山东省青岛市胶州市2023-2024学年九年级(上)期末物理试卷(解析版)

这是一份山东省青岛市胶州市2023-2024学年九年级(上)期末物理试卷(解析版)，共21页。试卷主要包含了填空与作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
友情提示：本试题分两卷。第I卷为选择题，共15题，35分；第II卷为非选择题，共13题，65分。所有答案均写在答题卡对应位置上，在试题上作答无效。
第I卷（共35分）
一、单项选择题（本题满分20分，共10小题，每小题2分）每小题给出的四个选项中，只有1个选项符合题目要求。
1. 王安石在《梅花》中写到“遥知不是雪，为有暗香来”，请从微观角度解释诗人在远处就能闻到梅花香味的原因（ ）
A. 分子间有引力B. 分子间有斥力
C. 分子是运动的D. 分子间有空隙
【答案】C
【解析】诗句中说到在远远的地方就能闻到梅花的香味，是因为梅花中含有香味的分子在不断的运动，飘入到作者鼻孔中的原因，说明了分子在不断地运动，故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
2. 2023年我国先后组织发射了天舟六号货运飞船，神舟十六号、神舟十七号载人飞船。运载飞船的火箭一般用液氢来做燃料，主要是因为液氢的（ ）
A. 比热容较大B. 热值较大
C. 密度较大D. 污染较大
【答案】B
【解析】热值是燃料的属性，因为液氢的热值大，在相同条件下燃烧放出的热量多，所以运载飞船的火箭一般用液氢来做燃料，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
3. 如图是小明设计的一款小制作，圆筒A中安装了磁铁和可转动的线圈。有风吹过时，扇叶带动线圈转动，可使接入的LED灯发光。下列设备与小制作的工作原理相同的是（ ）
A. 电风扇B. 电熨斗C. 发电机D. 电动机
【答案】C
【解析】装置A中有磁铁和可转动的线圈，当有风吹向风扇时扇叶转动，扇叶带动线圈在磁场中转动切割磁感线，会产生感应电流，使接入的LED灯发光，是利用电磁感应现象的原理工作的，说明磁能够产生电。
AD．电风扇的主要部件是电动机，原理是通电线圈在磁场中受力转动，故AD不符合题意；
B．电熨斗的原理是电流的热效应，故B不符合题意；
C．发电机的原理是电磁感应现象，故C符合题意。
故选C。
4. 在“探究并联电路电流关系”的实验中，小明连接好如图所示的电路，用电流表测出A、B、C三处的电流分别为、，，他将数据记录在表格中，下一步的操作是（ ）
A. 分析数据，得出结论
B. 整理器材，结束实验
C. 改变电流表的量程或更换电流表再测几次
D. 换用不同规格的小灯泡，再测出几组电流值
【答案】D
【解析】实验中为了得到普遍规律需要进行多次实验，所以测完一次数据后换用不同规律的灯泡进行多次实验，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
5. 为避免引发安全事故，运输汽油的油罐车尾部需挂一条拖在地上的链子，下列最适合用来制作这种链子的材料是（ ）
A. 橡胶B. 塑料C. 硅D. 铁
【答案】D
【解析】运输汽油的油罐车尾部拖在地上的链子的作用是将静电释放，因此它的材料必须是导电能力强的物体，而橡胶、塑料是绝缘体，硅是半导体，铁是导体。故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
6. 下列生活实例中，利用做功改变物体内能的是（ ）
A. 暖手宝暖手B. 太阳晒热棉被
C. 钻木取火D. 烧水使水升温
【答案】C
【解析】A．暖手宝暖手，手通过暖手宝吸收热量，温度升高，是通过热传递改变物体的内能，故A不符合题意；
B．棉被被晒热，棉被从阳光中吸收热量、温度升高，是通过热传递改变物体的内能，故B不符合题意；
C．钻木取火，对木头做功，内能增加，木头温度升高，属于做功方式改变物体内能，故C符合题意；
D．烧水时，水从热源处吸收热量，水温升高，是通过热传递改变物体的内能，故D不符合题意。
故选C。
7. 如图所示，电源电压不变，闭合开关S1，V1的示数为6V，电压表V2的示数为4V。下列说法中正确的是（ ）

A. 两灯并联
B. L2两端电压为4V
C. 通过两灯的电流不一定相等
D. 电源电压为10V
【答案】B
【解析】ABD．由电路图可知，电路为L1、L2串联，电压表V1测电源的电压，电压表V2测L2两端的电压，由两个电压表的示数可知；电压表V2的示数为4V，则L2两端的电压U2=4V；故AD错误，B正确；
C．两灯泡串联，根据串联电路中的电流规律可知，通过两灯的电流一定相等，故C错误；
故选B。
8. 为了安全，汽车行驶时驾驶员必须系好安全带。当系好安全带时，相当于闭合开关，指示灯不亮；未系好安全带时，相当于断开开关，指示灯发光。符合上述要求的电路是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】由题意知，指示灯与S并联，但电路不会出现短路，即电路中有保护电阻；
AB．由图可知，无论开关断开还是闭合，指示灯都发光，故AB不符合题意；
C．由图可知，开关断开，指示灯与保护电阻串联，灯能够发光；开关闭合造成电源短路，故C不符合题意；
D．由图可知，开关断开，指示灯和保护电阻串联，灯能够发光；开关闭合时，指示灯被短路不能发光，只有保护电阻连入电路中，故D符合题意。
故选D。
9. 如图所示圆环形绝缘凹槽内装满水银，水银的内外侧用导线接入电路，圆心处放置一块圆柱形磁铁，闭合开关后，发现水银逆时针流动，小明进行了如下操作：先对调电源的正负极，再对调磁铁的南北极，则该操作中水银的流动情况是（ ）

A. 一直顺时针流动
B. 一直逆时针流动
C. 先顺时针流动，再逆时针流动
D. 先逆时针流动，再顺时针流动
【答案】C
【解析】水银是导体，水银的内外侧用导线接入电路通过电流后，会在磁场中受力而运动起来。通电导体在磁场中的受力方向与磁场方向和电流方向有关，对调电源的正负极后，电流方向发生改变，因此水银受力方向改变，水银沿顺时针方向流动；再对调磁铁的南北极，磁场方向改变，则水银受力方向再一次改变，此时水银沿逆时针方向流动，故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
10. 关于图中小明家的电能表，下列选项正确的是（ ）

A. 电能表的示数为2023.6J
B. 电能表能正常工作的最大电流是40A
C. 电能表是测量电功率的仪表
D. 脉冲指示灯闪的越快，电路消耗电能越多
【答案】B
【解析】A．电能表的示数为2023.6kW·h，故A错误；
B．10(40)A表示该电能表的标定电流为10A，额定最大电流为40A，故B正确；
C．电能表是测量用电器消耗电能的仪表，故C错误；
D．脉冲指示灯闪的越快，表示电路消耗电能越快，即接在这个电能表的用电器电功率越大。故D错误。
故选B。
二、多项选择题（本题满分15分，共5小题）每小题给出的四个选项中，有2～3个选项符合题目要求，每小题全选对得3分，漏选得2分，错选或不选得0分。
11. 小明的生日礼物是一个太阳能背包。它的前面有一个太阳能电池板，里面有一个蓄电池，可以给手机、小风扇或数码相机等电子产品供电。下列说法错误的是（ ）
A. 太阳能电池板工作时，将太阳能转化为电能
B. 蓄电池放电时，将电能转化为化学能
C. 给手机充电时，将电能转化为化学能
D. 小风扇工作时，将机械能转化为电能
【答案】BD
【解析】A．太阳能电池板工作时，吸收太阳能从而发电，即将太阳能转化为电能，A正确，故A不符合题意；
B． 蓄电池放电时，将内部存储的化学能转化为电能，B错误，故B符合题意；
C． 给手机充电时，将电能以化学能的形式存储在电池内，能量转化为电能转化为化学能，C正确，故C不符合题意；
D．小风扇工作时，消耗电能，将电能转化为机械能，D错误，故D符合题意。
故选BD。
12. 小明连接了如图所示的电路。闭合开关S后，发现L1比L2亮。下列说法正确的是（ ）
A. L1两端的电压大于L2两端的电压
B. L1的电流大于L2的电流
C. L1的电阻小于L2的电阻
D. L1的实际功率小于L2的实际功率
【答案】BC
【解析】灯泡的亮暗程度由其实际电功率来决定，发现L1比L2亮，则L1的实际电功率比L2的实际电功率大，因为两灯泡并联，电压相同，据可知，L1的电阻小于L2的电阻，由可得L1的电流大于L2的电流，故BC正确，AD错误。
故选BC。
13. 如图所示电路的电源电压为1.5V，电阻R1的阻值为2Ω，闭合开关后，电流表的示数为0.3A，下列说法正确的是（ ）
A. 通过R1的电流等于0.3AB. 电压表的示数为0.9V
C. 电阻R2的阻值为3ΩD. 电阻R2的电功率为0.18W
【答案】AC
【解析】闭合开关，两电阻串联接入电路，电流表测通过电路的电流，电压表测R1的两端的电压。
A．串联电路各处电流相等，电流表的示数为I=0.3A，所以通过两电阻的电流都为0.3A，故A正确；
B．根据欧姆定律可得，R1的两端的电压为
即为电压表的示数，故B错误；
C．根据串联电路的电压特点可知，R2的两端的电压为
根据欧姆定律可得，R2的电阻为
故C正确；
D．根据P=UI可得，电阻R2的电功率为
故D错误。
故选AC。
14. 小明为自己家的养牛场设计了一款补水提示器，其工作原理如图所示，水量减少时滑片P上移。下列分析正确的是（ ）
A. 如果电表为电流表，水量减少时，电流表示数减小
B. 如果电表为电压表，水量减少时，电压表示数减小
C. 与电流表相比，选择电压表设计电路更节能
D. 从安全角度考虑，无论选择哪种电表，都可以不接入
【答案】ABC
【解析】A．如果选择电流表，滑片P上方电阻丝被短路，变阻器下段的电阻丝与R0串联，电流表测电路中的电流，当水量减少时，滑片上移，变阻器R接入电路中的电阻变大，电路的总电阻变大，由可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，故A正确；
B．如果选择电压表，R与R0串联，电压表测量滑片P上段电阻丝两端的电压，滑片移动时，变阻器接入电路中的电阻不变，总电阻不变，由可知，电路中的电流不变。由题意可知，当水量减少时，滑片上移，滑片P上方电阻丝的长度变短、其阻值变小，由U＝IR可知，滑片P上方电阻丝两端的电压变小，即电压表的示数变小，故B正确；
C．选择电压表，R最大阻值与R0串联，电路的总电阻最大且不变；若接电流表，则滑动变阻器滑片P的上段被电流表短路，电路中的总电阻变小，由可知，电路的总功率会变大，则选择电流表设计电路不节能，故选择电压表，故C正确；
D．如果选择电流表，在水太多时，滑动变阻器R的滑片移到最下端，滑动变阻器连入电路的阻值为0，若去掉R0，则电路发生短路，所以R0可以在水太多时保护电路，因此从安全角度考虑，无论选择哪种电表，都需要接入R0。故D错误。
故选ABC。
15. 如图是汽车尾气中CO（一氧化碳）排放量检测电路的简化电路。当CO浓度高于某一设定值时，报警装置发声报警。下列说法正确的是（ ）
A. 闭合开关，电磁铁的上端是N极
B. 当CO浓度升高时，气敏电阻R1阻值会增大
C. 当CO浓度升高时，电磁铁的磁性会增强
D. 电源用久后，U1减小，CO的报警浓度会变高
【答案】ACD
【解析】A．根据图示可知，电流从电磁铁的下端流入、上端流出，根据安培定则可知，电磁铁的上端为N极，故A正确；
C．由图可知，当报警装置报警时，衔铁被电磁铁吸下，说明此时电磁铁的磁性增强了，又因为当CO浓度高于某一设定值时，报警装置发声报警，说明当CO浓度升高，电磁铁磁性增强，故C正确；
B．由C得分析可知，当CO浓度升高，电磁铁磁性增强，说明控制电路中电流变大，由可知，控制电路中电阻变小，说明气敏电阻R1阻值随CO浓度的增大而减小，故B错误；
D．在CO浓度更高时，气敏电阻R1阻值更小，因衔铁被吸下时的最小电流不变，由欧姆定律和电阻的串联可知
在变阻器R2不变时，应减小电源电压；可知，电源用久后，U1减小，CO的报警浓度会变高，故D正确。
第II卷（共65分）
三、填空与作图题（本题满分18分，共6题，每空1分）
16. 如图所示，将一块透明有机玻璃板架在两本书之间，在下方撒上小纸屑，用干燥的丝绸在玻璃板上摩擦，会观察到下方的小纸屑上下飞舞，跳跃不停。这是因为有机玻璃板被丝绸摩擦后带上了_______________，能够_______________小纸屑，小纸屑接触玻璃板后迅速被弹开，这是因为它们带上了同种电荷而相互_______________。

【答案】电荷 吸引 排斥
【解析】[1]由摩擦起电现象可知，物体通过摩擦可以带上电荷，所以有机玻璃板被丝绸摩擦后带上了电荷。
[2]由于带电体能吸引轻小物体，所以有机玻璃板带上了电荷，能吸引小纸屑。
[3]小纸屑接触玻璃板后迅速被弹开，因为小纸屑接触玻璃板后，带上了与有机玻璃板相同的电荷，由于同种电荷相互排斥，所以小纸屑又被弹开。
17. 如图所示，是超市常用的塑料袋封口夹电路原理图，电源电压为，电热丝R阻值为。闭合开关S，电热丝温度升高，利用电流的_______________效应实现高温封口，内产生的热量为_______________J，若使用时总把塑料袋烫坏，可以_______________（选填“增大”或“减小”）电热丝的阻值。

【答案】热 75 增大
【解析】[1]塑料袋封口夹是当电热丝有电流通过时，电热丝能发出热量，所以利用电流的热效应实现高温封口的。
[2]电源电压为 5V ，电热丝R阻值为 1Ω ，则3s 内产生的热量
[3]使用时总把塑料袋烫坏，即产生热量过多，则需要减小电热丝的功率，由可知，电压一定时，增大电阻，可以减小电热丝的功率。
18. 如图是简易榨汁杯的电路原理图，工作站有榨汁、加热、保温三挡。当闭合开关___________时，榨汁杯处于榨汁挡：只闭合开关S2时，榨汁杯处于___________挡。

【答案】S1 保温
【解析】[1]由图可知，该电路为并联电路，当榨汁杯处于榨汁档时，只需要电动机工作即可，所以据图可知只闭合S1，电路为电动机串联的简单电路。
[2]根据可知，电源电压一定，当电阻越小时，电功率越大，所以当S2、S3闭合，R1、R2并联时为加热挡；只闭合开关S2时，R1单独串联为保温挡。
19. 如图所示是一款电保温杯垫，能使杯垫上杯内的水持续保温在55℃左右，功率为16W。现把质量为200g、初温为50℃的水倒入杯中保温，5min后升高到55℃。则这段时间内水吸收的热量为__________J；杯垫消耗的电能为__________J；杯垫给水加热的效率为__________。
【答案】4200 4800 87.5%
【解析】[1]根据可得，水吸收的热量为
[2]由题意可知，加热所需的时间为
t=5min=300s
则根据W=Pt可得，杯垫消耗的电能为
[3]杯垫给水加热的效率为
20. 磁流体是一种新型功能材料，其周围如果存在磁场，就会“模拟”出磁感线的形状。如图，水杯中放有磁流体，左侧为电磁铁A，右侧为永磁体B，闭合S后的情景如图（图中画出了一条磁惑线）。已知A左端为N极，请在括号内标出电源左端的极性（“+”或“-”）B右端的磁极（“N”或“S”），并标出图中磁感线的方向。

【答案】
【解析】螺线管的右侧为N极，根据安培定则可知，电流从螺线管的右端流入，左端流出，故电源右端为正极；磁感线是从磁体的N极出来回到磁体的S极的，故永磁体B的左端为N极，右端为 S极。如图

21. 图中，将家庭电路补充完整（虚框内一处接保险丝“ ”，另一处用导线连接）。

【答案】
【解析】用户线进入用户，火线首先进入保险丝，由图可知中间的线是零线，最上面的是火线，最下面的线是地线。三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线，如图所示：

四、实验探究题（本题满分27分，共5题，每空1分）
22. 用如图所示实验装置探究“比较不同物质的吸热情况”。
（1）实验中需加热__________（选填“质量”或“体积”）相同的水和液体甲，使它们升高相同的温度，通过比较__________来反映水和液体甲吸收热量的多少，以此比较不同物质的吸热能力；
（2）实验中用两个相同的加热器给液体加热，这样做的目的是：使水和液体甲在相同的时间内__________相同；
（3）实验时也可以加热相同的时间，通过比较它们__________来判断水和液体甲吸热能力的强弱；
（4）根据实验数据，小明作出了水和液体甲的温度随时间变化的图象，如图乙所示，其中a是水的温度随时间变化的图象，则液体甲的比热容为__________J/（kg·℃）。
【答案】（1）质量 加热时间 （2）吸收的热量 （3）温度的变化量 （4）
【解析】（1）[1]要探究不同物质的吸热能力，需要控制不同物质的质量相同。
[2]实验中运用转化法通过观察加热时间来表示物质吸收热量的多少，让物质升高相同的温度，通过比较加热时间即吸收的热量表示物质的吸热能力。
（2）[3]选用相同的加热器目的是使物质在相同的时间内吸收的热量相同。
（3）[4]实验中也可以控制吸收的热量相同，通过比较物质温度的变化量来得到物质的吸热能力。
（4）[5]据乙图可知，质量相同的a、b两物质，当a、b两物质升高相同温度时，a吸收热量的时间为4.5min，b物质吸收热量的时间为3min，即a吸收热量为b吸收热量的1.5倍，由可知，a的比热容是b比热容的1.5倍，则甲物质的比热容为
23. 用如图所示的实验装置探究“电流通过导体产生的热量与哪些因素有关”。
（1）给透明容器中的电阻丝通电后，电阻丝的内能增大是通过__________（选填“做功”或“热传递”）的方式改变的；
（2）利用甲装置可以探究导体产生的热量与__________的关系；
（3）给乙装置通电一段时间后，发现__________侧U形管中液柱的高度差更大；
（4）生活中我们经常见到“电炉丝热得发红，而与它相连的导线却不怎么热”，这一现象可用__________装置的实验结论解释。
【答案】（1）做功 （2）电阻 （3）左侧 （4）甲
【解析】（1）[1]电阻丝通电后，消耗电能将电能转化为内能，而消耗电能是电流做功的过程，所以是通过做功的方式增加电阻丝的内能。
（2）[2]甲图中两密闭容器中电阻丝是串联的，且在同一电路中，电流和通电时间相同，而电阻不同，所以是探究电流产生的热量和导体电阻之间的关系。
（3）[3]乙图中两密闭容器内电阻丝的阻值相同，右侧容器外并联一个阻值相同的电阻丝导致左侧容器内电阻丝的电流与右侧电阻丝的电流，据可知，左侧容器内的电阻丝产生的热量多，即U形管中液柱的高度差大。
（4）[4]生活中“电炉丝热得发红，而与它相连的导线却不怎么热”，电阻丝的电流和导线的电流相同，且在同一个电路中即时间相同，而产生的热量不同，则说明电炉丝和导线的电阻不同，用甲装置能够解释该现象。
24. 在探究“电流与电压的关系”实验中，实验小组连接了如图甲所示的部分电路。
（1）观察图甲，请指出电路连接过程中的不妥之处：_________；
（2）改正后，请用笔画线代替导线，在图甲上完成剩余电路的连接（要求：向右移动滑片P，滑动变阻器接入电路中的阻值增大）；___________
（3）闭合开关后，观察到电压表示数接近电源电压，电流表无示数，出现该故障的原因是__________；
（4）排除故障后，开始测量并将实验数据记录在下表中，当电压表示数为2. 0V时，电流表示数如图乙所示，为__________A；
（5）根据表中实验数据，得出的实验结论是：____________；
（6）若要继续完成“探究电流与电阻的关系”的实验，除了现有的实验器材之外，还需增加__________。
【答案】（1）连接电路时开关未断开 （2）见解析 （3）定值电阻断路 （4）0.2A （5）当电阻一定时，电流与电压成正比 （6）阻值不同的定值电阻个数
【解析】（1）[1]实验中为了保护电路，连接电路时开关需要断开，而甲图中的电路开关未断开。
（2）[2]实验电路为串联电路，且要求向右移动滑片P，滑动变阻器接入电路中的阻值增大，则说明连接的是滑动变阻器的左下接线柱，作图如下：
（3）[3]串联电路中无电流，说明电路发生断路，电压表示数接近电源电压，则电压表串联接入电路测电源电压，说明故障为定值电阻断路。
（4）[4]乙图中电流表所选的量程的分度值为0.02A，则示数为0.2A。
（5）[5]据表格数据可知，定值电阻的阻值不变 ，当两端电压变大时，通过的电流变大，则结论为：当电阻一定时，电流与电压成正比。
（6）[6]要进行“探究电流与电阻关系”的实验，需要进行多次实验，即定值电阻的阻值需要发生改变，所以还需要增加阻值不同的定值电阻。
25. 小明想测量小灯泡的额定功率，于是设计了如图甲所示的电路，电源电压恒为3V，小灯泡标有“2. 5V”的字样。
（1）为了保护电路元件，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应调至__________端；
（2）按照电路图连接好实物电路后，电压表示数如图乙所示，为测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片P向__________端移动，直到电压表示数为__________时为止；
（3）小明根据实验数据，做出了小灯泡发光时的I—U关系图像，如图丙所示，则小灯泡正常发光时的功率为__________W，此时小灯泡的电阻为__________Ω，由图像还可以看出，当电压表的示数增大时，小灯泡的电阻变__________。
【答案】（1）b （2）a 2.5 （3）.625 10 大
【解析】（1）[1]为了保护电路，连接电路时开关应断开，滑动变阻器的滑片P应移至阻值最大处，即b端。
（2）[2][3]由图甲可知，灯泡和变阻器串联，电流表测的是电路电流，电压表测的是灯泡的两端电压。为测小灯泡的额定功率，需测量出额定电压下通过灯泡的电流，故需使得灯泡的两端电压为2.5V。实验中按照电路图连接好实物电路后，电压表示数如图乙所示，电压表选择小量程连入电路中，分度值为0.1V，示数为1.5V，即此时灯泡的两端电压为1.5V，小于灯泡的额定电压，为测量小灯泡的额定功率，需增大灯泡的两端电压，根据串联电路的电压特点可知，需减小变阻器的两端电压，根据分压原理可知，需减小变阻器接入电路的电阻，即应将滑动变阻器的滑片P向a端移动，直到电压表示数为2.5V时为止。
（3）[4]由小灯泡发光时的I-U关系图像可知，当灯泡的两端电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.25A，则小灯泡正常发光时的功率为
[5]根据欧姆定律可得，此时小灯泡的电阻为
[6]由图丙可知，当灯泡两端电压增大时，通过灯泡的电流也增大，根据P=UI可知，灯泡的功率变大，温度升高，灯丝的电阻随温度的升高而增大，因此小灯泡的电阻变大。
26. 小明对电流表指针偏转的原因产生了兴趣，他在实验室找到一只可拆卸的电流表，进行了如下探究。
（1）打开外壳，观察到电流表的内部结构如图所示。按照操作规范将电流表__________联接入电路，通电后线圈转动，带动指针向右偏转；若让电流从电流表的“—”接线柱流入，“＋”接线柱流出，则指针会向__________偏转，因此使用电流表时不能把接线柱接反；
（2）撤去磁体再次通电，指针不动。这说明电流表指针偏转的原因是通电线圈在__________中受力转动，这与__________的工作原理相同；
（3）若在电流表“＋”“—”接线柱之间连接一根导线，用手拨动电流表指针，导线中会产生感应电流，这种现象叫__________，据此可制成__________。
【答案】（1）串 左 （2）磁场 电动机 （3）电磁感应 发电机
【解析】（1）[1]电流表相当于导线，在连接电路中需要串联接入电路。
[2]因电流表正确接线时，指针向左偏转，若让电流从电流表的“—”接线柱流入，“＋”接线柱流出，电流的方向发生改变，则指针会向左偏转。
（2）[3][4]电流表指针偏转的原因是因为通电导线在磁场中受到力的作用，生活中电动机就是利用该原理工作的。
（3）[5][6]在电流表“＋”“—”接线柱之间连接一根导线，用手拨动电流表指针，此时闭合回路中的一部分导线在磁场中做切割磁感线运动，则会产生感应电流，该现象为电磁感应现象，发电机就是据此原理制成的。
五、计算题（本题满分20分，共2题）
27. 如图所示的电路中，电源电压不变，电阻的阻值为20Ω，当、断开，闭合时，电流表的示数为0. 6A；断开，、闭合时，电流表的示数为0. 9A。要求画出等效电路图并求解：
（1）电源电压；
（2）的阻值；
（3）闭合，断开、时，电阻两端的电压及电路中的总功率。
【答案】（1）12V；（2）40Ω；（3）4V，2.4W
【解析】解：（1）当S1、S2断开，S3闭合时，电路为R1单独串联，此时电路中的电流为0.6A，则电源电压为
（2）当S1断开，S2、S3闭合时，电路为R1、R2并联，电流表测量干路电流，已知R1的电流为0.6A，则R2的电流为
R2的电阻为
（3）闭合S1，断开S2、S3时，电路为R1、R2串联，则电路中的总电阻为
电路中的电流为
电阻R1两端的电压为
电路中的总功率为
答：（1）电源电压为12V；
（2）R2的阻值为40Ω；
（3）闭合S1，断开S2、S3时，电阻R1两端的电压及电路中的总功率分别为4V，2.4W。
28. 某物理实践小组设计了一种工程上的压力测量装置，其原理如图甲所示，电路中电源电压恒为9V，定值电阻的阻值为10Ω，电压表的量程为0～3V，轻质绝缘的压力检测板M与力敏电阻R相连，R的阻值与压力F的关系如图乙所示。请解答以下问题：

（1）检测板不受压力时，电压表的示数为多少？
（2）该装置所能测量的最大压力为多少？
（3）在不改变电源电压和电压表量程的情况下，若要将该装置所能测量的最大压力值提高到700N，则需将的阻值变为多少欧？
【答案】（1）1V；（2）；（3）5Ω
【解析】解：（1）据乙图可知，检测板不受压力时，R的阻值为80Ω，此时电路中的总电阻为
电路中的电流为
电压表测R0两端电压，则电压表的示数为
（2）根据题意可知，当电压表的示数为最大量程时，电路中的电流最大，力敏电阻R的阻值最小，对应的压力最大，则可求此时电路中的电流为
电路中的总电阻为
力敏电阻R的阻值为
由乙图可知，此时的压力为。
（3）不改变电源电压和电压表量程的情况下，当最大压力值提高到700N时，力敏电阻R的阻值为10Ω，此时力敏电阻R两端电压为
此时电路中的电流为
则R0阻值为
答：（1）检测板不受压力时，电压表的示数为1V；
（2）该装置所能测量的最大压力为；
（3）在不改变电源电压和电压表量程的情况下，若要将该装置所能测量的最大压力值提高到700N，则需将R0的阻值变为5Ω。
电压U/V
1. 0
1. 5
2. 0
2. 5
电流I/A
0. 10
0. 15
0. 25