2024-2025学年江苏省苏州市四校联考高二（上）调研测试物理试卷（10月）（含答案）

这是一份2024-2025学年江苏省苏州市四校联考高二（上）调研测试物理试卷（10月）（含答案），共9页。试卷主要包含了单选题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。

一、单选题：本大题共11小题，共44分。
1.如图所示是某种手机电池外壳上的文字说明，则下列说法正确的是( )
A. 该电池的容量为252C
B. mA⋅ℎ与J均属于能量的单位
C. 该电池待机时的平均工作电流约为14.58mA
D. 该电池通过静电力做功将其它形式的能转化为电能
2.如图所示，有一段长为1m，电阻为15Ω的金属丝，两端连接成一闭合圆环，在圆环上取M、N两点与外电路相连．已知M、N间的短圆弧长20cm，沿AM流入圆环的电流强度为0.5A.则( )
A. M、N间的短圆弧金属丝的电阻值为12Ω
B. 闭合圆环在M、N间的电阻值为2.8Ω
C. 闭合圆环在M、N间的电阻值为15Ω
D. 通过M、N间的短圆弧金属丝的电流强度为0.4A
3.家用电热水器在使用时有漏电危险，当发生漏电时，电流会经过水管中的水，流到人体而发生意外事故。“隔电墙”可以在一定程度上保护人体的安全，其装置如图甲所示，内部结构是一个螺旋状的绝缘管道，如图乙所示。“隔电墙”实际上是将水管的水道变得更细更长，安装位置如图丙所示。下列分析正确的是( )
A. “隔电墙”是通过增大管道中水的电阻来保护人体安全的
B. “隔电墙”是靠控制水流速度来控制电流大小的
C. 漏电时，“隔电墙”能完全隔断电流
D. “隔电墙”是通过减小管道中水的电阻率来保护人体安全的
4.一多量程多用电表的简化电路如图所示，该多用电表由一个小量程的电流表与若干元件组成，当转动选择旋钮S时，可实现不同的功能。下列关于多用电表的说法，正确的是( )
A. 当S接通1或2时，为欧姆挡：当S接通3或4时，为电流挡，当S接通5或6时，为电压挡，接5时量程较大
B. 测电阻时，指针偏转至靠近刻度盘最右端，需要将倍率调换到更低倍率挡
C. 电阻刻度上的零刻度线与直流电流最大刻度线相对应，电阻的刻度线是均匀的
D. 用多用电表测电流时，红表笔接电源负极一侧，黑表笔接电源正极一侧
5.某同学用内阻Rg=20Ω、满偏电流Ig=5mA的毫安表及相关元件制作了一个简易欧姆表，电阻刻度值尚未标定，电路如图甲所示。该同学将两表笔短接，调节滑动变阻器R使毫安表指针满偏，再将阻值为400Ω的电阻接在两表笔之间，此时毫安表指针位置如图乙所示。下列说法正确的是( )
A. 该电源电动势为1.5V
B. 该电源电动势为9.0V
C. 刻度2mA处标注600Ω
D. 刻度4mA处标注150Ω
6.如图所示，电流表A1(0～3A)和A2(0～0.6A)是由两个相同的灵敏电流计改装而成，现将这两个电流表并联后接入电路中，闭合开关S，调节滑动变阻器，下列说法中正确的是( )
A. A1、A2的指针偏转角度之比为1∶1B. A1的读数等于A2的读数
C. A1的读数小于A2的读数D. A1、A2的指针偏转角度之比为5∶1
7.“开车不喝酒，喝酒不开车”成为了当今社会的共识。交警察使用的一种酒精浓度测试仪，电路如图，电源电压恒定，R为定值电阻，Q为气敏元件，其阻值R0随被测酒精气体浓度增大而减小，从而可以根据电压表示数判断是否符合酒驾，现闭合开关S，当检测者呼出的酒精气体浓度增大时，则说法正确的是( )
A. 气敏电阻电压变小B. 电压表与电流表示数比值变大
C. 电流表示数变小D. 电路消耗的总功率不变
8.电鳗能借助分布在身体两侧肌肉内的起电斑产生电流．某电鳗从头部到尾部并排成125行，每行串有5000个起电斑．已知每个起电斑的内阻为0.25Ω，并能产生0.16V的电动势，与电鳗周围的水形成回路．假设回路中水的等效电阻为790Ω，则电鳗放电时，首尾间的输出电压为( )
A. 790VB. 800VC. 974VD. 503V
9.工程师对某款新能源汽车的直流蓄电池进行性能测试，测试过程中系统输出的PI2−1I图像如图，其中P为直流电源的输出功率，I为总电流，下列说法正确的是( )
A. 该蓄电池的电动势为24V
B. 该蓄电池的内阻为2Ω
C. 该蓄电池的短路电流为12A
D. 该蓄电池输出功率最大时电流为12A
10.如图所示，电源电动势E=6 V，内阻r=1 Ω，定值电阻R=R1=1 Ω，滑动变阻器的最大阻值R2=3 Ω。若闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P从右向左滑动，已知两电表均为理想电表，则下列说法错误的是 ( )
A. 电压表示数增大，电流表示数减小
B. 定值电阻R上消耗的功率增大，最大值为649W
C. 电源输出功率先变小后变大，电源效率一定增大
D. 滑动变阻器消耗的功率先变大后变小
11.如图所示，A、B为水平放置的平行正对金属板，在板中央分别有一小孔M、N，D为理想二极管，R为滑
动变阻器。闭合开关S，待电路稳定后，将一带负电荷的带电小球从M、N的正上方P点由静止释放，小球恰好能运动至小孔N处。则下列说法中正确的是( )
A. 若仅将B板稍微上移，带电小球仍可以运动至N处
B. 若仅将A板稍微上移，带电小球将无法运动至N处
C. 若仅将变阻器的滑片上移，带电小球将无法运动至N处
D. 断开开关S，从P处将小球由静止释放，带电小球将无法运动至N处
二、实验题：本大题共1小题，共9分。
12.某实验小组要测定一节蓄电池的电动势和内阻
(1)该小组成员先用多用电表“直流2.5V挡”粗测该电池电动势，读数如图所示，则该电动势的读数为 V；测量时多用电表的黑表笔应该与电池的 (填“正”或“负”)极相连。

(2)为了更为准确测量，准备实验器材如下：
电流表A1(量程0∼200μA，内阻为800Ω)；
电流表A2(量程0∼300mA，内阻为0.3Ω)；
定值电阻R1(阻值为4.0Ω)；
定值电阻R2(阻值为9200Ω)；
滑动变阻器R(最大阻值为50Ω)；
待测蓄电池一节(电动势约为2V)；
开关S一个，导线若干。
①该实验小组利用所学知识正确连接实物电路如图乙所示，图中虚线框内的电表应选 (选填“A1”或“A2”)，虚线框内的定值电阻应选 (选填“R1”或“R2”)；

②电流表A1示数用I1表示，电流表A2示数用I2表示，该小组通过改变滑动变阻器滑片位置，得到了多组I1、I2数据，并作出I1−I2图像，如图丙所示。根据图像可知，该蓄电池的电动势为 V，内阻为 Ω。(结果均保留两位有效数字)
③从实验设计原理来看，该蓄电池电动势的测量值 (选填“大于”、“小于”或“等于”)真实值。
三、计算题：本大题共4小题，共40分。
13.在如图甲所示的电路中，L1、L2、L3为三个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示．当开关S闭合后，电路中的总电流为0.25 A。求此时L1、L2消耗的电功率之比。
14.如图所示，电源电动势E=12V，内阻r=5Ω，滑动变阻器的最大阻值R1=20Ω，定值电阻R2=20Ω，R3=5Ω，R4=10Ω，电容器的电容C=30μF.开关S闭合电路稳定后，求：
(1)滑动变阻器滑片从最左端滑到最右端的过程中，通过R4的电量；
(2)电源的最大输出功率．
15.利用电动机提升重物的示意图如下。已知电源电动势E=110V，电源内阻r=2Ω，电动机线圈电阻R0=3Ω，定值电阻R=6Ω，重物质量m=50kg，当电动机匀速提升重物时，理想电压表的示数U=100V，不计空气阻力和摩擦，取g=10m/s2。求：
(1)流经电源的电流I和电动机两端的电压UM；
(2)电动机的热功率P热和重物匀速上升时的速度v；
(3)由于人员使用不当，致使电动机被卡住而无法转动，求此时电动机的热功率P热1。
16.如图所示，光滑绝缘斜面高度ℎ=0.45 m，斜面底端与光滑绝缘水平轨道圆弧连接，水平轨道边缘紧靠平行板中心轴线．平行板和三个电阻构成如图所示电路，平行板板长为l=0.9 m，板间距离d=0.6 m，R1=3 Ω，R2=3 Ω，R3=6 Ω.可以看为质点的带电小球，电量q=−0.01 C，质量m=0.03 kg，从斜面顶端静止下滑．
(1)若S1、S2均断开，小球刚好沿平行板中心轴线做直线运动，求电源电动势E．
(2)若S1断开，S2闭合，小球离开平行板右边缘时，速度偏向角tanθ=25，求电源内阻r．
(3)若S1、S2均闭合，判断小球能否飞出平行板？
参考答案
1.C
2.D
3.A
4.B
5.D
6.A
7.A
8.A
9.D
10.C
11.B

负
A2
R2
1.9
1.0
等于

13.解：根据图像可知，当电流是0.25A时，电压为3V，所以P1=UI=3×0.25W=0.75W
由L2的电流为0.125A，由图可知此时L2的电压约为0.25V，根据P=UI可知，L2消耗的功率P2=0.125×0.25W=0.03125W
故P1P2=。
14.解：(1)滑动变阻器滑片处于最左端时，电容器两端的电压就是电源的路端电压为：U1=ER3+rR3=125+5×5V=6V；
滑动变阻器滑片处于最右端时，R1、R2并联电阻为R12
电容器两端的电压为：U2=ER3+R12+rR3=125+10+5×5V=3V；
通过R4的电量为：q=C(U1−U2)=30×10−6×(6−3)C=9×10−5C
(2)电源的最大输出功率为：P=E24r=1224×5W=7.2W．
答：(1)滑动变阻器滑片从最左端滑到最右端的过程中，通过R4的电量9×10−5C；
(2)电源的最大输出功率7.2W．
15.解：(1)根据闭合电路欧姆定律得
E=U+Ir
代入数据解得：I=5A
电动机两端的电压UM=U−IR=(100−5×6)V=70V
(2)电动机的热功率P=I2R0=52×3W=75W
电动机的输入功率P入=UMI=70×5W=350W
电动机输出的机械能P机=P入−P=350W−75W=275W
由P机=mgv得
v=0.55m/s
(3)电动机被卡住而无法转动时，电路中电流为I′=ER0+R+r=10A
此时电动机的热功率P1=I′2R0=102×3W=300W
答：(1)流经电源的电流I为5A，电动机两端的电压UM为70V；
(2)电动机的热功率P为75W，重物匀速上升时的速度v为0.55m/s；
(3)此时电动机的热功率P1为300W。
16.解：(1)小球下滑过程机械能守恒，由机械能守恒定律得mgℎ=12mv02，解得v0= 2gℎ =3m/s，对S1、S2均断开时，极板电势差即为电源电动势E，
由平衡条件得mg=qEd，解得E=mgdq=3×10−2×10×0.61×10−2V=18V；
(2)当S1断开，S2闭合时，带电小球做类平抛运动，
水平方向l=v0t，竖直方向分速度vy=at，又vy=v0tanθ，
对带电小球，由牛顿第二定律得mg−qE1=ma1，其中UC=E1d，
代入数据解得a1=4m/s2，E1=18N/C，UC=10.8V，
当S1断开，S2闭合时，R1与R3串联，电容器与R3并联，
电容器两端电压UC=UR3，部分电路欧姆定律UR3=I1R3，
闭合电路欧姆定律E=I1R1+R3+r，
代入数据解得r=1Ω；
(3)当S1、S2均闭合时，R2与R3并联，并联电阻 R23=R2R3R2+R3=3×63+6Ω=2Ω，
电路电流I2=ER1+R23+r=183+2+1A=3A，
电容器电压U2=I2R23=6V，
对小球，由牛顿第二定律得mg−qE2=ma2，其中电压U2=E2d，
联立求解a2=203m/s2；
对带电小球类平抛运动分析，有l=v0t，y=12a2t2，
联立求解y=0.3m，y=d2=0.3m；
带电小球恰好从右侧极板边缘飞出。