宁夏吴忠市青铜峡市宁朔中学2024-2025学年高二上学期第二次月考物理（学考）试题

这是一份宁夏吴忠市青铜峡市宁朔中学2024-2025学年高二上学期第二次月考物理（学考）试题，文件包含高二物理学考第二次月考答案docx、高二物理学考第二次月考测试卷docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共13页， 欢迎下载使用。
【详解】A．研究三米板运动员的跳水动作，需要研究运动员姿态，故运动员不能视为质点，故A错误；
B．研究百米运动员的起跑动作，需要研究运动员起跑动作，故运动员不能视为质点，故B错误；
C．研究马拉松运动员的运动轨迹，运动员的大小、形状可忽略，故运动员能视为质点，故C正确；
D．研究速滑运动员的转弯技术,需要研究运动员姿态，故运动员不能视为质点，故D错误。
故选 C。
2．A
【详解】A．一江春水向东流是以地面为参考系的，故A正确；
B．两岸青山相对出是以水流为参考系的，故B错误；
C．巍巍青山两岸走是以水流为参考系的，故C错误；
D．卧看满天云不动是以水流为参考系的，故D错误。
故选A。
3．C
【详解】物体位置的变化叫作位移，用由初位置指向末位置的有向线段表示，物体运动轨迹的长度叫作路程，所以导航显示的全程55.6km，“55.6km”为路程；时刻与一个状态对应，没有长短，时间间隔与一段过程对应，有长有短，所以“1h9min”为时间间隔；路边限速指示牌所指示的限速值指的是每时每刻的速度均不能超过这个速度，所以“60km/h”为瞬时速度大小。
故选C。
4．A
【详解】由题知，选小球下落点为坐标原点，竖直向下为坐标轴的正方向，则落地的坐标为4m；小球在距地面1m高处被接住，即接住的坐标为3m，则位移为
3m-0m=3m
故选A。
5．D
【详解】A．根据可知，加速度大小与速度大小没有必然联系，加速度为0，速度不一定为0，例如匀速直线运动，速度不为0，但速度变化量为0，则加速度为0。故A错误；
B．加速度是表示速度变化快慢的物理量，速度变化越来越快则加速度越来越大，故B错误；
C．根据可知，加速度的方向与速度变化量的方向一致，则加速度方向向东时，速度变化量的方向不可能向西。故C错误；
D．物体的加速度减小时，只是单位时间内速度变化量减小，但速度可能增大。故D正确。
故选D。
6．D
【详解】以初速度方向为正，则
方向与初速度方向相反。
故选D。
7．B
【详解】A．秋沙鸭对树枝的弹力是由秋沙鸭发生形变产生的，故A错误；
BCD．秋沙鸭对树枝的压力等于树枝对秋沙鸭的支持力，是一对作用力与反作用力，故B正确，CD错误。
故选B。
8．A
【详解】一切物体都有惯性，质量是惯性大小的量度，质量越大，惯性越大；惯性大小与物体的运动状态无关。
故选A。
9．C
【详解】ABCD．在v-t图像中，斜率表示加速度，丙的加速度逐渐减小，四个物体质量相同，根据牛顿第二定律
可知丙运动过程中所受合力逐渐减小，ABD错误，C正确。
故选C。
10．A
【详解】千克是质量单位，是国际单位制中的基本单位；千米是长度的常用单位；焦耳和欧姆不是基本单位；
故选A。
11．B
【详解】A．若速度的大小改变，方向不变时，运动是直线运动，故A错误；
B．速度恒定的运动一定是匀速直线运动，即直线运动，故B正确；
C．曲线运动是初速度与加速度不共线，加速度的方向与速度共线时，即使加速度大小变，方向不变，物体也做直线运动，故C错误；
D．只要加速度与初速度不共线物体就做曲线运动，与加速度变不变化无关。比如平抛运动，是曲线运动，加速度恒定，故D错误。
故选B。
12．B
【详解】汽车由M向N行驶，速度逐渐减小，即汽车做减速运动，合力方向指向曲线的凹侧，且合力方向与速度方向夹角为钝角，可知，第二个图像符合要求。
故选B。
13．C
【详解】两个小球在竖直方向均做自由落体运动，因为同时从同一高度抛出，则同时从同一高度做自由落体运动，所以同时落地。
故选C。
14．D
【详解】由于小强随圆盘做匀速圆周运动，一定需要向心力，该力一定指向圆心方向，而重力和支持力在竖直方向上，它们不能充当向心力，因此他会受到摩擦力作用，且充当向心力，向心力是效果力，不是小强受到的力，故他受到重力、支持力、摩擦力。
故选D。
15．C
【详解】A．线速度的方向沿着切线，线速度的方向时刻变化，A错误；
BD．加速度和合外力的方向始终指向圆心，方向时刻变化，BD错误；
C．角速度保持不变，C正确。
故选C。
16．A
【详解】A．根据圆周运动规律，汽车通过最高点时合外力提供向心力，方向竖直向下，则汽车处于失重状态。故A正确；
B．铁路的转弯处，外轨比内轨高是利用火车自身重力和垂直轨道向上的支持力的合力提供火车转弯所需的向心力，从而减少对轨道的侧向压力。故B错误；
C．完全失重状态是物体的加速度等于重力加速度，“水流星”在最高点时的加速度可能大于也可能等于重力加速度，且“水流星”始终重力作用。故C错误；
D．脱水桶的原理是当转速逐渐增加时水滴受到的合外力不足以提供做圆周运动的向心力，从而出现离心运动。离心力和向心力是效果力，不能说物体受到离心力、向心力。且只有当指向圆心的合外力为0时，水滴才会沿切线方向甩出。故D错误。
故选A。
17．D
【详解】A．开普勒通过对第谷的观测得到大量珍贵的行星运行的数据的研究，提出了开普勒行星运行三大定律，故A错误；
B．牛顿发现的万有引力定律，英国物理学家卡文迪什通过扭秤实验测出万有引力常量G，故B错误；
C．行星绕太阳运动时，太阳位于椭圆轨道的其中一个焦点上，故C错误；
D．地球和水星都是太阳的行星，绕太阳运动的所有行星的轨道半长轴的三次方跟它的公转周期二次方的比值都相等，为开普勒第三定律的内容，故D正确。
故选D。
18．B
【详解】A．牛顿发现了万有引力定律，卡文迪什利用扭秤实验测得了引力常量，故A错误；
B．根据牛顿第三定律可知，两物体间的万有引力总是大小相等、方向相反，是一对作用力和反作用力，故B正确；
C．万有引力表达式适用于两质点之间的万有引力，当r趋近于零时，两物体已经不能够看为质点，该表达式不适用，可知，当r趋近于零时，不能够认为万有引力趋近于无穷大，故C错误；
D．根据表达式可以得到，但万有引力是一个常量，该常量与F、r、、无关，故D错误。
故选B。
19．C
【详解】根据万有引力定律的公式
得，甲、乙物体的质量均增加到原来的2倍，同时它们之间的距离亦增加到原来的2倍，则万有引力为
故选C。
20．C
【详解】对物块进行分析，根据动能定理有
解得
故选C。
21．D
【详解】由于功是标量，合力对物体做的功应等于各分力做功的代数和，即F1、F2的合力对物体做的功为
W＝3J＋4J＝7J
故选D。
22．C
【详解】A．元电荷指的是自然界中最小的电荷量，并不是一个实物粒子，故A错误；
B．电场线一样，是人为设想出来的，其实并不存在，但电场是客观存在的，故B错误；
C．高压作业服是用包含金属丝的织物制成，起到静电屏蔽作用，保护工人，故C正确；
D．点电荷若为正电荷，仅在电场力作用下，将向电势低的方向移动，故D错误。
故选C。
23．B
【详解】根据感应起电原理可知，金属球B（近端）带负电，验电器金属箔片（远端）都带正电，故验电器金属箔片张开，因为验电器下部箔片都带了正电。
故选B。
24．B
【详解】根据匀强电场的场强与电势差的关系可知，其中为两点沿电场线方向的距离，则
所以，A、B间的电势差为
故选B。
25．A
【详解】A．处于静电平衡状态的导体内部，原电场与感应电荷产生的附加电场完全抵消，则其内部的电场强度处处为零，故A正确；
B．静电可以被利用，如静电除尘，静电喷漆，静电复印等服务于人类，故B错误；
C．电场线在电场中不会相交。这是因为电场中任一点的电场强度是唯一确定的，包括其大小和方向。如果电场线相交，那么交点处电场强度方向会有两个，这与电场中电场强度方向唯一性的定义相矛盾，故C错误；
D．电场线是用来描述电场强度方向的假想线条。它们的方向与电场强度的方向一致，并且电场线的疏密程度表示电场强度的大小。电场线越密集的地方，电场强度越大；反之，电场线越稀疏的地方，电场强度越小，故D错误。
故选A。
26．D
【详解】根据电阻定律可知
一根阻值为R的均匀电阻丝，截掉一半，它的电阻变为0.5R。
故选D。
27．C
【详解】A．伽利略通过实验和逻辑推理得出结论：物体在做落体运动时，速度v与时间t成正比，A错误;
B．牛顿发现万有引力定律，万有引力常量由卡文迪什测出， B错误;
C．丹麦物理学家奥斯特发现了电流的磁效应，C正确;
D．美国科学家富兰克林命名了正电荷和负电荷，密立根通过油滴实验测出元电荷数值，D错误。
故选C 。
28．A
【详解】A．A图是匀减速直线运动，A正确；
B．B图是匀加速直线运动，B错误；
C．C图是加速度增加的运动，C错误；
D．D图是匀速直线运动，D错误。
故选A。
29．A
【详解】A．由于
5N-5N=0，5N+5N=10N
而
表明3N、5N、5N三个力的合力可能为0，即物体可能处于平衡状态，A正确；
B．由于
7N-3N=4N，7N+3N=10N
而
表明2N、3N、7N三个力的合力不可能为0，即物体不可能处于平衡状态，B错误；
C．由于
3N-1N=2N，3N+1N=4N
而
表明1N、1N、3N三个力的合力不可能为0，即物体不可能处于平衡状态，C错误；
D．由于
10N-5N=5N，10N+5N=15N
而
表明4N、5N、10N三个力的合力不可能为0，即物体不可能处于平衡状态，D错误。
故选A。
30．D
【详解】对O点进行受力分析，由平行四边形定则，作出、的合力，如图所示
因为O点处于平衡状态，所以
解直角三角形得
故选D。
31．(1)A
(2)AD
(3)1
【详解】（1）该实验中，A球做平抛运动，而B球做自由落体运动，当两球在同一高度处同时运动，得到的结果是两球同时落地。
故选A。
（2）A．为了让小球在斜槽末端获得水平方向的速度以保证小球做平抛运动，则斜槽末端必须水平，故A正确；
BD．该实验中只要保证小球每次都从斜槽上同一高度由静止释放，则可保证小球每次做平抛运动的初速度相同，不需要斜槽轨道必须光滑，故B错误，D正确；
C．由于平抛运动的轨迹为抛物线，因此应该用平滑的曲线将坐标纸上确定的点连接起来，故C错误。
故选AD。
（3）由图可知A、B两点间的水平位移等于B、C两点间的水平位移，则A、B两点间的时间间隔等于B、C两点间的时间间隔，在竖直方向上根据逐差公式有
解得A、B两点间的时间间隔为
则小球做平抛运动的初速度大小为
32．（1）；（2）30m/s
【详解】（1）根据牛顿第二定律
可得
（2）物体运动10s末的速度大小
33．（1）3.2m； （2）4.8m；（3）10m/s
【详解】（1）小球在竖直方向自由落体运动，根据位移时间公式
解得
（2）水平方向匀速直线运动
解得
（3）小球落地瞬间在竖直方向的分速度为
则小球落地瞬间的速度为
解得
34．（1）；（2）200N
【详解】（1）小球在最低点的向心加速度大小
（2）根据牛顿第二定律
解得
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
答案
C
A
C
A
D
D
B
A
C
A
题号
11
12
13
14
15
16
17
18
19
20
答案
B
B
C
D
C
A
D
B
C
C
题号
21
22
23
24
25
26
27
28
29
30
答案
D
C
B
B
A
D
C
A
A
D