专题13 基因的分离定律-【提分讲练】最新高考生物二轮复习专题解读和分层练习

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【要点速记】
1．孟德尔遗传实验采用的具体科学方法
（1）科学之一选材：选豌豆作实验材料。
①在传粉方面表现为__________传粉，闭花受粉→保证自然状态下都是________种。
②在性状方面表现为具有______________且能稳定地遗传给后代的性状。
③在操作方面表现为___________________，便于进行人工异花授粉操作。
（2）科学之二操作：人工异花传粉的步骤为：
①去雄：是指除去母本未成熟花的全部雄蕊，其目的是防止________；应在_________进行。
②套袋：目的是_________________干扰，从而保证杂交得到的种子是人工传粉后所结。
③异花传粉：父本是指___________的植株；母本是指接受花粉的植株。
（3）科学之三数据处理：实验结果采用_________方法进行数据处理。
（4）科学之四研究方法：研究基因分离定律采用_______________。
2．基因类概念辨析
（1）显性基因：决定___________的基因，如图中A、B、C和D。
（2）隐性基因：决定___________的基因，如图中b、c和d。
（3）相同基因：___________相同位置上控制_________的基因，如图中A和A。
（4）等位基因：_____________的同一位置上控制___________的基因，如图中B和b、C和c、D和d。
（5）非等位基因（有两种情况）：一种是位于_______________上的非等位基因，如图中A和D；还有一种是位于_____________上的非等位基因，如图中A和b。
3．性状类概念辨析
（1）性状是指生物体所有___________的总和。任何生物都有许许多多的性状。
（2）相对性状的理解要点：“两个同”：同种生物、____________；“一个不同”：_________。
（3）显性性状：具有相对性状的两纯合亲本杂交，子一代_______出的_____________。
（4）隐性性状：具有相对性状的两纯合亲本杂交，子一代_________出的___________。
（5）性状分离：在___________中同时出现显性性状和隐性性状的现象。
4．“假说—演绎法”对一对相对性状杂交实验的分析
【重难点突破】
1．各核心概念之间的联系
2．“假说—演绎”法的基本过程
观察（或进行实验）→发现问题→提出假说→演绎推理→实验检验→得出结论。
3．遗传学研究中常用的交配类型、含义及其应用
考点二、分离定律的实质及其应用
【要点速记】
1．分离定律的实质
（1）细胞学基础（如图所示）：
（2）发生时间：_____________________。
（3）适用范围：
①_______（填“真核”或“原核”）生物_______（填“无性”或“有性”）生殖的___________（填“细胞核”或“细胞质”）遗传。
②____________对等位基因控制的____________对相对性状的遗传。
6．分离定律的应用：
（1）农业生产：指导杂交育种。
①优良性状为显性性状：利用杂合子选育显性纯合子时，可进行连续自交，直到___________为止，即可留种推广使用。
②优良性状为隐性性状：一旦出现就能_____________遗传，便可留种推广。
③优良性状为杂合子：两个纯合的不同性状个体杂交的后代就是杂合子，但每年都要育种。
（2）医学指导：分析单基因遗传病的基因型和发病率，为禁止_____________________和进行_______________提供理论依据。
【重难点突破】
1．性状显、隐性的判断方法
（1）根据子代表现型推断：
（2）“实验法”判断性状的显隐性：
（3）根据遗传系谱图进行判断：
2．纯合子与杂合子的判断方法
3．基因型、表现型的推断思路
（1）由亲代推断子代的基因型与表现型（正推型）：
（2）由子代推断亲代的基因型（逆推型）：
①基因填充法：根据亲代表现型→写出能确定的基因（如显性性状的基因型用A_表示）→根据子代一对基因分别来自两个亲本→推知亲代未知基因。若亲代为隐性性状，基因型只能是aa。
②隐性突破法：如果子代中有隐性个体，则亲代基因型中必定含有一个a基因，然后再根据亲代的表现型作出进一步推断。
③根据分离定律中规律性比值直接判断（用基因B、b表示）：
4．杂合子Aa（亲代）连续自交，第n代的比例分析
根据上表比例，杂合子、纯合子所占比例坐标曲线图为：
5．自交与自由交配的计算
（1）自交：自交是相同基因型个体之间的交配。
（2）自由交配：自由交配是群体中所有个体进行随机交配。计算后代某基因型比例时一般利用基因频率。如群体中基因型情况为2/3 AA、1/3Aa，不难得出A、a的基因频率分别为5/6、1/6；根据遗传平衡定律，后代中：AA＝（5/6）2＝25/36，Aa＝2×5/6×1/6＝10/36，aa＝（1/6）2＝1/36。
6．验证分离定律
（1）自交法：自交后代的性状分离比为3∶1，则符合基因的分离定律，性状由位于一对同源染色体上的一对等位基因控制。
（2）测交法：若测交后代的性状分离比为1∶1，则符合基因的分离定律，性状由位于一对同源染色体上的一对等位基因控制。
（3）花粉鉴定法：取杂合子的花粉，对花粉进行特殊处理后，用显微镜观察并计数，若花粉粒类型比例为1∶1，则可直接验证基因的分离定律。
（4）单倍体育种法：取花药进行离体培养，用秋水仙素处理单倍体幼苗，若植株有两种表现型且比例为1∶1，则符合基因的分离定律。
要点速记答案
考点一、1．（1）自花 纯 易于区分 花大 （2）自花传粉 开花前（花蕾期） 防止外来花粉 提供花粉 （3）统计学 （4）假说－演绎法 2．（1）显性性状 （2）隐性性状 （3）同源染色体 相同性状 （4）同源染色体 相对性状 （5）非同源染色体 同源染色体 3．（1）特征 （2）同一种性状 不同表现型 （3）表现 亲本性状 （4）未表现 亲本性状 （5）杂种后代 4．相对 显性 性状分离 高茎 矮茎 遗传因子 成对 成单 成对的遗传因子 随机结合 4 1：1 1：1
考点二、1．（1）同源染色体 等位 染色单体 相同 （2）减数第一次分裂后期 （3）真核 有性 细胞核 一 一 2．（1）不再发生性状分离 稳定 （2）近亲结婚 遗传咨询
专题13 基因的分离定律（基础）
一、单选题
1．对孟德尔选用豌豆做实验材料并获得成功的原因，下列解释中不正确的是（ ）
A．豌豆具有稳定的、容易区分的相对性状B．豌豆是严格的闭花传粉植物
C．豌豆在杂交时，母本不需去雄 D．用数学统计的方法对实验结果进行分析
【答案】C
【解析】豌豆适于作为遗传学实验的原因之一是豌豆具有稳定的、容易区分的相对性状，A正确；豌豆适于作为遗传学实验的原因之一是豌豆是严格的自花、闭花传粉植物，自然状态下易获取纯合子，B正确；利用豌豆进行杂交实验时，需要对母本进行去雄处理，否则会发生自花传粉，C错误；孟德尔遗传实验获得成功的原因之一是用数学统计的方法对实验结果进行分析，D正确。
2．羊的毛色白色对黑色为显性，两只杂合白羊交配，接连生下了3只白色小羊。若它们再生第4只小羊，其毛色（ ）
A．一定是白色的B．是白色的可能性大
C．一定是黑色的D．是黑色的可能性大
【答案】B
【解析】杂合白羊的基因型为Aa，他们所生第4只小羊是白色的概率是3/4，黑色的概率是1/4，即生白色的概率更大。综上所述，ACD不符合题意，B符合题意。
3．在孟德尔豌豆杂交实验中，F2高茎与矮茎的性状分离比为3：1，得到这一结果，需要满足的条件是（ ）
①F1高茎产生的两种雌配子比例相等
②F1高茎产生的两种雄配子比例相等
③F1高茎产生的雌配子与雄配子的数量相等
④雌雄配子的结合是随机的
⑤各种个体的存活几率相等
A．①②③④⑤B．①②④⑤C．③④⑤D．①②④
【答案】B
【解析】F1减数分裂可产生两种类型的雌、雄配子，雌雄配子随机结合的机会均等，才有可能实现F2高茎与矮茎的性状分离比为3∶1，①②④正确；F1高茎产生的雌配子数量比雄配子的数量少，③错误；各种个体的存活几率相等，才有可能实现3∶1，⑤正确；
综上分析，B正确，ACD错误。
4．刚对遗传学有浓厚的兴趣，他模拟孟德尔的实验，用纯种高茎豌豆和纯种矮茎豌豆杂交，得到的子一代（F1）都是高茎豌豆植株。他随后用F1进行了实验2，发现子二代（F2）中，高茎植株约为矮茎植株的三倍。小刚实验2所采用的方法是（ ）
A．正交实验B．反交实验C．自交实验D．测交实验
【答案】C
【解析】据题意知，纯种高茎豌豆和纯种矮茎豌豆杂交，子一代（F1）都是杂合高茎豌豆植株，杂种F1自交后代会发生性状分离，且分离比为高:矮＝3:1，C正确。正交和反交是一组相对概念，用表现型不同的两个植株做亲本，正反交试验结果可判断是质遗传还是核遗传或是否为伴性遗传，A、B错误。测交是用F1与隐性个体杂交，后代高:矮＝1:1，D错误。
5．玉米甜和非甜是一对相对性状，随机取非甜玉米和甜玉米进行间行种植，其中一定能够判断甜和非甜的显除性关系的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】C
【解析】不一定。因为自交后代不发生性状分离，则不能确定显隐关系；其中一种性状发生性状分离，则其为显性，另一性状为隐性，A不符合题意；不一定。因为正交、反交结果都表现为一种性状，则表现出来的性状为显性，不表现的那一性状为隐性；若后代发生性状分离，则无法确定显隐关系，B不符合题意；一定能。因为非甜自交，若后代发生性状分离，则非甜为显性，甜味为隐性；若自交后代均为非甜，则非甜为纯合子（AA或aa），进一步看杂交结果；若杂交后代表现一种性状，则表现出来的性状为显性，不表现出来的为隐性（定义法）；若杂交后代发生性状分离，则甜味为显性，非甜为隐性，C符合题意； 不一定。因为杂交后代只表现一种性状，则表现出的为显性，不表现的那一性状为隐性（定义法）；杂交后带出现性状分离，则不能确定显隐关系，D不符合题意。
6．假设在特定环境中，某种动物基因型为BB和Bb的受精卵均可发育成个体，基因型为bb的受精卵全部死亡。现有基因型均为Bb的该动物1000对（每对含有1个父本和1个母本），在这种环境中，若每对亲本只形成一个受精卵，则理论上该群体的子一代中BB、Bb、bb个体的数目依次为（ ）
A．250、500、0B．250、500、250
C．500、250、0D．750、250、0
【答案】A
【解析】双亲的基因型均为Bb，根据基因的分离定律可知：Bb×Bb→1/4BB、1/2Bb、1/4bb，由于每对亲本只能形成1个受精卵，1000对动物理论上产生的受精卵是1000个，且产生基因型为BB、Bb、bb的个体的概率符合基因的分离定律，即产生基因型为BB的个体数目为1/4×1000＝250个，产生基因型为Bb的个体数目为1/2×1000＝500个，由于基因型为bb的受精卵全部致死，因此获得基因型为bb的个体数目为0。综上所述，BCD不符合题意，A符合题意。故选A。
7．在下图利用Ⅰ、Ⅱ模拟性状分离比的实验中，叙述正确的有几项（ ）

①分别从两个桶内抓取一个小球，组合在一起的过程发生在图示的③时期
②每次要保证随机抓取，读取组合后必须放回
③要求每个桶中小球总数量必须相同，并且每个桶中不同的小球必须相等
④需要统计全班的结果并计算平均值，是为了减少统计的误差
A．1B．2C．3D．4
【答案】C
【解析】分别从两个桶内抓取一个小球，组合在一起的过程发生在图示的③时期，因为③时期表示的受精过程，①正确；每次要保证随机抓取，读取组合后必须放回，②正确；要求每个桶中小球总数量不一定要相同，但每个桶中不同的小球必须相等，③错误；需要统计全班的结果并计算平均值，是为了减少统计的误差，④正确。①②④正确，③错误。C正确。
8．采用下列哪一组方法，可以依次解决①～④中的遗传问题（ ）
①鉴定一只白羊是否纯种
②在一对相对性状中区别显隐性
③不断提高小麦抗病品种的纯合度
④检验杂种F1的基因型
A．杂交、自交、测交、测交B．测交、杂交、自交、测交
C．测交、测交、杂交、自交D．杂交、杂交、杂交、测交
【答案】B
【解析】①鉴定一只白羊是否为纯种，可用测交法；②在一对相对性状中区别显隐性，可以用杂交法或自交法（只能用于植物）；③不断提高小麦抗病品种的纯合度，常用自交法；④检验杂种F1的基因型采用测交法，即B正确。
9．下列有关孟德尔的豌豆杂交实验的叙述正确的是（ ）
A．母本去雄要在开花前，父本去雌要在开花后
B．母本去雄后需进行人工授粉，并做套袋处理
C．子一代不进行去雄操作，但需要做套袋处理
D．子一代和隐性纯合子测交时，两者都要去雄
【答案】B
【解析】豌豆是闭花自花授粉植物，对母本去雄要在开花前，而父本不需去雌，A错误；母本去雄后进行人工授粉，要做套袋处理，避免外来花粉干扰，B正确；子一代不进行去雄操作，不需要套袋处理，C错误；测交时，只需对母本去雄，D错误。
10．XY型性别决定的某种雌雄异株的植物，其紫花与红花的遗传受一对等位基因的控制。为研究这对等位基因是位于常染色体上还是X染色体上，选取四株植物进行了如下实验：为达成实验目的，还需补充（ ）
A．植株甲和植株乙是否为纯合子的信息
B．实验一F1中两种花色植株性别比例的数据
C．实验二或三F1中红花植株性别比例的数据
D．乙×丙杂交实验获取F1中花色及性别的数据
【答案】C
【解析】植株甲和植株乙不可能都是纯合子，这里即使补充红花是纯合子的信息，依然无法做出判断，A错误；即使在给出实验一F1中两种花色植株性别比例的数据，也无法做出基因位置的判断，B错误；若给出实验二或三F1中红花植株性别比例的数据，则可以判断基因的位置，如给出实验二子代红花的性别全为雄性，实验三中子一代红花也都为雄性，则可判断相关基因位于X染色体上，若两组的子一代均表现为雌雄均有，则相关基因位于常染色体上，C正确；上述杂交结果能够说明红花是隐性性状，即便是补充上乙×丙杂交实验获取F1中花色及性别的数据依然无法判断基因的位置，D错误。
11．某生物的毛色由常染色体上的一对等位基因A和a分别控制黑毛和白毛。若种群中黑毛纯合子和杂合子均占36％，而白色个体无繁殖能力。让该种群随机交配，若没有突变和其他因素干扰，则子代黑毛纯合子与白色个体的比例为（ ）
A．9∶1B．3∶2C．1∶1D．15 ： 1
【答案】A
【解析】由题意知“其中黑毛纯合子和杂合子均占36%”，该种群中AA＝36%，Aa＝36%，aa＝1-36%-36%＝28%，由于“白色个体无繁殖能力”，所以种群中个体随机交配时，具有繁殖能力的个体只有AA和Aa，则繁殖的群体中AA∶Aa＝1∶1，因此A的基因频率为3/4，a的基因频率为1/4。随机交配后，AA个体所占比例为3/4×3/4＝9/16，Aa个体所占比例为2×3/4×1/4＝6/16，aa个体所占比例为1/4×1/4＝1/16。所以子一代黑毛纯合子AA与白色个体aa的比例为9∶1。综上分析，A正确，BCD错误。
12．孟德尔用豌豆进行杂交实验，成功地揭示了遗传的两个基本规律，为遗传学的研究做出了杰出的贡献，被世人公认为“遗传学之父”。下列有关孟德尔一对相对性状杂交实验的说法中，不正确的是（ ）
A．豌豆是自花受粉，实验过程免去了人工授粉的麻烦
B．解释实验现象时，提出的“假说”是：F1产生配子时，成对的遗传因子分离
C．解释性状分离现象的“演绎”过程是：若F1产生配子时，成对的遗传因子分离，则测交后代出现两种表现型，且比例接近1：1
D．检测假设阶段完成的实验是：让子一代与隐性纯合子杂交
【答案】A
【解析】豌豆是自花传粉植物，在杂交时，人工授粉前，要进行去雄、套袋处理，A错误；解释实验现象时，提出的“假说”是：F1产生配子时，成对的遗传因子分离，B正确；解释性状分离现象的“演绎”过程即是对测交实验的结果的推测，即若F1产生配子时，成对的遗传因子分离，则测交后代出现两种表现型，且比例接近1:1，C正确；检测假设阶段完成的实验即测交实验，让子一代与隐性纯合子杂交，D正确。
13．在一对等位基因决定一对相对性状的遗传实验中，下列有关推理正确的是（ ）
A．高茎×矮茎→1高茎:1矮茎，则高茎为显性性状
B．若双亲正常，生了一个有病女儿，则该病为常染色体隐性遗传病
C．后代全为显性，则双亲必为显性纯合子
D．基因型相同的两个生物，其表现型一定相同
【答案】B
【解析】高茎和矮茎杂交，子代出现两种性状，判断不出显隐性，A错误；双亲正常，生了一个有病女儿，无中生有为隐性，隐性女患者的父亲没病，只能是常染色体隐性，B正确；后代全为显性，也可能是AA×Aa、AA×aa，C错误；表现型受基因型和环境共同决定，所以基因型相同，表现型不一定相同，D错误。
14．鼠的毛色有黑色和棕色（由基因B、b控制），两只黑鼠交配，生了3只棕鼠和1只黑鼠，下列说法正确的是（ ）
A．棕色为显性性状
B．子代黑鼠基因型为BB的概率是1/4
C．若亲代黑鼠再生4只小鼠，则应为3只黑鼠和一只棕鼠
D．若检测子代黑鼠的基因型，最好选用棕鼠与其交配
【答案】D
【解析】由分析可知，黑色为显性性状，棕色为隐性性状，A错误；由分析可知，亲本基因型均为Bb，则子代黑鼠基因型为BB的概率是1/3，B错误；若亲代黑鼠再生4只小鼠，由于个体数量较少，表现型比例不一定为3∶1，即不一定是3只黑鼠和一只棕鼠，C错误；棕鼠为隐性纯合子，若要检测子代黑鼠的基因型，可利用测交法，与隐性纯合子进行交配，D正确。
15．“假说－演绎法”是科学研究中常用的方法，孟德尔在发现基因分离定律时的“演绎”过程是（ ）
A．由一对相对性状的杂交实验推测，生物的性状是由遗传因子决定的
B．由F2中出现了“3:1”性状分离比，推测生物体产生配子时，成对遗传因子彼此分离
C．若F1产生配子时成对遗传因子彼此分离，则测交后代性状分离比接近1:1
D．若测交后代性状分离比接近1:1，则F1的遗传因子组成为Aa
【答案】C
【解析】“由一对相对性状的杂交实验推测，生物的性状是由遗传因子决定的”与“由F2中出现了“3:1”性状分离比，推测“生物体产生配子时，成对遗传因子彼此分离”是孟德尔对实验现象的解释，属于假说内容，A、B错误；演绎是根据假设内容推测测交实验的结果，即若F1产生配子时遗传因子分离，则测交后代的两种性状比接近1：1，C正确；演绎是根据假设内容推测测交实验的结果，而根据测交实验的结果推出F1的遗传因子组成为Aa，不属于演绎过程，D错误。
16．豌豆圆粒（R）对皱缩（r）为显性，孟德尔将圆粒豌豆自交，后代中出现了皱缩豌豆，说明（ ）
A．R、r基因位于非同源染色体上 B．用于自交的圆粒豌豆为杂合子
C．自交后代出现的皱缩豌豆为杂合子 D．自交后代中圆粒皱缩的比例应该为1:3
【答案】B
【解析】R、r是等位基因，位于同源染色体上，A错误；用于自交的圆粒豌豆为杂合子，B正确；自交后代出现的皱缩豌豆为隐性纯合子，C错误；自交后代中圆粒皱缩的比例应该为3：1，D错误。
17．腊梅的花色受一对基因控制，将紫色腊梅与黄色腊梅进行杂交，F1均为紫色条纹（紫色、黄色的中间类型），F1自交，F2中紫色：紫色条纹：黄色＝1:2:1，下列叙述正确的是（ ）
A．花色性状中，紫色对黄色为完全显性
B．F2出现性状分离的原因是基因重组
C．该群体中相同花色的个体基因型一定相同
D．为提高紫色条纹出现的概率，可采取不断自交的形式
【答案】C
【解析】通过分析可知，紫色、黄色、紫色条纹分别对应一种基因型，A错误；F2出现性状分离的原因是在形成配子时等位基因分离，进入不同的配子中，配子在随机结合才出现不同的性状，而基因重组强调了控制不同性状的基因重新组合，要求至少两对等位基因，B错误；由题干信息可知紫色对黄色是不完全显性，紫色、黄色、紫色条纹分别对应一种基因型，C正确；不断自交的过程是为了提高纯合子频率，而紫色条纹是杂合子，D错误。
18．种植基因型为AA和Aa的豌豆，两者数量之比是1:3。自然状态下（假设结实率相同），其子代中基因型为AA、Aa、aa的数量之比为（ ）
A．7:6:3B．3:2:1C．5:2:1D．1:2:1
【答案】A
【解析】AA和Aa二者数量之比是1:3，则AA占1/4、Aa占3/4，1/4AA自交后代是1/4AA，3/4Aa自交后代基因型是（3/4×1/4＝3/16）AA、（3/4×1/2＝3/8）Aa、（3/4×1/4＝3/16）aa，所以子代中基因型为AA、Aa、aa的数量比是7:6:3。故选A。
19．果蝇的眼色有一种隐性突变体——猩红眼（r1r1）。研究者获得了两个新的朱砂眼隐性突变体——朱砂眼a（r2r2）和朱砂眼b（r3r3），做了如下杂交实验。据此分析不合理的是（ ）
A．r1和r2不是等位基因 B．r2和r3是等位基因
C．r1和r3一定位于非同源染色体上 D．Ⅲ组F1的自交后代一定出现性状分离
【答案】C
【解析】根据第Ⅰ组杂交朱砂眼a和猩红眼杂交，子代全为野生型，说明朱砂眼a和猩红眼是由不同的基因控制的，第Ⅰ组朱砂眼a基因型为R1R1r2r2，第Ⅲ组猩红眼基因型为r1r1R2R2，子代全为R1r1R2r2，表现为野生型，因此r1和r2不是等位基因，A正确；根据第Ⅱ组杂交结果，朱砂眼a和朱砂眼b杂交，子代全为朱砂眼，说明朱砂眼ab实际上是一种性状，因此r2和r3是等位基因，B正确；根据第Ⅲ组杂交朱砂眼b和猩红眼杂交，子代全为野生型，说明了r1和r3是非等位基因，但由于一条染色体上有多个基因，所以r1和r3可能在一对同源染色体上，C错误；根据C项的分析亲代Ⅲ组杂交朱砂眼b的基因型为R1R1r3r3，猩红眼的基因型为r1r1R3R3，所以子代全为R1r1R3r3，自交后代一定出现性状分离，D正确。
20．喷瓜有雄株、雌株和两性植株，G基因决定雄株，g基本决定两性植株，g-基因决定雌株，G对gg-是显性，g对g-是显性，如：Gg是雄株，gg-是两性植株，g-g-是雌株。下列分析正确的是（ ）
A．Gg和Gg-能杂交并产生雄株
B．一株两性植株的喷瓜最多可产生三种配子
C．两性植株自交不可能产生雌株
D．两性植株群体内随机传粉，产生的后代中，纯合子比例高于杂合子
【答案】D
【解析】从题意可知，Gg、Gg-均为雄性，不能杂交，A项错误；两性为gg-可产生两种配子，B项错误；两性植株gg-可自交可产生g-g-雌株，C项错误；若两性植株群体内随机传粉，则纯合子比例会比杂合子高，D项正确。
21．孟德尔关于一对相对性状的杂交实验中，子一代只有高茎性状，子二代出现高茎:矮茎＝3:1的性状分离比，与此无关的解释是（ ）
A．F1产生配子时，成对的遗传因子彼此分离 B．所有个体产生的雌雄配子数量是相等的
C．各种配子的存活率是大体相同的 D．所有个体的适应环境能力是相同的
【答案】B
【解析】孟德尔一对相对性状的杂交试验中，实现3：1的分离比必须同时满足的条件是：F1形成的配子数目相等且生活力相同，雌、雄配子结合的机会相等；F2不同的基因型的个体的存活率相等；等位基因间的显隐性关系是完全的；观察的子代样本数目足够多，雌配子的数量比雄配子多，ACD正确，B错误。
22．遗传学上的平衡种群是指在理想状态下，基因频率和基因型频率都不再改变的大种群。某哺乳动物的平衡种群中，栗色毛和黑色毛由常染色体上的1对等位基因控制。下列叙述正确的是（ ）
A．多对黑色个体交配，每对的子代均为黑色，则说明黑色为显性
B．观察该种群，若新生的栗色个体多于黑色个体，则说明栗色为显性
C．若该种群栗色与黑色个体的数目相等，则说明显隐性基因频率不等
D．选择1对栗色个体交配，若子代全部表现为栗色，则说明栗色为隐性
【答案】C
【解析】多对黑色个体交配，每对的子代均为黑色，据此不能判断这对相对性状的显隐性关系，黑色可能为显性，也有可能为隐性，A错误；根据“新生的栗色个体多于黑色个体”不能说明栗色为显性，B错误；若显性基因频率和隐性基因频率相等，则显性个体数目多于隐性个体数目，因此该种群栗色与黑色个体的数目相等时，则说明显隐性基因频率不等，C正确；选择1对栗色个体交配，若子代全部表现为栗色，据此不能判断这对相对性状的显隐性关系，栗色可能为显性，也有可能为隐性，D错误。
二、综合题
23．豌豆的高茎（D）对矮茎（d）为一对相对性状。仔细观察下列实验过程图解，回答相关问题：

（1）该实验的亲本中，父本是____________________。
（2）操作①叫_____________，此项处理必须在豌豆______________之前进行。
（3）操作②叫______________，此项处理后必须对母本的雌蕊进行套袋处理，其目的是_____。
（4）高茎（D）对矮茎（d）为显性，若P皆为纯合体，让F1进行自交，F2性状中高茎与矮茎之比为_______________。这种现象称作______________。
【答案】（1）矮茎豌豆
（2）去雄 自花传粉（自然授粉）
（3）人工授粉 防止外来花粉的干扰
（4）3∶1 性状分离
【解析】（1）据图可知，在豌豆杂交实验中，矮茎豌豆作为父本提供花粉。
（2）根据图示可知操作①叫去雄，由于豌豆是闭花授粉，此项处理必须在豌豆自花传粉（自然授粉或雄蕊成熟）之前进行。
（3）操作②是人工授粉，处理后必需用纸袋对母本进行套袋隔离，防止外来花粉干扰实验。
（4）若亲本皆为纯合体，则F1为杂合子Dd，F1自交，F2高茎与矮茎之比为3∶1，这种现象称作性状分离。
24．豌豆花的颜色由一对基因A、a控制。下表是关于豌豆花色的3组杂交实验及其结果。
请分析回答下列问题：
（1）豌豆花的颜色中，显性性状是_____________。
（2）写出②组实验中亲本的基因型_____________。
（3）让①组F1中的紫色个体自交，其子代中紫色与白色个体数量的比例是_______。
（4）③组F1的紫色个体中，纯合体所占比例是___________。
（5）③组中，F1中同时出现紫花与白花的现象，在遗传学上称为____________________。
【答案】（1）紫色
（2）AA、aa
（3）3∶1
（4）1/3
（5）性状分离
【解析】（1）由以上分析可知，显性性状是紫色。
（2）②组实验中紫色×白色→F1全为紫色，说明亲本均为纯合子，基因型分别为AA、aa。
（3）由以上分析可知，①组亲本紫色×白色→F1中紫色∶白色≈1∶1，则亲本基因型为Aa、aa，F1中紫色基因型Aa，F1紫色个体自交，其子代中紫色与白色个体数量的比例是3∶1。
（4）由以上分析可知，③组亲本基因型均为Aa，则F1中紫色个体基因型及比例为1/4AA、1/2Aa，因此紫色个体中纯合子比例为1/3。
（5）③组中，具有相同性状的亲本杂交，F1中同时出现紫花与白花的现象，在遗传学上称为性状分离。
25．某种鼠的体色由常染色体上的等位基因A+、A和a控制。A+（纯合会导致胚胎致死） 决定黄色，A决定灰色，a决定黑色。回答下列问题。
（1）A+、A和a基因在遗传时遵循___________定律。 该种鼠的成年个体最多有______种基因型。一只黄色雌鼠和一只黑色纯合雄鼠杂交，后代可能出现_______________种表现型。
（2）为确定A+基因与A基因之间的显隐性关系，科研团队用_______________雌鼠与纯合的______________雄鼠多次交配获得到较多子代，观察子代的性状表现（不考虑基因突变）。
①________________，则可确定显隐性关系为A+基因对A基因为显性。
②若子代全为灰色鼠，则可确定显隐性关系为__________________。
【答案】（1）基因的分离 5 2
（2）黄色 灰色 子代出现黄色鼠 A基因对A+基因为显性
【解析】（1）A+、A和a属于复等位基因，位于一对同源染色体上，遵循基因的分离定律；由于基因A+纯合时会导致小鼠在胚胎时期死亡，所以该鼠种群中存活小鼠毛色的基因型有A+A、A+a、AA、Aa、aa5种基因型；一只黄色雌鼠（A+A或A+a）和一只黑色雄鼠（aa）杂交，后代可能出现黄色（A+a）、灰色（Aa）或黄色（A+a）、黑色（aa）共2种表现型。
据题干信息可知，为确定A+基因与A基因之间的显隐性关系，应选择A+A（黄色雌鼠）与AA（纯合的灰色雄鼠）杂交，杂交组合为A+A×AA→A+A、AA观察子代的性状表现：①若A+基因对A基因为显性，则子代A+A为黄色，AA为灰色（子代出现黄色鼠）。②若A基因对A+基因为显性，则子代A+A和AA均为灰色。
专题13 基因的分离定律（提高）
一、单选题
1．基因A、A1、A2互为一对等位基因，共同控制某植株的花色。在该植株种群中，与花色有关的基因型种类数为（ ）
A．3B．6C．9D．10
【答案】B
【解析】基因A、A1、A2互为一对等位基因，则含有的基因型有AA、A1A1、A2A2、AA1、AA2、A1A2共6种，B正确，故选B。
2．玉米是一种雌雄同株但不同花的植株，可以自花传粉，又可以异花授粉。非糯玉米和糯玉米受一对等位基因控制，从种群中选择两个个体进行下列实验，根据子代的表现型一定能判断显隐性关系的是（ ）
A．将非糯玉米与糯玉米杂交 B．将非糯玉米自交，同时将非糯玉米与糯玉米杂交
C．将非糯玉米与糯玉米正交和反交 D．将非糯玉米和糯玉米分别自交
【答案】B
【解析】若显性性状的个体为杂合子，则非糯玉米与糯玉米杂交相当于测交，测交不能判断显隐性，A错误；将非糯玉米自交，若后代发生性状分离，则非糯为显性性状，若后代不发生性状分离，则说明该非糯个体为纯合子，可同时将非糯玉米与糯玉米杂交，后代表现的性状即为显性性状，B正确；正反交可判断基因的位置，但不能判断显隐性，C错误；将非糯玉米和糯玉米分别自交，若后代都不发生性状分离时，不能判断显隐性，D错误。
3．在孟德尔的豌豆杂交实验中，涉及到了自交和测交。下列相关叙述中正确的是（ ）
A．自交、测交都可以用来判断某一显性个体的基因型
B．自交、测交都可以用来判断一对相对性状的显隐性
C．自交不可以用于显性优良性状的品种培育过程
D．自交和测交都不能用来验证分离定律和自由组合定律
【答案】A
【解析】测交和自交都可以用来判断某一显性个体的基因型，如果测交后代中既有显性性状又有隐性性状出现，或自交后代中出现性状分离，则此显性个体为杂合子，A正确；自交后代会出现性状分离，所以可以用来判断一对相对性状的显隐性；但测交的亲代和后代都是两种性状，无法判断相对性状的显隐性关系，B错误；培育所需显性性状的优良品种时要利用自交方法，淘汰出现性状分离的杂合体，获得显性纯合子，C错误；自交和测交都能用来验证分离定律和自由组合定律，D错误。
4．在家鼠中短尾鼠（T）对正常鼠（t）为显性，一只短尾鼠与一只正常鼠交配，后代中正常尾与短尾比例相同；而短尾与短尾交配，子代中有一类型死亡，能存活的短尾与正常尾之比为2∶1。则不能存活类型的基因型可能是（ ）
A．TTB．TtC．ttD．TT或Tt
【答案】A
【解析】由题干可知:Tt（短尾）×Tt（短尾）→T_（短尾）∶tt（正常尾）＝2∶1，又因短尾鼠×正常尾鼠（tt）→正常尾鼠∶短尾鼠＝1∶1，由此可知短尾鼠一定是杂合子（Tt），所以致死的一定是纯合短尾鼠，A正确，故选A。
5．将单基因杂合子的某植物自交一代的种子全部种下，待其长成幼苗后，人工去掉其中的隐性个体。利用余下的植株进行两种不同的实验：①让其所有植株之间相互传粉；②全部让其自交。①②两种方法所得到的显性性状的子代所占比例分别为（ ）
A．8/9、5/6B．3/8、1/6C．7/12、5/6D．2/3、7/9
【答案】A
【解析】根据以上分析已知，杂合子自交产生的幼苗，除去隐性个体后的基因型及其比例为AA：Aa＝1:2。①让剩余个体相互传粉，即自由交配，则产生的隐性性状的个体的比例＝2/3×2/3×1/4＝1/9，因此显性性状的子代所占比例＝8/9；②全部让其自交，则后代隐性性状的个体的比例＝2/3×1/4＝1/6，因此显性性状的子代所占比例＝5/6，故选A。
6．将基因型为Aa的豌豆连续自交，将后代中的纯合子和杂合子所占的比例绘制成如图所示的曲线，据图分析，错误的说法是（ ）

A．a曲线可代表自交n代后纯合子所占的比例
B．b曲线可代表自交n代后显性纯合子所占的比例
C．隐性纯合子的比例比b曲线所对应的比例要小
D．c曲线可代表后代中杂合子所占比例随自交代数的变化
【答案】C
【解析】杂合子自交n代，后代纯合子所占的比例为1－（1/2）n，自交代数越多，该值越趋向于1，所以a曲线可代表自交n代后纯合子所占的比例，A正确；纯合子包括显性纯合子和隐性纯合子，并且它们比例相等，因此显性纯合子＝1/2×［1－（1/2）n］，自交代数越多，该值越趋向于1/2，所以b曲线可代表自交n代后显性纯合子所占的比例，B正确；显性纯合子和隐性纯合子所占比例相等，因此隐性纯合子的比例也可用b曲线表示，C错误；杂合子的比例为（1/2）n，随着自交代数的增加，后代杂合子所占比例越来越小，且无限接近于0，所以c曲线可代表后代中杂合子所占比例随自交代数的变化，D正确。
7．黄鼠（Y）对灰鼠（y）显性，随机选择两只雌雄黄鼠杂交，每次杂交后代总是出现黄鼠：灰鼠约为2：1。下列分析合理的是（ ）
A．灰鼠的存活率只有50% B．纯种黄鼠在胚胎时期不能发育
C．含y基因的精子有50%不能参与受精作用 D．用黄鼠与灰鼠杂交，后代有2/3是灰鼠
【答案】B
【解析】由以上分析可知，出现上述现象的原因为纯种黄鼠YY致死（在胚胎时期不能发育）所致，对于灰鼠没有影响，故灰鼠的存活率为100%，A错误，B正确；若含y基因的精子有50%不能参与受精作用，则雄配子为2/3Y、1/3y，雌配子为1/2Y、1/2y，精卵结合后子代基因型及比例为YY：Yy：yy＝2:3:1，C错误；用黄鼠（Yy）与灰鼠（yy）杂交，子代灰鼠（Yy）比例为1/2，D错误。
8．某种雌雄同花植物的花色呈现出白色、浅红色、粉红色、红色和紫红色，是由一个基因座位上的三个复等位基因决定；将一白花植株与一紫红花植株杂交，F1均为粉红花植株。下列叙述正确的是（ ）
A．三个复等位基因之间是共显性关系
B．F1粉红花植株进行自交，其后代会出现浅红色植株
C．F1粉红花植株进行自交，其后代出现多种表现型是基因重组的结果
D．若一浅红花植株与一红花植株杂交，其后代一定不会出现白花和紫红花植株
【答案】D
【解析】根据上述分析可知，三个复等位基因之间不是共显性关系，A错误；F1粉红花（AA2）植株进行自交，其后代会出现白色、粉红色和紫红色，不会出现浅红色植株，B错误；基因重组至少要涉及两对等位基因，而题中只有三个复等位基因，不能发生基因重组，C错误；若一浅红花植株（AA1）与一红花植株（A1A1）杂交，其后代会出现浅红花植株和红花植株，一定不会出现白花和紫红花植株，D正确。
9．无尾猫是一种观赏猫。猫的无尾、有尾是一对相对性状，按基因的分离定律遗传。为了选育纯种的无尾猫，让无尾猫自由交配多代，但发现每一代中总会出现约1/3的有尾猫，其余均为无尾猫。由此推断正确的是（ ）
A．猫的有尾性状是由显性基因控制的
B．自由交配后代出现有尾猫是基因突变所致
C．自由交配后代无尾猫中既有杂合子又有纯合子
D．无尾猫与有尾猫杂交后代中无尾猫约占1/2
【答案】D
【解析】根据分析，猫的无尾性状是由显性遗传因子控制的，有尾性状是由隐性基因控制的，A错误；自交后代出现1/3有尾猫是基因分离后雌雄配子随机结合，显性纯合致死所致，B错误；由于显性纯合致死，所以自交后代无尾猫中只有杂合子，C错误；无尾猫（Aa）与有尾猫（aa）杂交后代的基因型及比例为：Aa（无尾）：aa（有尾）＝1：1，其中无尾猫约占1/2，D正确。
10．原产欧洲南部喷瓜的性别不是由性染色体决定，而是由3个遗传因子aD、a+、ad决定的，aD对a+为显性，a+对ad为显性，它们的性别表现与遗传因子组成如下表所示。现有两株喷瓜杂交，产生的后代有雄性、雌雄同株、雌性这三种性别的性状表现，则其比例为（ ）
A．4：2：1B．3：1：1C．2：1：1D．1：2：1
【答案】C
【解析】根据分离定律及题意可知：两株喷瓜杂交，产生的后代有雄性（aDa+、aDad）、雌雄同株（a+a+、a+ad）、雌性（adad）这三种性别的表现型，则亲本的基因型组合为aDad×a+ad，所以子代基因型为：aDa+：aDad：a+ad：adad＝1:1:1:1，因此子代中雄性：雌雄同株：雌性＝2:1:1，故选C。
11．已知豌豆的高茎对矮茎为显性，现有一株高茎豌豆甲，要确定其遗传因子组成，最简便易行的办法是（ ）
A．选另一株矮茎豌豆与甲杂交，子代中若有矮茎出现，则甲为杂合子
B．选另一株矮茎豌豆与甲杂交，子代若都表现为高茎，则甲为纯合子
C．让甲进行自花传粉，子代中若有矮茎出现，则甲为杂合子
D．让甲与多株高茎豌豆杂交，子代若高茎、矮茎之比接近3:1，则甲为杂合子
【答案】C
【解析】选一株矮茎豌豆与甲杂交，由于豌豆为闭花、自花受粉作物，要进行测交需要去雄与人工授粉等操作，该办法不是最简便易行的，A错误；由A选项分析可知，该办法不是最简便易行的，B错误；豌豆是严格的闭花、自花受粉作物，用待测的高茎豌豆进行自交，省去了人工去雄与授粉的麻烦，若后代出现性状分离，则说明是杂合子，否则为纯合子，C正确；选甲与多株高茎豌豆杂交，子代若高矮茎之比接近3∶1，则甲为杂合子，但该办法也需要去雄授粉，D错误。
12．已知某植物的花色有红色（AA和Aa）、白色（aa）两种。现有基因型为Aa的植株组成的种群，该种群的个体连续自交2代，得F2，如不考虑自然选择的作用，则下列关于F2的描述，错误的是（ ）
A．AA个体占3/8 B．Aa个体占3/8
C．纯合子与杂合子的比例不同 D．红花植株中杂合子占2/5
【答案】B
【解析】通过分析可知，在F2中，AA个体占1/4＋1/8＝3/8，A正确；通过分析可知，Aa个体占1/4，B错误；通过分析可知，纯合子（AA＋aa）的比例为3/4，杂合子（Aa）的比例为1/4，C正确；通过分析可知，在红花植株中，AA∶Aa＝3/8∶1/4＝3∶2，因此杂合子占2/5， D正确。
13．豌豆高茎（D）对矮茎（d）为显性，现有一批基因型为DD与Dd的高茎豌豆，两者的数量比为1：1，自然状态下，其子代中高茎与矮茎豌豆的数量比为 （ ）
A．7：1B．3：1C．15：1D．5：1
【答案】A
【解析】基因型为DD与Dd的高茎豌豆，两者的数量比为1：1，自然状态下，豌豆是自花授粉，只有Dd的后代出现dd。因为Dd×Dd→1/4DD：1/2Dd：1/4dd，所以后代矮茎豌豆dd的概率＝1/2×1/4＝1/8；则后代高茎豌豆所占的概率为1－1/8＝7/8。自然状态下，其子代中高茎与矮茎豌豆的数量比为7：1，A正确。
14．水稻有香味是受基因控制的，其植株和种子均有香味。研究人员为确定香味基因的显隐性，以有香味的“粤丰B”和无香味的“320B”水稻为材料，互为父母本进行如下杂交实验。

以下叙述错误的是（ ）
A．有香味基因为隐性基因
B．F2中无香味植株全部自交，后代表现型比例为5：1
C．F2无香味的190株植株中杂合子有128株
D．通过测交可以确定F2中无香味个体的基因型及产生配子的数量
【答案】D
【解析】由实验结果可知F1全部无香味，自交后出现了有香味与无香味植株，且比例约为1：3，则有香味应是隐性基因控制的性状，A正确：F2中无香味的190株中自交后有128株所结种子中既有有香味的也有无香味的，说明是杂合子，所占比例约为2/3，F2中无香味植株全部自交，后代有香味植株所占比例为2/3×1/4＝1/6，无香味植株所占比例为1/3+2/3×3/4＝5/6，有香味与无香味植株比例为1：5，B正确：F2中无香味的190株中自交后有128株所结种子中既有有香味的也有无香味的，说明这198株是杂合子；通过测交可以确定F2中无香味个体的基因型及产生配子的种类，D错误。
15．基因型为Bb（B对b为完全显性）的玉米植株自交后所结的一个玉米穗上有700多粒种子（F1）。挑选F1植株中的显性个体均分为两组，甲组自交，乙组自由交配，下列有关两组所产子代的分析，错误的是（ ）
A．甲组子代中隐性个体占1/6，乙组子代中隐性个体占1/9
B．两组子代中纯合子所占比例均高于杂合子所占比例
C．两组子代中基因型为Bb的个体所占比例不同
D．基因B在两组子代中的基因频率不同
【答案】D
【解析】甲组自交得到的F2中基因型为BB个体占1/3+2/3×1/4＝1/2，Bb个体占2/3×1/2＝1/3，bb个体占2/3×1/4＝1/6；根据遗传平衡定律，乙组自由交配得到的F2的基因型为4/9BB、4/9Bb、1/9bb，A正确；根据A项分析可知，两组子代中纯合子所占比例均高于杂合子所占比例，两组子代中基因型为Bb的个体所占比例不同，BC正确；甲组自交，子代基因B的频率为1/2+1/3×1/2＝2/3；乙组自由交配，子代基因B的频率为4/9+4/9×1/2＝2/3，D错误。
二、综合题
16．如图为豌豆的遗传实验过程图解，请仔细看图后回答下列问题：

（1）豌豆是一种非常经典的遗传学材料，由于它是_____________植物，所以在自然状态下一般都是纯种。
（2）如图中所示操作①和操作②分别叫_________、_________。操作①应在开花__________（填“前”或“后”）进行，在该实验的亲本中，父本是___________（填“高茎”或“矮茎”）。
（3）豌豆的紫花与白花是一对___________。若用亲本为紫花与白花的豌豆进行杂交，统计F1代中紫花与白花的比约为1：1，则紫花对白花为___________（填“显性”“隐性”或“无法确定”）。
【答案】（1）自花传粉，闭花受粉
（2）去雄 （人工）授粉 前 矮茎
（3）相对性状 无法确定
【解析】（1）由于自然条件下豌豆是严格的自花传粉、闭花授粉，故自然条件下的豌豆都是纯种。
（2）根据图示可知操作①是去雄，为防止自花传粉，此项处理必须在豌豆花蕊成熟之前进行。操作②是人工授粉，之后还要套上纸袋，防止外来花粉干扰实验。在豌豆杂交实验中，提供花粉的植株是父本即矮茎植株。
（3）豌豆的紫花与白花是一对相对性状。亲本紫花与白花杂交后代紫花：白花＝1:1，这属于测交，并不能判断出显隐性。
17．在自然鼠群中，已知毛色由一对等位基因控制，A控制黄色，a1控制灰色，a2控制黑色，显隐性关系为 A＞a1＞a2，且AA纯合胚胎致死。请分析回答相关问题。
（1）两只鼠杂交，后代出现三种表现型。则该对亲本的基因是____________，它们再生一只灰色雄鼠的概率是__________。
（2）现进行多对Aa1×a1a2的杂交，统计结果平均每窝出生8只小鼠。在同样条件下进行许多Aa2×Aa2的杂交，预期每窝平均生出的黑色小鼠占比为________。
（3）现有一只黄色雄鼠和多只其他各色的雌鼠，如何利用杂交方法检测出该雄鼠的基因型？ 实验思路及预测结果：
实验思路：__________________________________________________________________。
预测结果：若子代表现型及比例为___________，则该黄色雄鼠基因型为 Aa1。若子代表现型及比例为___________，则该黄色雄鼠基因型为 Aa2。
【答案】（1）Aa2×a1a2 1/4
（2）1/3
（3）选用该黄色雄鼠与多只黑色雌鼠杂交，统计后代毛色及比例 黄色：灰色＝1：1 黄色：黑色＝1：1
【解析】（1）由后代有黑色a2a2可推知亲代均有a2，又因后代有3种表现型，故亲本的基因型为Aa2和a1a2；它们再生一只灰色（a1a1、a1a2）雄鼠的概率为1/2×1/2＝1/4。
（2）Aa2和a1a2所生的后代全部存活，而Aa2和Aa2的后代有1/4AA胚胎致死，即2只死亡，则每窝生出的黑色小鼠为1/3。
（3）要通过杂交方法检测出黄色雄鼠的基因型（Aa1或Aa2），可用测交的方法，即将该黄色雄鼠与多只黑色（a2a2）雌鼠杂交并观察后代毛色；如果后代出现黄色：灰色＝1:1，则该黄色雄鼠的基因型为Aa1；如果后代出现黄色：黑色＝1:1，则该黄色雄鼠的基因型为Aa2。
18．已知豌豆种子子叶的黄色与绿色由一对等位基因Y、y控制，某同学用豌豆进行下列遗传实验，其实验方案和结果如下图所示。请据图分析回答：

（1）上述两个遗传实验中，根据实验____________________可判断子叶颜色这一相对性状的显隐性关系，其中_______________子叶是显性性状。
（2）在实验一中，F1代出现黄色子叶与绿色子叶的比例为1：1，其主要原因是亲本甲产生的配子种类及其比例为_______________。
（3）在实验二中，亲本黄色子叶（丁）自交，后代同时出现显性性状和隐性性状，这种现象在遗传学上叫做_________________。
（4）实验二中F1代黄色子叶（戊）的某因型为_______，其中能稳定遗传的黄色子叶种子所占的比例为__________。
【答案】（1）二 黄色子叶
（2）Y：y＝1：1
（3）性状分离
（4）YY、Yy 1/3
【解析】（1）根据以上分析，由实验二可判断这对相对性状中，黄色子叶是显性性状。
（2）实验一子代中出现黄色子叶与绿色子叶的比例为1：1，为测交，其主要原因是黄色子叶甲产生的配子基因型及比例为Y：y＝1：1。
（3）实验二中，亲本黄色子叶（丁）自交，后代同时出现显性性状和隐性性状，这种现象在遗传学上叫做性状分离。
（4）实验二中亲本黄色的基因型为Yy，子代黄色的基因型为YY和Yy，且比例为1：2，其中能稳定遗传的纯合子种子所占的比例为1/3。
19．果蝇的翅型由位于常染色体上的一对等位基因（A、a）决定，但是也受环境温度的影响（如表一），现在用6只果蝇进行三组杂交实验（如表二），其中雄性亲本在室温（20℃）长大，分析表格相关信息回答下列问题：
表一：
表二：
注：雄性亲本均在室温（20℃）条件下饲喂
（1）亲代雌果蝇中___________（填表二中序号）一定是在低温（0℃）的条件下饲养的；亲代果蝇中③的基因型一定是______________。
（2）果蝇翅型的遗传说明了生物性状是___________共同调控的。
（3）亲代①的基因型可能是_______________，为确定其基因型，某生物兴趣小组设计了实验思路，首先将第Ⅰ组的子代进行随机自由交配得F2，然后把F2放在（20℃）的条件下饲喂，观察统计F2表现型及比例．若F2正常翅与残翅的比例为____________，则果蝇①的基因型为Aa．还可以设计实验思路为：用亲代①与亲本②杂交，然后把后代放在_________的条件下饲喂，观察并统计后代表现型及比例。
（4）若第Ⅱ组的亲本③与亲本④杂交，子代在室温（20℃）的条件下饲喂，子代只有两只果蝇成活，则子代果蝇中出现残翅果蝇的概率是_________。
【答案】（1）⑤ Aa
（2）基因与环境
（3）AA、Aa、aa 7：9 室温（20℃）
（4）3/4
【解析】（1）根据⑤残翅与⑥正常翅杂交，后代在室温条件下，子代果蝇出现正常翅：残翅＝3：1的性状分离比，说明亲本的基因型均为Aa．因此亲代雌果蝇中⑤一定是在低温（0℃）的条件下饲养的．由于亲代果蝇中③是正常翅，与④残翅杂交后代正常翅：残翅＝1：1，所以其基因型一定是Aa。
（2）基因型Aa的个体在室温条件下表现为正常翅，而在低温条件下表现为残翅，说明生物性状是基因与环境共同调控的。
（3）亲代①为残翅，其子代又在低温条件下饲喂，所以无法直接判断其基因型，所以可能是AA、Aa、aa．将实验组Ⅰ的子代进行自由交配，且把F2放在（20℃）的条件下饲喂，最后观察并统计子代翅型的表现型及比例．由于“雄性亲本均在室温（20℃）条件下饲喂”，因此②残翅的基因型为aa，若①残翅的基因型为Aa，则A基因频率为1/4，a基因频率为3/4，根据遗传平衡定律，后代中aa占3/4，则A_占9/16，因此正常翅：残翅＝7：9．还可以设计实验思路为：用亲代①与亲本②或④杂交，然后把后代放在室温的条件下饲喂，观察并统计后代表现型及比例。
（4）若第Ⅱ组的亲本③与亲本④杂交，子代在室温（20℃）的条件下饲喂，后代正常翅：残翅＝1：1．如果子代只有两只果蝇成活，则都为正常翅的概率是1/2×1/2＝1/4，出现残翅果蝇的概率是1－1/4＝3/4。
专题13 基因的分离定律（挑战）
一、单选题
1．假设某植物种群非常大可以随机交配，没有迁入迁出，基因不产生突变。抗病遗传因子R对感病遗传因子r为完全显性。现种群中感病植株rr占1/9，抗病植株RR和Rr各占4/9，抗病植株可以正常开花和结实而感病植株在开花前全部死亡。则子一代中感病植株占（ ）
A．1/9B．1/16C．4/81D．1/8
【答案】B
【解析】根据题意分析，感病植株在开花前全部死亡，不能繁殖后代；根据以上分析已知，在抗病植株中，RR：rR＝1：1，因此R的基因频率为3/4，r的基因频率为1/4，则抗病植株自由交配产生的后代中感病植株rr＝1/4×1/4＝1/16。
2．凤仙花的花瓣由单瓣和重瓣两种，由一对等位基因控制，且单瓣对重瓣为显性，在开花时含有显性基因的精子不育而含隐性基因的精子可育，卵细胞不论含显性还是隐性基因都可育。现取自然情况下多株单瓣凤仙花自交得F1，问F1中单瓣与重瓣的比值分析中正确的是（ ）
A．单瓣与重瓣的比值为3∶1B．单瓣与重瓣的比值为1∶1
C．单瓣与重瓣的比值为2∶1D．单瓣与重瓣的比值无规律
【答案】B
【解析】若这对等位基因用A和a表示，依题意可推知：自然情况下单瓣凤仙花的基因型为Aa，只产生一种基因型为a的可育精子，产生的卵细胞的基因型及其比例为A∶a＝1∶1，因此单瓣凤仙花自交所得F1的基因型及其比例为Aa∶aa＝1∶1，表现型为单瓣与重瓣的比值为1∶1，B项正确，A、C、D三项均错误。
3．“母性效应”是指子代某一性状的表现型由母体的核基因型决定而不受本身基因型的支配。椎实螺是一种雌雄同体的软体动物，一般通过异体受精繁殖，但若单独饲养，也可以进行自体受精，其螺壳的旋转方向有左旋和右旋的区分。旋转方向符合“母性效应”，遗传过程如图所示。下列叙述错误的是（ ）

A．与螺壳旋转方向有关的基因的遗传遵循基因的分离定律
B．螺壳表现为左旋个体和表现为右旋个体的基因型均各有3种
C．让图示中F2个体进行自交，其后代螺壳右旋∶左旋＝3∶1
D．欲判断某左旋椎实螺的基因型，可用任意的右旋椎实螺作为父本进行交配
【答案】B
【解析】根据以上分析已知，与螺壳旋转方向有关的基因的遗传遵循基因的分离定律，A正确；根据题意和图形分析，螺壳表现为左旋，说明母本的基因型为dd，,故表现为螺壳左旋的子代基因型为dd或Dd2种；螺壳表现为右旋，说明母本的基因型为DD或Dd，则表现为螺壳右旋的子代基因型为DD、Dd或dd3种，B错误；让图示中F2个体进行自交，DD和Dd自交的后代都是右螺旋，dd自交的后代是左螺旋，因此后代螺壳右旋∶左旋＝3∶1，C正确；左螺旋的基因型为dd或Dd，鉴定期基因型可以让其与任意的右旋椎实螺作为父本进行交配，若后代都是左螺旋，则基因型为dd，若后代都是右螺旋，则基因型为Dd，D正确。
4．蜜蜂的雌蜂是由受精卵发育而来的，雄蜂是由未受精的卵细胞发育而来的（产生的精子与体细胞的基因组成相同）。蜜蜂的体色有褐色和黑色，由位于常染色体上的一对等位基因控制。用褐色雄蜂与黑色雌蜂交配，子代最不可能表现为（ ）
A．全是褐色B．一半是褐色
C．雌蜂全是褐色D．雄蜂全是黑色
【答案】A
【解析】若褐色对黑色为显性，则A（♂）×aa（♀）→Aa（褐色♀）：a（黑色♂），子代雌蜂全为褐色，雄蜂全为黑色，故C、D有可能得到。若黑色对褐色为显性，则a（♂）×AA（♀）→Aa（黑色♀）：A（黑色♂），子代无论雌雄全为黑色；或a（♂）×Aa（♀）→Aa（黑色♀）：aa（褐色♀）：A（黑色♂）：a（褐色♂），在蜜蜂种群中卵细胞受精的比例无法确定，因此雌雄蜂比例无法确定。但雌蜂产生A和a配子的概率是相等的，故Aa（黑色♀）：aa（褐色♀）＝1:1且A（黑色♂）：a（褐色♂）＝1:1，即子代中一半蜜蜂是褐色一半蜜蜂是黑色，B也有可能得到。只有全为褐色不可能。故选A。
5．甲、乙是豌豆的两个品系，将品系甲（高茎，基因型为Aa）的幼苗用秋水仙素处理后，得到四倍体植株幼苗（品系乙），将甲、乙品系混合种植，在自然状态下生长，得到它们的子一代。下列有关叙述错误的是（ ）
A．品系甲、品系乙混合种植后，产生的子代中有二倍体、三倍体和四倍体
B．品系甲植株与品系乙植株杂交可得到三倍体，所以它们为不同的物种
C．取品系乙的花药经离体培养，再经秋水仙素处理获得的植株既有纯合子又有杂合子
D．将品系乙植株上所结种子单独种植，高茎植株占35/36，矮茎植株占1/36
【答案】A
【解析】根据题意可知，品系甲为二倍体，品系乙为四倍体，则品系甲、品系乙混合种植后，在自然状态下生长，产生的子代分别为二倍体和四倍体，A错误；品系甲植株与品系乙植株杂交可得到三倍体，但三倍体高度不育，说明它们不是同一物种，B正确；品系乙的花药基因型为AA、Aa、aa，进行花药离体培养，再经秋水仙素处理获得的植株既有纯合子AAAA、aaaa，又有杂合子AAaa，C正确；品系乙的三种配子及比例为AA∶Aa∶aa＝1∶4∶1，将品系乙植株上所结种子单独种植，矮茎植株（aaaa）占（1/6）×（1/6）＝1/36，那么高茎植株占35/36，D正确。
6．紫罗兰单瓣花和重瓣花是一对相对性状，由一对基因B、b决定。育种工作者利用野外发现的一株单瓣紫罗兰进行遗传实验，实验过程及结果如图。据此推测合理的是（ ）

A．重瓣对单瓣为显性性状 B．紫罗兰单瓣基因纯合致死
C．缺少B基因的配子致死 D．含B基因的雄或雌配子不育
【答案】D
【解析】由分析可知，单瓣对重瓣为显性性状，A错误；若紫罗兰单瓣基因纯合致死，则题中自交比例应为单瓣紫罗兰：重瓣紫罗兰＝2:1，与题意不符，B错误；若缺少B基因的配子致死，则后代中只有重瓣紫罗兰出现，且亲本也无法出现，C错误；若含B基因的雄或雌配子不育，则亲本单瓣紫罗兰（Bb）自交，亲本之一产生两种配子，比例为1:1，而另一亲本只产生一种配子（b），符合题意，D正确。
7．某种既能同株又能异株传粉的植物，其可育性与复等位基因（A1、A2、A3）有关。若花粉与卵细胞含有相同的育性基因，得到的受精卵不能发育成子代。若不考虑变异，下列相关叙述错误的是（ ）
A．该植物群体只存在杂合子个体，没有纯合子个体
B．该植物群体只能通过杂交得到后代，自交不能产生后代
C．复等位基因A1、A2、A3的遗传方式遵循基因的分离定律
D．植株A1A2与A2A3相互授粉进行杂交，子代有3种基因型
【答案】B
【解析】根据题意可知，若花粉与卵细胞含有相同的育性基因，得到的受精卵不能发育成子代，即纯合子（A1A1、A2A2、A3A3）个体致死，该植物群体只存在杂合子个体，没有纯合子个体，A正确；杂合子个体自交产生杂合子个体后代（纯合子个体致死），B错误；复等位基因仍存在于一对同源染色体上，其遗传仍遵循孟德尔的基因分离定律，C正确；植株A1A2与A2A3相互授粉进行杂交，子代A2A2纯合致死，有A1A2、A1A3、A2A3共3种基因型，D正确。
8．山羊胡子的出现由B基因决定，等位基因Bb、B＋分别决定有胡子和无胡子，但是Bb在雄性中为显性基因，在雌性中为隐性基因。有胡子雌山羊与无胡子雄山羊的纯合亲本杂交产生F1，F1中的2个个体交配产生F2（如图所示）。下列判断正确的是（ ）

A．F1中雌性表现为有胡子
B．F1中雄性50%表现为有胡子
C．F2纯合子中有胡子和无胡子两种表现型均有
D．控制山羊有无胡子的基因的遗传为伴性遗传
【答案】C
【解析】F1中雌性B+Bb表现为无胡子，A错误；F1中雄性BbB+表现为有胡子，B错误；F2纯合子中有胡子和无胡子两种表现型均有，分别为BbBb、B+B+，C正确；控制山羊胡子的基因的遗传为常染色体遗传，表现为从性遗传，D错误。
9．某遗传病由单基因控制，正常夫妻双方的父母都正常，但是他们都各有一个患该病的妹妹。现在国家政策鼓励生二胎，请你为他们测算风险值，以下测算中计算错误的是（ ）
A．如果他们首胎异卵双生获得双胞胎，则有患病孩子的概率是1/9
B．如果他们首胎生出同卵双胞胎，则两个孩子都患病的概率是1/9
C．如果他们已经生了一个患病孩子，那么再生一个患病女孩的概率是1/8
D．如果他们已经生了一个患病孩子，那么再生一个患病男孩的概率是1/8
【答案】A
【解析】如果他们首胎异卵双生获得双胞胎，则有患病孩子的概率是1－（8/9）×（8/9）＝17/81，A错误；如果他们首胎生出同卵双胞胎，同卵双胞胎的遗传物质相同，则两个孩子都患病的概率是1/9，B正确；如果他们已经生了一个患病孩子，则可以确定双亲均为杂合子，那么再生一个患病女孩或患病男孩的概率均是（1/4）×（1/2）＝1/8，C、D正确。
10．已知某植株的高产与低产这对相对性状受一对等位基因控制，生物兴趣小组的同学将300对亲本均分为2组进行了下表所示的实验。下列分析错误的是（ ）
A．高产为显性性状，低产为隐性性状
B．控制高产和低产的基因的碱基排列顺序不同
C．甲组高产亲本中杂合个体的比例是1/3
D．甲组中高产亲本个体自交产生的子代中低产个体的比例为1/16
【答案】C
【解析】由甲组的杂交结果可推知：高产为显性性状，低产为隐性性状，A正确；控制高产和低产的基因为不同的有遗传效应的DNA片段，因此二者的碱基排列顺序不同，B正确；假设高产由基因M控制，低产由基因m控制，甲组的杂交子代高产:低产＝7:1，即杂交子代低产的比例是1/8，说明亲本高产植株产生m配子的比例是1/8，进而推知：甲组高产亲本中杂合个体的比例是1/4，C错误；甲组高产亲本中，只有杂合个体（Mm）自交才能产生低产子代（mm）个体，因甲组高产亲本中Mm的比例是1/4，所以自交产生的低产子代个体的比例为1/4×1/4＝1/16，D正确。
11．果蝇灰身（B）对黑身（b）为显性，现将纯种灰身果蝇与黑身果蝇杂交，产生的F1再自交产生F2。下列处理后，计算正确的是（ ）
A．若将F2中所有黑身果蝇除去，让灰身果蝇自由交配，产生F3，则F3中灰身与黑身果蝇的比例是5：1
B．若F2中黑身果蝇不除去让果蝇自由交配，则F3中灰身果蝇与黑身果蝇的比例是3：1
C．若将F2中所有黑身果蝇除去，让基因型相同的灰身果蝇进行交配，则F3中灰身果蝇与黑身果蝇的比例是 8：1
D．若F2中黑身果蝇不除去，让基因型相同的果蝇个体杂交，则F3中灰身果蝇与黑身果蝇的比例是8：5
【答案】B
【解析】F2代基因型为1BB、2Bb、1bb，将F2代中所有黑身果蝇bb除去，让灰身果蝇（1BB、2Bb）自由交配，F3代黑身的比例为2/3×2/3×1/4＝1/9，即灰身与黑身果蝇的比例是8：1，A错误；若F2代中黑身果蝇不除去，则F2代基因型为1BB、2Bb、1bb，B配子的概率＝b配子的概率＝1/2 ，所以让果蝇进行自由交配，后代黑身的比例为1/2 ×1/2＝1/4 ，则灰身：黑身＝3：1，B正确；根据以上分析已知F2代基因型为1BB、2Bb、1bb，将F2代中所有黑身果蝇bb除去，将基因型相同的灰身果蝇（1BB、2Bb）交配，F3代黑身的比例为2/3×1/4＝1/6，所以灰身：黑身＝5：1，C错误；同理，若F2代中黑身果蝇不除去，让果蝇自交，则F3中灰身：黑身＝（1/4+1/2×3/4）：（1/4+1/2×1/4）＝5：3，D错误。
12．家兔的毛色黑（A）对褐（a）为显性。下列关于判断一只黑毛公兔基因型的方法及结论中，正确的是（ ）
A．用一只纯合黑毛兔与之交配，若子代全为黑毛兔，则其基因型为Aa
B．用一只杂合黑毛兔与之交配，若子代全为黑毛兔，则其基因型为AA
C．用多只褐毛雌兔与之交配，若子代全为黑毛兔，则其基因型为AA
D．用光学显微镜观察，若细胞中只有A基因，则其基因型为AA
【答案】C
【解析】用一只纯合黑毛兔（AA）与之交配，无论该黑毛兔是纯合子还是杂合子，后代均为黑毛兔，A错误；用一只杂合黑毛兔（Aa）与之交配，若子代全为黑毛兔，则其基因型也不一定为AA，原因是子代数目较少，存在偶然性，B错误；用多只褐毛雌兔（aa）与之交配，即测交，若子代全为黑毛兔（A_），则其基因型为AA，C正确；光学显微镜下无法观察到基因，D错误。
二、综合题
13．产自高寒地带的卡拉库尔羊因适应荒漠和半荒漠环境而受到养殖户青睐。已知有角（H）对无角（h）为显性，毛色的银灰色（D）对黑色（d）为显性，各自独立遗传。研究人员将多只纯种卡拉库尔羊进行如下杂交实验，产生了大量的F1与F2个体，统计结果如下表，请回答以下问题：
（1）根据实验一判断，有角和无角的性状不仅由基因控制，还与__________有关。
（2）实验二中，多只不同性别的基因型均为Hh的卡拉库尔羊交配，雄性卡拉库尔羊中无角比例为1/4，但雌性卡拉库尔羊中无角比例为3/4，请解释这种现象_____________________。
（3）推测等位基因H和h位于_______染色体上。检验方法是：用实验一中的F1有角公羊与多只纯种无角母羊杂交，若子代的表现型及比例为_______________， 则上述推测正确。
（4）卡拉库尔羊的银灰色羊皮质量非常好，牧民让银灰色的卡拉库尔羊自由交配，但每一代中总会出现约1/3的黑色卡拉库尔羊。试分析产生这种现象的原因：___________________。现将银灰色的卡拉库尔羊随机交配，F1继续随机交配得到F2，请推算F2群体中D基因的基因频率是__________。
【答案】（1）性别
（2）基因型为Hh的公羊表现为有角，母羊表现为无角（基因型为Hh的公羊表现为有角，基因型Hh和hh母羊表现为无角）
（3）常 公羊有角：无角＝1：1，母羊全为无角（或有角公羊：无角公羊＝1：1，母羊全为无角；或有角公羊：无角公羊：无角母羊＝1：1：2）
（4）DD纯合致死（或DD致死；或D基因纯合致死） 25%（1/4）
【解析】（1）实验一中有角与无角杂交所得子一代基因型均为Hh，但子一代公羊均表现为有角，母羊均表现为无角，说明有、无角这对相对性状的遗传与性别相关。
（2）子二代基因型及比例应为HH：Hh：hh＝1：2：1，公羊中无角比例为1/4，但母羊中无角比例为3/4，说明基因型为HH的公羊和母羊中均表现为有角；基因型为Hh公羊表现为有角，母羊表现为无角；基因型hh的公羊和母羊中均表现为无角。
（3）由于有、无角性状并未表现出交叉遗传的特点，推测等位基因H和h位于常染色体上，实验一中的F1有角公羊（Hh）与多只纯种无角母羊（hh）杂交，后代基因型及比例应为：Hh：hh＝1：1，对应表现型及比例为：公羊有角：无角＝1：1，母羊全为无角。
（4）银灰色羊自由交配，后代均出现性状分离，说明银灰色羊基因型均为Dd，每一代中总会出现约1/3的黑色羊，说明DD纯合致死。基因型Dd银灰色羊自由交配，由于DD纯合致死，F1中基因型及比例为：Dd：dd＝2：1，D基因频率为1/3，F1自由交配得F2，F2基因型及比例为：Dd：dd＝1：1，D基因频率为1/4。
14．某哺乳动物体色的黑色与白色是一对相对性状，受一对等位基因（A、a）控制，已知在含有基因A、a的同源染色体上，有一条染色体带有致死基因，但致死基因的表达会受到性激素的影响。根据下列杂交组合及杂交结果回答问题。（不考虑交叉互换）
（1）体色的黑色与白色的这对相对性状中，______________为显性性状，甲组亲本的基因型是：_____________________。
（2）从上述杂交组合中可以判断致死基因是______________ （填“显”或“隐”）性基因。
（3）丙组的子代中导致雌雄中黑色与白色比例差异的可能原因是____________。
请利用丙组子代为实验材料设计方案验证你的解释（写出实验方案及预期结果及结论）：
实验方案：_________________________________________________________________。
预期结果及结论：___________________________________________________________。
【答案】（1）黑色 AA（♀）、Aa（♂）
（2）隐
（3）AA雄性个体含两个致死基因而致死 实验方案：分别取丙组子代中的黑色雌雄个体与白色异性个体测交，并统计后代中黑色与白色个体的比例 预期结果和结论：一组子代性状比例为2∶1，另一组子代性状比例是1∶1，则假设正确白色
【解析】（1）黑色自交后代会出现白色，说明黑色是显性性状。由上分析可知，雄性中AA致死，根据甲组杂交后代全是黑色可知，至少有一个亲本为AA，根据雄性中AA致死可知，雌性亲本为AA，雄性亲本为Aa。
（2）根据甲组亲本杂交后代出现致死个体，即致死性状为无中生有可知，致死基因为隐性基因。
（3）丙组的子代中导致雌性中黑色:白色＝3:1，雄性中黑色:白色＝2:1，可能是由于AA雄性个体含两个致死基因而致死。可以分别取丙组子代中的黑色雌雄个体与白色异性aa个体测交，并统计后代中黑色与白色个体的比例。黑色雌性个体1/3AA、2/3Aa测交后代中黑色:白色＝2:1，黑色雄性个体Aa测交后代中黑色:白色＝1:1，则可验证上面的假设。
15．某种雌雄同株植物能自花传粉，也能异花传粉。用雄性不育（不能产生可育花粉）品系做杂交育种是开发利用杂种优势的有效手段。该种植物的雄性育性受一对复等位基因（在种群中，同源染色体的相同位点上存在两种以上的等位基因）控制，其中Ms为不育基因，Msf为恢复可育基因，ms为可育基因，且其显隐性强弱关系为Msf＞Ms＞ms。请回答下列问题：
（1）该种植物雄性不育品系在杂交育种过程中，在操作上最显著的优点是____________。
（2）该种植物雄性可育的基因型有_____种，其中基因型为_________的植株自交后出现性状分离，使其雄性可育性状不能稳定遗传。
（3）现有某雄性可育性状能稳定遗传的植株甲，基因型为MsMs的植株乙。若要鉴定植株甲的基因型，其实验步骤及结论如下：
实验步骤：
①让植株甲和植株乙进行杂交；
②将植株______（填“甲”或“乙”）所结的种子全部种下去；
③统计子代植株的表现型及比例，确定植株甲的基因型。
实验结论：子代植株的表现型及比例和对应的植株甲的基因型为______________。
【答案】（1）不用去雄
（2）4 MsfMs
（3）乙 若子代全部为雄性可育植株，则植株甲的基因型为MsfMsf；若子代植株中雄性可育︰雄性不育＝1︰1，则植株甲的基因型为Msfms；若子代全为雄性不育植株，则植株甲的基因型为msms
【解析】（1）雄性不育品系不能产生可育花粉，因此在杂交育种过程中不需要去雄。
（2）根据以上分析已知，雄性可育的基因型有4种，其中MsfMs的植株自交后出现性状分离，可能出现雄性不育（MsMs）。
（3）根据题意分析，植株甲是雄性可育性状能稳定遗传的品种，则其基因型可能为msms、MsfMsf、Msfms，植株乙的基因型为MsMs，让两者杂交，将乙植株所结的种子全部种下去，若子代全部为雄性可育植株，则植株甲的基因型为MsfMsf；若子代植株中雄性可育︰雄性不育＝1︰1，则植株甲的基因型为Msfms；若子代全为雄性不育植株，则植株甲的基因型为msms。
交配类型
含义
应用举例
杂交
将基因型不同的个体之间相互交配
优良性状集中到一起得到新品种；用于显隐性的判断
自交
一般指植物的自花（或同株异花）传粉；同基因型的动物个体间的交配
连续自交并筛选，提高纯合基因型配子比例；用于显隐性的判断
测交
某个体和隐性纯合子杂交
用于待测个体基因型测定
正交和反交
正交中父方和母方分别是反交中的母方和父方
判断基因是在常染色体上还是在性X染色体上
亲本
子代基因型
子代表现型
AA×AA
AA
全为显性
AA×Aa
AA∶Aa=1∶1
全为显性
AA×aa
Aa
全为显性
Aa×Aa
AA∶Aa∶aa=1∶2∶1
显性∶隐性=3∶1
Aa×aa
Aa∶aa=1∶1
显性∶隐性=1∶1
aa×aa
aa
全为隐性
后代显隐性比值
双亲类型
结合方式
显性∶隐性=3∶1
都是杂合子
Bb×Bb→3B_∶1bb
显性∶隐性=1∶1
测交类型
Bb×bb→1Bb∶1bb
只有显性性状
至少一方为显性纯合子
BB×BB或BB×Bb或BB×bb
只有隐性性状
一定都是隐性纯合子
bb×bb→bb
亲本组合
F1
实验一
甲（紫花♀）×乙（红花♂）
紫花：红花＝1:1
实验二
丙（红花♀）×丁（紫花♂）
紫花：红花＝1:1
实验三
甲（紫花♀）×丁（紫花♂）
紫花：红花＝3:1
组别
亲本组合
F1
Ⅰ
朱砂眼a×猩红眼
野生型
Ⅱ
朱砂眼a×朱砂眼b
朱砂眼
Ⅲ
朱砂眼b×猩红眼
野生型
组号
亲本表现型
F1的表现型和植株数目
紫色
白色
①
紫色×白色
492
504
②
紫色×白色
997
0
③
紫色×紫色
758
253
性别类型
遗传因子组成
雄性植株
aDa+、aDad
雌性植株
adad
两性植株（雌雄同株）
a+a+、a+ad
基因型
饲喂条件
AA
Aa
aa
室温（20℃）
正常翅
正常翅
残翅
低温（0℃）
残翅
残翅
残翅
组别
雌性亲本
雄性亲本
子代饲喂条件
子代表现及数量
Ⅰ
①残翅
②残翅
低温（0℃）
全部残翅
Ⅱ
③正常翅
④残翅
室温（20℃）
正常翅91 残翅89
Ⅲ
⑤残翅
⑥正常翅
室温（20℃）
正常翅152 残翅49
组别
杂交方案
杂交结果
甲组
高产×低产
高产∶低产＝7∶1
乙组
低产×低产
全为低产
实验一
有角×无角
F1
公羊
全为有角
母羊
全为无角
实验二
F1雌雄个性交配
F2
公羊
有角：无角＝3：1
母羊
有角：无角＝1：3
杂交组合
亲本类型
子代
雌
雄
甲
黑色（♀）×黑色（ ♂）
黑色437
黑色215
乙
黑色（♂）×白色（♀）
黑色222，白色220
黑色224，白色226
丙
乙组的黑色F1自交
黑色716，白色242
黑色486，白色238