四川省攀枝花市2024-2025学年九年级（上）月考物理试卷（含解析）

这是一份四川省攀枝花市2024-2025学年九年级（上）月考物理试卷（含解析），共26页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.利用分子动理论可从微观角度认识宏观现象。以下现象能用分子热运动解释的是( )
A. 水从高处往低处流B. 扫地时荡起灰尘C. 太空舱内物体悬浮D. 远处能闻到花香
【答案】D
【解析】解：A.水从高处往低处流，是由于受到重力的作用，是机械运动，不是分子的热运动，故A不符合题意；
B.扫地时，荡起灰尘，是固体小颗粒的运动，是机械运动，不是分子的热运动，故B不符合题意；
C.太空舱内物体悬浮，是由于物体所受的向上的浮力与向下的重力是一对平衡力，故C不符合题意；
D.远处闻到花香，是花香分子进入人的鼻子，是分子热运动造成的，故D符合题意。
故选：D。
根据分子运动理论以及在生活中的现象及应用进行分析解答。
分子动理论在生活中应用非常广泛，但要注要区分是分子运动还是宏观物体的运动。
2.如图所示，三原笼笼肉是一道陕西三原地区传统风味小吃。下列有关说法正确的是( )
A. 蒸笼下面锅中的水在沸腾过程中，温度不变，内能不变
B. 刚蒸好的笼笼肉烫嘴是因为笼笼肉含有的热量多
C. 热腾腾的笼笼肉逐渐冷却，其内能逐渐减少
D. 将冷却的笼笼肉加热，笼笼肉的温度升高，热量增多
【答案】C
【解析】A.水在沸腾过程中吸收热量，温度保持不变，内能增加，故A错误；
B.热量是一个过程量，只有在物体发生热传递时，我们才用热量这个概念，不能说物体含有热量，也不能说物体的热量多、少，故B错误；
C.同一物体温度降低，内能减少，故C正确；
D、将冷却的笼笼肉加热，笼笼肉的温度升高，内能增多，故D错误。
故选：C。
(1)液体沸腾的特点：吸收热量，温度不变；
(2)热量是过程量，不能说含有；
(3)同一物体温度降低，内能减少；
(4)物体温度升高，内能增多。
本题考查温度、热量、内能之间的关系，难度不大。
3.关于温度、比热容、热量、内能，以下说法正确的是( )
A. 一个物体吸收了热量，它的温度不一定会升高
B. 物体的温度越高，分子运动得越快，物体的动能越大
C. 一个物体内能增加了，它一定是吸收了热量
D. 用水作为汽车发动机散热器的冷却剂，其主要原因是水的温度越高，比热容越大
【答案】A
【解析】解：
A、一个物体吸收了热量，它的温度不一定会升高，如晶体熔化、液体沸腾时，都要吸收热量，但温度不变，故A正确；
B、分子的无规则运动的速度与物体的温度有关。物体温度越高，分子无规则运动越剧烈，分子具有的动能越大，物体的动能与温度无关，故B错误；
C、一个物体内能增加了，它可能是吸收了热量，也可能是外界对物体做功，故C错误；
D、因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以可作为冷却剂，比热容的大小与温度无关，故D错误。
故选：A。
(1)当晶体熔化、液体沸腾时，都要吸收热量，但温度不变。
(2)物体内分子做无规则运动具有的能叫动能，动能与分子的运动速度有关，运动速度越快，分子动能越大。
(3)改变物体内能的方法：做功和热传递。
(4)比热容是物质的特性，与温度无关。
本题主要考查了学生对分子动理论、温度影响内能的掌握及比热容的特点，是热学的难点，是中考的热点。
4.2024年8月开通运行的西安高新有轨电车是西安首条采用云巴模式建设的轨道交通系统，具有速度快、污染小的优点。当电车运行时，由于高速摩擦，电车跟架空电线的接触点上会产生高温。因此，接触点的材料应该具有耐高温、不易生锈、易导电的性质。下列最适合制作该接触点的材料是( )
A. 石墨B. 陶瓷C. 橡胶D. 铁
【答案】A
【解析】解：由题知，接触点的材料应该具有耐高温、不易生锈、易导电的性质。
A、石墨具有耐高温，不易氧化、易导电的性质，能用作接触点上的材料，故A正确；
BC、陶瓷、橡胶不容易导电，属于绝缘体，不能用作接触点上的材料，故BC错误；
D、铁容易导电，易生锈，不能用作接触点上的材料，故D错误。
故选：A。
容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；接触点的材料应该具有耐高温、不易生锈、易导电的性质。据此分析判断。
本题考查了导体和绝缘体的概念和区分，属基础题目。
5.随着科学技术的发展，越来越多的用电器进入了我们的家庭。下列用电器主要利用电流热效应工作的是( )
A. 油烟机B. 电熨斗
C. 平板电脑D. CPU上的散热风扇
【答案】B
【解析】解：A、油烟机的电动机工作时主要把电能转化为机械能，故A不符合题意；
B、电熨斗是电热器，工作时将电能转化为内能，是利用电流的热效应来工作的，故B符合题意；
C、电脑工作时消耗电能转化为声能和光能，不是利用电流的热效应来工作的，是接收和传递信息的，故C不符合题意；
D、CPU上的散热风扇主要将电能转化为机械能，故D不符合题意。
故选：B。
电热器是利用电流的热效应来工作的，它工作时将电能转化为内能。
知道电热器是利用电流的热效应来工作的。
6.如图所示的电路中，下列说法正确的是( )
A. 断开S1、S2，电流表A无示数
B. 先闭合S1，再闭合S2，电流表A的示数变小
C. 先闭合S2、再闭合S1，电压表V的示数变大
D. 只闭合S1时，若灯L1的灯丝突然烧断，则电压表V的示数将变大
【答案】D
【解析】解：A.根据电路图可知，断开S1、S2，电路为两灯泡和电流表串联，电流表有示数，故A错误；
B.先闭合S1，电路为两灯泡串联，再闭合S2，灯泡L2会被短路，电路中的电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流会变大，电流表的示数变大，故B错误；
C.先闭合S2，电路为串联电路，电压表测电源电压，再闭合S1，灯泡L2被短路，电压表仍测电源电压，则电压表的示数不变，故C错误；
D.只闭合S1时，若灯L1的灯丝突然烧断，电压表串联接入电路，测电源电压，因此电压表的示数会变大，故D正确。
故选：D。
根据开关的闭合情况分析电路的连接方式、电流表的作用，然后根据串联电路的改革的分析各个选项。
本题考查了电路的动态分析、串联电路的特点，难度不大。
7.如图所示，灯L1和L2是两只相同的灯泡，a、b是电流表或电压表。闭合开关S后，两灯都能发光，则下列判断正确的是( )
A. a、b均为电流表
B. a、b均为电压表
C. a为电流表，b为电压表
D. a为电压表，b为电流表
【答案】C
【解析】解：如果两个灯泡串联，无论a、b是什么仪表，L2都会被短路，故电路不可能为串联；那么两个灯泡的连接方式一定为并联，所以为了使灯L1、L2正确发光，a处相当于导线，即电流表；b处不能形成通路，否则会形成电源短路，故b处为电压表。
故选：C。
分两种情况对电路进行分析，即串联电路或并联电路，然后根据电流表与被测用电器串联，并且在电路中相当于导线；电压表与被测用电器并联，在电路中相当于开路分析a、b的类别。
解答本题需要掌握：压表和电流表的正确使用方法；电压表和电流表的在电路中的作用；本题根据电压表和电流表在电路中的作用进行分析更简单些。
8.甲、乙两只普通照明灯泡的铭牌如图所示，甲灯上标有“220V，25W”字样，乙灯上标有“220V，100W”字样，下列说法中正确的是( )
A. “220V”表示灯泡工作时，两端的实际电压为220V
B. 甲灯额定功率大于乙灯的额定功率
C. 两灯均正常发光时，乙灯消耗的电能较多
D. 两灯均正常发光时，乙灯消耗的电功率大
【答案】D
【解析】解：照明灯泡的铭牌上标的是灯泡的额定电压和额定功率；
A.“220V”表示灯泡正常工作时两端的额定电压为220V，不是实际电压，A中没有说明灯泡是不是“正常工作”，故A错误；
B.由图可知，甲灯的额定功率是25W，乙灯的额定功率是100W，所以甲灯额定功率小于乙灯的额定功率，故B错误；
C.因为W=Pt，虽然正常工作时甲灯额定功率小于乙灯的额定功率，但是不知道两灯工作的时间，所以无法确定谁消耗的电能多，故C错误；
D.两灯均正常发光时，都在额定功率下工作，甲灯额定功率小于乙灯的额定功率，即乙灯消耗的电功率大，故D正确。
故选：D。
A.“220V”表示灯泡工作时两端的额定电压为220V；
B.由图可知，甲灯额定功率小于乙灯的额定功率；
C.甲灯额定功率小于乙灯的额定功率，但是不知道两灯工作的时间，所以无法确定谁消耗的电能多；
D.根据灯正常发光时，灯消耗的电功率等于额定功率判断。
本题主要考查对灯泡电功率的理解，难度适中。
9.如图所示，已知电源电压为3V，当闭合开关后发现两灯都不亮，电压表的示数为3V，可能出现的故障是( )
A. 灯L1断路
B. 灯L2断路
C. 灯L2短路
D. 灯L1短路
【答案】B
【解析】解：由图知，
A、如果灯泡L1断路，电压表无示数，故A不符合题意；
B、如果灯泡L2断路，电压表与L1组成串联电路接在电源两极上，所以显示电源电压，故B符合题意；
C、如果灯L2短路，电压表无示数，故C不符合题意；
D、如果灯L1短路，两端电压为零，电源电压全部加在L2两端，L2发光，所以电压表示数为3V，故D不符合题意。
故选：B。
由图知，两种灯泡串联，正常情况下电压表测量L2两端电压，应该小于电源电压。
此题考查的是电路故障的判定，利用电压表检验电路故障时，闭合开关，如果电压表显示电源电压，则原因有二：并联的用电器断路、其它用电器短路。
10.如图所示的电路中，电源电压恒定，电表量程均合适，不考虑灯泡电阻受温度的影响，闭合开关后，将滑动变阻器滑片P向左移动的过程中，下列说法中正确的是( )
A. 电压表V1示数减小，电压表V2示数增大
B. 电流表示数变小，灯泡变暗
C. 电压表V1和电压表V2示数之和不变
D. 电压表V2与电流表示数之比不变
【答案】C
【解析】解：ABC、由电路图知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表V1测量的是灯泡两端的电压，电压表V2测量的是滑动变阻器两端的电压；
滑片P向左移动的过程中，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中电流增大，灯泡变亮；
根据U=IR可知，灯泡两端的电压变大，电压表V1示数变大；根据串联电路的电压规律可知，滑动变阻器两端电压变小，所以电压表V2示数变小；
电压表V1和电压表V2示数之和即为电源电压，所以保持不变，故AB错误，C正确；
D.根据R=UI可知，电压表V2与电流表示数之比即为滑动变阻器接入电路中的电阻，所以二者之比减小，故D错误。
故选：C。
由电路图知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表V1测量的是灯泡两端的电压，电压表V2测量的是滑动变阻器两端的电压。
调节滑动变阻器的滑片P向左移动时，分析滑动变阻器接入电路的电阻和总电阻的变化，由欧姆定律得出电流表示数变化和灯泡亮度的变化，根据U=IR可知，确定电压表V1的示数变化，根据串联电路电压的规律确定V2变化；
根据R=UI分析电压表V2与电流表示数之比的变化；
根据串联电路的电压规律分析电压表V1和电压表V2示数之和的变化。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是电路结构的分析。
二、多选题：本大题共2小题，共8分。
11.如图1是电阻甲和乙的I−U图像。图2、3所示，将两电阻分别以串联、并联的方式连到相同的电源上，均闭合开关S。在图2中，电流表示数为0.1A。下列关于图3电路说法正确的是( )
A. 电源电压为2VB. 电阻乙的阻值随电压变大而变大
C. 电阻乙的阻值为10ΩD. 电流表A2示数为0.6A
【答案】ACD
【解析】解：A、在图2中，两电阻串联，串联电路中电流处处相等，电流表示数为0.1A，从图1可知甲、乙两端的电压分别为0.5V、1.5V，根据串联电路的电压特点可知电源电压为U=0.5V+1.5V=2V，故A正确；
BCD、图3电路中两电阻并联，电流表A2测量干路电流，根据并联电路的电压特点可知两电阻两端的电压均为2V，从图中可知通过甲、乙的电流分别为0.4A、0.2A，根据并联电路的电流特点可知电流表A2示数为I=I1+I2=0.4A+0.2A=0.6A，故D正确；
根据欧姆定律可知电阻乙的阻值为R乙=UI2=2V0.2A=10Ω，故C正确；
当通过乙的电流为0.1A时，乙两端的电压为1.5V，根据欧姆定律可知乙的电阻R乙′=U′I2′=Ω>10Ω，故电阻乙的阻值随电压变大而变小，故B错误。
故选：ACD。
A、在图2中，两电阻串联，串联电路中电流处处相等，电流表示数为0.1A，从图1可知甲、乙两端的电压，根据串联电路的电压特点可知电源电压；
BCD、图3电路中两电阻并联，电流表A2测量干路电流，根据并联电路的电压特点可知两电阻两端的电压均为2V，从图中可知通过甲、乙的电流，根据并联电路的电流特点可知电流表A2示数；
根据欧姆定律可知电阻乙的阻值；
当通过乙的电流为0.1A时，乙两端的电压为1.5V，根据欧姆定律可知乙的电阻，比较得出电阻乙的阻值随电压的变化情况。
本题考查欧姆定律的应用，是一道综合题。
12.现在绿色环保的纯电动驱动的小汽车越来越普遍，如图是电动汽车“加油门(脚向下踩)”时的原理图，其中R0是定值电阻，“加油门”时车速仪示数变大，则“加油门”过程中，下列判断正确的是( )
A. 图中电压表作为车速仪
B. 图中电流表作为车速仪
C. 定值电阻R0起保护电路的作用
D. 电压表示数与电流表示数的比值不变
【答案】BC
【解析】解：由图知，变阻器和R0串联，电流表测量电路中的电流，电压表测变阻器的电压。
ABCD.踩下油门的过程中，变阻器接入电路的电阻变小，根据串联电路的分压规律可知，变阻器分担的电压减小，即电压表示数减小；变阻器的电阻变小，则电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知电路中电流变大，即电流表示数变大，“加油门”时车速仪示数变大，故选电流表；当踩到最下方时，定值电阻R0起保护电路的作用，因电压表示数变小，电流表示数变大，所以电压表的示数与电流表的示数比值变小，故AD错误，BC正确；故选：BC。
分析电路可知，变阻器和R0串联，电压表测变阻器的电压，电流表测量电路中的电流；
(1)当驾驶员踩下“油门”时，根据滑动变阻器接入电路中电阻的变化分析总电阻的变化，根据欧姆定律分析电路中电流的变化；根据串联电路的分压规律分析电压表示数的变化；根据电压表示数和电流表示数分析电压表与电流表示数比值的变化；
(2)根据P=UI判断出电路总功率的变化。
本题考查了电路的动态分析、欧姆定律的应用、电功率计算公式的应用，属于基础题。
三、填空题：本大题共11小题，共23分。
13.如图所示，闭合开关S，灯L1、L2是______联在电路中的；电压表V1测的是______两端的电压；若某时刻电路中的灯L1断路，则能有读数的电压表是______。
【答案】串 L1 V1、V2
【解析】解：由图可知，闭合开关S，电路中只有一条电流的路径，故灯L1、L2是串联在电路中的；
电压表V1与灯L1并联，测的是L1两端的电压；若某时刻电路中的灯L1断路，则电压表V2并联在电源两端，电压表V1与灯泡L2串联后，共同并联在电源的两端，故能有读数的电压表是V1和V2。
故答案为：串；L1；V1、V2。
电压表在电路中相当于断路；串联电路中电流只有一条路径，并联电路中电流有两条或两条以上的路径，据此判断电路的连接；电压表与被测用电器或电路并联。
本题考查了电路连接的判断，电压表的连接与使用，知道电压表的特点和使用方法，是解答的关键。
14.湘西腊肉在全国都比较出名，其做法是把新鲜的猪肉切成长块，每块3至5斤重。把食盐在锅中炒热，加拌适量的花椒粉。一块一块的用盐抹，然后一起腌制。腌制好后就把肉挂在火坑上面任其烟熏火烤。把食盐炒热是利用______方式增加食盐的内能。腊肉腌制能让肉更加入味，利用了物理中的______现象。
【答案】热传递 扩散
【解析】解：把食盐炒热，食盐吸收热量，内能增大，通过热传递的方式改变食盐的内能；
腊肉腌制能让肉更加入味，属于扩散现象，说明分子不停地做无规则运动。
故答案为：热传递；扩散。
改变内能的方式包括做功和热传递；
不同的物质在相互接触时，物质的分子互相进入对方的现象就叫扩散现象。
本题考查内能的改变和扩散现象，属于基础题。
15.如图所示，将废弃灯泡的玻璃外壳小心打碎，留下灯头和固定两根引线的玻璃心，将与之相连的灯丝去掉，利用灯头把玻璃心与另一盏白炽灯泡L串联接入家庭电路中，此时白炽灯泡L不发光；然后用酒精灯加热玻璃心，当玻璃红炽状态时，白炽灯泡L ______(填“能”或“不能”)发光，这个实验说明高温下的玻璃变成了______。
【答案】能 导体
【解析】解：常温下，玻璃是绝缘体，利用灯头把玻璃心与灯泡串联接入家庭电路中，此时灯泡不能发光；
被加热到白炽状态时，温度达到一定程度，玻璃处于高温时电阻变小，变为导体，使电路连通，灯泡能发光；
说明常温下的玻璃是绝缘体，高温下的玻璃变成了导体。即导体与绝缘体之间在一定条件下可以相互转化。
故答案为：能；导体。
对于很多导体而言，温度可以影响其电阻的大小，从而可改变其导电的性质。
容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体。导体和绝缘体没有绝对的界限，在一定条件下可以相互转化。
导体的电阻受温度的影响，导体与绝缘体没有绝对的界限，在一定条件(潮湿、高温、电击等)下，可以相互转化。
16.a、b、c三个轻质小球，a带正电，相互作用的情况如图所示，则c的带电情况是______(选填“带负电”“不带电”或“带正电”)；用丝绸摩擦过的玻璃棒靠近c球，二者将互相______(选填“吸引”或“排斥”)。
【答案】带负电 吸引
【解析】解：电荷间的相互作用规律为：同种电荷互相排斥，异种电荷互相吸引。带电体有吸引轻小物体的性质。a带正电，b与a互相吸引，则b有可能带负电或不带电；因为b与c互相排斥，则b与c都带电且带同种电荷，所以b与c都带负电。
用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，c带负电，因异种电荷相互吸引，则两者互相吸引。
故答案为：带负电；吸引。
(1)同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
(2)排斥的带有同种电荷，吸引的可能带有异种电荷，也可能带电体吸引不带电的轻小物体。
17.电能表是测量消耗______的仪表，小明家上次查看电能表的读数为，本次查看时电能表读数如图所示，则他家这段时间内消耗的电能为______度；若关闭家中其他电器，只让一个标有“220V，1000W”的电热水器正常工作10min，消耗的电能为______J，电能表的铝盘转______转。
【答案】电功 15.5 6×105 600
【解析】解：电能表是用来测量电功的仪表；
根据题意可知，小明家上次查看电能表的读数为916.1kW⋅h，由图可知，本次查看时电能表读数为931.6kW⋅h，
则他家这段时间内消耗的电能：W=931.6kW⋅h−916.1kW⋅h=15.5kW⋅h；
电热水器正常工作10min，消耗的电能：W′=Pt=1000W×10×60s=6×105J=16kW⋅h=6×105J；
电能表的铝盘转：n=16kW⋅h×3600r/kW⋅h=600r。
故答案为：电功；15.5；6×105；600。
(1)电能表是用来测量电功的仪表；
(2)电能表读数时数字方框中最后一位是小数，单位是kW⋅h，电能表的两次示数之差即为这个时间段消耗的电能；
(3)根据W=Pt求出电热水器消耗的电能；图中的3600r/(kW⋅h)表示电路中每消耗1kW⋅h电能，电能表的铝盘转过3600转，据此求出电热水器工作10min电能表的铝盘装的转数。
本题考查电能表的作用、对电能表参数认识与理解以及电能的计算，熟悉电能表各参数意义是解题的关键。
18.如图所示，学校走廊的消防应急灯由蓄电池、两个LED灯及一个自动控制开关组成。LED灯是一种发光二极管，它的主要制作材料是______(选填“绝缘体”“半导体”或“超导体”)；供电线路停电时，应急灯正常发光，将电能主要转化为______能，此时取下其中的一个LED灯，另一个LED灯仍然发光，说明应急灯的两个LED灯是______(选填“串”或“并”)联的。
【答案】半导体 光 并
【解析】解：LED灯是一种发光二极管，由半导体材料制成，具有单向导电性。
应急灯正常发光消耗电能，将电能转化为光能。
取下其中的一个LED灯，另一个LED灯仍然发光，这说明两灯互不影响，是并联的。
故答案为：半导体；光；并。
(1)LED灯由半导体材料制成；
(2)用电器工作时会消耗电能；
(3)串联电路中各用电器相互影响，一处断路，其它用电器也停止工作；并联电路中电流有多条路径，一条支路的通断不影响其它支路的工作。据此，可对应急灯的工作情况做出判断。
本题考查了半导体材料的应用、能量的转化、电路的连接方式，属于基础题。
19.如图的电路中电源电压不变，R1=30Ω，当开关S断开时，电流表的示数为0.1A，则电源电压是______V。当开关S闭合时，电流表的示数为0.4A，则R2的阻值是______Ω。
【答案】3 10
【解析】解：(1)由欧姆定律得：U1=I1R1=0.1A×30Ω=3V
电源电压：U=U1=3V；
(2)开关闭合时，R1、R2并联，
由并联电路的干路电流等于各支路电流之和可知：
流过R2的电流：I2=I−I1=0.4A−0.1A=0.3A；
由并联电路各支路电压相等可知：
U2=U1=3V，
由欧姆定律得：R2=U2I2=3V0.3A=10Ω。
故答案为：3；10。
(1)由闭合时的电流结合欧姆定律可求得电源电压；
(2)由并联电路的特点求得通过R2的电流；由并联电路的特点及欧姆定律求得R2。
本题由串并联电路的特点和欧姆定律求解。分析电路是关键。
20.如图所示的电路中，电源电压不变，闭合开关S1、S2，电压表示数为U1；接着只断开开关S2，此时电压表示数为U2，若已知U1：U2=5：3，则电阻R1和R2的阻值之比是______。
【答案】3：2
【解析】解：闭合开关S1、S2时，电路为R1的简单电路，电压表测电源的电压，则电源的电压U1；
接着只断开开关S2时，两电阻串联，电压表测R1两端的电压，
∵串联电路中总电压等于各分电压之和，
∴R2两端的电压：
UR2=U1−U2，
∵串联电路中各处的电流相等，
∴由I=UR可得，两电阻的阻值之比：
R1R2=UR1IUR2I=UR1UR2=U2U1−U2=35−3=32。
故答案为：3：2。
闭合开关S1、S2时，电路为R1的简单电路，电压表测电源的电压；接着只断开开关S2时，两电阻串联，电压表测R1两端的电压，根据串联电路的电压特点求出R2两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，要分清各量之间的关系，不要混淆。
21.一段导体两端电压为12V时通过导体中的电流是2A，如果电压降为0V，则此导体的电阻等于______Ω；如图为一可变电阻的电阻箱，此时电阻读数为______Ω。
【答案】6 47
【解析】解：(1)由欧姆定律可知，此导体的电阻：R=U I =12V2A=6Ω，由于电阻是导体本身的一种性质，与电压、电流无关，所以电压降为0V时，此导体的电阻仍然等于6Ω；
(2)该电阻箱的示数为：R=0×1000Ω+0×100Ω+4×10Ω+7×1Ω=47Ω。
故答案为：6；47。
(1)根据欧姆定律求出导体的电阻，根据电阻是导体本身的一种性质，与电压、电流无关，与材料、长度、横截面积、温度等四个因素有关分析电压降为0V时此导体的电阻；
(2)用三角标志所对的数字乘以下面的倍数，然后把他们相加，即为此时电阻读数。
本题考查欧姆定律的应用，导体电阻的影响因素和电阻箱的读数，难度不大。
22.有两个定值电阻，R1标有“5Ω，1A”，R2标有“10Ω，0.6A”，如果将它们串联，则允许加在它们两端的最大电压为______V；如果将它们并联，则干路中允许通过的最大电流为______A。
【答案】9 1.5
【解析】解：(1)由题知，R1允许通过的最大电流是1A，R2允许通过的最大电流是0.6A，
因为串联电路中电流处处相等，所以两电阻串联后电路中最大电流为0.6A，
由串联电路电阻特点和欧姆定律可得电源电压：U=I(R1+R2)=0.6A×(5Ω+10Ω)=9V；
(2)由欧姆定律得R1两端最大电压：U1=I1R1=1A×5Ω=5V，R2两端最大电压：U2=I2R2=0.6A×10Ω=6V，
因为并联电路中各支路两端电压与电源电压都相等，所以两电阻并联后的最大电压为5V，
此时通过R1的电流为1A，通过R2的电流：I′2=U1R2=5V10Ω=0.5A，
所以允许通过干路的最大电流：I最大=I1+I′2=1A+0.5A=1.5A。
故答案为：9；1.5。
(1)根据串联电路电流特点和两电阻允许通过最大电流判断两电阻串联后的最大电流，由欧姆定律计算加在它们两端的最大电压；
(2)先计算两电阻的最大电压，根据并联电路的电压特点判断两电阻并联后的最大电压，再计算干路的最大电流。
本题考查串联和并联电路特点及欧姆定律的应用，要知道串联时电路中电流取较小的电流，并联时电压取较小的电压为电源电压。
23.如图所示是一种自动测定油箱内油画高度的油量表，请回答以下问题：
(1)图中R是______(某电子元件)，油量表是用______表改装的；
(2)在某次的测量过程中，油量表损坏，请你改装：使用电压表作为油量表，与原来的油量表有相同的示数效果(油量增加，指针右偏)，则电压表需与______(选填R或R′)并联。
【答案】滑动变阻器 电流表 R′
【解析】解：(1)由图可知，油面上升时，金属杠杆右端下滑，R接入电路中的电阻变小；油面下降时，金属杠杆右端上滑，R接入电路中的电阻变大，R能够改变接入电路中电阻的大小，是一个滑动变阻器。
由图可知，油量表与电阻是串联的，根据电流表和电压表的使用规则可知，与电阻串联的是电流表，所以油量表是由电流表改装的。
(2)当油箱油面上升时，R接入电路的电阻变小，电路中电流变大，说明原电流表是随着油面升高而增大的，电阻R′两端的电压变大，若电压表应并联在电阻R′两端，电压表示数也会变大。故可将电压表与R′并联。
故答案为：(1)滑动变阻器；电流表；(2)R′。
(1)由电路图可知，R能够改变接入电路中电阻的大小，是一个滑动变阻器；定值电阻与滑动变阻器串联，油量表串联在电路中；
(2)根据串联电路的分压规律分析电压表的位置。
本题考查了电表的正确使用、电路的动态分析、欧姆定律的应用等，难度不大。
四、作图题：本大题共3小题，共9分。
24.根据如图甲所示的电路图，用笔画线代替导线，将图乙所示实物图连接完整。
【答案】解：根据图甲可知，该电路为并联电路，开关S在干路中控制整个电路，开关S1控制灯泡L1，开关S2控制灯泡L2，根据电路图连接实物图，如下所示：

【解析】根据图甲分析电路的连接方式，然后根据电路图连接实物图。
本题考查了实物电路的连接，明确各个开关的作用是解题的关键。
25.小明准备在手电筒电路的基础上加装一个电位器，实现可调光的目的。请用笔画线代替导线，将图中的实物电路连接完整，使闭合开关S后，顺时针旋转旋钮时灯泡变亮。
【答案】解：闭合开关S后，顺时针旋转旋钮时灯泡变亮，则电位器接入电路的电阻变小，所以应该把c、b接线柱接入电路，如图所示：

【解析】当转动电位器的滑片使接入电路中的电阻变大时，电路中的电流变小，小灯泡变暗；而当转动电位器的滑片使接入电路中的电阻变小时，电路中的电流变大，小灯泡变亮。
此题主要考查学生对于电路图的分析和连接的理解和掌握，注意连接方式是关键。
26.设计电路。要求：L1和L2串联，电流表测L1的电流，电路中的电流不超过0.5A；电压表测L2两端的电压。在虚框内画出电路图，并用铅笔线代替导线将图中的元件连接起来。
【答案】解：
L1与L2串联，电流表与L1串联，电压表与灯泡L2并联。先连接电源，由电源正极开始，逐个连接开关、灯泡L1、灯泡L2、电流表、最后把电压表并联在L2两端，电路中电流不超过0.5A，所以电流表使用0−0.6A，如图所示：
。
【解析】L1与L2串联，电流表测L1中的电流说明电流表与L1串联，电压表测L2两端的电压说明电压表与灯泡L2并联，根据电流流向法和先串后并的原则画出电路图并连接实物。
本题考查根据实物图的连接，并根据实物图画出电路图，关键是明白电路中各个用电器的连接情况，连接实物图是整个初中物理的难点，也是中考必考的内容。
五、实验探究题：本大题共4小题，共20分。
27.如图甲是探究并联电路电流规律的实验中。
(1)若要测量干路电流，则电流表应该接在图甲中的______点。
(2)在测量A处的电流时，闭合开关发现电流表的指针偏转如图乙所示，原因是______；
(3)实验小组测出A、B、C三处的电流值分别为0.16A、0.16A、0.32A，由此得出结论：并联电路中，各支路的电流相等。该结论是______(选填“正确”或“错误”)的，原因是______。
【答案】C 电流表正负接线柱接反 错误 选用相同规格灯泡，并且实验次数太少，结论不具有普遍性
【解析】解：
(1)由电流表的使用方法可知，电流表应串联在被测电路中，图甲中C点在干路中，若要测量干路电流，则电流表应接在甲图中的C点；
(2)在测量A处的电流时，发现电流表的指针偏转如图乙所示，电流表的指针偏向零刻度线的左侧，可能是电流表正负接线柱接反了；
(3)由题意可知，实验小组只进行了一次实验，只测出了一组实验数据就得出了结论，是错误的，因为实验次数太少，不具有普遍性，为得出普遍结论，应使用不同规格的灯泡进行多次实验，测出多组实验数据。
故答案为：
(1)C；
(2)电流表正负接线柱接反了；
(3)错误；选用相同规格灯泡，并且实验次数太少，结论不具有普遍性。
(1)由电流表的使用方法可知，电流表应串联在被测电路中；
(2)在测量A处的电流时，发现电流表的指针偏转如图乙所示，电流表的指针偏向零刻度线的左侧，可能是电流表正负接线柱接反了；
(3)由题意可知，实验小组只进行了一次实验，只测出了一组实验数据就得出了结论，是错误的，因为选用相同规格灯泡，并且实验次数太少，不具有普遍性。
本题考查电路的连接，并联电路电流的特点，误差分析，实验操作能力。
28.探究影响导体电阻大小的因素时，小兵、小红两位同学作出了如下猜想：
①导体的电阻与导体的长度有关。
②导体的电阻与导体的横截面积有关。
③导体的电阻与导体的材料有关。
实验室提供了4根电阻丝，规格、材料如表：
(1)为了验证上述猜想①，应该选用编号为______两根电阻丝进行实验；如果选用编号为A、C两根电阻丝进行实验，是为了验证猜想______(填序号)；如果选用编号为A、D两根电阻丝进行实验，是为了验证猜想______(填序号)。
(2)有同学认为，可以根据灯泡亮度的变化来判断接入的电阻丝阻值的变化情况。老师指出：此实验中这种方法不可取。这是因为电源电压一定时，所选电阻丝的阻值相差太小，灯泡亮度变化______(选填“明显”或“不明显”)。
【答案】A、B ② ③ 不明显
【解析】解：(1)由表知：电阻丝A与B的材料、横截面积相同而长度不同，可用A与B验证①导体的电阻与导体的长度有关；
A、C两根电阻丝材料与长度相同而长度不同，可用A与C验证②导体的电阻与导体的横截面积有关。
A、D两根电阻丝横截面积与长度相同而材料不同，可用A与C验证②导体的电阻与导体的材料有关。
(2)有同学认为：可以根据灯泡亮度的变化来判断接入的电阻丝阻值的变化情况。老师指出：此实验中这种方法不可取。这是因为电源电压一定时，所选电阻丝的阻值相差太小，灯泡亮度变化不明显。
故答案为：(1)A、B；②；③；(2)不明显。
(1)为了验证①导体的电阻与导体的长度有关，应保证导体的材料与横截面积相等，分析所给电阻丝，找出符合要求的电阻丝编号；编号为A、C的两根电阻丝材料与长度都相同，而横截面积不同，利用A、C可验证电阻与横截面积的关系；
(2)电压一定时，由P=U2R可知，导体电阻变化不大时，灯泡的功率变化不大，灯泡的亮暗变化不明显，不能反映电阻变化情况。
本题是一道实验题，考查了影响导体对电流的阻碍作用与导体的长度和横截面积的关系，解题时注意控制变量法的应用，分析实验数据，根据导体条件的不同及对应的实验数据的不同得出结论，是正确解题的前提与关键。
29.某班级在“探究电流与电压的关系”分组实验中，所用电源电压为3V，定值电阻R阻值为5Ω，滑动变阻器的规格为“20Ω，1A”，各仪器均完好。请完成下列问题：

(1)用笔画线代替导线，将图甲电路连接完整，要求：滑动变阻器滑片P向右移动时电阻变大，导线不交叉；
(2)闭合开关前，发现电流表指针如图乙所示，接下来正确的操作是______；
(3)闭合开关进行实验，移动滑片P到某一位置，电压表的示数如图丙所示，示数为______V；
(4)一小组展示实验数据如表格所示，其他小组发现有一次实验数据是拼凑的，请你指出是第______次实验数据，依据是：______；
(5)分析表格中有效实验数据，可得结论：______。
【答案】将电流表调零 1.6 1 滑动变阻器最大阻值太小 导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端电压成正比
【解析】解：(1)滑动变阻器滑片P向右移动时电阻变大，故滑动变阻器选用左下接线柱与开关串联在电路中，如下图所示：
；
(2)检查电路时，发现电流表指针如图乙所示，即电流表指针没有与零刻度线对齐，故接下来正确的操作是将电流表调零；
(3)闭合开关进行实验，移动滑片P到某一位置，电压表的示数如图丙所示，电压表选用小量程，分度值0.1V，其示数为1.6V；
(4)由表中第1组数据可知，当电阻R两端电压为0.5V时，电路中的电流为0.1A，根据串联电路电压规律，滑动变阻器两端电压为U滑=U−U1=3V−0.5V=2.5V，滑动变阻器接入电路的阻值为：
R滑=U滑I1=Ω>20Ω，故第1次实验数据是拼凑的；
(5)由表中数据可知，当电压增大为原来的几倍，通过电阻的电流也增大为原来的几倍，故可得出结论：导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
故答案为：
(1)
；
(2)将电流表调零；
(3)1.6；
(4)1；滑动变阻器最大阻值太小；
(5)导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端电压成正比。
(1)滑动变阻器滑片P向右移动时电阻变大，据此确定滑动变阻器选用的下端接线柱；
(2)电表使用前要调零；
(3)根据电压表选用量程确定分度值读数；
(4)根据表中第1组数据，利用串联电路电压规律结合欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的阻值，据此分析；
(5)根据表中数据分析得出结论。
本题探究电流与电压的关系实验，考查了电路连接、电表的使用、电压表读数、数据分析和欧姆定律的应用等知识。
30.如图甲是小方探究“电流与电压、电阻关系”的电路图，实验器材有：电源电压为6V，电流表、电压表各一个，开关一个，5Ω、10Ω、15Ω、30Ω的定值电阻各一个，规格为“20Ω 1A”的滑动变阻器一个，导线若干。
(1)探究电流与电压的关系时，所测得的几组电流、电压值如表1。在第2次实验中，电流表的示数如图乙，则通过电阻的电流为______A，根据表1数据可得到结论：______；
表1
(2)探究电流与电阻的关系时，所测得的几组电流、电阻如表2。
表2
①由于操作不当，导致一组数据存在错误，请判断第______次实验的数据存在错误，产生错误的具体原因是______；
②纠正错误以后，小方用30Ω的电阻替换15Ω的电阻进行了第4次实验，发现实验无法进行下去，为完成第4次实验，小红提出了下列解决方案，其中正确的有______。
A.将电压表的量程换为0～15V。
B.换成电压为12V的电源。
C.更换最大阻值大于或等于30Ω的滑动变阻器。
D.可将定值电阻两端的电压调为4V。
【答案】0.3 电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比 3 没有调节滑动变阻器，使电压表的示数保持3V不变 CD
【解析】解：(1)电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.3A，分析表1数据可知，当电阻一定时，导体中电流与其两端电压成正比；
(2)U1=0.6A×5Ω=3V，U2=0.3A×10Ω=3V，U3=0.24A×15Ω=3.6V，
故第3次实验时，没有移动滑片就读电流表示数了；纠正错误以后，该小组用30Ω的电阻替换15Ω的电阻进行了第4次实验；
A.将电压表的量程换为0～15V，并不能控制电压表示数为3V不变，故A不符合题意；
B.换成电压为12V的电源，要控制电压表示数为3V不变，根据串联电路的电压特点和分压规律可知，滑动变阻器分得的电压更大，需要变阻器接入电路的阻值更大，所以在现有滑动变阻器不变的情况是不能完成实验的，故B不符合题意；
C.当R4=30Ω时，由于要保持电阻两端的电压为UR=3V不变，则滑动变阻器两端分得电压为：
U′=U−UR=6V−3V=3V；
此时电路中的电流为：
IR=I′=URR4=3V30Ω=0.1A；
则滑动变阻器需要接入的阻值为：
R′=U′I′=3V0.1A=30Ω>20Ω；
此时滑动变阻器的阻值不能满足要求，故应换用更大阻值的变阻器，故C符合题意；
D.将定值电阻两端的电压调为4V，则滑动变阻器分得的电压为：
U滑=U−U′R=6V−4V=2V；
根据串联分压的规律可知：
U滑U′R=R滑大R定；
即2V4V=R滑大30Ω；
解得R滑大=15Ω