的重心在其中点，已知AO：OB＝3：1，根据杠杆平衡条件可得G××＝GB×OB+G××；
代入数据得：即G××＝20N×1+G××，解得：G＝20N。
三．作图题（共2小题，满分4分，每小题2分）
18．【答案】见解析
【解析】因为人站在高处，人拉重物上升，从动滑轮的挂钩开始依次绕绳子，最后有三段绳子承担物重，这就是最省力的绕法。如图所示。
19．【答案】见解析
【解析】由题意知，反射光线要竖直射入井中，过入射点竖直向下做出反射光线；然后作反射光线和入射光线夹角的角平分线即为法线，过入射点作法线的垂线就是平面镜的位置。如图所示：
四．实验探究题（共4小题，满分32分，每小题8分）
20．【答案】（1）垂直；（2）紧贴；看不到反射光束；同一平面内；（3）反射角与入射角大小相等；（4）50；顺；（5）光斑位置不变。
【解析】（1）入射光线、反射光线和法线在同一平面内，为了便于同时观看入射光线、反射光线和法线，纸板一定与平面镜垂直。
（2）在探究平面镜成像特点的实验中，为了清晰地观察到平面镜所成的像，应该选择表面粗糙的白色硬纸板，因为粗糙的表面可以产生漫反射，使得光线能够向各个方向反射，从而更容易被观察到，所以应该让一束光紧贴纸板E沿AO方向射向镜面上的O点。
当F板向后折转一定的角度，则呈现反射光线的F板和呈现入射光线的E板不在同一平面内，所以在F板上不能看到反射光，这表明反射光线和入射光线仍然在同一平面内。
（3）改变入射光线的角度进行多次实验可以避免实验的偶然性，由表格数据可得结论：反射角与入射角大小相等。
（4）反射光与入射光的夹角为100°，即反射角与入射角的和为100°，根据反射角等于入射角可得，入射角为50°。
若入射光束AO绕O点顺时针旋转，则反射光束OB将沿逆时针方向转动，因像与物关于镜面对称，所以可观察到反射光束OB在平面镜中所成的像绕点O顺时针方向转动。
（5）一束光经水平放置的平面镜反射后在天花板上形成光斑，水平向右移动平面镜，入射点位置不变，且反射面位置不变，入射角不变，观察到光斑位置的变化情况是不变。
21．【答案】（1）海绵的凹陷程度；可以；（2）压力越大；乙；（3）控制变量法；（4）＝；（5）没有控制压力大小不变。
【解析】（1）根据转换法，图中压力的作用效果是通过观察海绵的凹陷程度来比较压力作用效果的。因沙子受压形变明显，故我们可以用沙子代替海绵来完成实验；
（2）通过比较图甲和图乙知，说明压力越大，压力的作用效果越明显；研究压力的作用效果与受力面积关系时，要控制压力一定，故通过比较图乙和图丙，说明压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显。
（3）实验中主要采用的研究方法是控制变量法。
（4）将该小桌和砝码放在如图丁所示的木板上，根据p＝，因压力和受力面积相同，故图丙中海绵受到的压强p等于图丁中木板受到的压强p′的大小，p＝p′；
（5）研究压力的作用效果与受力面积的关系要控制压力大小相等，将砖块沿竖直方向切成大小不同的两块，对支持面的压力大小发生了改变，故他在探究过程中存在的问题是：没有控制压力大小不变。
22．【答案】（1）质量；相同；加热时间；
（2）在两种液体都不沸腾的情况下，小明认为要使两种液体升高相同的温度然后进行比较（加热的时间）；小红认为要加热相同的时间然后进行比较（升高的温度），两种方法都可行；（3）甲；甲；（4）③；（5）B。
【解析】（1）根据控制变量法可知，实验中应取质量相同的甲、乙两种液体，分别倒入相同的烧杯中，使用规格相同的电加热器加热，相同时间内放出的热量相同，加热时间相同，物质吸收的热量相同，所以实验中通过加热时间来比较甲和乙两种液体吸收热量的多少，加热时间越长，物质吸收的热量越多；
（2）比较物质吸热能力的2种方法：①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强；②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；在两种液体都不沸腾的情况下，小明认为要使两种液体升高相同的温度然后进行比较（加热的时间）；小红认为要加热相同的时间然后进行比较（升高的温度），根据比较吸热能力的方法，两种方法都可行；
（3）根据表中数据可知，从34℃升高到42℃，甲加热2分钟，乙加热1分钟，升高相同的温度，甲吸收的热量较多，故甲液体的吸热能力强；质量相同的甲、乙两种液体升高相同的温度，甲的比热容较大，甲吸收的热量较多，如果要在甲、乙两种液体中选择一种液体做冷却剂，甲液体较为合理；
（4）由温度﹣时间图象可知，加热4min时，乙的温度变化量为32℃，不考虑热损失，用相同的加热器加热，将初温相同的乙物质质量增加到原来的2倍，加热相同时间，它们吸收的热量相同，根据Q＝cmΔt可知，质量大的温度变化量小一些，质量增加到原来的2倍，则温度变化量为原来的一半，即升高的温度是16℃，故曲线为图中的第③条；
（5）A．夏天室内洒水降温是利用蒸发吸热的原理，与水的比热容没有关系，故A错误
B．冬季暖气片用水作为散热介质，因为水的比热容较大，与质量相同的其它物质相比，降低相同的温度，水放出的热量多，故B符合题意；
C．制冷剂在空调内部的蒸发器里面汽化，汽化要吸热，使空调蒸发器的温度降低，室内的水蒸气遇到温度低的冷凝器会发生液化现象，空调压缩机是利用制冷剂发生物态变化方法降温的，利用空调降温与比热容无关，故C不符合题意。故选：B。
23．【答案】（1）右；（2）电阻一定时，电流与电压成正比；小灯泡的电阻随温度升高而变大；（3）2；变大；右；（4）“60Ω、0.5A”；40；1.5。
【解析】（1）为保护电路，闭合开关前滑片应该移到阻值最大处，即最右端。
（2）分析表中数据发现，电压变为原来的几倍，电流也变为原来的几倍，可得：电阻一定时，电流与电压成正比；小灯泡的电阻随温度升高而变大，阻值是变化的，所以此实验能不能用小灯泡替代定值电阻。
（3）如图乙，小明在实验中控制电阻R两端的电压为：U＝IR＝0.4A×5Ω＝0.2A×10Ω＝0.1A×20Ω＝2V，根据串联分压原理可知，将定值电阻R由10Ω改接成15Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大，则电压表示数变大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由串联分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右移动。
（4）由图乙可知，当电路中电流最小为0.1A时，定值电阻R阻值为20Ω，电路总电阻为：
则此时滑动变阻器连入电路中的电阻的阻值为：R滑＝R总﹣R＝60Ω﹣20Ω＝40Ω，所以实验中小明选取的滑动变阻器是“60Ω、0.5”。
实验中控制电阻R两端的电压为2V不变，则滑动变阻器的电压为4V不变，滑动变阻器的电压为电阻R两端的电压的2倍，则根据串联分压原理，滑动变阻器的阻值为电阻R阻值的2倍，所以当接入20Ω电阻时，正确操作后滑动变阻器接入电路的阻值应是40Ω。
设电阻两端控制不变的电压为UV，则滑动变阻器的电压为6V﹣UV，则根据串联分压原理有，根据串联分压原理，则有，
解得电阻两端控制不变的电压最小为UV＝1.5V。
五．计算题（共2小题，满分14分）
24．【答案】（1）24.45m3；（2）①4.2m3；②420kg。
【解析】（1）根据ρ＝可得，如果C919一次按最大燃油质量加航空燃油，其体积为：
V＝＝＝24.45m3；
（2）①整机中铝锂合金的质量为：m铝锂＝42000kg×20%＝8400kg，
采用新型国产铝锂合金材料的体积是：V铝锂＝＝＝4.2m3；
②采用普通的铝合金材料时质量是：m铝＝ρ2V铝锂＝2.1×103kg/m3×4.2m3＝8820kg，
采用新型国产铝锂合金材料，要比用普通的铝合金材料时减少的质量为：
m'＝m铝﹣m铝锂＝8820kg﹣8400kg＝420kg。
答：（1）如果C919一次按最大燃油质量加航空燃油，则需要加24.45m3；
（2）①采用新型国产铝锂合金材料的体积是4.2m3；
②采用新型国产铝锂合金材料，要比用普通的铝合金材料时质量减少420kg。
25．【答案】（1）3.84×105J；（2）4.8×105J；
（3）开关S应与触点1连接；R1＝96.8Ω，R2＝903.2Ω。
【解析】（1）汤需要吸收的热量：
Q＝c汤mΔt＝4.0×103J/（kg•℃）×1.2kg×（100℃﹣20℃）＝3.84×105J；
（2）由表中数据知，电饭煲高温挡功率为500W，
加热16分钟电饭煲消耗的电能：
W＝P高温t＝500W×16×60s＝4.8×105J；
（3）由图知，开关S接1时，两电阻串联，电路的电阻较大，电源电压一定，由P＝知，电路消耗的功率较小，为保温挡；
开关S接2时，电路为R1的简单电路，电路的电阻较小，电源电压一定，由P＝知，电路消耗的功率较大，为高温挡；
R1＝＝＝96.8Ω，R1+R2＝，
即：96.8Ω+R2＝，解得：R2＝903.2Ω。
答：（1）汤需要吸收的热量是3.84×105J；
（2）16分钟电饭煲消耗的电能是4.8×105J；
（3）电饭煲在高温挡时，开关S应与触点1连接，发热电阻R1＝96.8Ω，R2＝903.2Ω。实验次数
1
2
3
入射角
60°
45°
30°
反射角
60°
45°
30°
加热时间/min
0
1
2
3
4
甲的温度/℃
30
34
38
42
46
乙的温度/℃
10
18
26
34
42
实验次数
电压U/V
电流I/A
1
1.0
0.1
2
2.0
0.2
3
3.0
0.3
特征质量
C919（标准航程型）
最大起飞质量
72500kg
最大燃油质量
19560kg
标准商载质量
15920kg
全机结构质量
42000kg
额定电压
220V
额定功率
低温挡
48.4W
高温挡
500W