备战2025年高考二轮复习生物（山东版）大单元4遗传信息控制生物性状的遗传规律层级一基础夯实自测练（Word版附解析）

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A.将该黑豚鼠与另一只黑豚鼠交配,寻找白毛后代
B.寻找该黑豚鼠身上的白色毛发
C.将该黑豚鼠与白毛豚鼠交配,寻找白毛后代
D.寻找该黑豚鼠的亲本所产后代中是否存在白毛后代
答案C
解析检测待测个体基因型最常用的方法为测交法,即用待测的黑豚鼠个体与白毛豚鼠隐性个体杂交,若后代出现白毛豚鼠,则该黑豚鼠携带白毛的隐性等位基因;若后代全为黑豚鼠,则该黑豚鼠很可能不携带白毛的隐性等位基因。
2.(2024·全国甲卷)果蝇翅型、体色和眼色性状各由1对独立遗传的等位基因控制,其中弯翅、黄体和紫眼均为隐性性状,控制灰体、黄体性状的基因位于X染色体上。某小组以纯合体雌蝇和常染色体基因纯合的雄蝇为亲本杂交得F1,F1相互交配得F2。在翅型、体色和眼色性状中,F2的性状分离比不符合9∶3∶3∶1的亲本组合是( )
A.直翅黄体♀×弯翅灰体♂
B.直翅灰体♀×弯翅黄体♂
C.弯翅红眼♀×直翅紫眼♂
D.灰体紫眼♀×黄体红眼♂
答案A
解析根据题意,3对性状分别由独立遗传的3对等位基因控制,可设控制果蝇翅型、体色和眼色的3对等位基因分别为A/a、B/b、C/c。A项中亲本的基因型为AAXbXb×aaXBY,F1的基因型为AaXBXb、AaXbY,F1相互交配得F2,F2的表现型及比例为直翅灰体(A_XB_)∶直翅黄体(A_XbXb、A_XbY)∶弯翅灰体(aaXB_)∶弯翅黄体(aaXbXb、aaXbY)=3∶3∶1∶1,A项符合题意。B项中亲本的基因型为AAXBXB×aaXbY,F1的基因型为AaXBXb、AaXBY,F1相互交配得F2,F2的表现型及比例为直翅灰体(A_XB_)∶直翅黄体(A_XbY)∶弯翅灰体(aaXB_)∶弯翅黄体(aaXbY)=9∶3∶3∶1,B项不符合题意。C项中亲本的基因型为aaCC×AAcc,F1的基因型为AaCc,F1相互交配得F2,F2的表现型及比例为直翅红眼(A_C_)∶直翅紫眼(A_cc)∶弯翅红眼(aaC_)∶弯翅紫眼(aacc)=9∶3∶3∶1,C项不符合题意。D项中亲本的基因型为ccXBXB×CCXbY,F1的基因型为CcXBXb、CcXBY,F1相互交配得F2,F2的表现型及比例为灰体红眼(C_XB_)∶灰体紫眼(ccXB_)∶黄体红眼(C_XbY)∶黄体紫眼(ccXbY)=9∶3∶3∶1,D项不符合题意。
3.(不定项)(2024·山东菏泽二模)科研人员将两个玉米螟抗性基因Bt导入普通玉米一条或两条染色体上培育出多个品系的抗虫玉米,含有基因Bt的花粉有一半败育。下列有关获得的抗虫玉米品系,分析正确的是( )
A.玉米人工传粉的步骤是去雄→套袋→传粉→套袋
B.若导入一条染色体上,则该品系自交获得的子代抗性玉米中能稳定遗传的个体占1/4
C.若导入两条染色体上,则该品系自交获得的子代中抗性玉米占比为100%
D.某品系与普通玉米杂交,若正交子代3/4有抗性,则反交子代3/5有抗性
答案BD
解析玉米为雌雄异花的植物,则人工传粉的步骤中无需去雄,A项错误;若导入一条染色体上,含有基因Bt的花粉有一半败育,则该品系(BTBT)自交,雌配子BTBT∶0(不含基因Bt的配子)=1∶1,而雄配子BTBT∶0=1∶2,则后代抗性玉米中BTBTBTBT∶BTBT0=1∶3,子代抗性玉米中能稳定遗传的个体(BTBTBTBT)占1/4,B项正确;若两个玉米螟抗性基因Bt导入普通玉米两条同源染色体上形成的配子都含有Bt,则该品系自交获得的子代中抗性玉米占比为100%,若两个玉米螟抗性基因Bt导入普通玉米两条非同源染色体上形成四种配子,其中不含有Bt基因的占1/4,则该品系自交获得的子代中抗性玉米占比不是100%,C项错误;某品系与普通玉米杂交,若正交子代3/4有抗性,说明该品系为玉米螟抗性基因Bt导入普通玉米的两条非同源染色体上,该品系形成四种配子,其中不含基因Bt的占1/4,正交子代3/4有抗性,反交时含有基因Bt的花粉有一半败育,此时比例转换,不含基因Bt的配子占2/5,可知反交子代3/5有抗性,D项正确。
4.(2024·山东潍坊二模)果蝇的圆眼和棒眼、长翅和短翅受两对独立遗传的等位基因控制。现用纯合个体进行杂交实验,结果如表。
现将一个纯合群体中的圆眼长翅果蝇和棒眼短翅果蝇随机交配,产生的200只F1个体中圆眼长翅雌果蝇为24只,棒眼长翅雄果蝇为6只,亲本雌果蝇中圆眼长翅个体的比例为( )
A.3/10 B.1/5
C.7/10D.4/5
答案A
解析分析题意,杂交组合①亲代为棒眼和圆眼,子代全为棒眼,可知棒眼是显性性状,设相关基因为A、a,亲代为长翅和短翅,子代全是长翅,说明长翅是显性性状,设相关基因为B、b。又因为杂交组合①②相当于正反交实验,圆眼和棒眼正反交结果相同,说明该对基因位于常染色体上,而长翅和短翅正反交结果不同,说明该对基因位于X染色体上,将一个纯合群体中的圆眼长翅果蝇(aaXBY、aaXBXB)和棒眼短翅果蝇(AAXbXb、AAXbY)随机交配,产生的200只F1个体中圆眼长翅雌果蝇(aaXBX-)为24只,只能由aaXBY与aaXBXB杂交而来,设亲本雄性中aaXBY所占比例为x,AAXbY所占比例为y,亲本雌性中aaXBXB所占比例为z,则该杂交组合子代中aaXBXB所占比例=x×z×1/2=24/200=3/25,即x×z=6/25,同理可知z×y=6/100,故x/y=4,即亲本雄性aaXBY∶AAXbY=4∶1,即亲本雄性中aaXBY所占比例为4/5,又因为x×z=6/25,可得z(aaXBXB所占比例)为3/10。
5.(2024·山东泰安模拟)如图为某女性4号和9号染色体上相关基因组成(图1)及其产生的一个次级卵母细胞中相关基因组成(图2)。已知E基因控制面部雀斑,ABO血型基因(IA、IB、i)和髌骨发育不全基因(N)都位于9号染色体上。下列说法正确的是( )
A.图中涉及的基因的遗传都遵循分离定律和自由组合定律
B.产生该次级卵母细胞的过程中发生了基因突变和染色体变异
C.同源染色体的分离和等位基因的分离一定发生在同一时期
D.若不考虑突变和基因重组,该女子与同基因型男性婚配,后代为无雀斑、A型血且髌骨发育正常的概率为1/16
答案D
解析图中IA/i基因和N/n位于一对同源染色体上,其遗传不遵循自由组合定律,A项错误;图2中4号染色体E基因所在片段缺失,产生该次级卵母细胞的过程中发生了染色体结构变异,9号染色体上同时出现N和n基因可能是由于基因突变也可能是由于同源染色体的非姐妹染色单体之间发生片段互换,即基因重组所致,B项错误;同源染色体的分离一定发生在减数分裂Ⅰ,等位基因的分离可以发生在减数分裂Ⅰ或减数分裂Ⅱ(若发生了同源染色体非姐妹染色单体之间的片段互换),C项错误;若不考虑突变和基因重组,该女子与同基因型的男性婚配,单独考虑4号染色体,Ee×Ee后代为无雀斑的概率为1/4,单独考虑9号染色体,IAiNn×IAiNn,由于IA与n连锁,i与N连锁,故生出A型血且髌骨发育正常的概率为1/4,故后代为无雀斑、A型血且髌骨发育正常的概率为1/4×1/4=1/16,D项正确。
6.(2024·青海海东二模)某二倍体动物,其控制毛色的等位基因G、g位于X染色体上,G表达时表现为黑色,仅g表达时表现为灰色,二者均不表达时表现为白色。已知G、g来自父本时才表达,来自母本时不表达。某雄性个体与雌性个体杂交,获得4只基因型互不相同的F1,下列说法错误的是( )
A.G和g的碱基数目可能相同,排列顺序不同
B.F1中雌性的表型可能为黑色或灰色
C.亲本中母本为纯合子的概率为0
D.F1中黑色个体所占的比例可能为1/2或1/4
答案D
解析G、g为等位基因,G和g的碱基数目可能相同,排列顺序不同,A项正确。G、g只位于X染色体上,某雄性个体与雌性个体杂交,获得4只基因型互不相同的F1,由此推测,该雄性个体的基因型可能是XGY或XgY,雌性个体的基因型为XGXg,若该雄性个体的基因型为XGY,与XGXg杂交产生的F1的基因型为XGXG、XGXg、XGY、XgY,F1中雌性个体中G来自父本,故F1中雌性个体的表型为黑色,且F1中黑色个体所占的比例为1/2;若该雄性个体的基因型为XgY,与XGXg杂交产生的F1的基因型为XGXg、XgXg、XGY、XgY,F1中雌性个体中g来自父本,故F1中雌性的表型为灰色,F1中黑色个体所占的比例为0,B、C两项正确,D项错误。
7.(不定项)(2024·山东二模)某家禽等位基因M/m控制黑色素的合成(MM与Mm的效应相同),并与等位基因T/t共同控制喙色,与等位基因R/r共同控制羽色。三对基因均位于常染色体上。研究者利用纯合品系P1(黑喙黑羽)、P2(黑喙白羽)和P3(黄喙白羽)进行相关杂交实验,并统计F1和F2的部分性状,结果见表(不考虑染色体互换)。下列说法正确的是( )
A.该家禽喙色的遗传遵循基因的自由组合定律,F2的花喙个体中纯合子占比为1/3
B.实验1的F2中黄喙个体均为白羽,其余个体均为黑羽
C.若实验2中F2的黑羽个体间随机交配,则后代会出现黄喙黑羽个体
D.统计实验2中F2个体的喙色和羽色,可以判断基因T/t和R/r在染色体上的位置关系
答案ABD
解析由题干信息可知,该家禽喙色由M/m和T/t共同控制,实验1的F2中喙色表型有三种,比例为9∶3∶4,是9∶3∶3∶1的变式,表明F1产生的雌、雄配子各有4种,且比例相同,受精时雌、雄配子结合方式有16种,故家禽喙色的遗传遵循自由组合定律,F2中花喙个体(M_tt)占3/16,其中纯合子MMtt占1/3,A项正确;该家禽羽色由M/m和R/r共同控制,实验2的F2中羽色表型有三种,比例为3∶6∶7,是9∶3∶3∶1的特殊分离比,因此F1灰羽个体基因型为MmRr,黑羽的基因型为MMRR、MmRR,综合实验1和实验2的结果可知,P1的基因型为MMTTRR,P2的基因型为MMTTrr,P3的基因型为mmttRR,实验1 F1的基因型为MmTtRR,则后代黄喙个体均为白羽,其余个体均为黑羽,B项正确;由实验1和实验2结果可知,黄喙个体基因型为mmT_和mmtt,黑羽的基因型为M_RR,黑羽个体间随机交配不存在黄喙黑羽的个体,即黄喙黑羽个体占比为0,C项错误;实验结果能证明M/m和T/t两对等位基因自由组合,M/m和R/r两对等位基因自由组合,但要判断基因T/t和R/r在染色体上的位置关系,还需要统计实验2中F2个体的喙色和羽色,D项正确。
8.(2024·全国新课标卷)(10分)某种瓜的性型(雌性株/普通株)和瓜刺(黑刺/白刺)各由1对等位基因控制。雌性株开雌花,经人工诱雄处理可开雄花,能自交;普通株既开雌花又开雄花。回答下列问题。
(1)黑刺普通株和白刺雌性株杂交得F1,根据F1的性状不能判断瓜刺性状的显隐性,则F1瓜刺的表现型及分离比是 。若要判断瓜刺的显隐性,从亲本或F1中选择材料进行的实验及判断依据是 。
(2)王同学将黑刺雌性株和白刺普通株杂交,F1均为黑刺雌性株,F1经诱雄处理后自交得F2,能够验证“这2对等位基因不位于1对同源染色体上”这一结论的实验结果是 。
(3)白刺瓜受消费者青睐,雌性株的产量高。在王同学实验所得杂交子代中,筛选出白刺雌性株纯合子的杂交实验思路是 。
答案(1)黑刺∶白刺=1∶1 选取多株F1中的黑刺普通株和白刺普通株(或经人工诱雄处理的雌性株)分别进行自交,观察并统计子代瓜刺性状及比例。子代出现3∶1性状分离比的瓜刺性状为显性,不出现性状分离的为隐性性状
(2)F2中黑刺雌性株∶黑刺普通株∶白刺雌性株∶白刺普通株≈9∶3∶3∶1
(3)选择F2中的白刺雌性株经人工诱雄处理后自交,子代不发生性状分离的白刺雌性株即为所需纯合子
解析(1)黑刺普通株和白刺雌性株杂交得F1,根据F1的性状不能判断瓜刺性状的显隐性,说明该杂交类型属于测交,子代性状分离比为黑刺∶白刺=1∶1,亲代和子代中的显性个体均为杂合体。若要进一步通过杂交实验判断瓜刺的显隐性,可选取多株F1中的黑刺普通株和白刺普通株(或经人工诱雄处理的雌性株)分别进行自交,观察并统计子代瓜刺性状及比例。子代出现3∶1性状分离比的瓜刺性状为显性,不出现性状分离的为隐性性状。
(2)具有一对相对性状的亲本杂交,子代表现出来的性状为显性性状。由F1的表型可知,黑刺对白刺为显性,雌性株对普通株为显性,F1为双杂合体。因此,若“这2对等位基因不位于1对同源染色体上”,则这2对等位基因可以自由组合,F2的表型及比例为黑刺雌性株∶黑刺普通株∶白刺雌性株∶白刺普通株≈9∶3∶3∶1。
(3)设黑刺/白刺和雌性株/普通株分别由A/a和B/b 2对基因控制,则F2中的白刺雌性株有aaBB和aaBb 2种基因型,欲筛选出白刺雌性株纯合体(aaBB),应选择F2中的白刺雌性株经人工诱雄处理后自交,子代不发生性状分离的白刺雌性株即为所需纯合子。
9.(2024·甘肃卷)(12分)自然群体中太阳鹦鹉的眼色为棕色,现于饲养群体中获得了甲和乙两个红眼纯系。为了确定眼色变异的遗传方式,某课题组选取甲和乙品系的太阳鹦鹉做正反交实验,F1雌雄个体间相互交配,F2的表型及比例如下表。回答下列问题(要求基因符号依次使用A/a,B/b)。
(1)太阳鹦鹉的眼色至少由两对基因控制,判断的依据为 ;其中一对基因位于Z染色体上,判断依据为 。
(2)正交的父本基因型为 ,F1基因型及表型为 。
(3)反交的母本基因型为 ,F1基因型及表型为 。
(4)下图为太阳鹦鹉眼色素合成的可能途径,写出控制酶合成的基因和色素的颜色: 。
答案(1)6∶2∶3∶5(3∶5∶3∶5)是9∶3∶3∶1的变式 正交、反交结果不同
(2)aaZBZB AaZBZb、AaZBW ,表型均为棕色
(3)aaZBW AaZBZb、AaZbW,表型分别为棕色、红色
(4)基因①为A(或B);基因②为B(或A);③为红色;④为棕色
解析(1)依据表格信息可知,无论是正交结果6∶2∶3∶5,还是反交结果3∶5∶3∶5,均是9∶3∶3∶1的变式,故可判断太阳鹦鹉的眼色至少由两对基因控制;但正交和反交结果不同,说明其中一对基因位于Z染色体上。(2)依据正交结果,F2中棕眼∶红眼=9∶7,说明棕眼性状为双显性,红眼性状为单显性或双隐性,鹦鹉的性别决定方式为ZW型,在雄性个体中,棕眼为6/8=3/4×1,在雌性个体中,棕眼为3/8=3/4×1/2,则F1的基因型为AaZBZb、AaZBW,表型均为棕色,亲本为红眼纯系,其基因型为aaZBZB、AAZbW。(3)依据反交结果,结合(2)可知,亲本的基因型为AAZbZb、aaZBW,则F1的基因型为AaZBZb、AaZbW,对应的表型依次为棕色、红色。(4)结合(2)可知,棕眼性状为双显性,红眼性状为单显性或双隐性,故可知基因①为A(或B),控制酶1的合成,促进红色前体物合成红色中间物,基因②为B(或A),控制酶2的合成,促进红色中间物合成棕色产物。杂交
组合
P
F1
①
棒眼长翅♀
圆眼短翅♂
棒眼长翅♀
棒眼长翅♂
②
圆眼短翅♀
棒眼长翅♂
棒眼长翅♀
棒眼短翅♂
实验
亲本
F1
F2
1
P1×P3
黑喙
9/16黑喙,3/16花喙(黑黄相间),4/16黄喙
2
P2×P3
灰羽
3/16黑羽,6/16灰羽,7/16白羽
表型
正交
反交
棕眼雄
6/16
3/16
红眼雄
2/16
5/16
棕眼雌
3/16
3/16
红眼雌
5/16
5/16