福建省福宁古五校教学联合体2024-2025学年高一上学期期中考物理试卷（解析版）

这是一份福建省福宁古五校教学联合体2024-2025学年高一上学期期中考物理试卷（解析版），共15页。试卷主要包含了单项选择题，双项选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
高一物理试题
一、单项选择题
1. 一个篮球放在水平桌面上静止不动，下列说法中正确的是（ ）
A. 桌面受到的压力与篮球的重力是同一种性质的力
B. 桌面受到的压力大小与篮球重力大小相等
C. 桌面对篮球的支持力是由于篮球形变而产生的
D. 篮球的重心在篮球与桌面的接触点上
【答案】B
【解析】AB．桌面受到的压力大小等于篮球重力的大小，但桌面受到的压力不是篮球的重力，故A错误，B正确；
C．桌面对篮球的支持力的施力物体是桌面，则由于桌面形变而产生的，故C错误；
D．篮球的重心在篮球的几何中心上，也就是球心，故D错误。
故选B。
2. 2024年9月25日，中国人民解放军火箭军向南太平洋相关公海海域成功发射了一枚携载训练模拟弹头的洲际弹道导弹，全射程约12000公里，末端速度接近30马赫。下列说法正确的是（ ）
A. 导弹加速直线上升过程中，加速度方向与速度方向相同
B. 导弹的加速度与速度变化量成正比，与运动时间成反比
C. 导弹运动时，速度的变化量越大，加速度也越大
D. 导弹点火将要升空瞬间，导弹的速度和加速度均为零
【答案】A
【解析】A．导弹在加速直线上升过程中，加速度方向与速度方向相同，A正确；
B．加速度
是加速度的比值定义式，不能说导弹的加速度与速度变化量成正比，与运动时间成反比，B错误；
C．由加速度的定义式可知，在任意相等时间内，速度的变化量越大，加速度才越大，故C错误；
D．导弹点火将要升空瞬间，导弹的速度为零，但加速度很大，D错误。
故选A。
3. 如图所示的x−t图像和v−t图像中，四条图线分别表示甲、乙、丙、丁四辆车由同一地点向同一方向运动的情况，下列说法正确的是（ ）
A. 0~6s内，甲车通过的路程大于乙车通过的路程
B. 0~6s内，丙、丁两车的平均速度相等
C. 0~6s内，丙车的加速度始终大于丁车的加速度
D. 在6s末，甲、乙两车在同一位置相遇
【答案】D
【解析】A．根据x-t图像可知，0~6s内，甲、乙两车通过的位移相等，两车都做单向直线运动，所以路程相等，故A错误；
B．根据图像与横轴围成的面积表示位移，可知0~6s时间内，丙车的位移小于丁车的位移，根据
可知丙车的平均速度小于丁车的平均速度，故B错误；
C．v-t图像的斜率表示加速度，由图可知，0~6s内，丁车的加速度先大于丙车的加速度，后小于丙车的加速度，故C错误；
D．x-t图像的交点表示相遇，所以在6s末，甲、乙两车在同一位置相遇，故D正确。
故选D
4. 一辆汽车以6m/s的速度沿平直公路匀速行驶，突然发现前方有障碍物，立即刹车，汽车以大小为2m/s2的加速度做匀减速直线运动，则下面说法正确的是（ ）
A. 第3s内与第1s内的位移之差大小为3m
B. 刹车的整个过程中平均速度大小为4m/s
C. 刹车后1s内与刹车后4s内汽车通过的位移之比为5∶9
D. 刹车的第1s内、第2s内、第3s内的位移之比为1∶3∶5
【答案】C
【解析】A．利用逆向思维，汽车停止运动时间
第1s内的位移
利用逆向思维，第3s内的位移
则第1s内与第3s内的位移之差
故A错误；
B．刹车的整个过程平均速度大小为
故B错误；
D．利用逆向思维，第2s内的位移
可知，刹车的第1s内、第2s内、第3s内的位移之比为
x1∶x2∶x3=5∶3∶1
故D错误；
C．汽车3s停止运动，则刹车后1s内与刹车后4s内汽车通过的位移之比为
故C正确。
故选C。
二、双项选择题
5. 在物理学发展进程中，物理学家总结出了许多科学研究方法，如等效法、理想实验法、控制变量法和极限思维法等，以下关于物理学研究方法的叙述正确的是（ ）
A. 在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫控制变量法
B. 在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法
C. 如图甲所示，伽利略探究物体下落规律的过程使用的科学方法是：问题→猜想→实验验证→合理外推→得出结论
D. 如图乙所示，研究弹力时，书本放在桌面上对桌面有压力，这种形变非常微小，我们可以通过观察反射的激光的变化来判断，这种方法被称之为极限思维法
【答案】BC
【解析】A．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫建立物理模型法，A错误；
B．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法，B正确；
C．伽利略探究物体下落规律过程使用的科学方法是：问题→猜想→实验验证→合理外推→得出结论，C正确；
D．研究弹力时，由于书本压桌面的这种形变非常微小，我们可以通过观察反射的激光的变化来判断，这种方法被称之为微小量放大法，D错误。
故选BC。
6. 学习完自由落体运动后，肖恩同学将刻度尺改造成了反应时间测量尺（图甲），并在课后为王洋同学测反应时间（图乙）。王洋先把手放在测量尺0刻度线的位置旁做好捏住测量尺的准备。肖恩松手时，王洋立即捏向下落的测量尺，刚好捏住尺上的D位置，下列说法正确的是（ ）
A. 捏住的刻度值越大说明受测者的反应时间越快
B. 刻度尺的刻度是均匀的，对应的反应时间刻度也是均匀的
C. 从测试的情况看，王洋的反应时间约为0.2秒
D. 若g取10m/s2进行计算并标时间刻度，则测出的反应时间偏小
【答案】CD
【解析】ABD．根据位移时间公式有
解得
可知，捏住的刻度值越大，则时间约大，说明受测者的反应时间越慢；刻度尺的刻度是均匀的，对应的反应时间刻度并非均匀；若g取10m/s2进行计算并标时间刻度，则g值偏大，测出的反应时间偏小，故AB错误，D正确；
C．将h=0.2m代入解得
s
故C正确；
故选CD。
7. 如图所示，轻质弹簧P上端固定在天花板上，下端的挂钩钩住轻弹簧Q，P、Q的劲度系数分别为k1=100N/m和k2=200N/m，现用大小为20N的拉力F竖直向下拉弹簧Q，两只弹簧形变量之和为，两弹簧始终在弹性限度内，下列说法正确的是（ ）
A. =0.3m
B. =0.6m
C. 若将拉力F增加一倍，则稳定后两只弹簧的总长度也增加一倍
D. 上述两只弹簧形变的效果与一只劲度系数为的弹簧相同
【答案】AD
【解析】AB．弹簧静止，则两只弹簧中的弹力大小均为F，则两只弹簧的形变量之和为
解得
故A正确；B错误；
C．由以上分析可知，若将拉力F增加一倍，则稳定后两只弹簧的伸长量之和也增加一倍，但总长度之和应小于原来的两倍，故C错误；
D．由题意
解得
故D正确。
8. 打印机在正常工作的情况下，进纸系统能做到每次只进一张纸。进纸系统的结构如图所示，图中刚好有10张相同的纸，每张纸的质量均为m，搓纸轮按图示方向转动并带动最上面的第1张纸向右运动，搓纸轮与纸张之间的动摩擦因数为μ1，纸张与纸张之间、纸张与底部摩擦片之间的动摩擦因数均为μ2，工作时搓纸轮给第1张纸压力大小为F。打印机正常工作时，下列说法正确的是（ ）
A. 第2张纸受到第3张纸的摩擦力方向向右
B. 第6张纸与第7张纸之间的摩擦力大小可能为
C. 第10张纸与摩擦片之间的摩擦力为
D. 若，则进纸系统不能正常进纸
【答案】CD
【解析】A．对第2张纸受力分析可得，在水平方向上受到第1张纸向右的滑动摩擦力和第3张纸水平向左的静摩擦力而保持平衡，故A错误；
BC．对第2张纸受到第一张纸的滑动摩擦力
由受力平衡得第2张纸受到第3张纸的静摩擦力等于滑动摩擦力，以此类推第6张纸与第7张纸之间、第10张纸与摩擦片之间的摩擦力都为
故B错误，C正确；
D．搓纸轮与第1张纸之间的摩擦力为
第1张纸受到第2张纸的滑动摩擦力为
若，则有
搓纸轮与第1张纸之间会发生相对滑动，不会进纸，打印机不会正常工作，故D正确。
故选CD。
三、非选择题
9. 如图所示，重为40N的匀质正方体木块A静止于斜面B上，请在图上用直尺按规范画出A所受重力的图示_____。
【答案】
【解析】重力方向竖直向下，图示如图
10. 如图所示，李想同学用毫米刻度尺测量一物体的长度，依次记录下四次测量结果：2.99cm，3.00cm，2.99cm，2.98cm。测量结果为3.00cm时，绝对误差是_________cm，相对误差是_________%（保留两位有效数字）。
【答案】0.01 0.33
【解析】物体的真实值是上述四次的测量值的平均值，即
因为所以测量结果为3.00cm的绝对误差是
3.00cm-2.99cm=0.01cm
由相对误差公式可得
0.33%
11. 如图所示，物体自O点由静止开始做匀加速直线运动，途经A、B、C三点，其中A、B之间的距离l1=3m，B、C之间的距离l2=4m，若物体通过l1、l2这两段位移的时间均为2s，则物体做匀加速直线运动的加速度a=___________m/s2，O、A之间的距离l=__________m。
【答案】0.25 3.125
【解析】设物体的加速度为a，通过l1、l2这两段位移的时间均为t，则有
B点的速度
则物体在A点的速度为
O、A之间距离为
12. 某同学利用如图甲装置做“探究弹力和弹簧伸长量的关系”实验。被测弹簧放置于水平桌面上，一端固定于A点，另一端用细线绕过光滑定滑轮挂钩码，旁边附有一竖直放置的毫米刻度尺。挂两个钩码时，线上一定点P对应的刻度线如图中的ab虚线所示，挂三个钩码时，P对应的刻度线如图中的cd虚线所示。
（1）ab虚线处刻度尺读数是________cm；

（2）图乙是弹簧弹力大小F与弹簧伸长量x的F−x图像，由图可求出弹簧的劲度系数为_________N/m，图像不过坐标原点的原因是_________________________。
【答案】（1）31.10 （2）200 弹簧与水平桌面间存在摩擦力
【解析】
小问1解析】
ab虚线处刻度尺读数是
l=31.10cm
【小问2解析】
根据
结合图线可得弹簧的劲度系数
由图可知当弹簧伸长量为0时拉力不等于0，说明弹簧与水平桌面间存在摩擦力，从而导致图像不过远点。
13. 某同学用图甲所示的实验装置测量当地的重力加速度，先接通电源后释放纸带，在纸带上打出一系列的点如图乙所示，图中A、B、C、D、E、F是纸带上打出的连续的点，测出B、C、D、E、F这几点到A点的距离并标在纸带上，打点计时器的打点周期为T。
（1）电火花打点计时器所用的交流电压为_________V；
（2）打下点E时，重物的速度vE=_________（用题中所给字母表示）；
（3）若分别计算出纸带上B、C、D、E各点对应的速度，并在坐标系中画出v2−ℎ的关系图线，如图丙所示，则重力加速度g=_________m/s2。
【答案】（1）220 （2） （3）9.60
【解析】
【小问1解析】
电火花打点计时器所用的交流电压为220V。
【小问2解析】
打E点时重物的速度为
【小问3解析】
由机械能守恒定律得
整理得
则图线的斜率
解得
14. 一同学为了测量某大桥到水面的高度，他站桥上将一小铁球由静止释放，铁球经过t=5s落到水面，不计空气阻力，取g=10m/s2，求：
（1）大桥到水面的高度
（2）小铁球下落到水面前最后1s位移的大小
【答案】（1）125m （2）45m
【解析】
【小问1解析】
铁球做自由落体运动，已知其运动的时间为5s，则大桥到水面的高度
【小问2解析】
因铁球下落4s内的位移
所以小铁球下落到水面前最后1s的位移大小
15. 如图所示，位于水平桌面上的物块P，由跨过定滑轮的轻绳、轻弹簧与物块Q相连，绳、弹簧都水平，已知Q与P之间及P与桌面之间的动摩擦因数都为μ=0.4，物块Q重G1=20N，物块P重G2=40N，滑轮的质量、滑轮轴上的摩擦都不计，用一水平向右的力F拉P，使P、Q向相反方向做匀速运动，弹簧原长L0=10cm，劲度系数k=200N/m，求此时：
（1）物块Q所受的滑动摩擦力；
（2）弹簧长度L；
（3）力F的大小。
【答案】（1）8N，方向水平向右
（2）14cm （3）40N
【解析】
【小问1解析】
物块Q受到木板的滑动摩擦力
方向水平向右；
【小问2解析】
因为Q做匀速运动，则有
代入数据解得
弹簧长度为
【小问3解析】
物块P受到地面的滑动摩擦力
因为P做匀速运动，则有
16. 电子设备之间在一定距离范围内可以通过蓝牙连接进行数据交换，已经配对过的两电子设备，当距离小于某一值时，会自动连接；一旦超过该值时，蓝牙信号便会立即中断，无法通讯。如图所示，甲、乙两辆玩具汽车沿平直路面向前行驶，两车车头O1、O2都装有蓝牙设备，这两个蓝牙设备在4m以内时能够实现通信。t=0时刻，甲、乙两车恰并排于图示位置，O1、O2的距离近似为零，此时甲车的速度v甲=5m/s，乙车的速度为v乙=2m/s。从该时刻起甲车以大小为1m/s2的加速度做匀减速运动直至停下，乙车保持原有速度做匀速直线运动（忽略信号传递时间）。求：
（1）甲车可以往前行驶的最大位移
（2）在甲车停下来之前，两车在前进方向上的最大距离
（3）从t=0时刻起，甲、乙两车能蓝牙通信的时间
【答案】（1）12.5m （2）4.5m （3）6.25s
【解析】
【小问1解析】
甲车可以往前行驶的时间，根据速度-时间公式
甲车可以往前行驶的最大距离
【小问2解析】
经过t1，两车的速度相等，此时相距最远，则有
解得
甲车运动的位移为
乙车运动的位移
此时两车在前进方向上的最大距离为
联立解得两车在前进方向上的最大距离为
【小问3解析】
当甲车在乙车前方4m，即
根据位移-时间公式
整理得
解得
由此可知，0−2s内，两车距离小于4m，可以通信；2−4s内，两车距离由4m变到4.5m又变到4m，不能通信。前期通信时间，即
之后，乙车从落后甲车4m行驶至甲车前方4m过程中两车距离小于4m，后期通信时间，则有
所以甲、乙两车能利用蓝牙通信的时间为