四川省攀枝花市2024年中考数学模拟汇编试题（含解析）

这是一份四川省攀枝花市2024年中考数学模拟汇编试题（含解析），共13页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
1．下列实数中，无理数是（ ）
A．0 B．﹣2 C． D．
解：0，﹣2，是有理数，是无理数．
故选C．
2．下列运算结果是a5的是（ ）
A．a10÷a2 B．（a2）3 C．（﹣a）5 D．a3•a2
解：A．a10÷a2=a8，错误；
B．（a2）3=a6，错误；
C．（﹣a）5=﹣a5，错误；
D．a3•a2=a5，正确；
故选D．
3．如图，实数﹣3、x、3、y在数轴上的对应点分别为M、N、P、Q，这四个数中绝对值最小的数对应的点是（ ）
A．点M B．点N C．点P D．点Q
解：∵实数﹣3，x，3，y在数轴上的对应点分别为M、N、P、Q，∴原点在点M与N之间，∴这四个数中绝对值最小的数对应的点是点N．
故选B．
4．如图，等腰直角三角形的顶点A、C分别在直线a、b上，若a∥b，∠1=30°，则∠2的度数为（ ）
A．30° B．15° C．10° D．20°
解：如图所示：
∵△ABC是等腰直角三角形，∴∠BAC=90°，∠ACB=45°，∴∠1+∠BAC=30°+90°=120°．
∵a∥b，∴∠ACD=180°﹣120°=60°，∴∠2=∠ACD﹣∠ACB=60°﹣45°=15°；
故选B．
5．下列平面图形中，既是中心对称图形，又是轴对称图形的是（ ）
A．菱形 B．等边三角形 C．平行四边形 D．等腰梯形
解：A．菱形既是中心对称图形，也是轴对称图形，故本选项正确；
B．等边三角形不是中心对称图形，是轴对称图形，故本选项错误；
C．平行四边形是中心对称图形，不是轴对称图形，故本选项错误；
D．等腰梯形不是中心对称图形，是轴对称图形，故本选项错误．
故选A．
6．抛物线y=x2﹣2x+2的顶点坐标为（ ）
A．（1，1） B．（﹣1，1） C．（1，3） D．（﹣1，3）
解：∵y=x2﹣2x+2=（x﹣1）2+1，∴顶点坐标为（1，1）．
故选A．
7．若点A（a+1，b﹣2）在第二象限，则点B（﹣a，1﹣b）在（ ）
A．第一象限 B．第二象限 C．第三象限 D．第四象限
解：∵点A（a+1，b﹣2）在第二象限，∴a+1＜0，b﹣2＞0，解得：a＜﹣1，b＞2，则﹣a＞1，1﹣b＜﹣1，故点B（﹣a，1﹣b）在第四象限．
故选D．
8．布袋中装有除颜色外没有其他区别的1个红球和2个白球，搅匀后从中摸出一个球，放回搅匀，再摸出第二个球，两次都摸出白球的概率是（ ）
A． B． C． D．
解：画树状图得：
则共有9种等可能的结果，两次都摸到白球的有4种情况，∴两次都摸到白球的概率为．
故选A．
9．如图，点A的坐标为（0，1），点B是x轴正半轴上的一动点，以AB为边作Rt△ABC，使∠BAC=90°，∠ACB=30°，设点B的横坐标为x，点C的纵坐标为y，能表示y与x的函数关系的图象大致是（ ）
A． B．
C． D．
解：如图所示：过点C作CD⊥y轴于点D．
∵∠BAC=90°，∴∠DAC+∠OAB=90°．
∵∠DCA+∠DAC=90°，∴∠DCA=∠OAB．又∵∠CDA=∠AOB=90°，∴△CDA∽△AOB，∴ ===tan30°，则=，故y=x+1（x＞0），则选项C符合题意．
故选C．
10．如图，在矩形ABCD中，E是AB边的中点，沿EC对折矩形ABCD，使B点落在点P处，折痕为EC，连结AP并延长AP交CD于F点，连结CP并延长CP交AD于Q点．给出以下结论：
①四边形AECF为平行四边形；
②∠PBA=∠APQ；
③△FPC为等腰三角形；
④△APB≌△EPC．
其中正确结论的个数为（ ）
A．1 B．2 C．3 D．4
解：①如图，EC，BP交于点G；
∵点P是点B关于直线EC的对称点，∴EC垂直平分BP，∴EP=EB，∴∠EBP=∠EPB．
∵点E为AB中点，∴AE=EB，∴AE=EP，∴∠PAB=∠PBA．
∵∠PAB+∠PBA+∠APB=180°，即∠PAB+∠PBA+∠APE+∠BPE=2（∠PAB+∠PBA）=180°，∴∠PAB+∠PBA=90°，∴AP⊥BP，∴AF∥EC；
∵AE∥CF，∴四边形AECF是平行四边形，故①正确；
②∵∠APB=90°，∴∠APQ+∠BPC=90°，由折叠得：BC=PC，∴∠BPC=∠PBC．
∵四边形ABCD是正方形，∴∠ABC=∠ABP+∠PBC=90°，∴∠ABP=∠APQ，故②正确；
③∵AF∥EC，∴∠FPC=∠PCE=∠BCE．
∵∠PFC是钝角，当△BPC是等边三角形，即∠BCE=30°时，才有∠FPC=∠FCP，如右图，△PCF不一定是等腰三角形，故③不正确；
④∵AF=EC，AD=BC=PC，∠ADF=∠EPC=90°，∴Rt△EPC≌△FDA（HL）．
∵∠ADF=∠APB=90°，∠FAD=∠ABP，当BP=AD或△BPC是等边三角形时，△APB≌△FDA，∴△APB≌△EPC，故④不正确；
其中正确结论有①②，2个．
故选B．
二、填空题：本大题共6小题，每小题4分，共24分．
11．分解因式：x3y﹣2x2y+xy= ．
解：原式=xy（x2﹣2x+1）=xy（x﹣1）2．
故答案为：xy（x﹣1）2．
12．如果a+b=2，那么代数式（a﹣）÷的值是 ．
解：当a+b=2时，原式=•
=•
=a+b
=2
故答案为：2．
13．样本数据1，2，3，4，5．则这个样本的方差是 ．
解：∵1、2、3、4、5的平均数是（1+2+3+4+5）÷5=3，∴这个样本方差为s2= [（1﹣3）2+（2﹣3）2+（3﹣3）2+（4﹣3）2+（5﹣3）2]=2；
故答案为：2．
14．关于x的不等式﹣1＜x≤a有3个正整数解，则a的取值范围是 ．
解：∵不等式﹣1＜x≤a有3个正整数解，∴这3个整数解为1、2、3，则3≤a＜4．
故答案为：3≤a＜4．
15．如图，在矩形ABCD中，AB=4，AD=3，矩形内部有一动点P满足S△PAB=S矩形ABCD，则点P到A、B两点的距离之和PA+PB的最小值为 ．
解：设△ABP中AB边上的高是h．
∵S△PAB=S矩形ABCD，∴ AB•h=AB•AD，∴h=AD=2，∴动点P在与AB平行且与AB的距离是2的直线l上，如图，作A关于直线l的对称点E，连接AE，连接BE，则BE的长就是所求的最短距离．
在Rt△ABE中，∵AB=4，AE=2+2=4，∴BE===4，即PA+PB的最小值为4．
故答案为：4．
16．如图，已知点A在反比例函数y=（x＞0）的图象上，作Rt△ABC，边BC在x轴上，点D为斜边AC的中点，连结DB并延长交y轴于点E，若△BCE的面积为4，则k= ．
解：∵BD为Rt△ABC的斜边AC上的中线，∴BD=DC，∠DBC=∠ACB，又∠DBC=∠EBO，∴∠EBO=∠ACB，又∠BOE=∠CBA=90°，∴△BOE∽△CBA，∴，即BC×OE=BO×AB．
又∵S△BEC=4，∴ BC•EO=4，即BC×OE=8=BO×AB=|k|．
∵反比例函数图象在第一象限，k＞0，∴k=8．
故答案为：8．
三、解答题：本大题共8小题，共66分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤
17．解方程：﹣=1．
解：去分母得：3（x﹣3）﹣2（2x+1）=6，去括号得：3x﹣9﹣4x﹣2=6，移项得：﹣x=17，系数化为1得：x=﹣17．
18．某校为了预测本校九年级男生毕业体育测试达标情况，随机抽取该年级部分男生进行了一次测试（满分50分，成绩均记为整数分），并按测试成绩m（单位：分）分成四类：A类（45＜m≤50），B类（40＜m≤45），C类（35＜m≤40），D类（m≤35）绘制出如图所示的两幅不完整的统计图，请根据图中信息解答下列问题：
（1）求本次抽取的样本容量和扇形统计图中A类所对的圆心角的度数；
（2）若该校九年级男生有500名，D类为测试成绩不达标，请估计该校九年级男生毕业体育测试成绩能达标的有多少名？
解：（1）本次抽取的样本容量为10÷20%=50，扇形统计图中A类所对的圆心角的度数为360°×20%=72°；
（2）估计该校九年级男生毕业体育测试成绩能达标的有500×（1﹣）=470名．
19．攀枝花市出租车的收费标准是：起步价5元（即行驶距离不超过2千米都需付5元车费），超过2千米以后，每增加1千米，加收1.8元（不足1千米按1千米计）．某同学从家乘出租车到学校，付了车费24.8元．求该同学的家到学校的距离在什么范围？
解：设该同学的家到学校的距离是x千米，依题意：
24．8﹣1.8＜5+1.8（x﹣2）≤24.8，解得：12＜x≤13．
故该同学的家到学校的距离在大于12小于等于13的范围．
20．已知△ABC中，∠A=90°．
（1）请在图1中作出BC边上的中线（保留作图痕迹，不写作法）；
（2）如图2，设BC边上的中线为AD，求证：BC=2AD．
（1）解：如图1，AD为所作；
（2）证明：延长AD到E，使ED=AD，连接EB、EC，如图2．
∵CD=BD，AD=ED，∴四边形ABEC为平行四边形．
∵∠CAB=90°，∴四边形ABEC为矩形，∴AE=BC，∴BC=2AD．
21．如图，在平面直角坐标系中，A点的坐标为（a，6），AB⊥x轴于点B，cs∠OAB═，反比例函数y=的图象的一支分别交AO、AB于点C、D．延长AO交反比例函数的图象的另一支于点E．已知点D的纵坐标为．
（1）求反比例函数的解析式；
（2）求直线EB的解析式；
（3）求S△OEB．
解：（1）∵A点的坐标为（a，6），AB⊥x轴，∴AB=6．
∵cs∠OAB═=，∴，∴OA=10，由勾股定理得：OB=8，∴A（8，6），∴D（8，）．
∵点D在反比例函数的图象上，∴k=8×=12，∴反比例函数的解析式为：y=；
（2）设直线OA的解析式为：y=bx．
∵A（8，6），∴8b=6，b=，∴直线OA的解析式为：y=x，则，x=±4，∴E（﹣4，﹣3），设直线BE的解式为：y=mx+n，把B（8，0），E（﹣4，﹣3）代入得：，解得：，∴直线BE的解式为：y=x﹣2；
（3）S△OEB=OB•|yE|=×8×3=12．
22．如图，在△ABC中，AB=AC，以AB为直径的⊙O分别与BC、AC交于点D、E，过点D作DF⊥AC于点F．
（1）若⊙O的半径为3，∠CDF=15°，求阴影部分的面积；
（2）求证：DF是⊙O的切线；
（3）求证：∠EDF=∠DAC．
（1）解：
连接OE，过O作OM⊥AC于M，则∠AMO=90°．
∵DF⊥AC，∴∠DFC=90°．
∵∠FDC=15°，∴∠C=180°﹣90°﹣15°=75°．
∵AB=AC，∴∠ABC=∠C=75°，∴∠BAC=180°﹣∠ABC∠C=30°，∴OM=OA==，AM=OM=．
∵OA=OE，OM⊥AC，∴AE=2AM=3，∴∠BAC=∠AEO=30°，∴∠AOE=180°﹣30°﹣30°=120°，∴阴影部分的面积S=S扇形AOE﹣S△AOE=﹣=3π﹣；
（2）证明：连接OD，
∵AB=AC，OB=OD，∴∠ABC=∠C，∠ABC=∠ODB，∴∠ODB=∠C，∴AC∥OD．
∵DF⊥AC，∴DF⊥OD．
∵OD过O，∴DF是⊙O的切线；
（3）证明：连接BE，
∵AB为⊙O的直径，∴∠AEB=90°，∴BE⊥AC．
∵DF⊥AC，∴BE∥DF，∴∠FDC=∠EBC．
∵∠EBC=∠DAC，∴∠FDC=∠DAC．
∵A、B、D、E四点共圆，∴∠DEF=∠ABC．
∵∠ABC=∠C，∴∠DEC=∠C．
∵DF⊥AC，∴∠EDF=∠FDC，∴∠EDF=∠DAC．
23．如图，在△ABC中，AB=7.5，AC=9，S△ABC=．动点P从A点出发，沿AB方向以每秒5个单位长度的速度向B点匀速运动，动点Q从C点同时出发，以相同的速度沿CA方向向A点匀速运动，当点P运动到B点时，P、Q两点同时停止运动，以PQ为边作正△PQM（P、Q、M按逆时针排序），以QC为边在AC上方作正△QCN，设点P运动时间为t秒．
（1）求csA的值；
（2）当△PQM与△QCN的面积满足S△PQM=S△QCN时，求t的值；
（3）当t为何值时，△PQM的某个顶点（Q点除外）落在△QCN的边上．
解：（1）如图1中，作BE⊥AC于E．
∵S△ABC=•AC•BE=，∴BE=．在Rt△ABE中，AE==6，∴caA===．
（2）如图2中，作PH⊥AC于H．
∵PA=5t，PH=3t，AH=4t，HQ=AC﹣AH﹣CQ=9﹣9t，∴PQ2=PH2+HQ2=9t2+（9﹣9t）2．
∵S△PQM=S△QCN，∴ •PQ2=וCQ2，∴9t2+（9﹣9t）2=×（5t）2，整理得：5t2﹣18t+9=0，解得t=3（舍弃）或，∴当t=时，满足S△PQM=S△QCN．
（3）①如图3中，当点M落在QN上时，作PH⊥AC于H．
易知：PM∥AC，∴∠MPQ=∠PQH=60°，∴PH=HQ，∴3t=（9﹣9t），∴t=．
②如图4中，当点M在CQ上时，作PH⊥AC于H．
同法可得PH=QH，∴3t=（9t﹣9），∴t=．
综上所述：当t=s或s时，△PQM的某个顶点（Q点除外）落在△QCN的边上．
24．如图，对称轴为直线x=1的抛物线y=x2﹣bx+c与x轴交于A（x1，0）、B（x2，0）（x1＜x2）两点，与y轴交于C点，且+=﹣．
（1）求抛物线的解析式；
（2）抛物线顶点为D，直线BD交y轴于E点；
①设点P为线段BD上一点（点P不与B、D两点重合），过点P作x轴的垂线与抛物线交于点F，求△BDF面积的最大值；
②在线段BD上是否存在点Q，使得∠BDC=∠QCE？若存在，求出点Q的坐标；若不存在，请说明理由．
解：（1）∵抛物线对称轴为直线x=1
∴﹣
∴b=2
由一元二次方程根与系数关系：
x1+x2=﹣，x1x2=
∴+==﹣
∴﹣
则c=﹣3
∴抛物线解析式为：y=x2﹣2x﹣3
（2）由（1）点D坐标为（1，﹣4）
当y=0时，x2﹣2x﹣3=0
解得x1=﹣1，x2=3
∴点B坐标为（3，0）
①设点F坐标为（a，b）
∴△BDF的面积S=×（4﹣b）（a﹣1）+（﹣b）（3﹣a）﹣×2×4
整理的S=2a﹣b﹣6
∵b=a2﹣2a﹣3
∴S=2a﹣（a2﹣2a﹣3）﹣6=﹣a2+4a﹣3
∵a=﹣1＜0
∴当a=2时，S最大=﹣4+8﹣3=1
②存在
由已知点D坐标为（1，﹣4），点B坐标为（3，0）
∴直线BD解析式为：y=2x﹣6
则点E坐标为（0，﹣6）
连BC、CD，则由勾股定理
CB2=（3﹣0）2+（﹣3﹣0）2=18
CD2=12+（﹣4+3）2=2
BD2=（﹣4）2+（3﹣1）2=20
∴CB2+CD2=BD2
∴∠BDC=90°
∵∠BDC=∠QCE
∴∠QCE=90°
∴点Q纵坐标为﹣3
代入﹣3=2x﹣6
∴x=
∴存在点Q坐标为（，﹣3）