江苏省泰州市兴化市2024-2025学年高二上学期第一次月考（9月）物理试卷（解析版）

这是一份江苏省泰州市兴化市2024-2025学年高二上学期第一次月考（9月）物理试卷（解析版），共11页。试卷主要包含了单项选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
一、单项选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分，每小题只有一个选项符合题意。
1. 下列说法正确的是（ ）
A. 奥斯特发现了电磁感应现象
B. 爱因斯坦提出了能量子的假设，得出了黑体辐射强度按波长分布的公式
C. 电动势在数值上等于电源将1C的正电荷在电源内从正极移至负极非静电力做的功
D. 电磁波谱按照波长由大到小顺序排列为：无线电波、红外线、可见光、紫外线、X射线、γ射线
【答案】D
【解析】A．法拉第发现了电磁感应现象，故A错误；
B．普朗克提出了能量子的假设，得出了黑体辐射强度按波长分布的公式，故B错误；
C．电动势在数值上等于电源将1C的正电荷在电源内从负极移至正极非静电力做的功，故C错误；
D．电磁波谱按照波长由大到小顺序排列为：无线电波、红外线、可见光、紫外线、X射线、γ射线，故D正确。
故选D。
2. 下列各图中，已标出电流及电流的磁场方向，其中正确的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】A．电流的方向竖直向上，根据安培定则可知，磁场的方向导线左侧为垂直纸面向里，导线右侧为垂直纸面向外，故A错误；
B．电流的方向竖直向上，根据安培定则可知，磁场的方向从上向下看应为逆时针方向，故B错误；
C．根据电流的绕向，结合安培定则知，螺线管内部的磁场方向向右，故C错误；
D．环形电流的方向从上往下看为逆时针方向，根据安培定则知，磁场的方向向上，故D正确。
故选D。
3. 下列说法正确的是（ ）
A. 动量为零时，物体一定处于平衡状态
B. 物体所受合外力不变时，其动量一定不变
C. 物体受到恒力的冲量也可能做曲线运动
D. 动能不变，物体的动量一定不变
【答案】C
【解析】A．动量为零时，物体的速度为零，物体一定处于平衡状态，选项A错误；
B．物体所受合外力不变时，若合外力不为零，则加速度不为零且不变，则其速度一定变化，则动量一定变化，选项B错误；
C．物体受到恒力的冲量也可能做曲线运动，例如平抛运动，选项C正确；
D．动能不变，则物体的速度大小不变，但是物体的方向可能变化，则物体的动量可能变化，选项D错误。
故选C。
4. 如图，电源的内阻不能忽略，当电路中点亮的电灯的数目减少时，下列说法正确的是（ ）
A. 外电路的总电阻逐渐变大，电灯两端的电压不变
B. 外电路的总电阻逐渐变大，电灯两端的电压逐渐变大
C. 外电路总电阻逐渐变小，电灯两端的电压不变
D. 外电路的总电阻逐渐变小，电灯两端的电压逐渐变小
【答案】B
【解析】由图可知，灯泡均为并联，当点亮的电灯数目减小时，并联的支路减小，由并联电路的电阻规律可知，外部电路总电阻增加，由闭合电路欧姆定律可知，干路电流减小，则内电压减小，路端电压增加，灯泡两端的电压变大，灯泡变亮。
故选B。
5. 如图所示，直线A为某电源的U﹣I图线，曲线B为某小灯泡D1的U﹣I图线的一部分，用该电源和小灯泡D1组成闭合电路时，灯泡D1恰好能正常发光，则下列说法中正确的是（ ）
A. 此电源的内阻为1.5Ω
B. 灯泡D1的额定电压为3V，功率为6W
C. 把灯泡D1换成“3V，20W”的灯泡D2，电源的输出功率将变小
D. 由于小灯泡B的U﹣I图线是一条曲线，所以灯泡发光过程，欧姆定律不适用
【答案】B
【解析】A．由图读出：电源的电动势 E=4V，内阻
故A错误。
B．两图线的交点表示小灯泡D1与电源连接时的工作状态，此时灯泡的电压 U=3V，电流 I=2A，功率为
P=UI=6W
由于小灯泡D1正常发光，则灯泡D1的额定电压为3V，功率为6W，故B正确。
C．灯泡D1的电阻
“3V，20W”的灯泡D2的电阻为
R2==0.45Ω
可知灯泡D2的电阻更接近电源的内阻，根据推论：电源的内外电阻相等时电源的输出功率最大，知把灯泡D1换成“3V，20W”的灯泡D2，电源的输出功率将变大，故C错误。
D．灯泡是纯电阻，欧姆定律仍适用，图像为曲线是由灯泡电阻随温度的增大而增大，故D错误。
故选B。
6. 某同学将一直流电源的总功率PE输出功率PR和电源内部的发热功率Pr随电流I变化的图线画在了间一坐标系上，如图中的a、b、c所示，以下判断正确的是（ ）
A. 电源的最大输出功率P=2W
B. 电源的电动势E=2V，内阻r=1Ω
C. 曲线c表示电源的输出功率PR随电流I变化的图线
D. 直线a表示电源内部的发热功率Pr随电流I变化的图线
【答案】A
【解析】D．电源的总功率为
可知，图线是倾斜直线，所以直线a表示电源的总功率PE随电流I变化的图线，故D错误；
C．电源内部的发热功率为
图像为开口向上的曲线，故曲线c表示电源内部的发热功率Pr随电流I变化的图线，而电源的输出功率为
图像应为开口向下的曲线，曲线b表示电源的输出功率PR随电流I变化的图线，故C错误；
A．由图可知，当电流为1A时，电源的输出功率达到最大，且最大功率为2W，故A正确；
B．当电流为2A时，输出功率为零，说明外电路短路，则
故B错误。
故选A
7. 一质量为4kg的物块在水平外力F的作用下从静止开始沿光滑的水平面做直线运动。F随时间t变化的关系如图所示，下列说法正确的是（ ）
A. 0~9s内物块先加速后减速B. 时物块的速率为
C. 0~3s内物块的动量变化量大小为D. 0~5s内F的冲量大小为
【答案】D
【解析】A．内力F的方向没有变化，物块一直做加速运动，故A错误；
B．内根据动量定理可得
根据图像与坐标轴包围面积表示力的冲量，则在内有
联立解得时物块的速率为
故B错误；
C．根据动量定理可知内物块的动量变化量大小为
故C错误；
D．0~5s内F的冲量大小为
故D正确。
故选D。
8. 如图所示的电路中，闭合开关S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、U1、U2和U3表示，电表示数的变化量分别用ΔI、ΔU1、ΔU2和ΔU3表示．下列说法正确的是( )
A. 不变，变大B. 变大，变大
C. 变大，不变D. 不变，不变
【答案】C
【解析】A．R1是定值电阻，有
可知不变，不变，故A错误．
BC．当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，R2变大，R2是可变电阻，有
所以变大.根据闭合电路欧姆定律得：
U2=E-I(R1+r）
则知
其值不变；故B错误，C正确．
D．U3为路端电压，为外电阻，其值增大，根据闭合电路欧姆定律知
其值不变，故D错误．
9. 我国三相高压输电技术处于国际领先地位，通电导线周围存在磁场，假如有三根平行通电长直导线在正三角形的三个顶点A、B、C上，O点为三角形中点，三根导线电流方向如图所示，电流大小相等，若A处长直导线在O点产生的磁感应强度的大小为B，则关于O点的磁场描述正确的是（ ）
A. 磁感应强度大小为，方向沿BF方向斜向下
B. 磁感应强度大小为，方向沿DA方向斜向上
C. 磁感应强度大小为2B，方向与BF连线垂直斜向上
D. 磁感应强度大小为3B，方向沿CE方向向上
【答案】C
【解析】根据安培定则可知，三根导线在O点产生的磁感应强度的大小相等，方向如图所示
由于BA与AD垂直，BB与BF垂直，BC与CE垂直，根据几何关系有
方向与BF连线垂直斜向上。
故选C。
10. 用电阻为2Ω的均匀电阻丝制成一个圆环，并把它接到如图所示的电路中，图中导线的P端能沿圆环移动，并保持良好接触。已知R0为2Ω，电源电动势为5V，内阻忽略不计。改变P的位置圆环的最大电功率为（ ）
A. B. C. 1WD. 3W
【答案】A
【解析】根据题意可知，圆环分成两部分并联接入电路，设接入电路的等效电阻为R并，且
由于
根据电源的输出功率与外电路电阻的关系可知，当R并取最大值时，环的电功率最大，则
故选A。
二、非选择题：共5题，共60分。其中第12题~第15题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。
11. 某同学要测量一节干电池的电动势和内电阻，他根据下面提供的器材，设计了如图甲所示的原理图。
①电压表V（量程3V，内阻RV约为10kΩ）
②电流表G（量程3mA，内阻Rg=59.7Ω）
③电流表A（量程3A，内阻约为0.5Ω）
④滑动变阻器R1（0~20Ω，额定电流2A）
⑤滑动变阻器R2（0~500Ω，额定电流1A）
⑥定值电阻R3=0.3Ω
⑦开关S和导线若干

（1）该同学发现电流表的量程太大，于是他将电流表G与定值电阻R3并联，实际上是进行了电表的改装，则他改装后的电流表对应的量程是_______A。（结果保留两位有效数字）
（2）为了能准确地进行测量，同时为了操作方便，实验中应选用的滑动变阻器是_______。（填“R1”或“R2”)
（3）该同学利用上述实验原理图测得数据，以电流表G读数为横坐标，以电压表V读数为纵坐标绘出了如图乙所示的图线，根据图线可求出电源的电动势E=_______V，电源的内阻r=_______Ω。（结果均保留两位有效数字）
（4）如果连接线接头严重氧化或与接线柱连接不紧就会产生“接触电阻”，若本实验中连接滑动变阻器和导线接头处有“接触电阻”致滑动变阻器器阻值变大；则由此产生的影响是：电动势E测量值_______（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）；
（5）实验时，某同学进行了多次测量，花费了较长时间，测量期间一直保持电路闭合，其实从实验误差虑，这样的操作不妥，因为_______。
【答案】（1）0.60 （2）R1 （3）1.5 1.0 （4）不变 （5）见解析
【解析】（1）改装后的电流表对应的量程为
（2）为了能准确地进行测量，同时为了操作方便，实验中应选用的滑动变阻器是R1，而R2阻值太大。
（3）[1][2]根据闭合电路欧姆定律可得
结合图线可得
解得
（4）由以上分析可知，若本实验中连接滑动变阻器和导线接头处有“接触电阻”致滑动变阻器器阻值变大，电动势E测量值不变。
（5）实验时，某同学进行了多次测量，花费了较长时间，测量期间一直保持电路闭合，其实从实验误差虑，这样的操作不妥，因为长时间使用将会导致电源电动势减小，内阻增大。
12. 如图所示，固定于水平面上的金属架CDEF处在竖直向下的匀强磁场中，金属棒MN沿框架以速度v向右做匀速运动。当时，磁感应强度大小为，此时MN到达的位置恰好使MDEN构成一个边长为L的正方形。为使MN棒中不产生感应电流，则：
（1）时MDEN构成回路的磁通量。
（2）从开始，磁感应强度B与t应满足的关系式。
【答案】（1） （2）
【解析】（1）时MDEN构成回路的磁通量
（2）为使MN棒中不产生感应电流，则闭合回路的磁通量不变，则
可得
13. “强夯机”是在建筑工程中对松土压实处理的机器，其中一种为吊重锤击式，如图所示，重锤的质量，从离地高处自由下落，重锤夯土历时，然后陷在土中，取，不计空气阻力，求：
（1）重锤自由下落的时间t和刚落地时的速度大小v；
（2）重锤对松土的平均作用力大小F。
【答案】（1）， （2）
【解析】（1）根据自由落体规律得
解得重锤自由下落的时间为
刚落地时的速度大小为
（2）重锤夯土过程，以竖直向下为正方向，根据动量定理得
解得
根据牛顿第三定律可知，重锤对松土的平均作用力大小为