安徽省芜湖市2023-2024学年高一上学期1月期末考试物理试题+答案解析

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一、选择题（每小题4分，共40分；1-8小题为单选题，9-10小题为多选题，其中多选题全部选对得4分，选不全得2分，选错或不答得0分）
1. 【答案】C
【解析】A．若以空间站为参考系，地球是运动的，故A错误；
B．题中“17时46分”指的是时刻，故B错误；
C．研究飞船绕地球的运行轨迹时，飞船的形状大小可以忽略不计， 可将飞船视为质点，故C正确；
D．飞船从发射开始到对接成功的过程，不是单方向直线运动，位移大小不等于路程，故D错误。
故选C。
2. 【答案】D
【解析】A．小鸟对树枝的弹力是由小鸟发生形变产生的，故A错误；
BCD．小鸟对树枝的压力等于树枝对小鸟的支持力，是一对作用力与反作用力，故BC错误，D正确。
故选D。
3. 【答案】A
【解析】通过题给的物理量关系可知
对应单位为
整理可以得出是一个数值，没有单位。
故选A。
4.【答案】B
【解析】AB．对m受力分析可知，m处于平衡状态，则m受到弹簧向右的弹力，则还会受到M对m向左的摩擦力，选项A错误，B正确。
CD．对M和m的整体受力分析可知，水平方向受合力为零，即地面对M无摩擦力的作用，选项CD错误。
故选B。
5. 【答案】D
【解析】A．由图像可知，运动员在时开始下落，即在时上升到最高点，故A错误；
B．根据图像中斜率的绝对值表示加速度的大小，由图可知，运动员运动过程中的加速度先不变后减小，故B错误；
C．由图像可知，运动员在时加速度开始减小，说明时运动员入水，由图像中面积表位移可知，运动员从最高点到入水下落高度为
故C错误；
D．由图像可知，运动员在时间内加速度不变，做匀变速直线运动，则运动员在时间内的平均速度大小为
故D正确。
故选D。
6.【答案】C
【解析】AB．物块匀速下滑，系统整体受力平衡，由整体法判断地面对斜面的摩擦力向右，支持力与物块与斜面所受重力之和相等，故AB错误；
CD．若斜面与物块间无摩擦力，物块受到的竖直向下的重力、垂直斜面指向右上的支持力和水平向左的外力，可以受力平衡，故C正确，D错误。
故选C。
7. 【答案】C
【解析】AD．对医疗包裹受力分析，医疗包裹受重力、轻绳的拉力，沿水平方向做匀加速直线运动，所受合力的方向为水平向右，根据牛顿第二定律有
解得无人机的加速度大小为
故AD错误；
BC．以无人机与医疗包裹为整体，整体受重力和空气阻力，其合力方向水平向右，则无人机所受空气的作用力大小为
无人机所受空气的作用力方向斜向右上方，故B错误，C正确。
故选C
8. 【答案】D
【解析】设斜面的倾角为，圆的直径为，根据牛顿第二定律可得小环下滑的加速度为
斜面的长度为
根据动力学公式
小环下滑所用时间为
则
由于
根据平均速度公式
可得
故选D。
9. 【答案】BD
【解析】B．开始时，根据牛顿第二定律
可得
代入数据可得行李的加速度大小
故B正确；
A．从开始到速度与传送带速度相等时间内的时间
从开始到速度与传送带速度相等时间内的位移
代入数据可得
可知行李从A到B的过程中先做匀加速运动，后做匀速运动，故A错误；
C．设传送带长度为，行李做匀速运动的时间
代入数据可得
行李从A到B的过程的时间
故C错误；
D．根据以上分析可得行李在传送带上留下的摩擦痕迹长度
代入数据可得
故D正确。
故选BD。
10. 【答案】BC
【解析】A．对1、2整体分析可知
解得轻绳a拉力的大小为
轻绳c的拉力
选项A错误；
B．对2分析可知，轻弹簧b拉力的大小为
选项B正确；
C．剪断轻绳a的瞬间，弹簧弹力不能突变，则小球1受合力为
解得加速度大小为
选项C正确；
D．剪断轻绳c的瞬间，弹簧弹力不能突变，小球2受合力
解得加速度大小为
选项D错误。
故选BC。
二、填空题（每空2分，共14分）
11. 【答案】0.3
【解析】根据自由落体公式
可得
乙的反应时间约0.3s。
12. 【答案】
【解析】对小球受力分析，根据平衡条件可得
每根筷子对小球的弹力大小为
13. 【答案】 ①. ②. 8
【解析】[1]设每一节车厢的长度为L，第一节通过时间满足
前2节车厢通过他的时间
第2节车厢通过他的时间
第一节车厢通过他的时间与第二节车厢通过他的时间之比
[2]全部列车通过的时间
解得
14. 【答案】 ①. 超重 ②. 520 ③. 1.9
【解析】[1][2]当时，该同学向下减速运动，加速度竖直向上处于超重状态。时，有根据牛顿第二定律
得
根据牛顿第三定律可得对电梯底的压力大小约。
[3] 图线与t轴所围面积表示速度变化量，加速度向下时处于加速状态，根据图线在该段时间内与横轴围成面积格数得
则该同学的最大速率约为1.9m/s。
三、实验题（每空2分，共12分）
15. 【答案】 ①. 3.80 ②.
【解析】（1）[1]由图可知，弹簧测力计的分度值为0.1N，需要估读到分度值下一位，读数为3.80N；
（2）[2]由图可知，F是通过作图的方法得到合力的理论值，而是通过一个弹簧测力计沿AO方向拉橡皮条，使橡皮条伸长到O点，使得一个弹簧测力计的拉力与两个弹簧测力计的拉力效果相同，测量出的合力。故方向一定沿AO方向的是。
16. 【答案】 ①. AB ②. 0.26 ③. 0.50 ④. 0.40
【解析】（1）[1]A．实验时，应先接通打点计时器的电源，再释放小车,故A正确；
B．调节滑轮的高度，使牵引小车的细绳与长木板保持平行，故B正确；
C．平衡摩擦力时，只需要平衡一次，通过增减小车上的砝码改变小车质量时，不需要重新调节木板倾斜度，故C错误；
D．在调节木板倾斜角度平衡摩擦力时，不能将槽码挂在通过滑轮系在小车上的细绳下端，故D错误。
故选AB。
（2）[2]由交流电源频率为50Hz，纸带上相邻两点间有4个点未画出，可知相邻两计数点间的时间间隔为
在打计数点2时小车的速度大小
[3]小车运动加速度大小
（3）[4]设绳子拉力为T，对砂桶和沙子受力分析，由牛顿第二定律可得
对小车受力分析，由牛顿第二定律可得
整理得
由图像可知
解得
四、计算题（第17题9分，第18题10分，第19题15分，共34分；要求写出主要的计算公式、解题步骤和必要的文字说明）
17. 【答案】（1）25m；（2）3.525km
【解析】（1）根据速度公式得
再根据位移公时间公式得
故此时出租车离出发点的距离为25m。
（2）根据速度位移公式
可得
根据速度时间公式
可得
出租车继续匀速运动，匀速运动的时间
匀速运动的位移
计价器里程表应显示示数为
18. 【答案】（1）40N，32N；（2），19.2N
【解析】（1）B点受力如图，设为
水平方向
竖直方向
解得
，
（2）当BC绳与AB杆垂直时受到的拉力最小，如图所示
此时细绳BC长度为
解得
细绳拉力

解得
19. 【答案】（1）2m/s2，8N，8N；（2）3s
【解析】（1）M、m加速度大小相等，可以看作一个整体，设加速度为a，根据牛顿第二定律有
解得
隔离M，设M与绸带间的静摩擦为f，根据牛顿第二定律有
解得
由于不计绸带质量，M、m与绸带间的摩擦力大小相等，都为8N。
（2）由于M、m与绸带间的最大静摩擦力分别为和，显然
所以M与绸带间不会出现相对滑动，绸带将随着M一起运动。假设此时M、m与绸带一起保持相对静止，根据第（1）问可知，此时m的加速度沿斜面向上为，所受静摩擦力大小为8N，而，对m而言，此时最大静摩擦力为
故m不能与绸带保持相对静止。物块m此时的加速度为
综上可知，此时M带着绸带一起沿斜面向下匀加速运动，m先以a2沿斜面向上匀加速，脱离绸带后沿斜面向上减速到零后再加速下滑。
m与绸带脱离前，设M与绸带一起运动的加速度为a1，脱离用时为t1，根据牛顿第二定律有
解得
t1时间内的位移差为
解得
此时m的速度为
m沿斜面上滑的距离为
设m脱离绸带后在斜面上运动的加速度大小为a3，有
解得
设m脱离绸带后到运动至斜面底端用时为t2，则有
解得
则m物块从释放到斜面底端用时为