天津市滨海新区2024-2025学年高一上学期期末检测 物理试卷

这是一份天津市滨海新区2024-2025学年高一上学期期末检测 物理试卷，共14页。试卷主要包含了单选题，多选题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.下列说法中正确的是( )
A. 在研究雄鹰翅膀扇动方式对飞行的影响时，雄鹰可看作质点
B. 作息时间表上的“8：00”表示时间
C. 选择不同的交通方式由北京去重庆，其位移的大小和路程都是相等的
D. 诗句“卧看满天云不动，不知云与我俱东”中“云不动”是以船为参考系的
2.以下四种情境中所用单位是国际单位制的基本单位的是( )
A. 商场里的自动扶梯运行时速度大小约为0.5m/s
B. 新版电动车国标限制塑料件使用比例，整车质量限值由55kg提升到63kg
C. 搭载神舟十九号载人飞船的火箭点火发射后约10min飞船与火箭成功分离
D. 某高一年级学生体测坐位体前屈成绩为18.0cm
3.有两个共点力，大小分别为90N和120N，它们的合力大小不可能等于( )
A. 30NB. 50NC. 110ND. 220N
4.如图所示是某质点运动的x−t图像。下列说法正确的是( )
A. 10∼20s内质点做匀速直线运动
B. 20∼40s内，质点的位移为300m
C. 0∼10s内质点的速度比20∼40s内质点的速度大
D. 0∼10s内与30∼40s内质点的运动方向相同
5.高空坠物非常危险，现在高层住宅越来越多，人们一定要有安全防范意识。某高层住宅顶层阳台上有一个质量为0.5kg的花盆由静止开始掉落，下落的高度为125m，忽略空气阻力，g=10m/s2。下列说法正确的是( )
A. 花盆下落的时间为10sB. 花盆下落的时间为12.5s
C. 花盆落地时的速度大小为10m/sD. 花盆落地时的速度大小为50m/s
6.关于惯性的下列说法正确的是( )
A. 乒乓球容易被迅速抽杀，是因为乒乓球惯性小
B. 空间站中的物体由于处于失重状态会失去惯性
C. 静止的火车起动十分缓慢，说明火车静止时惯性较大
D. 安全行驶避免超速，超速时汽车(含车里的人和物)的惯性增大
7.如图所示，手握瓶子使之处于静止状态，瓶子所受摩擦力的反作用力是( )
A. 瓶子所受的重力
B. 手给瓶子的压力
C. 瓶子给手的摩擦力
D. 地球吸引瓶子的力
8.火车站安装了自动取票机，旅客将二代身份证放在“感应区”就可以获取车票。一般将感应区设计为斜面，如图所示。若身份证放在感应区斜面上处于静止状态，则( )
A. 身份证受到沿斜面向下的下滑力
B. 身份证受到斜面的摩擦力沿斜面向上
C. 身份证对斜面的摩擦力沿斜面向上
D. 斜面对身份证的摩擦力可使用公式Ff=μFN求解计算
9.2024年9月，我国的“朱雀三号”可重复使用火箭进行了可回收运载火箭的试验。此次回收试验火箭的过程中，有关火箭的运动，下列说法正确的是( )
A. 火箭在加速下降过程中处于超重状态B. 火箭在加速下降过程中重力会增加
C. 火箭在减速下降过程中处于超重状态D. 火箭在减速下降过程中重力会减小
10.一个热气球与沙包绑在一起后的总质量为12kg，在重力和空气浮力共同作用下，能在空气中以5m/s2加速度加速下降。为了使它以同样大小的加速度加速上升，需抛掉沙包中的部分沙子，若热气球所受浮力不变，忽略空气阻力和沙包所受浮力，g取10m/s2。应该抛掉的沙子的质量为( )
A. 8kgB. 6kgC. 4kgD. 2kg
二、多选题：本大题共4小题，共20分。
11.某实验小组利用如图甲所示的装置“探究弹簧弹力与形变量的关系”，多次实验，记录数据描绘出弹簧弹力F与弹簧长度L的关系图像如图乙所示。下列说法正确的是( )
A. 本实验说明弹簧弹力与弹簧长度成正比B. 弹簧的原长为10cm
C. 弹簧的劲度系数为50N/mD. 弹簧下端悬挂的钩码越多越好
12.某玩具车在t=0时从出发点出发，做直线运动的v−t图像如图所示。关于玩具车在0∼5s内的运动，下列说法正确的是( )
A. t=2s时，玩具车的速度方向发生改变
B. t=3s时，玩具车的加速度方向发生改变
C. t=3s时，玩具车离出发点最远
D. t=5s时，玩具车回到出发点
13.在冬季，滑雪圈是小朋友们最喜爱的娱乐项目之一。如图所示，小朋友们坐在相同的轮胎上，从倾角相同的平直雪道先后由同高度静止滑下，各轮胎与雪道间的动摩擦因数均相同，不计空气阻力。雪道上的小朋友们( )
A. 沿雪道做匀加速直线运动
B. 下滑过程中加速度相同
C. 在滑行过程中前后间的距离保持不变
D. 所受重力沿雪道向下的分力大小都相等
14.在光滑水平面上物体A和物体B以轻弹簧相连接，在水平拉力F的作用下做匀加速直线运动，已知A和B的质量分别为m和2m。下列说法正确的是( )
A. 弹簧处于拉伸状态，弹力大小为F3
B. 弹簧处于压缩状态，弹力大小为F3
C. 若突然撤掉力F，此时A的加速度大小为0
D. 若突然撤掉力F，此时B的加速度大小为F6m
三、实验题：本大题共2小题，共10分。
15.某同学用弹簧和弹簧测力计a、b做“探究两个互成角度的力的合成规律”实验。
(1)本实验主要采用的科学方法是______。(选填“等效替代法”、“理想实验法”)
(2)下列关于操作过程的说法正确的是______。(填正确选项前的字母)
A.弹簧、弹簧测力计和细绳应位于与木板平行的同一平面内
B.两细绳之间的夹角一定要在0∼90∘之间
C.拉弹簧的细绳要尽量短，标记同一细绳方向的两点越近越好
D.同一次实验中，用一只弹簧测力计拉弹簧时，结点的位置必须与用两只弹簧测力计拉时结O点的位置重合
16.用如图甲所示的装置可以完成两个实验，实验一“探究小车速度随时间的变化规律”，实验二“探究加速度与力、质量的关系”。
(1)这两个实验中，必须要补偿摩擦阻力的是______。
A.仅实验一
B.仅实验二
C.两个实验都要
(2)实验一中，打点计时器所用交流电的频率为f=50Hz。正确的实验操作后，得到一条理想纸带，如图乙所示。图中O、A、B、C、D、E、F为相邻的计数点，相邻两计数点间还有4个点未画出，则小车运动的加速度a=______m/s2。(结果保留三位有效数字)
(3)实验二中，在验证“质量一定，加速度a与合外力F的关系”时，某学生根据实验数据作出了如图丙所示的a−F图像，其中图线不过原点并在末端发生了弯曲，产生这种现象的原因可能是______。
四、计算题：本大题共3小题，共30分。
17.如图所示，小朋友和雪橇的总质量m=66kg，绳子与水平方向的夹角θ=37∘，如图所示。当绳子的拉力F=300N时，小朋友和雪橇恰能向右做匀速运动，g=10m/s2，sin37∘=0.6，cs37∘=0.8。求：
(1)雪橇受到的摩擦力大小Ff；
(2)雪橇受到的支持力大小FN。
18.如图是舰载机在航空母舰上起飞时的照片。舰载机质量m=1.8×104kg，起飞时速度v=60m/s。舰载机在平直甲板上从静止开始匀加速到起飞时的距离为l=225m。若舰载机起飞过程中受到的阻力Ff大小恒为3.6×104N，航空母舰一直保持静止，舰载机视为质点。求：
(1)舰载机匀加速到起飞过程中的加速度大小a；
(2)舰载机匀加速到起飞过程中所受牵引力的大小F。
19.如图所示，在倾角θ=37∘的足够长的固定斜面上，有一质量m=1kg的物体，物体与斜面间的动摩擦因数μ=0.5，物体受到平行于斜面向上的轻绳的拉力F=12N的作用，从静止开始运动，经2s绳子突然断了。已知sin37∘=0.6，cs37∘=0.8，重力加速度g=10m/s2。求：
(1)绳子断开前物体运动的加速度大小a1；
(2)第2s末绳子断开时物体的速度大小v1；
(3)绳断后经多长时间物体速度大小达到6m/s。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A、研究雄鹰翅膀运动方式对飞行的影响时，不可忽略雄鹰的大小及形状，不能把雄鹰看作质点，故A错误；
B、作息时间表上的“8：00”表示时刻，故B错误；
C、位移是矢量为从起点指向末点的有向线段，丙图中，选择不同的交通方式由北京去重庆，其位移的大小相等，但路程不相等的，故C错误；
D、诗句“卧看满天云不动，不知云与我俱东”中“云不动”是以船为参考系的，故D正确。
故选：D。
当物体的大小与形状对所研究的问题来说是无关的或次要的因素时可以忽略物体的大小与形状，把物体看作一个有质量的点，即质点；相对于参考系位置不变的物体是静止的，相对于参考系位置发生变化的物体是运动的；位移是矢量为从起点指向末点的有向线段，路程为标量，指轨迹的长度，时刻是指某一瞬时，时间是指两个时刻之间的间隔。
本题考查位移、参考系、时间和质点，要加强基础知识的学习与理解。
2.【答案】B
【解析】解：国际单位制中力学基本单位有kg、m和s，故B正确，ACD错误。
故选：B。
根据国际单位制中力学基本单位进行分析判断。
考查国际单位制中的基本单位和导出单位的问题，会根据题意进行准确分析解答。
3.【答案】D
【解析】解：两个力的合力最大为Fmax=90N+120N=210N，最小为Fmin=120N−90N=30N，故ABC可能，D不可能。
本题选不可能的，故选：D。
两个共点力合力范围为|F1−F2|⩽F合⩽F1+F2。当两个力反向时，合力最小，为|F1−F2|；当两个力同向时，合力最大，为F1+F2。
考查对合力与分力关系的理解，清楚其定义。
4.【答案】C
【解析】解：A.根据x−t图像的斜率表示速度，可知10∼20s内质点的斜率为零，故质点的速度为零，故质点处于静止状态，故A错误；
B.由图可知在20∼40s内，质点由30m处运动到0m 处，故它的位移为x=0m−30m=−30m，故B错误；
C.根据x−t图像的斜率表示速度，可知0∼10s内质点的速度为v1=3010m/s=3m/s，20∼40s内质点的速度为v2=0−3040−20m/s=−1.5m/s，大小为1.5m/s，0∼10s内质点的速度比20∼40s内质点的速度大，故C正确；
D.由图可知，0∼10s内质点沿x轴正方向运动，30∼40s内质点沿x轴负方向运动，故D错误。
故选：C。
x−t图像的形状反映了物体的位移随时间变化的情况，图像的斜率表示速度，倾斜的直线表示物体做匀速直线运动，曲线则表示物体做变速直线运动
考查对x−t图像的理解，清楚图线的含义。
5.【答案】D
【解析】解：CD、忽略空气阻力，花盆做自由落体运动，由匀变速直线运动的速度一位移公式可知，花盆落地速度v= 2gh= 2×10×125m/s=50m/s，故C错误，D正确。
AB、花盆下落时间t=vg=5010s=5s，故AB错误；
故选：D。
忽略空气阻力，花盆做自由落体运动，应用匀变速直线运动的速度-位移公式求出花盆落地速度，应用匀变速直线运动的速度-时间公式求出花盆下落时间。
忽略空气阻力，花盆做自由落体运动，分析清楚花盆的运动过程、掌握自由落体运动规律是解题的前提，应用匀变速直线运动的速度-位移公式与速度-时间公式即可解题。
6.【答案】A
【解析】解：A.乒乓球质量小，因此惯性小，容易被改变运动状态，所以乒乓球容易被迅速抽杀，故A正确；
B.惯性是物体的固有属性，与物体是否受力、是否处于失重状态无关。因此，空间站中的物体虽然处于失重状态，但仍然具有惯性，故B错误；
C.惯性的大小只与物体的质量有关，与物体的运动状态无关。因此，静止的火车和运动的火车，只要质量相同，它们的惯性就是相同的，故C错误；
D.惯性的大小只与物体的质量有关，与物体的速度无关。因此，汽车超速时，虽然速度增大了，但只要质量不变，它的惯性就不会改变，故D错误。
故选：A。
惯性是物体的固有属性，它指的是物体能够保持原来的运动状态的一种性质，惯性大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大．
惯性是物理学中的一个性质，它描述的是物体能够保持原来的运动状态的性质，不能和生活中的习惯等混在一起。解答此题要注意：一切物体任何情况下都具有惯性。惯性只有在受力将要改变运动状态时才体现出来。
7.【答案】C
【解析】解：手握瓶子使之处于静止状态，手对瓶子施加的摩擦力是为了平衡瓶子的重力，防止瓶子下滑。根据牛顿第三定律，手对瓶子的摩擦力(作用力)与瓶子对手的摩擦力(反作用力)是一对大小相等、方向相反的力，因此，瓶子所受摩擦力的反作用力是瓶子给手的摩擦力，故C正确，ABD错误；
故选：C。
手对瓶子施加的摩擦力是作用力，而瓶子对手施加的摩擦力则是反作用力。
在分析此类问题时，关键是要明确作用力与反作用力的概念，即作用力与反作用力总是成对出现，它们大小相等、方向相反，作用在两个不同的物体上。在本题中，手对瓶子的摩擦力与瓶子对手的摩擦力就是一对作用力与反作用力。
8.【答案】B
【解析】解：A.身份证在斜面上处于静止状态，根据二力平衡的原理，它受到的合力必须为零。身份证受到的重力可以分解为沿斜面向下的分力和垂直于斜面向下的分力。下滑力是一种效果命名的力，下滑力找不到施力物体，所以下滑力不存在，故A错误；
B.身份证受到斜面的静摩擦力，这个摩擦力是沿斜面向上的，用来平衡身份证重力沿斜面向下的分力，使身份证保持静止，故B正确；
C.身份证对斜面的摩擦力是身份证对斜面施加的力，根据牛顿第三定律，这个力的方向应该与斜面对身份证的摩擦力方向相反，即沿斜面向下，故C错误；
D.斜面对身份证的摩擦力是静摩擦力，静摩擦力的大小并不能直接使用公式Fr=μFN来计算，这个公式只适用于滑动摩擦力。静摩擦力的大小是根据物体受到的其它力和物体的运动状态来确定的，它的最大值才近似等于μFN，故D错误。
故选：B。
身份证放在识别感应区上处于静止状态时受力平衡，根据受力情况结合平衡条件进行解答。
本题主要是考查了共点力的平衡问题，关键是能够确定研究对象、进行受力分析、根据平衡条件进行解答。
9.【答案】C
【解析】解：AB.火箭在加速下降过程中，重力不发生变化，因为加速度向下，所以处于失重状态，故AB错误；
CD.火箭在减速下降的过程中，加速度向上，处于超重状态，重力不变，故C正确，D错误。
故选：C。
根据下降过程的加速或者减速情况判断加速度方向，再判断超失重状态，结合超失重时，重力不发生变化进行分析判断。
考查物体的受力分析和超失重概念的理解，会根据题意进行准确分析解答。
10.【答案】A
【解析】解：设空气对热气球与沙包的浮力大小为F，在空气中以加速度a=5m/s2下降过程中，根据牛顿第二定律可得：Mg−F=Ma
为了使它以同样大小的加速度上升，设应该抛掉的沙的质量为m，抛出后，根据牛顿第二定律可得：F−(M−m)g=(M−m)a
联立解得：m=8kg，故BCD错误，A正确。
故选：A。
热气球与沙包在空气中以加速度a=5m/s2下降过程中、以同样大小的加速度上升过程中，分别根据牛顿第二定律列方程联立求解应该抛掉的沙的质量。
本题主要是考查了牛顿第二定律的知识；利用牛顿第二定律答题时的一般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、利用牛顿第二定律建立方程进行解答。
11.【答案】BC
【解析】解：A、本实验说明弹簧弹力与弹簧的形变量成正比，故A错误；
B、根据图像可知弹簧的原长为10cm，故B正确；
C、F−l图像的斜率表示弹簧的劲度系数，即弹簧的劲度系数为k=ΔFΔl=10.030−10N/cm=0.5N/cm=50N/m，故C正确；
D、弹簧下端悬挂的钩码不能超过弹簧的弹性限度，所以不是悬挂的越多越好，故D错误。
故选：BC。
弹簧弹力与弹簧的形变量成正比；根据图像可得弹簧的原长以及弹簧的劲度系数；对弹簧的拉力不能超过弹簧的弹性限度。
掌握胡克定律是解题的基础，知道对弹簧的拉力不能超过弹簧的弹性限度。
12.【答案】CD
【解析】解：A.图像在横轴上方，表示速度方向为正，由图像可知t=2s时，玩具车的速度方向未发生改变，故A错误；
B.v−t图像的斜率表示加速度，图像斜率的方向反映加速度的方向，可知t=3s时玩具车的加速度方向没有发生改变，故B错误；
C.v−t图像与时间轴所包围的“面积”表示位移，因为0∼3s内玩具车的速度一直为正，t=3s后玩具车的速度为负，可知t=3s时玩具车离出发点最远，故C正确；
D.0∼5s内，玩具车的位移x=12×(1+3)×10m−12×2×20m=0，玩具车回到出发点，故D正确。
故选：CD。
v−t图像反映了做直线运动的物体的速度随时间变化的规律，斜率表示加速度的大小及方向，图线与时间轴所包围的“面积”表示位移。图像在横轴上方，表示速度方向为正，在横轴下方，表示速度方向为负。
考查对v−t图像的理解，清楚图线的含义。
13.【答案】ABC
【解析】解：AB.小朋友们坐在轮胎上从静止开始沿雪道下滑，做加速运动，受力分析如图
根据牛顿第二定律可知加速度a=mgsinθ−μmgcsθm=gsinθ−μgcsθ，因为μ与θ相同，所以加速度相同，同学们做匀加速直线运动，故AB正确；
C.小朋友们做匀加速直线运动，随着时间的增加，速度越来越大，相等时时间内通过的位移越来越大，所以小朋友们前后距离随着时间不断增大，故C正确；
D.各小朋友质量可能不同，所以重力沿雪道向下的分力mgsinθ也可能不相同，故D错误。
故选：ABC。
将小朋友的受力分解成沿雪道平行、垂直两个方向进行分析，重力沿雪道方向的分力与摩擦力的合力提供加速度。
考查对牛顿第二定律的理解，熟悉正交分解法的运用。
14.【答案】AD
【解析】解：AB、由牛顿第二定律得：
对A、B系统：F=(2m+m)a
对A：F弹=ma
解得：a=F3m，F弹=F3，A所受合力向右，弹簧处于拉伸状态，故A正确，B错误；
CD、若突然撤掉力F，因弹簧的弹力不能突变，此时A受到的弹力不变，即合力不变，加速度不变，仍为F3m
对B，由牛顿第二定律得：F弹=2maB，解得：aB=F6m，故C错误，D正确。
故选：AD。
先用整体法求出加速度，然后隔离A，根据牛顿第二定律求出弹簧的弹力大小，并判断弹簧的状态；撤去F的瞬间，弹簧的弹力不变，根据牛顿第二定律求出A、B的瞬时加速度。
解决本题的关键要能够正确地受力分析，根据牛顿第二定律进行求解，要掌握整体法和隔离法的运用。
15.【答案】等效替代法 AD
【解析】解：(1)根据实验原理可知，用一只弹簧测力计拉弹簧时与用两只弹簧测力计拉弹簧产生的效果相同，因此采用了等效替代法；
(2)A.为了保证合力与分力在同一平面内，弹簧、弹簧测力计和细绳应位于与木板平行的同一平面内，故A正确；
B.实验时两细绳之间的夹角要适当，不一定要在0∼90∘之间，故B错误；
C.为了减小拉力方向确定的误差，拉弹簧的细绳要尽量长一些，标记同一细绳方向的两点适当远一些，故C错误；
D.根据实验原理可知，同一次实验中，用一只弹簧测力计拉弹簧时，结点的位置必须与用两只弹簧测力计拉时结O点的位置重合，故D正确。
故选：AD。
故答案为：(1)等效替代法；(2)AD。
(1)根据实验原理分析采用的物理方法；
(2)根据实验的原理、正确操作和注意事项分析作答。
本题考查了“探究两个互成角度的力的合成规律”实验，要明确实验原理，掌握实验的正确操作和注意事项。
16.【答案】B 2.00 平衡摩擦力过度，砂和砂桶的质量不满足远小于小车的质量。
【解析】解：(1)实验一“探究小车速度随时间的变化规律”，实验二“探究加速度与力、质量的关系”。前者不需要补偿摩擦阻力，后者需要补偿摩擦阻力，故B正确，AC错误。
故选：B。
(2)相邻两计数点间的时间间隔为T=0.02s×5=0.1s，根据逐差法求解加速度公式有a=CF−OC9T2，代入数据解得a=2.00m/s2；
(3)某学生根据实验数据作出了如图丙所示的a−F图像，其中图线不过原点在纵轴上有截距，说明外力为0时有加速度，意味着平衡摩擦力过度，在末端发生了弯曲，产生这种现象的原因可能是砂和砂桶的质量不满足远小于小车的质量。
故答案为：(1)B；(2)2.00；(3)平衡摩擦力过度，砂和砂桶的质量不满足远小于小车的质量。
(1)根据实验目的的差异判断是否需要补偿阻力；
(2)根据逐差法求解加速度公式列式计算加速度；
(3)根据图像不过原点和弯曲的情况分析可能的原因。
考查不同实验的实验目的和要求，纸带的数据处理以及图像的误差问题，会根据题意进行准确分析解答。
17.【答案】解：(1)以小朋友和雪橇整体为研究对象，整体受到重力、支持力、拉力和摩擦力而处于平衡状态，如图所示。
雪橇在水平方向受力平衡，则雪橇受到的摩擦力大小为
Ff=Fcsθ=300×0.8N=240N
(2)竖直方向由平衡条件得
Fsinθ+FN=mg
解得雪橇受到的支持力为
FN=480N
答：(1)雪橇受到的摩擦力大小Ff为240N；
(2)雪橇受到的支持力大小FN为480N。
【解析】(1)以小朋友和雪橇整体为研究对象，根据水平方向受力平衡求解地面对雪橇的摩擦力大小；
(2)根据竖直方向受力平衡求解雪橇受到的支持力大小FN。
本题考查共点力的平衡问题，解答此类问题的一般步骤是：确定研究对象，进行受力分析，再利用平行四边形法则进行力的合成或者是正交分解法进行力的分解，然后在坐标轴上建立平衡方程进行解答。
18.【答案】解：(1)根据速度-位移关系可得：v2=2al
代入数据解得：a=8m/s2
(2)对舰载机，根据牛顿第二定律可得：F−Ff=ma
代入数据解得：F=1.8×105N
答：(1)舰载机匀加速到起飞过程中的加速度大小是8m/s2；
(2)舰载机匀加速到起飞过程中所受牵引力的大小是1.8×105N。
【解析】(1)根据速度-位移关系求解加速度；
(2)根据牛顿第二定律求解牵引力的大小。
本题主要是考查牛顿第二定律的综合应用问题，关键是弄清楚物体的运动过程和受力情况，利用运动学的计算公式求解加速度，再根据题目要求进行解答；知道加速度是联系静力学和运动学的桥梁。
19.【答案】解：(1)取向上为正方向，由牛顿第二定律得：F−mgsin37∘−μmgcs37∘=ma1，解得：a1=2m/s2；
(2)2s末物体的速度：v1=a1t1=2×2m/s=4m/s；
(3)绳子断裂后，由牛顿第二定律得：mgsin37∘+μmgcs37∘=ma2
解得加速度大小为：a2=10m/s2
绳子断裂后物体做匀减速直线运动，速度减速到零时经过的时间为：t2=v1a2=410s=0.4s
然后物体向下加速运动，根据牛顿第二定律可得：mgsin37∘−μmgcs37∘=ma3
解得：a3=2m/s2
向下加速到速度为v2=6m/s时经过的时间为：t3=v2a3=62s=3s
绳断后，物体速度大小达到6m/s经过的时间为：t=t2+t3=0.4s+3s=3.4s。
答：(1)绳子断开前物体运动的加速度大小为2m/s2；
(2)第2s末绳子断开时物体的速度大小为4m/s；
(3)绳断后经3.4物体速度大小达到6m/s。
【解析】(1)由牛顿第二定律求出加速度；
(2)由匀变速运动的速度公式求出速度；
(3)由牛顿第二定律求出物体上升过程中的加速度，然后由匀变速直线运动的速度减速到零的时间；再求出向下滑动时的加速度大小，再根据速度-时间关系求解加速时间，由此得到总时间。
本题考查了牛顿第二定律的应用，分析清楚物体的运动过程是解题的前提与关键，应用牛顿第二定律与运动学公式即可解题。