江苏省连云港市灌云县2024-2025学年九年级（上）11月期中物理试卷（解析版）

这是一份江苏省连云港市灌云县2024-2025学年九年级（上）11月期中物理试卷（解析版），共14页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
一、选择题（本大题共10小题，每小题2分，共20分．每小题给出的四个选项中只有一个符合题意，请把正确选项的字母填涂在答题卡的相应位置）
1. 在生活中，我们要杜绝“高空抛物”这种严重危害公共安全的行为。“高空抛物”危害性大的原因是高处的物体具有较大的（ ）
A. 重力B. 重力势能C. 动能D. 内能
【答案】B
【解析】物体的质量越大，高度越大，则重力势能越大；“高空抛物”危害性大的原因是高处的物体具有较大的重力势能，落地时转化为较大的动能，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
2. 下列图中所示的常用工具中属于费力杠杆的是（ ）
A 镊子B. 起子
C. 钳子D. 天平
【答案】A
【解析】镊子的动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；瓶盖起子的动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；钳子的动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；天平的动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆；故选A。
3. 山间公路往往环绕山坡，盘山而上，这样可以使上山的汽车（ ）
A. 缩短上坡过程中所走的路程B. 减小上坡过程中所施加的力
C. 减少上坡过程中所做的功D. 缩短上坡过程中所用的时间
【答案】B
【解析】盘山公路属于斜面，使用斜面时不能省功，但可以省力，同时费了距离，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B
4. 如图所示的几个情形中，人做功的是（ ）
A. 图甲中女孩把一箱报刊搬起来
B. 图乙中学生背着书包在水平路面上匀速前进
C. 图丙中虽然司机费了九牛二虎之力，汽车还是纹丝不动
D. 图丁中足球被踢后，在草地上滚了一段距离
【答案】A
【解析】A．女孩把一箱报刊搬起来，女孩对报刊的力是竖直向上的，而报刊移动的距离也是竖直向上，所以女孩对报刊做功，故A符合题意；
B．学生背着书包在水平路面上匀速前进，学生对书包的力竖直向上，而书包运动的距离是水平方向，力与距离垂直，所以学生对书包不做功，故B不符合题意；
C．司机费了九牛二虎之力，汽车还是纹丝不动，有力但是没有距离，所以司机对汽车不做功，故C不符合题意；
D．足球被踢后，在地上滚动了一段距离，有距离但是没有人对足球的力，所以人不对足球做功，故D不符合题意。
故选A。
5. 一位同学用20s，从一楼走到三楼，他上楼时的功率可能是（ ）
A. 1.5WB. 15WC. 150WD. 1500W
【答案】C
【解析】一个学生的质量约m=50kg，则一个学生的重力：G=mg=50kg×10N/kg=500N，每一层楼的高度约为3m，从一楼走到三楼，上升的高度：h=（3-1）×3m=6m，他上楼时克服重力做的功：W=Gh=500N×6m=3000J，则他上楼时的功率：，故ABD错误，C正确．故选C．
6. 如图所示一个便携式充电器正在给手机电池充电，在充电过程中，该手机电池（ ）
A. 相当于电路中的电源，电能转化为化学能
B. 相当于电路中的用电器，电能转化为化学能
C. 相当于电路中的电源，化学能转化为电能
D. 相当于电路中的用电器，化学能转化为电能
【答案】B
【解析】在充电过程中，该手机电池在消耗便携式充电器的电能，那么该电池相当于电路中的用电器，把电能转化为电池的化学能，故选B。
7. 下列事例中,改变物体内能的途径与其他三项不同的是（ ）
A. 柴火烧水B. 压缩空气发热
C. 冬天搓手取暖D. 钻木取火
【答案】A
【解析】A、柴火烧水是通过热传递的方式改变内能的；
BCD、压缩空气发热、搓手取暖、钻木取火都是做功使物体的内能增加的；
显然A选项与其它三个选项改变物体内能的方式不同．
故选A．
8. 关于温度、热量、内能，以下说法正确的是（ ）
A. 0℃的冰块内能为0
B. 我们不敢大口喝热气腾腾的汤，是因为汤含有的热量较多
C. 内能少的物体也可能将能量传给内能多的物体
D. 物体的内能增加，一定是吸收了热量
【答案】C
【解析】A．一切物体都具有内能，0℃的冰块内能不为0，故A错误；
B．我们不敢大口喝热气腾腾的汤，是因为汤温度高，热量是过程量，不能用含有来描述，故B错误；
C．热量总是从高温物体向低温物体传递，内能少的物体也可能温度高，因此，内能少的物体也可能将能量传给内能多的物体，故C正确；
D．物体的内能增加，可能是吸收了热量，也可能是外界对它做了功，做功和热传递在改变内能的作用是等效的。故D错误。
故选C。
9. 公交车的设计要充分考虑人的安全。某新型电动公共汽车的动力来源于电动机，若公交车前、后两门（电路开关）中的任意一个门没有关好，公交车都无法行驶，则图中符合要求的电路图是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】根据题意可知，只有两个开关都闭合，电动机才会转动，所以，两开关应该串联，再与电动机串联，故C符合题意，ABD不符合题意。
10. 如图，小明分别用甲、乙两相同滑轮把同一桶沙从一楼地面提到二楼地面。用甲滑轮所做的总功为W1，机械效率为η1；用乙滑轮所做的总功为W2，机械效率为η2，若不计一切摩擦和绳重，则（ ）
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】小明分别用甲、乙两滑轮把同一桶沙从一楼地面提到二楼地面，所以两种情况的有用功相同；当有用功一定时，利用机械时做的额外功越少，则总功越少，机械效率越高。而乙滑轮是动滑轮，所以利用乙滑轮做的额外功多，则总功越多，机械效率低。即
，
故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
二、填空题（本大题共9小题，每空1分，共20分）
11. 生活中食物的能量常用“卡路里”。“卡路里”简称“卡”，1卡是这样规定的：在1个标准大气压下，质量为1g的水，温度每升高1℃所吸收的热量。那么1卡______J，水温升高后，水的比热容______（选填“增大”、“减小”或“不变”）。烈日当空的海边，会发现沙子的温度比海水要高，这是因为沙子比水的比热容______。
【答案】4.2 不变 小
【解析】[1]1卡等于在1个标准大气压下，质量为1g的水，温度每升高1℃所吸收的热量
[2]比热容是物质的一种特性，与质量、温度等因素无关，所以水温升高后，水的比热容不变。
[3]由于沙子比水的比热容小，根据公式可知，沙子和水质量相等、吸收的热量相同时，沙子升高的温度比海水要高。
12. 小明和小丽一同乘匀速上升的电梯上楼。在上升过程中，他俩的重力势能______，动能______（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】变大 不变
【解析】[1]在上升过程中，他俩的质量不变，高度变大，重力势能变大。
[2]在上升过程中，他俩的质量不变，速度不变，动能不变。
13. 在连接电路的过程中，开关必须处于______状态。a图所示，甲、乙两图为导线与螺丝压按式接线柱的连接，箭头所示方向为螺丝压紧时的旋转方向，其中压线方式正确的是______图。将b图中的一节干电池正确装入电池盒中，则电池的正极应接到电池盒的______端（选填“A”或“B”）；c图所示的电路处于______状态（选填“通路”“断路”或“短路”）。
【答案】断开 乙 B 短路
【解析】[1]为了保护电路元件，在连接电路的过程中，开关必须处于断开状态。
[2]如果按图甲方式接线，容易造成导线脱落，按图乙方式接线，顺时针旋转，会使导线被压得更紧，所以正确的压线方式是乙图。
[3]干电池正确装入电池盒中时，有弹簧的一端接电池负极，因此电池的正极应接到电池盒的B端。
[4]由图可知，电流从电源正极流出经过开关直接回到电源负极，没有经过用电器，因此是短路状态。
14. 如图，木块从高处自由下落将小桌脚打入沙中，要将小桌脚打入沙中更深些，应选用质量较大的木块，将其从更______（选填“高”或“低”）处释放。
【答案】高
【解析】物体的质量越大，高度越大，重力势能越大；木块从高处自由下落将小桌脚打入沙中，要将小桌脚打入沙中更深些，应使木块具有更大的重力势能，所以，应选用质量较大的木块，将其从更高处释放。
15. 如图所示，为航母上简化的蒸气弹射装置，能带动舰载机在两秒钟内达到起飞速度。牵引索与蒸气活塞连接的两个滑轮为______（选填“定”或“动”）滑轮。汽缸内蒸气体积膨胀推动活塞做功，使舰载机获得巨大的动能，此过程对应汽油机的______工作冲程。
【答案】定 做功
【解析】[1]由题意可知，牵引索与蒸气活塞连接的两个滑轮在工作时轴固定不动，因此为定滑轮。
[2]汽缸内蒸气体积膨胀推动活塞做功，内能转化为机械能，对应汽油机的做功冲程。
16. 如图所示，沿斜面向上匀速拉一个重为5N的物体到斜面顶端，斜面长1.0m，高0.3m，拉力F为2N，拉力做功______J；这个斜面的机械效率是______。
【答案】2 75%
【解析】[1]拉力做功为
[2]拉力做的有用功为
这个斜面的机械效率是
17. 小明用如图所示的实验装置探究影响物体动能大小的因素。本实验运用木块被推动的______来表示小球动能的大小。实验中，将同一小球从斜面的不同高度处由静止滚下，是为了探究动能大小与______的关系。
【答案】距离 速度
【解析】[1]本实验运用木块被推动的距离来表示小球动能的大小，木块被推动的距离越长，表明小球进入水平面时的动能越大，采用了转换法。
[2]小球从斜面上滚下时的高度越大，进入水平面时的速度越大，实验中，将同一小球从斜面的不同高度处由静止滚下，是为了探究动能大小与速度的关系。
18. 如图所示为一轻质硬棒，在A点悬挂一个重物G，在C点作用一拉力F，使硬棒水平平衡，则硬棒的支点可能在杠杆上的________（选填“A”“B”“C”或“D”）点。当G=200N时，F的大小为__________N。

【答案】D 600
【解析】[1] 动力和阻力使杠杆的转动方向相反，物体对杠杆施加的拉力使杠杆逆时针转动，另一个力需要使杠杆顺时针转动，A点和C点是力的作用点，作为支点时力臂为零，不可能作为支点，B点作为支点时，两个力使杠杆转动方向相同，在D点时，两个力使杠杆转动方向相反，故硬棒的支点可能在杠杆上的D点。
[2] 根据题意可知，重物G为阻力， DA为阻力臂，F为动力， DC为动力臂，杠杆平衡条件
可得
根据图中可知
故
19. 知识梳理是学习的一种重要方法，如图是小明完成的《机械能和内能》的知识结构图，请在序号框中填入合适的内容。（1）______、（2）______。
【答案】机械能 化学能
【解析】[1]动能和势能统称为机械能，即（1）是机械能。
[2]燃料燃烧时，燃料的化学能转化为内能，放出了热量，故（2）是化学能。
三、解答题（本大题共6小题，每图或每空2分，第21、22题每题9分，共50分，解答第21、22题时，要写出必要的文字说明、公式和演算过程）
20. 作图：
（1）如图甲所示，画出图中力F的力臂并用字母L表示；
（2）如图乙所示，请用笔画线代替绳子连滑轮组，要求人用力往下拉绳使重物升起。
【答案】（1） （2）
【解析】（1）过支点O作力F的作用线的垂线段即为力臂L，作图如下：
（2）以定滑轮挂钩为起点绕绳，最终自由端拉力向下，作图如下：
21. 天然气热水器将40kg的水从15℃加热到65℃，此过程中消耗天然气质量为0.25kg，[，]，求：
（1）水吸收的热量；
（2）0.25kg天然气完全燃烧放出的热量；
（3）该热水器的效率。
【答案】（1）； （2）； （3）
【解析】（1）水吸收的热量为
（2）0.25kg天然气完全燃烧放出的热量
（3）该热水器的效率为
22. 如图所示，塔式起重机上的滑轮组将质量为600kg的物体匀速提升2m，滑轮组的机械效率80%，g取。求：
（1）物体的重力；
（2）使物体上升2m所做的有用功；
（3）在物体上升过程中，绳端拉力F是多大？
【答案】（1）； （2）； （3）
【解析】（1）物体的重力为
（2）使物体上升2m所做的有用功为
（3）拉力做的总功为
由图可知，由3段绳子吊着动滑轮，绳子自由端移动的距离为
在物体上升过程中，绳端拉力为
23. 在探究“比较不同物质吸热的情况”的实验中，实验装置如图所示。
（1）实验中应量取质量______的甲、乙两种液体，分别倒入相同的烧杯中，用相同的电加热器加热；
（2）实验记录数据如上表格所示，从开始加热到末温为42℃时，甲、乙两种液体吸收热量的关系为______（选填“大于”、“等于”或“小于”）；
（3）当它们吸收相同热量时，通过比较______来判断吸热能力的强弱，我们把这种研究方法叫______；分析实验数据可知液体______（填“甲”或“乙”）的吸热能力强。
【答案】（1）相等 （2）小于 （3）升高的温度 转换法 甲
【解析】（1）由于物体吸收热量多少与物体的质量有关，所以探究不同物质吸热的情况，要控制不同物质的质量相同。
（2）分析表格数据可知，从开始加热到末温为42℃时，甲用时3min，乙用时4min，根据转换法可知，甲、乙两种液体吸收热量的关系为小于。
（3）[1][2][3]当它们吸收相同热量时，可以通过比较升高的温度来判断吸热能力的强弱，升高的温度越低，吸热能力越强，这种研究方法叫转换法；分析实验数据可知，加热4min，甲乙吸收的热量相同，甲升高16℃，乙升高32℃，则液体甲的吸热能力强。
24. 小明在探究“杠杆的平衡条件”实验中所用的实验器材有：杠杆、支架、弹簧测力计、刻度尺、细线和质量相同的钩码若干个。
（1）挂钩码前，杠杆在图甲所示的位置静止，此时杠杆处于______（“平衡”或“非平衡”）状态；要想使杠杆在水平位置平衡，接下来应将杠杆两端的螺母向______（“左”或“右”）侧调节；
（2）如图乙所示，小明在A点挂2个重力均为0.5N的钩码，在B点用弹簧测力计竖直向下拉杠杆，使其在水平位置平衡，读出弹簧测力计的示数为______N；于是小明便得出了杠杆的平衡条件为：。小华认为他这样得出的结论是不严谨的，原因是：______；
（3）小明竖直向下拉弹簧测力计，使杠杆从水平位置缓慢转过一定角度，如图丙所示，此过程中，弹簧测力计的示数______（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】（1）平衡 左 （2）1.5 实验次数太少，结论不具有普遍性 （3）不变
【解析】（1）[1][2]如图甲所示，杠杆处于静止状态，故此时杠杆处于平衡状态；由图可知，此时杠杆左高右低，右边偏重，为使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆的平衡螺母向左移。
（2）[1]如图乙所示，在刻度线A处挂两个钩码（每个钩码重力G为0.5N），在刻度线B处用弹簧测力计竖直向下拉杠杆，杠杆在水平位置时，设杠杆每小格长为L，根据杠杆的平衡条件，则有
2G×3L=F×2L
即
2×0.5N×3L=F×2L
解得F=1.5N。
[2]一次实验得出的结论具有偶然性，要多次实验得出的结论才具有普遍性。所以小明得出的结论是不严谨的。
（3）竖直向下拉弹簧测力计，使杠杆从水平位置缓慢转过一定角度，如图丙所示，此过程中，弹簧测力计拉力的力臂变小，钩码对杠杆拉力的力臂也变小，但是根据三角形的相似性，动力臂和阻力臂的比值是不变的，已知阻力大小不变，所以拉力大小不变。
25. 阅读短文，回答文后问题，
牛顿冷却定律
当一个物体表面温度比周围环境高时，就会向周围环境散热，散热快慢可以用单位时间内散失热量的多少来表示。英国物理学家牛顿提出：物体散热快慢与物体和周围环境的温度差成正比。后人研究发现，在温度差不太大的情况下（小于15℃），这个结论符合实际散热规律，称为牛顿冷却定律。如果散热快慢用q表示，则牛顿冷却定律可以表示为q=k（t物-t环），其中k是散热系数，与物体的表面性质、表面积、周围环境性质等因素有关，和物质种类无关，如果上述因素相同，不同物质的散热系数就相同。由于不同物质的比热容不同，即使散热快慢相同，它们降低相同温度需要的时同也不同，根据降温时间可以得到两种物质比热容的大小关系，从而可以进行比热容的测量。
（1）物体向周围散热，内能减少，这种改变内能的方式叫做______；
（2）散热快慢q和下列概念中物理意义最接近的是______；
A.速度 B.密度 C.功率 D.效率
（3）一个物体温度为30℃，周围环境温度保持20℃不变，此时物体的放热快慢为q。当物体温度降低到29℃时，散热快慢为______。
（4）如图甲所示，用两个同样的保温杯分别装满水和盐水，水和盐水的温度都是30℃，周围环境温度保持20℃不变，保温杯散开口，水和盐水温度随时间变化的图像如图乙所示已知水的比热容为4.2×103J/(kg·℃)，盐水的密度为1.1×103kg/m3，则盐水的比热容为______J/(kg·℃)。
【答案】（1）热传递 （2）C （3） （4）3.5×103
【解析】（1）[1]物体向周围散热，物体的内能转移到周围温度较低的物体上，内能减小，这种方式叫热传递。
（2）[2]q是表示散热快慢的物理量，速度是表示物体运动快慢的物理量，功率是表示做功快慢的物理量，这三者的物理意义接近，速度单位m/s。功率单位与散热快慢单位都是J/s。因此只选C。故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
（3）[3] 当物体温度为30℃，周围环境温度为20℃时，根据牛顿冷却定律q=k(t物-t环)可得物体的散热系数
当物体温度降低到29℃时，散热快慢为
（4）[4]由图乙可知，水从30℃降到25℃放出的热量为
Q放=c水m水(t0水-t水)=4.2×103J/(kg·℃)×m水×(30℃-25℃)=4.2×103J/(kg·℃)×1.0×103kg/m3×V水×5℃
盐水从30℃降到25℃放出的热量为
Q放ˊ=c盐水m盐水(t0盐水-t盐水)=c盐水m盐水×(30℃-25℃)= c盐水×1.1×103kg/m3×V盐水×5℃
其中水和盐水降温时间分别为24min和22min，盐水和水的体积相同，所以放出的热量之比为
可求得盐水的比热容为3.5×103J/(kg·℃)加热时间/min
0
1
2
3
4
甲的温度/℃
30
34
38
42
46
乙的温度/℃
10
18
26
34
42