湖北省阳新县实验高级中学、黄梅县第五中学2024-2025学年高一下学期2月开学收心考试物理试卷

这是一份湖北省阳新县实验高级中学、黄梅县第五中学2024-2025学年高一下学期2月开学收心考试物理试卷，文件包含物理试卷docx、物理答案docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共10页， 欢迎下载使用。
【详解】A．牛顿第一定律是在实验的基础上进一步的推理概括出来的科学理论，而不能直接通过实验得出
的。该定律是在可靠的事实基础上，通过科学推理概括出来的，不能直接用实验来验证，故 A 错误；
BD．在国际单位制中，力学的三个基本单位是 kg、m、s，其它单位例如 m/s、N 是国际单位的导出单位，
故 B 正确；D 错误；
C．物块对海绵的力与海绵对物块的力是作用力与反作用力，大小相等，故 C 错误。
故选 B。
2. 【答案】D
【详解】A．无人机在 3s 末前速度为正值，说明速度一直向上，所以无人机在 3s 末上升到最高点，故 A 错
误；
B． 图像斜率表示加速度，由图知，无人机在 3s 时加速度不为 0，故 B 错误；
C．无人机在 1s 末和 5s 末的斜率相同，所以加速度方向相同，故 C 错误；
D．无人机在 0-2s 的平均速度
无人机在 2s-3s 的平均速度
所以无人机在 0s-2s 和 2s-3s 两个阶段的平均速度相等，故 D 正确。
故选 D。
3. 【答案】D
【详解】D．足球对网兜的作用力与网兜对足球的作用力是一对相互作用力，其大小相等，
故 D 项正确；
A．对足球受力分析，其足球受到重力、墙壁 弹力以及网兜对足球的作用力，其网兜对足
球的作用力方向斜向上，故 A 项错误；
B．足球的受力如图所示
运用合成法，根据平衡条件，有
若悬绳变长后细线与竖直方向的夹角减小，则悬绳对足球的拉力变小，故 B 项错误；
C．足球受到墙壁的支持力是墙壁发生弹性形变引起的，故 C 项错误。
故选 D。
4.【答案】B
【详解】AB．将小车的速度沿绳和垂直绳方向分解，则物体 A 的速度与小车的速度沿绳方向的分速度大小
相等，即 故 A 错误，B 正确；
CD．小车向右匀速运动，v 不变， 减小， 增大，所以 增大，物体 A 加速上升，加速度向上，合
外力向上，绳子对物体 A 的拉力大于物体 A 的重力，故 C、D 错误。
故选 B。
5. 【答案】D
【详解】虽然 a、b 与竖直粗糙墙壁接触，但与墙壁之间并没有挤压作用，故与墙壁之间没有弹力和摩擦力
的作用。
A．物块 b 受力平衡，故根据受力分析可知弹簧弹力等于 的重力 mg。故 A 错误；
B．整个系统受力平衡，则细线的拉力等于 a、b 的总重力 2mg。故 B 错误；
C．剪断细线瞬间物块 b 的受力没有变化，加速度大小为零。故 C 错误；
D．剪断细线瞬间物块 a 所受细线拉力消失，其他力没变化，则有
可得加速度大小为
故 D 正确。
故选 D。
6. 【答案】B
【详解】若支持力恰好为零，对小球受力分析，受到重力、绳子拉力，如图
小球向左加速，加速度向左，合力水平向左，根据牛顿第二定律，有
解得
D．由以上分析可知，当 时，小球受 mg、FT 两个力作用，当 时，小球受 mg、FT、
FN 三个力作用，故 D 错误；
AB．若 ，小球受 mg、FT 两个力作用，故 A 错误，B 正确；
C．若 ，小球受 mg、FT、FN 三个力作用，故 C 错误。
故选 B。
7. 【答案】D
【详解】P 沿斜面向下的分力为 ，整个系统沿绳子的合外力为 ，则系统的加速度为 ，对 Q
由牛顿第二定律得
得
故选 D。
8. 【答案】BD
【详解】ABC．小张在开始的一段时间内做自由落体运动，当橡皮条开始绷紧之后，其对小张的弹力竖直
向上，且不断增大，小张所受合外力逐渐减小，竖直向下的加速度逐渐减小，当橡皮条对小张的弹力与他
的重力大小相等时，小张的加速度减小至零，且速度达到最大值，之后橡皮条的弹力开始大于小张的重力，
小张开始做加速度不断增大的减速运动，当小张下降至最低点时，速度减为零，此时橡皮条对小张的弹力
大于他的重力，综上所述可知 AC 错误，B 正确；
D．小张在达到最大速度之前，他的加速度向下，处于失重状态，故 D 正确。
故选 BD
9. 【答案】ACD
【详解】AD．取小球为研究对象进行受力分析，受到拉力 F、重力 G、细线拉力 ，如图所示
由受力平衡可得 ，
联立解得 ，
故 AD 正确；
BC．取 A、B 组成的系统为研究对象，受到总重力、支持力、水平拉力和静摩擦
力，如图所示
根据受力平衡可得
故 B 错误，C 正确。
故选 ACD。
10. 【答案】AC
【详解】A．物块做匀减速直线运动的初速度为 v0，末速度为 v1，时间为 t1，则物块的位移为图 2 中的梯形
面积有
故 A 正确；
B．t1 时刻物块恰好滑至长木板的最右端，所以相对位移就是板长，根据图 2 可知相对位移为
故 B 错误；
C．设物块与长木板间的摩擦力大小为 f，物块的加速度大小为
木板加速度大小为
所以物块与木板的质量之比为
故 C 正确；
D．由于摩擦力为
所以物块与木板之间的动摩擦因数为 故 D 错误。
故选 AC。
二、实验题题(本题共 2 小题，共 18 分．)
11. （每空 2 分）【答案】（1）等效替代法 （2）D （3）C （4）OA
【小问 1 详解】
该实验过程，其合力与分力的作用效果，所以本实验采用的科学方法是等效替代法。
【小问 2 详解】
A．实验前需对弹簧测力计校零，故 A 正确，不满足题意要求；
B．实验时两个拉力的大小能相等，也可以不相等，故 B 正确，不满足题意要求；
C．为了减小误差，实验时应保持细绳与长木板平行，故 C 正确，不满足题意要求；
D．每次实验时，两个力拉和一个力拉需拉到结点 O 的位置，但是不同次实验，O 的位置可以改变，故 D
错误，满足题意要求。
故选 D。
【小问 3 详解】
、 、 ，都是弹簧测力计测量得到，F 是通过作图得到的。
故选 C。
【小问 4 详解】
以 O 为对象，OB 与 OC 垂直，根据平行四边形可知 OA 为斜边，则 OA 的力最大。
12. （每空 2 分）【答案】（1）BC （2） ①. 2.00 ②. 0.52 （3）B （4）反比
【小问 1 详解】
A．让小车靠近打点计时器，先接通打点计时器的电源，后释放小车，故 A 错误；
B．实验中小车所受拉力为弹簧测力计的两倍可以直接读出，所以不需要测量砂和砂桶的质量，故 B 正确；
C．为了保证弹簧测力计示数的两倍为小车所受的合外力，故实验操作过程中需要平衡摩擦力，故 C 正确；
D．如果砂和砂桶的质量远小于小车及其上砝码总质量，可认为砂和砂桶重力的两倍等于细绳对小车的拉力，
故 D 错误。
故选 BC。
【小问 2 详解】
[1]根据逐差法，可求出小车的加速度大小
[2]打下 C 点时小车的速度大小
【小问 3 详解】
对小车和砝码受力分析，由牛顿第二定律有
化简可得
由图可知
可得小车的质量为
故选 B。
【小问 4 详解】由图像知 与 成正比关系，则可知 与 成反比。
三、计算题（本题共 3 小题，共 42 分。作答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算
步骤,只写出最后答案的不能得分;有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.）
13.（10 分） 【答案】（1） （2）
【小问 1 详解】
根据题意可知， ，炸弹脱离飞机到击中目标在空中做平抛运动，竖直方向
(2 分）
水平方向 (2 分）
代入数据得 (1 分）
【小问 2 详解】
根据题意 (2 分）
(2 分）
代入数据得 (1 分）
14. （14 分）【答案】（1）6s；（2） ，不小于
【详解】（1）由牛顿第二定律得，工件刚开始加速时的加速度为 (1 分）
工件匀加速运动的位移 (2 分）
加速时间 (2 分）
匀速运动的时间 (1 分）
则工件运动的时间 (2 分）
（2）当工件一直做匀加速直线运动时，运行时间最短，则有 (2 分）
可得工件从 A 到 B 运动的最短时间为 (1 分）
则传送带的速度最小为 (2 分）
即传送带的速度不小于 。 (1 分）
15. （18 分）【答案】（1） ；（2） ；（3）
【详解】（1）设企鹅向上“奔跑”时加速度大小为 ，有 (2 分）
解得 (2 分）
（2）设企鹅向上“奔跑”时的末速度大小为 ，有 (2 分）
设向上滑行时企鹅的加速度大小为 ，时间为 ，由牛顿第二定律有 (2 分）
解得
则可得上滑位移为 (2 分）
（3）企鹅卧倒向上滑行时 (2 分）
解得
设向下滑行时，企鹅的加速度大小为 ，时间为 ，由牛顿第二定律有 (2 分）
解得
由位移与时间的关系式可得 (2 分）
解得
总时间为 (2 分）