河南省安阳市林州市第一中学2024-2025学年高二上学期11月月考物理试题

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2.【答案】B【详解】在加速电场中，根据动能定理，解得，在偏转电场中，竖直方向的加速度，运动的时间，则竖直方向的速度，设偏转的角度为，则，若使偏转角变小，即使变小，则应使变大，变小。故选B。
3.【答案】D【详解】ABC．由图可知，抛物线C1、C2的交点的位置表示电路的内、外功率相等，此时电源的内阻和外电阻的大小是相等，电源的输出的功率最大，由图可知电源输出功率最大值为，此时电路中电流为，根据，可知电源的内电阻为，电源的电动势为，故ABC错误；D．当电源被短路时，电源消耗的功率最大，为，故D正确。故选D。
4.【答案】B【详解】ABD．根据安培定则可知，环形电流内部磁场的方向垂直纸面向里，则圆形线圈相当于N极指向纸面内的小磁针；导线a中通入电流时，由安培定则可判断出，导线a中电流在线圈处产生的磁场向左，因小磁针N极指向磁场方向，故从上向下看时，线圈将逆时针转动，AD错误、B正确；
C．当线圈转过90°时，根据同向电流相互吸引，反向电流相互排斥可知，线圈上半部分受力向上，线圈下半部分受力向下，由于下半部分距离导线a较近，所以下半部分受到的安培力比较大，线圈整体受到向下的安培力，可知弹簧测力计的示数一定增大，C错误。故选B。
5.【答案】A【详解】A．由于电路稳定时，R2相当于导线，所以将R2的滑片上移时，电压表的示数不变，故A错误；B．若突然将电容器上极板上移，电容器板间电压不变，板间场强减小，由U=Ed知，P点与下极板间的电势差减小，而下极板的电势为零，所以P点电势降低，由于液滴带负电，所以小球在P点电势能增加，故B正确；
C．若光照变强，光敏电阻R3减小，通过小灯泡的电流变大，电容器两端电压为U=E-I（r+R1），I变大，则U变小，即电容器两板间的电压变小，场强变小，小球所受的电场力变小，因此小球要向下极板运动，故C正确；D．根据当外电阻等于内电阻时，此时电源输出功率最大，将R1看成电源的内阻，由于等效电源的外电阻大于内电阻，外电阻变小，所以等效电源的输出功率变大，即 AB间电路的功率逐渐变大，故D正确。本题选择不正确的，故选A。
6.【答案】D【详解】A．先把重力和电场力进行合成，合力方向与水平方向夹角为45°斜向下，所以小球在b，c弧线的中点动能最大，在a，d弧线的中点动能最小，故A错误；BCD．小球在运动过程中，电场力做正功机械能增加，做负功机械能减少，在水平直径右端b处的机械能最大，在水平直径左端d处的机械能最小，故BC错误，D正确。故选D。
7.【答案】D【详解】A．粒子在段，其电势能减小，则可知该过程中电场力做正功，故A错误；B．图像的斜率表示电场力，斜率大小表示电场力大小，斜率正负表示电场力方向，由于段是关于直线对称的曲线，因此粒子在0，两点斜率的大小相同方向相反，则可知在0，两点场强大小相等、方向相反，故B错误；
C．根据题图可知，带负电的粒子在电场中的、两位置处有，而带负电的粒子在电势低的地方电势能越大，由此可知，故C错误；D．根据电场力做功和电势能之间的关系可知电场力做正功电势能减小，电场力做负功，电势能增加，即有，，由于粒子仅在电场力的作用下运动，且粒子带负电，可知从的过程中电场力做负功，粒子的电势能增加，而在图像中段是倾斜的直线，由此可知电场强度恒定，粒子所受电场力恒定，粒子做匀变速直线运动（或图像的斜率表示带电粒子在电场中所受电场力的大小，由于段是倾斜的直线，因此可知在该段粒子所受电场力恒定，加速度恒定，粒子做匀变速直线运动），故D正确。故选D。
8.【答案】AC【详解】A．由轨迹可知粒子受到的电场力指向内侧，粒子在负点电荷的电场中运动，即可知道粒子带正电，故A正确；B．粒子在M点和P点的速率相等，说明粒子从M到N和从N到P电场力做功的大小相等，根据电场力做功公式，可知，故B错误；C．根据库仑力公式可知，距点电荷越近库仑力越大，结合牛顿第二定律可知在N点加速度最大，又因为粒子带正电，正电荷在电势高的地方电势能大，N点电势最低，故N点电势能最小，故C正确；D．由于粒子在M、P两处受到的电场力方向不同，所以加速度方向也不相同，故D错误。故选AC。
9.【答案】BCD【详解】电路的等效电路如图所示
D．设，，则，当时，有最大值，当滑动变阻器的滑片由c点向a端滑动时，减小，增大，易得减小，可知减小；干路电流增大，故电源内阻消耗的功率增大，故D正确；B． 根据可知消耗的功率变大，故B正确；A．而增大，故增大，故A错误；C．根据电源输出功率与的关系图可知，当时，减小，电源输出功率变大，故C正确。故选BCD。
10.【答案】AC【详解】A．小球在光滑半圆弧上运动过程中，只有重力做功，洛伦兹力和支持力都不做功，机械能守恒，故小球能运动至轨道右端的最高点，A错误；B．A到C的过程中由机械能守恒得：
解得C点的速度为：，B正确；C．小球在C点的速度向右时，由左手定则可知洛伦兹力向上，根据合力提供向心力有：，解得：，由牛顿第三定律可知小球在C点对轨道的压力大小为，C正确；D．小球在C点的速度向左时，由左手定则可知洛伦兹力向下，根据合力提供向心力有：，解得：，由牛顿第三定律可知小球在C点对轨道的压力大小为，D错误。故选AC。
11.【答案】(1) V1 A1 R1 (2)见解析
【详解】（1）[1][2]小电珠的额定电压为2.0V，额定电流为0.5A，为了确保安全电压、电流测量值的精度，电压表与电流表的量程选择3V与0.6A，即电压表应选择,电流表应选择；[3]实验目的是描绘某型号小电珠的伏安特性曲线，控制电路输出电压需要从零开始，可知控制电路采用滑动变阻器的分压式接法，为了确保电压测量值的连续性，滑动变阻器需要选择总阻值较小的变阻器，即滑动变阻器应选择。（2）由于电压表内阻很大，电压表分流影响较小，则测量电路采用电流表外接法，电路图如图所示
12.【答案】 B 8 10 8. 33 1. 00
【详解】（1）[1][2]将选择开关调到电阻挡，红黑表笔短接，调整图1中多用电表的欧姆调零旋钮B进行欧姆调零；由图1放大图中a所示可知，指针偏角太大，所选挡位太大，为准确测量电阻阻值，应选择挡，由图1放大图中b所示可知，测得该定值电阻的阻值。
（3）[3]电源电动势约为8V，应将多用电表选择开关调到直流电压10V挡。（4）[4][5]由闭合电路的欧姆定律得，整理得，由图示图象可知，图象纵轴截距，图象斜率，解得，电源电动势，
13.【答案】(1)1A (2)3.5W (3)12W
【详解】（1）由题意可知，两灯泡和电动机均能正常工作时，由电功率公式可得，流过小灯泡的电流为
，小灯泡的电流，由串、并联电路特点可得流过电动机的电流
（2）小灯泡的电阻，则有电动机两端的电压为，则有电动机的输入功率为，电动机的热功率，电动机输出的机械功率
（3）电源两端电压，电源的输出功率
14.【答案】（1）1N；（2）1Ω~5Ω
【详解】（1）对金属棒进行受力分析，根据共点力平衡得
（2）导体棒所受的滑动摩擦力为当摩擦力沿斜面向上时，根据共点力平衡得；
；代入数据解得当摩擦力沿斜面向下时，根据共点力平衡得；
；代入数据解得滑动变阻器R接入电路中的阻值范围为-之间。
15.【答案】（1），；（2）；（3）
【详解】（1）设粒子从P到Q的过程中，加速度大小为a，运动时间为t，在Q点进入磁场时速度大小为vQ，方向与x轴正方向间的夹角为θ，vQ沿y轴方向的大小为vy，则水平方向上，竖直方向上，解得，Q点的合速度大小为，速度方向与x轴正方向夹角正切值为解得
（2）设粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动的半径为R，据洛伦兹力提供向心力解得
粒子运动轨迹如图所示
根据几何关系得解得
（3）根据几何关系，粒子在磁场中转过的圆心角为在磁场中运动的周期
在磁场中运动的时间粒子运动总的时间