四川省自贡市旭川中学2024-2025学年高三上学期11月期中考试物理试题（Word版附解析）

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1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息
2．请将答案正确填写在答题卡上
第I卷（选择题）
一、单选题（每小题5分，共35分）
1. 2024年巴黎奥运会有300多个运动小项，其中下列运动，可将运动员视为质点的是（ ）
A. 研究甲图运动员在百米比赛中的平均速度
B. 研究乙图运动员的空中转体姿态
C. 研究丙图运动员的入水动作
D. 研究丁图运动员通过某个攀岩支点的动作
【答案】A
【解析】
【详解】A．研究甲图运动员在百米比赛中的平均速度时，运动员的形状和体积对所研究问题的影响能够忽略，此时运动员能够看为质点，故A正确；
B．研究乙图运动员的空中转体姿态时，运动员的形状和体积对所研究问题的影响不能够忽略，此时运动员不能够看为质点，故B错误；
C．研究丙图运动员的入水动作时，运动员的形状和体积对所研究问题的影响不能够忽略，此时运动员不能够看为质点，故C错误；
D．研究丁图运动员通过某个攀岩支点的动作时，运动员的形状和体积对所研究问题的影响不能够忽略，此时运动员不能够看为质点，故D错误。
故选A。
2. 一质点以不变的速率v沿半径为R的圆周运动，从经过M点开始，先后经过P、N、Q后回到M点，周而复始，则下列说法正的是（ ）
A. 从M到P过程中的位移与从P到N过程中的位移相同
B. 从M到P的过程中，平均速度的大小为
C. 从M到N的过程中，速度变化量的大小为2v
D. 从M到N的过程中，平均加速度的大小为
【答案】C
【解析】
【详解】A．位移是由初位置指向末位置的有向线段，从M到P过程中的位移与从P到N过程中的位移大小相同，但方向不同，故A错误；
B．从M到P的过程中，平均速度的大小为
，
解得
故B错误；
C．点与点处速度相反，则从M到N的过程中，速度变化量的大小为，故C正确；
D．从M到N的过程中，平均加速度的大小为
故D错误。
故选C。
3. 用如图所示的方法可以测出一个人的反应时间。甲同学用手握住直尺顶端，乙同学在直尺下端刻度为0的地方做捏住直尺的准备，但手没有碰到直尺，当乙同学看到甲同学放开直尺时，立即握住直尺，结果乙同学握住直尺的刻度为b。小明同学根据所学知识计算出不同刻度对应的反应时间，从而在这把尺子上标出时间刻度做成“反应时间测量尺”。已知重力加速度为g，关于“反应时间测量尺”，下列说法正确的是（ ）
A. 其“时间刻度”是均匀的，与长度刻度值成正比例
B. 其“时间刻度”是均匀的，与长度刻度值平方成正比例
C. 其“时间刻度”是不均匀的，且靠近直尺零刻度的地方“时间刻度”密
D. 如果在月球上使用此刻度尺，“时间刻度”的每个数字不需要改动也可以直接使用
【答案】C
【解析】
【详解】ABC．根据题意，由公式可得
可知，其“时间刻度”是不均匀的，且靠近直尺零刻度的地方“时间刻度”密，与长度刻度的平方根成正比例，故AB错误，C正确；
D．由于月球上的重力加速度小，可知如果在月球上使用此刻度尺，刻度尺下落比地球上慢，同样的下落距离对应反映时间变长，“时间刻度”的每个数字应该成比例改大一些，故D错误。
故选C。
4. 一平直路面上，甲、乙两车在做匀变速直线运动，其速度与时间的关系图象如图。时刻，乙车在甲车前方处。则下列说法正确的是（ ）
A 时刻，甲车刚好追上乙车B. 时刻，甲车刚好追上乙车
C. 乙车的加速度大小大于甲车的加速度大小D. 过程中甲、乙两车之间的距离先增大后减小
【答案】A
【解析】
【详解】AB．由图象的面积可表示位移，可知在时刻，甲车比乙车多走的距离为
因为
则此时甲车刚好追上乙车，A正确，B错误；
C．由斜率大小表示加速度大小可知
所以乙车的加速度大小小于甲车的加速度大小，C错误；
D．内两车距离减小，后甲车速度小于乙车速度，两车距离又增大，故过程中甲、乙两车之间的距离先减小后增大，D错误。
故选A。
5. 如图所示，一木块放在水平桌面上，在水平方向上共受到三个力即F1、F2和摩擦力作用，木块处于静止状态，其中F1=10N，F2=4N，若撤去力F1，则下列说法正确的是（ ）
A. 木块受到的摩擦力为6N
B. 木块受到的摩擦力为4N
C. 木块所受合力为2N
D. 木块所受合力为10N，方向向左
【答案】B
【解析】
【详解】撤去摩擦力之前，木块处于静止状态，共受到三个力，即F1、F2和摩擦力作用，静摩擦力与F1、F2的合力等大反向，所以此时静摩擦力大小为
而物体没动，说明
F1撤去后，物体受到推力，而
所以物体不会运动，合力仍然等于0，因此撤去推力F1后摩擦力大小为
故选B。
6. 如图所示，小车内有一小球被轻质弹簧和一条细线拴接。小车在水平面上做直线运动的过程中，弹簧始终保持竖直状态，细线与竖直方向成角。下列说法正确的是（ ）
A. 小车一定做匀速运动B. 小车一定向右做加速运动
C. 弹簧有弹力时，细绳可能没拉力D. 细绳有拉力时，弹簧一定有弹力
【答案】C
【解析】
【详解】AB．若绳上拉力不为零，受力分析可知
此时，小车加速度向右，可能向右做匀加速直线运动，或者向左做匀减速直线运动，故A、B错误；
C．当小车做匀速直线运动时，弹簧有弹力，细绳没拉力，故C正确；
D．若满足，细绳有拉力，拉力竖直方向的分力与重力相平衡，弹簧没弹力，小车向右做匀加速直线运动或向左做匀减速直线运动，故D错误。
故选C
7. 用绝缘细线悬挂一个带正电的小球，小球的质量为2.0×10-3kg，所带电荷量为3.0×10-8C。现沿水平方向施加向右的匀强电场，平衡时细绳与竖直方向的夹角为30°，如图所示。重力加速度g10m/s2。则下说法中正确的是（ ）
A. 电场对q的作用力为
B. 细绳内的张力为2.0×10-2N
C. 电场强度
D. 小球q不能视为点电荷，因而其所受电场力不能用F=qE计算
【答案】C
【解析】
【详解】AC．对小球受力分析，并合成矢量三角形
则电场力为
电场强度为
故A错误，C正确；
B．绳子张力为
故B错误；
D．小球可以视为点电荷，可以用
计算电场力，故D 错误。
故选C。
二、多选题（每小题5分，共15分）
8. 两个完全相同的截面为四分之一圆面的柱体A、B按如图所示叠放，两个柱体的质量均为m，水平面粗糙，圆弧面和竖直墙面光滑，对B施加水平向右的力F，使B恰好不向左运动，改变F的大小，使柱体B缓慢向左移动直至A落地前的过程中，下列说法正确的是（ ）
A. F不断变大
B. B对地面压力不断增大
C. A对竖直墙面的压力不断增大
D. A对B的压力不变
【答案】AC
【解析】
【详解】B．整体分析可知，重力和地面对B的支持力二力平衡，总重力不变，则支持力不变，由牛顿第三定律可得，B对地面的压力不变，故B错误；
ACD．B对地面压力不变，则地面对B的滑动摩擦力不变，对A研究，受力分析如图

设B对A的弹力与水平方向的夹角为，则由动态分析可知，在水平方向
竖直方向
随着A下落到地面，减小，则B对A的弹力增大，则墙面对A的弹力N增大，根据牛顿第三定律，A对墙面的压力增大，整体分析，水平向右的力F与墙面对A的弹力N大小相等，也增大，故AC正确，D错误；
故选AC。
9. 某区域的电场线分布如图所示，电场中有A、B两点．设A、B两点的电场强度大小分别为、，电势分别是、，则下列判断正确的是
A. B.
C. D.
【答案】AD
【解析】
【分析】沿着电场线的方向电势逐渐降低，电场线密的地方场强大，从而即可求解．
【详解】由电场线的特点，电场线越密集，场强越大，所以；沿着电场线方向，电势降低，所以；所以AD正确，BC错误；故选AD．
10. 地球本身是一个大磁体，其磁场分布示意图如图所示。学术界对于地磁场的形成机制尚无共识。一种理论认为地磁场主要源于地表电荷随地球自转产生的环形电流。基于此理论，下列判断正确的是（ ）
A. 地表电荷为负电荷
B. 环形电流方向与地球自转方向相同
C. 若地表电荷的电量增加，则地磁场强度增大
D. 若地球自转角速度减小，则地磁场强度增大
【答案】AC
【解析】
【详解】A．根据右手螺旋定则可知，地表电荷为负电荷，故A正确；
B．由于地表电荷为负电荷，则环形电流方向与地球自转方向相反，故B错误；
C．若地表电荷的电量增加，则等效电流越大，地磁场强度增大，故C正确；
D．若地球自转角速度减小，则等效电流越小，地磁场强度减小，故D错误。
故选AC。
第II卷（非选择题）
三、实验题（每空2分，共16分）
11. 为了直观的显示电梯运行时的加速度，某实验小组制作了一个“竖直加速度测量仪”，其构造如图甲所示。把一根轻弹簧上端固定在支架横梁上，当下端悬吊0.8N的重物，静止时弹簧下端的指针指在刻度为C的位置，当悬吊1N的重物，静止时弹簧下端的指针指在刻度为O的位置。现将0.1kg的小球固定在弹簧下端，和小木板上的刻度构成了一个“竖直加速度测量仪”。
（1）若甲图中，每一小格的长度为，则该弹簧的劲度系数为__________。
（2）该小组先利用图乙装置测量当地的重力加速度，但该同学未找到低压电源，打点计时器应选图丁中的___________（选填“A”或“B”）。
（3）已知打点计时器打点频率为50Hz，打出纸带如丙图所示。测得重力加速度的大小为___________。（结果保留三位有效数字）
（4）该小组结合（3）中测得的数据，利用图甲装置测量电梯运行的加速度。指针指在刻度板上A点时电梯的加速度大小为___________（结果保留两位有效数字），加速度的方向为___________（填“竖直向上”或“竖直向下”）
【答案】（1）2 （2）A
（3）9.75 （4） ①. 0.75 ②. 竖直向下
【解析】
【小问1详解】
根据胡克定律
可得该弹簧的劲度系数为
【小问2详解】
电火花打点计时器接220V交流电源，该同学未找到低压电源，而电磁打点计时器必须使用低压交流电源，故打点计时器应选图丁中的A。
【小问3详解】
根据逐差法，可得重力加速度为
【小问4详解】
[1][2]设甲图中每小格长度为，根据胡克定律可得弹簧的劲度系数为
指针指在刻度板上A点时，弹力为
根据牛顿第二定律可得
解得
可知加速度大小为，加速度的方向为竖直向下。
12. 某实验小组要描绘小灯泡（2.5V 0.5W）的伏安特性曲线，实验室提供以下器材可供选择：
A.直流电源3V（内阻不计）
B.直流电流表0~300mA（内阻约为5Ω）
C.直流电流表0~600mA（内阻约为1Ω）
D.直流电压表0~3V（内阻约为3kΩ）
E.滑动变阻器0~100Ω（允许通过的最大电流为0.5A）
F.滑动变阻器0~10Ω（允许通过的最大电流为2A）
G.导线和开关
实验要求小灯泡两端的电压从零开始变化并能进行多次测量。
（1）实验中电流表应选用__________，滑动变阻器应选用__________。（填器材前的字母标号）
（2）根据实验数据，作出的小灯泡图线如图所示，由此可知，当电压为1.5V时，小灯泡的灯丝电阻为__________Ω（结果保留两位有效数字）。
【答案】（1） ①. B ②. F
（2）8.6
【解析】
【小问1详解】
[1]已知小灯泡的额定电压为2.5V，额定功为0.5W，可知额定电流
为了保证电流表读数的准确性，所以选择B；
[2]实验要求小灯泡两端的电压从零开始变化，并能进行多次测量，应该采用分压式接法，滑动变阻器最大阻值较小的，采用分压式能使小灯泡两端电压变化更加均匀，作出的图像更加准确，所以选择F。
【小问2详解】
根据图线可知，当电压为1.5V时，电流为0.175A，根据欧姆定律可知小灯泡的内阻为
四、解答题（14题10分，15题12分，16题12分，共34分）
13. 如图所示，用的水平恒力使质量物体在水平地面上由静止开始向右运动。运动过程中，物体受到的滑动摩擦力大小。求：
（1）在物体运动距离2.0m的过程中，水平恒力F对物体做的功；
（2）在物体运动距离为2.0m时，物体具有的动能。
【答案】
（1）10J；（2）6J
【解析】
【详解】（1）在物体运动距离2.0m的过程中，水平恒力F对物体做的功为
（2）根据动能定理，在物体运动距离为2.0m时，物体具有的动能为
14. 如图所示，半径为R的圆形水池，池底正中央有一霓虹灯，该霓虹灯可以向各个方向发射单色光。当注入池水的深度为h时，恰好使整个水面各处都能有霓虹灯光射出，已知真空中的光速为c。求：
（1）池水对霓虹灯光的折射率n；
（2）霓虹灯直接照射到水面最长时间（不考虑多次反射）。
【答案】（1）；（2）
【解析】
【详解】（1）恰好使整个水面各处都能有霓虹灯光射出，所以光射到水面边缘时恰好发生全反射，光路图如图
根据几何关系
则，池水对霓虹灯光的折射率为
（2）光射到水面边缘时，光的路程最长，时间最长，此时路程为
光速为
时间为
15. 一定质量的理想气体从状态A变化到状态B，再变化到状态C，其状态变化过程的p-V图像如图所示。已知该气体在状态A时的温度K。求：
(i)该气体在状态C时的温度；
(ii)从状态A到状态C的过程中，该气体与外界交换的热量Q。
【答案】(i)K；(ii)1200J（吸热）
【解析】
【详解】(i)由理想气体状态方程得
解得
K
(ii)由A状态到B状态过程中，气体对外界做功，由B状态到C状态过程中，气体不对外界做功，A状态和C状态气体温度相同，内能相等，即
由热力学第一定律得
代入数据，解得
Q=1200J
从状态A到状态C的过程中，该气体与外吸收的热量为1200J。