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江苏省镇江市丹阳市2023-2024学年九年级下学期4月期中考试物理试题（解析版）
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这是一份江苏省镇江市丹阳市2023-2024学年九年级下学期4月期中考试物理试题（解析版），共28页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
一、选择题（本题共 12 小题，每小题 2 分，共 24 分．每小题只有一个选项是正确的）
1. 调节收音机的音量，是为了改变声音的（ ）
A. 音调B. 响度C. 音色D. 频率
【答案】B
【解析】响度表示音量的大小，音调与频率有关；音色指声音的感觉特性，我们就可以通过音色的不同去分辨不同的人的说话声．所以改变音量就是改变响度的大小．
2. 某同学对预防病毒感染措施中使用的一些物品进行了估测，其中最接近实际的是（ ）
A. “常消毒”：常用的消毒湿巾的密度约为 1kg/m3
B. “勤洗手”：一瓶家用洗手液的质量约为 5kg
C. “戴口罩”：一只长方形口罩的面积约为 1.7dm2
D. “测体温”：一只测温枪所受的重力约为 10N
【答案】C
【解析】A．常用的消毒湿巾的密度略小于水的密度，约为
0.9g/cm3=0.9×103kg/m3
故A不符合题意；
B．一瓶家用洗手液的质量约为
500g=0.5kg
故B不符合题意；
C．一只长方形口罩长约为17cm，宽约为10cm，面积约为
17cm×10cm=170cm2=1.7dm2
故C符合题意；
D．一只测温枪的质量约为200g，所受的重力约为2N，故D不符合题意。
故选C。
3. 小明参观蜡像馆时，了解到手模制作的过程：先将蜡熔化，将手放到蜡液里面浸一下使手的表面涂满蜡液，再经过特殊工艺冷凝、脱模即可。在下列各图中，能正确描述蜡在整个过程中温度变化的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】蜡是非晶体，没有固定的熔点，熔化时温度不断上升，凝固时温度不断下降，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
4. 如图所示，粗糙的弧形轨道竖直固定于水平面上，小球由A点以速度v沿轨道滚下，经过右侧等高点B后到达最高点C。下列分析正确的是（ ）
A. 小球在A、B、C 三点的速度大小关系是vCB. 小球在A、B两点的动能之差等于小球从A点到B点克服摩擦力做的功
C. 小球在A、B两点具有的动能相同
D. 整个过程只有重力对小球做功
【答案】B
【解析】AC．小球运动过程中，要克服摩擦力做功，机械能逐渐减小；小球质量不变，在A、B、C三点高度关系为
hA=hB所以重力势能关系为
EA=EB所以在A、B、C三点动能关系为
EkC即在A、B、C三点的速度大小关系是
vC故AC错误；
B．小球在A、B两点高度相同，所以重力势能相等，速度不同，动能不同；在粗糙的弧形轨道上受摩擦力，要克服摩擦力做功，所以小球运动过程中，减小的动能全部用来克服摩擦力做功，所以小球在A、B两点的动能之差等于小球从A点到B点克服摩擦力做的功，故B正确；
D．小球受到竖直向下的重力的作用，下落中，移动了距离，小球的重力是做功的，因为是粗糙的弧形轨道，所以受摩擦力，要克服摩擦力做功，故D错误。
故选B。
5. 下列图中能反映直流电动机工作原理的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】A．此图研究的是电磁感应现象，是发电机的原理，故A不符合题意；
B．此图是电磁继电器，利用了电流的磁效应，故B不符合题意；
C．闭合开关后，处于磁场中的金属棒会受力运动，即通电导线在磁场中受到力的作用，是电动机的原理，故C符合题意；
D．此图研究的是电磁铁的磁性强弱和电流大小的关系，故D不符合题意。
故选C。
6. 如图所示，水平地面上的木块乙上叠放木块甲，在力F1和F2的作用下，以共同的速度v一起水平向右匀速运动，已知F1=100N，F2=10N，下列关于甲、乙和地面之间的摩擦力大小和方向说法正确的是（ ）
A. 甲对乙的摩擦力为100N，水平向左
B. 乙对地面的摩擦力为90N，水平向右
C. 甲受到的摩擦力为10N，水平向左
D. 地面对乙的摩擦力为10N，水平向右
【答案】B
【解析】A．甲、乙一起水平向右匀速运动，受力平衡，对甲做受力分析，水平方向上甲受到两个力拉力F1和乙对甲的摩擦力，二者是一对平衡力，大小相等，方向相反，故乙对甲方向水平向左，大小为
而甲对乙的摩擦力与乙对甲的摩擦力是一对相互作用力，大小相等，方向相反，故甲对乙的摩擦力方向水平向右，大小为
故A错误；
B．甲、乙一起水平向右匀速运动，受力平衡，对乙做受力分析，水平方向上受到拉力F2和甲对乙的摩擦力，以及地面对乙的摩擦力
方向水平向左，而乙对地面的摩擦力，与地面对乙的摩擦力是一对相互作用力，大小相等，方向相反，所以乙对地面的摩擦力方向水平向右，大小为
故B正确；
C．甲受到摩擦力是乙给甲的，由选项A的分析可知，甲受到的摩擦力为100N，水平向左，故C错误；
D．由选项B的分析可知，地面对乙的摩擦力为90N，方向水平向左，故D错误。
故选B。
7. 如图甲所示是“探究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验装置。小明在实验中用到了一个弹簧测力计、一个长方体木块、一个砝码、两个材料相同但表面粗糙程度不同的长木板。小明做第2次实验时控制不好力度，木块的速度随时间变化的图象如图乙所示，下列说法正确的是（ ）
A. 实验中只要拉动木块做匀速直线运动，滑动摩擦力大小就等于拉力大小
B. 第2次实验中，砝码在第末受到的的摩擦力方向与木块运动方向相同
C. 第2次实验和第3次实验中的长木板表面粗糙程度相同
D. 第2次实验中木块受到的滑动摩擦力在第末比第末要小
【答案】B
【解析】A．实验中只有沿水平方向拉动木块做匀速直线运动，木块在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡的条件，弹簧测力计的示数才等于摩擦力的大小，故A错误；
B．根据图乙可知，第2次实验中，木块在第1s末是做加速运动，砝码在水平方向上受到摩擦力的作用，所以摩擦力的方向与砝码运动的方向相同，也与木块运动的方向相同，故B正确；
C．第2次实验和第3次实验中，压力相同，第3次实验中测力计示数大，木块受到滑动摩擦力大，故长木板表面粗糙程度不相同，故C错误；
D．滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，与速度无关，木块在第1s末和第7s末运动时，压力和接触面的粗糙程度都相同，所以滑动摩擦力也相同，故D错误。
故选B。
8. 如图所示，只闭合开关 S1、S3 时，电流表 A1 与A2 的示数之比为 1∶3，下列说法正确的是（ ）
A. 电路最大电功率与最小电功率之比为9∶2
B. 若只闭合 S1、S3，R1与R2两端的电压之比为 1∶3
C. 若只闭合 S1、S2，电流表 A1与A2的示数之比 3∶1
D. 若只闭合 S2，R1 与 R2 的电功率之比为 1∶3
【答案】A
【解析】只闭合开关 S1、S3 时，、并联，电流表测电流，电流表测干路电流。电流表 A1 与A2 的示数之比为 1∶3，根据并联电流规律可知、电流之比为1∶2，根据并联分流原理可知、阻值之比为2∶1。
B．只闭合开关 S1、S3 时，、并联，R1与R2两端的电压之比为 1∶1，故B错误；
C．若只闭合 S1、S2，电流表 A1和被短路，所以电流表 A1无示数，故C错误；
D．若只闭合 S2，、串联，电流相等，因为、阻值之比为2∶1，根据可知功率和电阻成正比，所以R1 与 R2 的电功率之比为2∶1，故D错误；
A．电源电压不变，、并联时，总电阻最小，根据可知总功率最大。、串联时，总电阻最大，根据可知总功率最小。
由于、阻值之比为2∶1
所以电路最大电功率与最小电功率之比为
故A正确。
故选A。
9. 下列说法正确的是（ ）
A. 太阳能、风能、天然气都是可再生能源
B. 原子是由原子核和核外电子组成的
C. 核电站是利用核聚变释放的核能发电的
D. 能量在转化过程中是守恒的，因此能源是“取之不尽，用之不竭”的
【答案】B
【解析】A．太阳能、风能是取之不尽，用之不竭的可再生能源，天然气是化石燃料，属于不可再生能源，故A错误；
B．原子是由原子核和核外电子组成的，原子核一般由质子和中子组成，故B正确；
C．核电站是利用重核裂变释放的核能发电的，故C错误；
D．能量在转化过程中是守恒的，但是能量的转化和转移是有方向性的，能源的利用是有条件的，我们所能利用的能源是有限的，所以要节约能源，故D错误。
故选B。
10. 如图所示，甲、乙、丙装置完全相同，燃料的质量、液体的质量和初温都相等，当燃料燃尽时（烧杯内的液体均未沸腾），温度计示数T甲＞T乙＞T丙。下列说法正确的是（ ）
A. 选择甲、乙，可用燃烧相同时间比较液体升高温度来反映燃料热值的大小
B. 选择乙、丙，可用加热时间的长短来反映液体吸收热量的多少
C. 液体a的比热容ca与液体b的比热容cb相比，ca＞cb
D. 燃料1的热值q1与燃料2的热值q2相比，q1＞q2
【答案】D
【解析】A．选择甲、乙，液体的质量相同、种类不同，燃料的种类相同；不能比较燃料热值的大小，故A错误；
B．选择乙、丙，燃料的种类不同，不能利用加热时间的长短来反映液体吸收热量的多少，故B错误；
C．甲、乙所示实验中所用燃料种类与质量相同，相同时间内燃料燃烧释放的热量相等，燃料燃烧释放的热量被烧杯中的液体吸收，则液体吸收的热量Qa＝Qb，甲、乙两实验烧杯中液体的初温相等，末温T甲＞T乙，则，m相等，由可知，，故C错误；
D．甲、丙两实验所使用的燃料质量m相同而种类不同，加热质量相同的同种液体，液体温度升高的越高，则表明燃料放出的热量越多，燃料的热值越大，由于T甲＞T丙，所以q1＞q2，故D正确。
11. 图示电路中，电源为恒流源，能始终提供大小恒定的电流，R0为定值电阻，移动滑动变阻器R的滑片，则下列表示电压表示数U、电路总功率P随电流表示数I变化的关系图线中，可能正确的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】A．由图示可知，两电阻并联，电流表测变阻器的电流，电压表测总电压也就是各支路的电压；由于电源为恒流源，所以当电流表示数变大时，通过定值电阻的电流将变小，所以电压表示数会变小，故A错；
B．由欧姆定律可知，当电阻一定时，电流与电压成正比，电压与电流的图像应是一条直线，故B错；
CD．由于电流表示数增大，电压表示数减小，而总电流不变，由电功率的计算公式P=UI可知，总电功率是减小的，故C正确，D错误。
12. 如图甲所示，电源电压不变，小灯泡L的额定电流为0.6A，滑动变阻器R的最大阻值为50Ω，电流表量程为“0~0.6A”，电压表量程为“0~15V”。闭合开关S，在保证电路安全的前提下，最大范围调节滑动变阻器的滑片P，分别绘制了电流表示数与电压表示数、电流表示数与滑动变阻器R接入电路阻值的变化关系图像，如图乙、丙所示.则下列说法中正确的是（ ）
A. 小灯泡的额定功率为3W
B. 当电流表示数为0.25A时，滑动变阻器消耗的电功率为2.85W
C. 滑动变阻器的I﹣U图像与小灯泡的的I﹣U图像相交且存在两个交点
D. 若将电压表量程换为0~3V，滑动变阻器允许连入电路的阻值范围为18Ω~50Ω
【答案】D
【解析】由图甲可知，灯泡和滑动变阻器串联，电流表测电路中电流，电压表测灯泡两端电压。
A．根据串联电路电流特点和图乙可知，当电流为0.6A时，电压表示数为6V，而小灯泡L的额定电流为0.6A，因此小灯泡的额定功率为
故A错误；
BC．由图乙可知，当电路中电流为0.6A时，灯泡两端电压为6V，由图丙可知，此时滑动变阻器阻值为10Ω，根据欧姆定律可知，滑动变阻器两端电压为
此时，滑动变阻器与灯泡两端电压都为6V，且通过灯泡和滑动变阻器的电流都为0.6A，滑动变阻器的I﹣U图像与小灯泡的的I﹣U图像相交，且只有一个交点。根据串联电路电压特点可知，电源电压为
由图乙可知，当电流表示数为0.25A时，电压表示数为1V，即灯泡两端电压为1V，则滑动变阻器两端电压为12V-1V=11V，滑动变阻器消耗的电功率为
故BC错误；
D．若将电压表量程换为0~3V，则灯泡两端电压最大为3V，由图乙可知，此时电路中电流为0.5A。根据串联电路电压特点可知，此时滑动变阻器两端电压最小为
根据欧姆定律可知，滑动变阻器接入电路的最小值为
因此滑动变阻器允许连入电路的阻值范围为18Ω~50Ω，故D正确。
故选D。
二、填空题（本题共 9 小题，每空 1 分，共 28 分）
13.
（1）图1中，物体的长度为_______cm；
（2）图2中，温度计的示数为_______℃；
（3）图3中，电能表的示数为____kW·h。
【答案】（1）1.84##1.85##1.86 （2）-21 （3）2920.8
【解析】（1）长度测量需要估读到分度值的下一位，该刻度尺的分度值为0.1cm，故物体的长度应为1.84cm或1.85cm或1.86cm都可以。
（2）由图可知，温度计示数是负的，温度计分度值是1℃，故温度计示数为-21℃。
（3）家用电能表最后一个数字为十分位，故示数为2920.8kW·h。
14. 测量滑轮组机械效率的装置如图所示，用4N拉力F将重为7N的物体匀速提升0.5m，用时8s，拉力做的总功W总=_______J，滑轮组机械效率η =_______，拉力的功率P =_______W。
【答案】4 87.5％ 0.5
【解析】[1]用4N拉力F将物体匀速提升0.5m，由图可知，动滑轮上有2股绳，则拉力做的总功
[2]将重为7N的物体匀速提升0.5m，则有用功
则滑轮组机械效率
[3]将物体匀速提升0.5m，用时8s，则拉力的功率
15. “神舟”飞船穿越大气层返回地面时，与大气层摩擦，通过____的方式，将机械能转化为____．为避免飞船因高温而损坏，其外壳涂有的固体烧蚀材料在升温后，可迅速____（填物态变化名称）成气体，并____大量的热．
【答案】做功 内能 升华 吸收
【解析】[1][2][3][4]“神舟”飞船穿越大气层返回地面时，与大气层摩擦，克服摩擦做功，故通过做功的方式，将机械能转化为内能，为避免飞船因高温而损坏，其外壳涂有固体烧蚀材料在升温后变为气体，物质从固态变为气态的过程叫做升华；升华是吸热过程，故烧蚀材料升华成气体，并吸收大量的热。
16. 如图所示，工作中的四冲程汽油机正处于________冲程，该冲程将内能转化为_________；若该汽油机每秒完成 60 个冲程，则每秒它对外做功____次、飞轮转过_________圈。
【答案】做功 机械能 15 30
【解析】[1]由图得，该冲程的火花塞点火，活塞向下运动，是做功冲程。
[2]做功冲程中，燃料燃烧产生的高温高压气体推动活塞向下运动，将内能转化为机械能。
[3][4]汽油机经历4个冲程，飞轮转动2圈，对外做功1次，则若该汽油机每秒完成 60 个冲程，每秒它对外做功
飞轮转过
17. 学生测量滑动摩擦力大小，水平匀速拉动木板，待测力计示数稳定后如图所示，测力计A的示数为3N，测力计B的示数为_________N，木块受到滑动摩擦力方向水平向_________。若测力计A的拉力增加至4N，测力计B的示数将_________（选填“变大”“变小”或“不变”）；另一小组测量时发现测力计B的示数很难稳定，原因可能是_________（整个过程中，木块始终未脱离木板）。
【答案】1.6 右 不变 木板表面粗糙程度不均匀
【解析】[1]如图所示，弹簧测力计的分度值为0.2N，示数为1.6N。
[2]水平匀速拉动木板，待测力计示数稳定后，木块处于静止状态，拉力和摩擦力是平衡力，方向相反，拉力水平向左，则木块受到的滑动摩擦力方向水平向右。
[3]若测力计A的拉力增加至4N，木板加速运动，但木块仍静止，受力平衡，而压力和接触面粗糙程度不变，故木块受到的摩擦力将不变，此时B的示数仍等于摩擦力，为1.6N不变。
[4]影响滑动摩擦力的大小的因素有压力大小与接触面的粗糙程度，测量时发现测力计B的示数很难稳定，则滑动摩擦力发生变化，原因可能是木板表面粗糙程度不均匀。
18. 如图甲所示，冰块中有一金属块，冰和金属块的总质量是 234g，将冰块放入底面积为 100cm2 盛有水的圆柱形容器中，冰块完全沉入水中，这时容器中的水面上升了 2.2cm，当冰全部熔化后容器里水面又下降了 0.2cm，则冰的质量________g 如图乙所示。则金属块的密度是______kg/m3。（已知 ρ 冰＝0.9×103kg/m3）
【答案】180 2.7×103
【解析】[1]冰块完全沉入水中，冰化成水后，质量不变，由知道，冰化成水后的体积
由题意知道，冰的体积减去熔化成水后的体积，就是水面下降的体积
解得冰的体积
V1=200cm3
冰的质量
冰块中所含的金属块质量
[2]由题意知道，冰块和金属块的总体积
金属块的体积
金属块的密度
19. 某电饭锅额定电压为220V，加热功率为1100W，保温功率为100W．在使用电饭锅时，应选用_____线插座；其在加热状态下发热体的电阻为_____Ω．若家中仅使用电饭锅正常工作0.5h，标有“1800imp/kW•h”的电能表指示灯闪烁900次，则保温时间为_____h．
【答案】三 44 0.05
【解析】[1]为了防止电饭锅的金属外壳因漏电而发生触电事故，应该选用三线插座。
[2]由P=可得，在加热状态下发热体的电阻
[3]由电能表的表盘参数可知，电路消耗1kW•h电能，指示灯闪烁1800次，指示灯闪烁了900次消耗的电能W=×900kW•h=0.5kW•h=1.8×106J
已知电饭锅正常工作的总时间为0.5h，设加热时间为t1，则保温时间为
t2=0.5×3600s﹣t1=1800s﹣t1
由P=可得，电饭锅消耗的电能
P加热t1+P保温（1800s﹣t1）=1.8×106J
即1100W×t1+100W×（1800s﹣t1）=1.8×106J
解得t1=1620s，则保温时间为
t2=1800s﹣1620s=180s=0.05h
20. 小明同学在探完“电流通过导体产生热量多少与什么因素有关”时采用了如图所示的实验装置。实验中通过观察两个U形管中___________变化来比较电流通过电阻丝产生的热量的多少。图甲所示的装置是用来研究电流通过电阻产生的热量与___________的关系。若图乙的实验中增大容器外的电阻，则实验效果更___________（选填“明显”或“不明显”）。
【答案】液面高度差 电阻 不明显
【解析】[1]电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但内部封闭气体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映。
[2]如图甲，两个电阻串联在电路中，电流相同，通电时间相同，电阻不同，运用控制变量法，探究电流产生热量跟电阻的关系。
[3]图乙装置中一个5Ω的电阻与两个5Ω的电阻并联后再串联， 根据串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，即I右=I左， 两个5Ω的电阻并联，根据并联电路的电流特点知I右=I内+I外， 所以，I左>I内， 若乙图增大容器外的电阻，则流经容器外电阻的分流I外减小，根据串联电路电流的特点，这样会导致通过右侧容器中电阻的电流I内增大，同时会使左侧容器内电阻的电流变小。从而使通过左、右两容器中电阻的电流差变小，根据Q=I2Rt可知，两个U形管中液面高度的变化相差会小，实验效果更不明显。
21. 如图，所用小灯泡的额定电压为3.8V，电源电压为6V。电压表的量程为0~3V，利用现有器材测小灯泡在不同电压下的功率，设计的电路如图1所示。在滑片从最左端向右滑动的过程中，电流I随电压U变化的图像如图2所示。由图像可知，小灯泡的额定功率为_____W，滑动变阻器的最大阻值为_______Ω（阻值保留一位小数）。
【答案】1.596 8.3
【解析】[1]分析电路图可知，开关闭合后，滑动变阻器与灯L串联，电流表测串联电路的电流，电压表测滑动变阻器两端的电压，电源电压为6V，当调节滑片使电压表示数为2.2V时，灯L两端的电压为
此时灯正常工作，由电流表示数I与电压表示数U关系图像可知，当滑动变阻器两端电压为2.2V时，通过灯的电流为0.42A，则灯的额定功率为
[2]当滑片在最左端时，滑动变阻器接入电路中电阻最大，此时电路中电流最小，根据串联分压规律可知此时滑动变阻器两端电压最大，由I-U关系图像可知，此时滑动变阻器两端电压为3.0V，通过滑动变阻器的电流为0.36A，则滑动变阻器的最大电阻为
三、解答题（本题共 7 小题，共 48 分．解答 23、24、25、28 题时应有必要的解题过程）
22. （1）如图，画出物体在光滑斜面上下滑时的受力示意图。
（2）请将图中的开关和三孔插座正确接入家庭电路，使开关能控制插座的通、断电。
（3）如图，在括号里标出电源的“+”极或“﹣”极并用箭头标出磁感线方向。
【答案】（1） （2） （3）
【解析】（1）物体受到重力，方向竖直向下；物体和斜面接触，斜面给物体有支持力，方向垂直于斜面向上；由于斜面光滑，因此物体与斜面之间没有摩擦力。如图所示：
（2）三孔插座，上孔接地，左孔接零线，右孔接火线。由题知，开关能控制插座的通、断电，说明开关和三孔插座串联，为了用电的安全，开关应该接到用电器和火线之间，所以右孔通过开关接火线。如图所示：
（3）由图知，小磁针的右端为N极，根据磁极间的相互作用规律可知，螺线管的左端为S极、右端为N极；在磁体的周围，磁感线从磁体的N极出来回到S极，所以图中磁感线的方向是向左的；螺线管的右端为N极，根据安培定则可以确定电流从螺线管的左端流入、右端流出，从而可知电源的左端为正极，如下图所示：
23. 2020年11月10日8时12分，我国“奋斗者”号载人潜水器，坐底马里亚纳海沟。其下潜的速度为20m/s，从接触水面开始计时，50s时悬停，向海底发射一束超声波，12s后收到信息。（超声波在海水中的速度是1500m/s）
（1）潜水器下潜50s的深度；
（2）潜水器悬停处距海底的距离；
（3）“奋斗者”号还需多长时间潜到海底。
【答案】（1）1000m；（2）9000m；（3）450s
【解析】解：（1）由知道，潜水器下潜50s的深度
s1=v1t1=20m/s×50s=1000m
（2）由知道，超声波在海水中传播的路程
s2=v2t2=1500m/s×12s=18000m
潜水器悬停处距海底的距离
（3）由知道， “奋斗者”号潜到海底的时间
答：（1）潜水器下潜50s的深度为1000m；
（2）潜水器悬停处距海底的距离为9000m；
（3）“奋斗者”号还需450s潜到海底。
24. 为将一批建材运到10m高的施工处，工人利用如图所示的滑轮组提升建材。装置中动滑轮重100N，工人每次匀速提升一箱重700N的建材用时50s，不计绳重和摩擦。求：
（1）每次提升建材时人所做的有用功；
（2）该滑轮组的机械效率；
（3）工人重600N，双脚与地面接触面积为400cm2，求匀速拉起建材的过程中，工人对地面的压强。
【答案】（1）7000J；（2）87.5%；（3）5000Pa
【解析】解：（1）每次提升建材时人所做的有用功
（2）每次提升建材时人的拉力
绳子自由端移动的距离
每次提升建材时人做的总功
该滑轮组的机械效率
（3）匀速拉起建材的过程中，工人对地面的压力
工人对地面的压强
答：（1）每次提升建材时人所做的有用功是7000J；
（2）该滑轮组的机械效率是87.5%；
（3）匀速拉起建材的过程中，工人对地面的压强是5000Pa。
25. 某电热管R1（阻值不随温度变化）的标识模糊不清，只剩有“220V **A”字样，为了测出该电热管的额定电流，将它接入如图甲的电路。电路中电源电压恒定不变，电流表量程为0~0.6A，滑动变阻器R2标有“120Ω 0.5A”。测量并画出电压表示数U与电流表示数I 的图像，如图乙。求：
（1）当电流为0.2A时，滑动变阻器接入电路的阻值；
（2）电源电压；
（3）电热管的额定电流。
【答案】（1）80Ω；（2）24V；（3）5.5A
【解析】解：由题图可知，两电阻串联在电路中，电流表测的是电路电流，电压表测的是滑动变阻器的两端电压。
（1）由乙图可知，当通过变阻器的电流时，其两端电压为，根据欧姆定律可得，此时滑动变阻器连入电路的电阻为
（2）由题图可知，当电路电流为时，根据欧姆定律可得，电源电压为
①
当电路电流为时，变阻器的两端电压为，根据欧姆定律可得，电源电压为
②
联立①②解得，U=24V，，故电源电压为24V。
（3）根据欧姆定律可得，电热管的额定电流为
答：（1）当电流为0.2A时，滑动变阻器接入电路的阻值为80Ω；
（2）电源电压为24V；
（3）电热管的额定电流为5.5A。
26. 小华在课外探究弹簧的伸长量跟拉力的变化关系，记录了相应实验数据如下表：
（1）分析实验数据，可得到的结论是： ；
（2）如图甲，小华利用完全相同的小桶分别盛满四种液体，用该弹簧测力计称出液体和小桶的总重力，记录的部分数据在下表中。
①通过分析比较此表，小华推测在液体密度与弹簧测力计示数之间有一定的规律，在如图乙所示的图像中能正确反映这一规律的图像是__________；
②若酒精的密度为0.8g/cm3，试根据表格中的数据计算出盐水的密度为__________g/cm3，小桶的重为__________N，若查到蜂蜜的密度为1.4g/cm3，则上表空格中数据应为________N；
（3）小明想用该装置设计一个直接测量液体密度的“密度秤”，他找来一个重力为G0的小桶，挂在弹簧下面的挂钩上，测量时，在桶中加满待测液体体积为V，根据指针指示的刻度F，根据以上所给物理量推导出液体的密度ρ=__________；
（4）该弹簧密度计能测到液体密度的最大值为_________g/cm3，利用现有的长度刻度线作为该“密度秤”的刻度线，则该“密度秤”的分度值是_________g/cm3；小华想提高该“密度秤”的精度，在不更换弹簧的前提下，你的办法是________________。
【答案】（1）见解析 （2）C 1.1 1 3.8 （3） （4）2 0.1 增大桶的容积
【解析】（1）由表中数据可知：在所挂物体质量在0∼600g的范围内，弹簧的长度随物体质量的增大而增加，且成正比；当物体的质量超过600g后，不再有此规律，即：在弹簧的弹性限度内，弹簧的伸长和受到的拉力成正比。
（2）[1]根据表格数据可知，液体密度越大，测得液体和小桶的总重力越大，且不装入液体时，测力计的示数不为0（此时测力计测空桶的重）；结合图乙中的图像可知，只有C图像符合题意，故选C。
[2][3]由表格中数据知，称出酒精和小桶的总重力为2.6N，则
G桶+ρ酒精Vg=G1
G桶+0.8×103kg/m3×10N/kg×V=2.6N①
称出水和小桶的总重力为2.8N，则
G桶+ρ水Vg=G2
G桶+1.0×103kg/m3×10N/kg×V=3.0N②
②-①解得V=2×10-4m3，G桶=1N，盐水的密度为
[4]小桶中盛满蜂蜜时总重力
G4=G桶+ρ蜂蜜gV=1N+1.4×103kg/m3×10N/kg×2×10-4m3=3.8N
（3）液体的密度
（4）[1]小桶重力G桶=1N，小桶的质量
当质量为100g的小桶挂在弹簧下面的挂钩上时，弹簧伸长1.00cm，伸长1cm时物体的质量为100g，长度变为3.00cm，即该“密度秤”的零刻度线在3.00cm处；弹簧测力计的最大测量值是5N，指针在5.00cm处，该“密度秤”能测量的最大质量为
m大=100g/cm×(5.00cm-1.00cm)=400g
该“密度秤”能测量的最大的密度为
[2]由图可知，1.00cm~5.00cm之间有20个格，该“密度秤”的分度值
[3]要提高该”密度秤“的精确程度，即减小密度值的分度值，在弹性限度内，由密度公式可知，可增大桶的容积，在最大质量一定时，减小密度测量值，从而减小密度值的分度值。
27. 小华准备做“测量小灯泡电功率”实验，实验室有如下器材：电源（电压恒为6V）、小灯泡（额定电压为2.5V，灯丝电阻约为10Ω）、电流表、电压表、开关各一个，规格分别为R1“10Ω 1A”和R2“50Ω 0.8A”的滑动变阻器各一个，导线若干。
（1）小华设计了图甲所示的电路，她应选择滑动变阻器 _______（选填“R1”或“R2”）完成实验。
（2）实验过程中出现灯泡不亮、电流表有示数、电压表无示数，则故障可能是 __________（故障只发生在灯泡或滑动变阻器）。
（3）排除故障后，移动滑片，小灯泡正常发光时，读出电流表的示数为0.25A，则小灯泡的额定功率为 __________W。
（4）实验中，小华向左移动滑片时，小灯泡变亮，若滑动变阻器接入电路电阻和小灯泡电阻分别变化ΔR1和ΔR2，则ΔR1_____ΔR2（选填“>”、“=”或“<”）。
（5）实验结束后，小明想在尝试算出滑动变阻器上滑片一侧的阻值，利用原有器材设计了如图乙所示电路，若电压表示数为3.6V，则滑动变阻器滑片右侧电阻r=_____Ω。
（6）在此基础上，小华设计了如图丙所示的电路来测定额定电压为3V的小灯泡L的额定功率。电源电压为4.5V，定值电阻R0的阻值为10Ω，R1规格为“20Ω 1A”。请帮助他完成以下实验步骤：
①开关S、S1闭合，S2断开，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为 ________V时，小灯泡正常发光；
②保持滑片位置不动，开关S、S2闭合，S1断开，此时电压表的示数为0.5V；
③小灯泡的额定功率P额=_________W。
【答案】（1）R2 （2）小灯泡短路 （3）0.625 （4）> （5）6 （6）1.5 1.35
【解析】（1）[1]小灯泡额定电压为2.5V，灯丝电阻约为10Ω，由欧姆定律可得，灯的额定电流约为
根据串联电路的特点及欧姆定律可得，灯正常发光时滑动变阻器连入电路的电阻约为
故应选择滑动变阻器R2完成实验。
（2）[2]实验过程中出现灯泡不亮、电流表有示数，说明电路是通路；电压表无示数，说明电压表并联电路短路或电压表短路，故障只发生在灯泡或滑动变阻器，则故障可能是灯泡短路。
（3）[3]当灯泡两端电压为额定电压，即电压表的示数为2.5V时，小灯泡正常发光；读出此时电流表的示数为0.25A，则小灯泡的额定功率为
PL=ULIL=2.5V×0.25A=0.625W
（4）[4]当滑动变阻器电阻变小时，小灯泡变亮，灯丝的温度升高，电阻变大，电流表示数变大，由欧姆定律知电路的总电阻变小；电路的总电阻
R=R滑+R灯
所以滑动变阻器接入电阻减小量ΔR1大于灯泡电阻增大量ΔR2，总电阻才能变小。
（5）[5]滑动变阻器滑片右侧电阻r与左侧电阻串联，根据串联电路的电流规律得
即
解得
r=6Ω
（6）实验步骤：
①[6]开关S、S1闭合，S2断开，滑动变阻器滑片右边的电阻与灯泡串联，电压表测滑动变阻器的电压，要使小灯泡正常发光，则灯泡两端的电压为
UL=U额=3V
根据串联电路电压的规律可得
UV=U-UL=4.5V-3V=1.5V
所以，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为1.5V，则灯泡正常发光；
②保持滑片位置不动，开关S、S2闭合，S1断开，滑动变阻器的全部电阻与定值电阻串联，电流
电压表测量滑动变阻器滑片右边电阻两端的电压，此时电压表示数为U右=0.5V；滑动变阻器滑片右边电阻为
故在步骤①中
灯的额定电流为
③[7]则小灯泡的额定功率为
P额=ULIL=3V×0.45A=1.35W
28. 阅读短文，回答问题。
观光电梯电梯是一种用于多层建筑乘人或载物的运输工具。电梯的结构示意图如图 1所示。电梯轿厢和配重分别挂在主电动机的两侧，在电梯空载时，轿厢总重和配重的重力基本相等。满载上升时，主电动机利用与钢丝绳之间的摩擦提供动力，驱动轿厢。
某观光电梯其相关参数如下表。为了安全，电梯设置了超载自动报警系统，其工作原理如图 2所示。控制电路的电源电压U为12V，压力传感器的电阻R与所受人或货物对它的压力F的关系图像如图3所示，电磁继电器阻值可忽略。当电流大于0.1A时，会启动警报系统，同时无论如何按压运行控制器，电动机均不转动。此外，电梯需经常保养，“运行频次比ω”是电梯养护的重要指标，ω一般用电梯每天平均待机时间与运行时间之比来表示。
（1）为便于观光，电梯的外壁采用玻璃材料，主要是因为玻璃有较好的____性。该观光电梯配重的重力约为 _______N．（g取10N/kg）
（2）下列有关该电梯的说法中，正确的是 。
A. 主电机与钢丝绳之间的摩擦为有害摩擦
B. 超载自动报警系统中电磁铁的右端为S极
C. 电梯满载上行时，电动机需顺时针转动
D. 报警电铃的工作原理是电磁感应
（3）根据题意，补全图3中超载自动报警系统中的受控电路。（要求导线不相交）
（4）当电梯的载重量为2000N时，R0 与R功率之比为 1：2，此时R的功率是________W．该电梯的最大载重量为____N．若电梯上升时载重临近最大载重，则电梯在________（选填“启动”或“停止”）时容易引起误报。
（5）该商业大厦每天营业时间为12h，设电梯均在额定功率下工作。经测算，该观光电梯平均每天耗电72kW•h，则该观光电梯的“运行频次比”ω＝____。
【答案】（1）透光 5000 （2）C （3） （4）0.4W 8000N 启动 （5）3.8
【解析】（1）[1]电梯的外壁采用玻璃材料，玻璃的透光性好，便于游客观察外面的景色。
[2]轿厢总重和配重的重力基本相等，所以观光电梯配重的重力为
（2）A．满载上升时，主电动机利用与钢丝绳之间的摩擦提供动力，驱动轿厢，所以主电机与钢丝绳之间的摩擦为有益摩擦。故A错误；
B．根据右手螺旋定则可以判断出，超载自动报警系统中电磁铁的右端为N极，左端是S极，故B错误；
C．电梯满载上行时，电动机顺时针转动，电动机受到摩擦力逆时针，根据物体间力的作用是相互的，钢丝绳受到的摩擦力顺时针，顺时针的摩擦力拉动轿厢上升，故C正确；
D．报警电铃的工作原理是：当电磁铁有电流通过时，电磁铁具有磁性吸引衔铁，动触头和左侧的静触头接通，电铃、电源组成通路，电路工作，所以电铃是利用电流磁效应工作的。故D错误。
故选D。
（3）当超载时，压力传感器受到的压力增大，电阻减小，电流增大，电磁铁的磁性增强，吸引衔铁，工作电路电源和电铃接通；当正常运行时，当电磁铁磁性较弱时，电磁铁不能吸引衔铁，工作电路电源和电动机接通，电动机正常工作，连接电路如图。
（4）[1]在控制电路中R0与R是串联的，R0与R电阻之比等于功率之比，所以电阻之比是1︰2，从图像上找到压力是2000N时，R的电阻为160Ω，求出R0的电阻为80Ω，R的功率
[2][3]电路最大电流是0.1A，电源电压为12V，所以电阻最小值
所以R的最小电阻为
从图像看当压敏电阻为40Ω时压力为8000N，由题知轿厢总重和配重的重力基本相等（即轿厢的重力被平衡），所以该电梯的最大载重量为8000N；在电梯启动时，有超重现象，人对轿厢的压力增大，电阻变小，电流变大，所以通知在启动时报警。
（5）设电梯的待机是为t1，工作时间为t2，观光电梯平均每天耗电72kW•h
所以
解得待机时间：t1=9.5h，工作时间：t2=2.5h“运行频次比”
弹簧下方所挂钩质量/g
0
100
200
300
400
500
600
700
指针的位置/cm
2
3
4
5
6
7
7.5
7.5
液体种类
酒精
水
盐水
蜂蜜
弹簧测力计的示数F/N
2.6
3.0
3.2
额定电压/V
220
额定运行功率/kW
25
额定待机功率/kW
1
最大载重/N
轿厢质量/kg
500
一、选择题（本题共 12 小题，每小题 2 分，共 24 分．每小题只有一个选项是正确的）
1. 调节收音机的音量，是为了改变声音的（ ）
A. 音调B. 响度C. 音色D. 频率
【答案】B
【解析】响度表示音量的大小，音调与频率有关；音色指声音的感觉特性，我们就可以通过音色的不同去分辨不同的人的说话声．所以改变音量就是改变响度的大小．
2. 某同学对预防病毒感染措施中使用的一些物品进行了估测，其中最接近实际的是（ ）
A. “常消毒”：常用的消毒湿巾的密度约为 1kg/m3
B. “勤洗手”：一瓶家用洗手液的质量约为 5kg
C. “戴口罩”：一只长方形口罩的面积约为 1.7dm2
D. “测体温”：一只测温枪所受的重力约为 10N
【答案】C
【解析】A．常用的消毒湿巾的密度略小于水的密度，约为
0.9g/cm3=0.9×103kg/m3
故A不符合题意；
B．一瓶家用洗手液的质量约为
500g=0.5kg
故B不符合题意；
C．一只长方形口罩长约为17cm，宽约为10cm，面积约为
17cm×10cm=170cm2=1.7dm2
故C符合题意；
D．一只测温枪的质量约为200g，所受的重力约为2N，故D不符合题意。
故选C。
3. 小明参观蜡像馆时，了解到手模制作的过程：先将蜡熔化，将手放到蜡液里面浸一下使手的表面涂满蜡液，再经过特殊工艺冷凝、脱模即可。在下列各图中，能正确描述蜡在整个过程中温度变化的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】蜡是非晶体，没有固定的熔点，熔化时温度不断上升，凝固时温度不断下降，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
4. 如图所示，粗糙的弧形轨道竖直固定于水平面上，小球由A点以速度v沿轨道滚下，经过右侧等高点B后到达最高点C。下列分析正确的是（ ）
A. 小球在A、B、C 三点的速度大小关系是vC
C. 小球在A、B两点具有的动能相同
D. 整个过程只有重力对小球做功
【答案】B
【解析】AC．小球运动过程中，要克服摩擦力做功，机械能逐渐减小；小球质量不变，在A、B、C三点高度关系为
hA=hB
EA=EB
EkC
vC
B．小球在A、B两点高度相同，所以重力势能相等，速度不同，动能不同；在粗糙的弧形轨道上受摩擦力，要克服摩擦力做功，所以小球运动过程中，减小的动能全部用来克服摩擦力做功，所以小球在A、B两点的动能之差等于小球从A点到B点克服摩擦力做的功，故B正确；
D．小球受到竖直向下的重力的作用，下落中，移动了距离，小球的重力是做功的，因为是粗糙的弧形轨道，所以受摩擦力，要克服摩擦力做功，故D错误。
故选B。
5. 下列图中能反映直流电动机工作原理的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】A．此图研究的是电磁感应现象，是发电机的原理，故A不符合题意；
B．此图是电磁继电器，利用了电流的磁效应，故B不符合题意；
C．闭合开关后，处于磁场中的金属棒会受力运动，即通电导线在磁场中受到力的作用，是电动机的原理，故C符合题意；
D．此图研究的是电磁铁的磁性强弱和电流大小的关系，故D不符合题意。
故选C。
6. 如图所示，水平地面上的木块乙上叠放木块甲，在力F1和F2的作用下，以共同的速度v一起水平向右匀速运动，已知F1=100N，F2=10N，下列关于甲、乙和地面之间的摩擦力大小和方向说法正确的是（ ）
A. 甲对乙的摩擦力为100N，水平向左
B. 乙对地面的摩擦力为90N，水平向右
C. 甲受到的摩擦力为10N，水平向左
D. 地面对乙的摩擦力为10N，水平向右
【答案】B
【解析】A．甲、乙一起水平向右匀速运动，受力平衡，对甲做受力分析，水平方向上甲受到两个力拉力F1和乙对甲的摩擦力，二者是一对平衡力，大小相等，方向相反，故乙对甲方向水平向左，大小为
而甲对乙的摩擦力与乙对甲的摩擦力是一对相互作用力，大小相等，方向相反，故甲对乙的摩擦力方向水平向右，大小为
故A错误；
B．甲、乙一起水平向右匀速运动，受力平衡，对乙做受力分析，水平方向上受到拉力F2和甲对乙的摩擦力，以及地面对乙的摩擦力
方向水平向左，而乙对地面的摩擦力，与地面对乙的摩擦力是一对相互作用力，大小相等，方向相反，所以乙对地面的摩擦力方向水平向右，大小为
故B正确；
C．甲受到摩擦力是乙给甲的，由选项A的分析可知，甲受到的摩擦力为100N，水平向左，故C错误；
D．由选项B的分析可知，地面对乙的摩擦力为90N，方向水平向左，故D错误。
故选B。
7. 如图甲所示是“探究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验装置。小明在实验中用到了一个弹簧测力计、一个长方体木块、一个砝码、两个材料相同但表面粗糙程度不同的长木板。小明做第2次实验时控制不好力度，木块的速度随时间变化的图象如图乙所示，下列说法正确的是（ ）
A. 实验中只要拉动木块做匀速直线运动，滑动摩擦力大小就等于拉力大小
B. 第2次实验中，砝码在第末受到的的摩擦力方向与木块运动方向相同
C. 第2次实验和第3次实验中的长木板表面粗糙程度相同
D. 第2次实验中木块受到的滑动摩擦力在第末比第末要小
【答案】B
【解析】A．实验中只有沿水平方向拉动木块做匀速直线运动，木块在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡的条件，弹簧测力计的示数才等于摩擦力的大小，故A错误；
B．根据图乙可知，第2次实验中，木块在第1s末是做加速运动，砝码在水平方向上受到摩擦力的作用，所以摩擦力的方向与砝码运动的方向相同，也与木块运动的方向相同，故B正确；
C．第2次实验和第3次实验中，压力相同，第3次实验中测力计示数大，木块受到滑动摩擦力大，故长木板表面粗糙程度不相同，故C错误；
D．滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，与速度无关，木块在第1s末和第7s末运动时，压力和接触面的粗糙程度都相同，所以滑动摩擦力也相同，故D错误。
故选B。
8. 如图所示，只闭合开关 S1、S3 时，电流表 A1 与A2 的示数之比为 1∶3，下列说法正确的是（ ）
A. 电路最大电功率与最小电功率之比为9∶2
B. 若只闭合 S1、S3，R1与R2两端的电压之比为 1∶3
C. 若只闭合 S1、S2，电流表 A1与A2的示数之比 3∶1
D. 若只闭合 S2，R1 与 R2 的电功率之比为 1∶3
【答案】A
【解析】只闭合开关 S1、S3 时，、并联，电流表测电流，电流表测干路电流。电流表 A1 与A2 的示数之比为 1∶3，根据并联电流规律可知、电流之比为1∶2，根据并联分流原理可知、阻值之比为2∶1。
B．只闭合开关 S1、S3 时，、并联，R1与R2两端的电压之比为 1∶1，故B错误；
C．若只闭合 S1、S2，电流表 A1和被短路，所以电流表 A1无示数，故C错误；
D．若只闭合 S2，、串联，电流相等，因为、阻值之比为2∶1，根据可知功率和电阻成正比，所以R1 与 R2 的电功率之比为2∶1，故D错误；
A．电源电压不变，、并联时，总电阻最小，根据可知总功率最大。、串联时，总电阻最大，根据可知总功率最小。
由于、阻值之比为2∶1
所以电路最大电功率与最小电功率之比为
故A正确。
故选A。
9. 下列说法正确的是（ ）
A. 太阳能、风能、天然气都是可再生能源
B. 原子是由原子核和核外电子组成的
C. 核电站是利用核聚变释放的核能发电的
D. 能量在转化过程中是守恒的，因此能源是“取之不尽，用之不竭”的
【答案】B
【解析】A．太阳能、风能是取之不尽，用之不竭的可再生能源，天然气是化石燃料，属于不可再生能源，故A错误；
B．原子是由原子核和核外电子组成的，原子核一般由质子和中子组成，故B正确；
C．核电站是利用重核裂变释放的核能发电的，故C错误；
D．能量在转化过程中是守恒的，但是能量的转化和转移是有方向性的，能源的利用是有条件的，我们所能利用的能源是有限的，所以要节约能源，故D错误。
故选B。
10. 如图所示，甲、乙、丙装置完全相同，燃料的质量、液体的质量和初温都相等，当燃料燃尽时（烧杯内的液体均未沸腾），温度计示数T甲＞T乙＞T丙。下列说法正确的是（ ）
A. 选择甲、乙，可用燃烧相同时间比较液体升高温度来反映燃料热值的大小
B. 选择乙、丙，可用加热时间的长短来反映液体吸收热量的多少
C. 液体a的比热容ca与液体b的比热容cb相比，ca＞cb
D. 燃料1的热值q1与燃料2的热值q2相比，q1＞q2
【答案】D
【解析】A．选择甲、乙，液体的质量相同、种类不同，燃料的种类相同；不能比较燃料热值的大小，故A错误；
B．选择乙、丙，燃料的种类不同，不能利用加热时间的长短来反映液体吸收热量的多少，故B错误；
C．甲、乙所示实验中所用燃料种类与质量相同，相同时间内燃料燃烧释放的热量相等，燃料燃烧释放的热量被烧杯中的液体吸收，则液体吸收的热量Qa＝Qb，甲、乙两实验烧杯中液体的初温相等，末温T甲＞T乙，则，m相等，由可知，，故C错误；
D．甲、丙两实验所使用的燃料质量m相同而种类不同，加热质量相同的同种液体，液体温度升高的越高，则表明燃料放出的热量越多，燃料的热值越大，由于T甲＞T丙，所以q1＞q2，故D正确。
11. 图示电路中，电源为恒流源，能始终提供大小恒定的电流，R0为定值电阻，移动滑动变阻器R的滑片，则下列表示电压表示数U、电路总功率P随电流表示数I变化的关系图线中，可能正确的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】A．由图示可知，两电阻并联，电流表测变阻器的电流，电压表测总电压也就是各支路的电压；由于电源为恒流源，所以当电流表示数变大时，通过定值电阻的电流将变小，所以电压表示数会变小，故A错；
B．由欧姆定律可知，当电阻一定时，电流与电压成正比，电压与电流的图像应是一条直线，故B错；
CD．由于电流表示数增大，电压表示数减小，而总电流不变，由电功率的计算公式P=UI可知，总电功率是减小的，故C正确，D错误。
12. 如图甲所示，电源电压不变，小灯泡L的额定电流为0.6A，滑动变阻器R的最大阻值为50Ω，电流表量程为“0~0.6A”，电压表量程为“0~15V”。闭合开关S，在保证电路安全的前提下，最大范围调节滑动变阻器的滑片P，分别绘制了电流表示数与电压表示数、电流表示数与滑动变阻器R接入电路阻值的变化关系图像，如图乙、丙所示.则下列说法中正确的是（ ）
A. 小灯泡的额定功率为3W
B. 当电流表示数为0.25A时，滑动变阻器消耗的电功率为2.85W
C. 滑动变阻器的I﹣U图像与小灯泡的的I﹣U图像相交且存在两个交点
D. 若将电压表量程换为0~3V，滑动变阻器允许连入电路的阻值范围为18Ω~50Ω
【答案】D
【解析】由图甲可知，灯泡和滑动变阻器串联，电流表测电路中电流，电压表测灯泡两端电压。
A．根据串联电路电流特点和图乙可知，当电流为0.6A时，电压表示数为6V，而小灯泡L的额定电流为0.6A，因此小灯泡的额定功率为
故A错误；
BC．由图乙可知，当电路中电流为0.6A时，灯泡两端电压为6V，由图丙可知，此时滑动变阻器阻值为10Ω，根据欧姆定律可知，滑动变阻器两端电压为
此时，滑动变阻器与灯泡两端电压都为6V，且通过灯泡和滑动变阻器的电流都为0.6A，滑动变阻器的I﹣U图像与小灯泡的的I﹣U图像相交，且只有一个交点。根据串联电路电压特点可知，电源电压为
由图乙可知，当电流表示数为0.25A时，电压表示数为1V，即灯泡两端电压为1V，则滑动变阻器两端电压为12V-1V=11V，滑动变阻器消耗的电功率为
故BC错误；
D．若将电压表量程换为0~3V，则灯泡两端电压最大为3V，由图乙可知，此时电路中电流为0.5A。根据串联电路电压特点可知，此时滑动变阻器两端电压最小为
根据欧姆定律可知，滑动变阻器接入电路的最小值为
因此滑动变阻器允许连入电路的阻值范围为18Ω~50Ω，故D正确。
故选D。
二、填空题（本题共 9 小题，每空 1 分，共 28 分）
13.
（1）图1中，物体的长度为_______cm；
（2）图2中，温度计的示数为_______℃；
（3）图3中，电能表的示数为____kW·h。
【答案】（1）1.84##1.85##1.86 （2）-21 （3）2920.8
【解析】（1）长度测量需要估读到分度值的下一位，该刻度尺的分度值为0.1cm，故物体的长度应为1.84cm或1.85cm或1.86cm都可以。
（2）由图可知，温度计示数是负的，温度计分度值是1℃，故温度计示数为-21℃。
（3）家用电能表最后一个数字为十分位，故示数为2920.8kW·h。
14. 测量滑轮组机械效率的装置如图所示，用4N拉力F将重为7N的物体匀速提升0.5m，用时8s，拉力做的总功W总=_______J，滑轮组机械效率η =_______，拉力的功率P =_______W。
【答案】4 87.5％ 0.5
【解析】[1]用4N拉力F将物体匀速提升0.5m，由图可知，动滑轮上有2股绳，则拉力做的总功
[2]将重为7N的物体匀速提升0.5m，则有用功
则滑轮组机械效率
[3]将物体匀速提升0.5m，用时8s，则拉力的功率
15. “神舟”飞船穿越大气层返回地面时，与大气层摩擦，通过____的方式，将机械能转化为____．为避免飞船因高温而损坏，其外壳涂有的固体烧蚀材料在升温后，可迅速____（填物态变化名称）成气体，并____大量的热．
【答案】做功 内能 升华 吸收
【解析】[1][2][3][4]“神舟”飞船穿越大气层返回地面时，与大气层摩擦，克服摩擦做功，故通过做功的方式，将机械能转化为内能，为避免飞船因高温而损坏，其外壳涂有固体烧蚀材料在升温后变为气体，物质从固态变为气态的过程叫做升华；升华是吸热过程，故烧蚀材料升华成气体，并吸收大量的热。
16. 如图所示，工作中的四冲程汽油机正处于________冲程，该冲程将内能转化为_________；若该汽油机每秒完成 60 个冲程，则每秒它对外做功____次、飞轮转过_________圈。
【答案】做功 机械能 15 30
【解析】[1]由图得，该冲程的火花塞点火，活塞向下运动，是做功冲程。
[2]做功冲程中，燃料燃烧产生的高温高压气体推动活塞向下运动，将内能转化为机械能。
[3][4]汽油机经历4个冲程，飞轮转动2圈，对外做功1次，则若该汽油机每秒完成 60 个冲程，每秒它对外做功
飞轮转过
17. 学生测量滑动摩擦力大小，水平匀速拉动木板，待测力计示数稳定后如图所示，测力计A的示数为3N，测力计B的示数为_________N，木块受到滑动摩擦力方向水平向_________。若测力计A的拉力增加至4N，测力计B的示数将_________（选填“变大”“变小”或“不变”）；另一小组测量时发现测力计B的示数很难稳定，原因可能是_________（整个过程中，木块始终未脱离木板）。
【答案】1.6 右 不变 木板表面粗糙程度不均匀
【解析】[1]如图所示，弹簧测力计的分度值为0.2N，示数为1.6N。
[2]水平匀速拉动木板，待测力计示数稳定后，木块处于静止状态，拉力和摩擦力是平衡力，方向相反，拉力水平向左，则木块受到的滑动摩擦力方向水平向右。
[3]若测力计A的拉力增加至4N，木板加速运动，但木块仍静止，受力平衡，而压力和接触面粗糙程度不变，故木块受到的摩擦力将不变，此时B的示数仍等于摩擦力，为1.6N不变。
[4]影响滑动摩擦力的大小的因素有压力大小与接触面的粗糙程度，测量时发现测力计B的示数很难稳定，则滑动摩擦力发生变化，原因可能是木板表面粗糙程度不均匀。
18. 如图甲所示，冰块中有一金属块，冰和金属块的总质量是 234g，将冰块放入底面积为 100cm2 盛有水的圆柱形容器中，冰块完全沉入水中，这时容器中的水面上升了 2.2cm，当冰全部熔化后容器里水面又下降了 0.2cm，则冰的质量________g 如图乙所示。则金属块的密度是______kg/m3。（已知 ρ 冰＝0.9×103kg/m3）
【答案】180 2.7×103
【解析】[1]冰块完全沉入水中，冰化成水后，质量不变，由知道，冰化成水后的体积
由题意知道，冰的体积减去熔化成水后的体积，就是水面下降的体积
解得冰的体积
V1=200cm3
冰的质量
冰块中所含的金属块质量
[2]由题意知道，冰块和金属块的总体积
金属块的体积
金属块的密度
19. 某电饭锅额定电压为220V，加热功率为1100W，保温功率为100W．在使用电饭锅时，应选用_____线插座；其在加热状态下发热体的电阻为_____Ω．若家中仅使用电饭锅正常工作0.5h，标有“1800imp/kW•h”的电能表指示灯闪烁900次，则保温时间为_____h．
【答案】三 44 0.05
【解析】[1]为了防止电饭锅的金属外壳因漏电而发生触电事故，应该选用三线插座。
[2]由P=可得，在加热状态下发热体的电阻
[3]由电能表的表盘参数可知，电路消耗1kW•h电能，指示灯闪烁1800次，指示灯闪烁了900次消耗的电能W=×900kW•h=0.5kW•h=1.8×106J
已知电饭锅正常工作的总时间为0.5h，设加热时间为t1，则保温时间为
t2=0.5×3600s﹣t1=1800s﹣t1
由P=可得，电饭锅消耗的电能
P加热t1+P保温（1800s﹣t1）=1.8×106J
即1100W×t1+100W×（1800s﹣t1）=1.8×106J
解得t1=1620s，则保温时间为
t2=1800s﹣1620s=180s=0.05h
20. 小明同学在探完“电流通过导体产生热量多少与什么因素有关”时采用了如图所示的实验装置。实验中通过观察两个U形管中___________变化来比较电流通过电阻丝产生的热量的多少。图甲所示的装置是用来研究电流通过电阻产生的热量与___________的关系。若图乙的实验中增大容器外的电阻，则实验效果更___________（选填“明显”或“不明显”）。
【答案】液面高度差 电阻 不明显
【解析】[1]电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但内部封闭气体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映。
[2]如图甲，两个电阻串联在电路中，电流相同，通电时间相同，电阻不同，运用控制变量法，探究电流产生热量跟电阻的关系。
[3]图乙装置中一个5Ω的电阻与两个5Ω的电阻并联后再串联， 根据串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，即I右=I左， 两个5Ω的电阻并联，根据并联电路的电流特点知I右=I内+I外， 所以，I左>I内， 若乙图增大容器外的电阻，则流经容器外电阻的分流I外减小，根据串联电路电流的特点，这样会导致通过右侧容器中电阻的电流I内增大，同时会使左侧容器内电阻的电流变小。从而使通过左、右两容器中电阻的电流差变小，根据Q=I2Rt可知，两个U形管中液面高度的变化相差会小，实验效果更不明显。
21. 如图，所用小灯泡的额定电压为3.8V，电源电压为6V。电压表的量程为0~3V，利用现有器材测小灯泡在不同电压下的功率，设计的电路如图1所示。在滑片从最左端向右滑动的过程中，电流I随电压U变化的图像如图2所示。由图像可知，小灯泡的额定功率为_____W，滑动变阻器的最大阻值为_______Ω（阻值保留一位小数）。
【答案】1.596 8.3
【解析】[1]分析电路图可知，开关闭合后，滑动变阻器与灯L串联，电流表测串联电路的电流，电压表测滑动变阻器两端的电压，电源电压为6V，当调节滑片使电压表示数为2.2V时，灯L两端的电压为
此时灯正常工作，由电流表示数I与电压表示数U关系图像可知，当滑动变阻器两端电压为2.2V时，通过灯的电流为0.42A，则灯的额定功率为
[2]当滑片在最左端时，滑动变阻器接入电路中电阻最大，此时电路中电流最小，根据串联分压规律可知此时滑动变阻器两端电压最大，由I-U关系图像可知，此时滑动变阻器两端电压为3.0V，通过滑动变阻器的电流为0.36A，则滑动变阻器的最大电阻为
三、解答题（本题共 7 小题，共 48 分．解答 23、24、25、28 题时应有必要的解题过程）
22. （1）如图，画出物体在光滑斜面上下滑时的受力示意图。
（2）请将图中的开关和三孔插座正确接入家庭电路，使开关能控制插座的通、断电。
（3）如图，在括号里标出电源的“+”极或“﹣”极并用箭头标出磁感线方向。
【答案】（1） （2） （3）
【解析】（1）物体受到重力，方向竖直向下；物体和斜面接触，斜面给物体有支持力，方向垂直于斜面向上；由于斜面光滑，因此物体与斜面之间没有摩擦力。如图所示：
（2）三孔插座，上孔接地，左孔接零线，右孔接火线。由题知，开关能控制插座的通、断电，说明开关和三孔插座串联，为了用电的安全，开关应该接到用电器和火线之间，所以右孔通过开关接火线。如图所示：
（3）由图知，小磁针的右端为N极，根据磁极间的相互作用规律可知，螺线管的左端为S极、右端为N极；在磁体的周围，磁感线从磁体的N极出来回到S极，所以图中磁感线的方向是向左的；螺线管的右端为N极，根据安培定则可以确定电流从螺线管的左端流入、右端流出，从而可知电源的左端为正极，如下图所示：
23. 2020年11月10日8时12分，我国“奋斗者”号载人潜水器，坐底马里亚纳海沟。其下潜的速度为20m/s，从接触水面开始计时，50s时悬停，向海底发射一束超声波，12s后收到信息。（超声波在海水中的速度是1500m/s）
（1）潜水器下潜50s的深度；
（2）潜水器悬停处距海底的距离；
（3）“奋斗者”号还需多长时间潜到海底。
【答案】（1）1000m；（2）9000m；（3）450s
【解析】解：（1）由知道，潜水器下潜50s的深度
s1=v1t1=20m/s×50s=1000m
（2）由知道，超声波在海水中传播的路程
s2=v2t2=1500m/s×12s=18000m
潜水器悬停处距海底的距离
（3）由知道， “奋斗者”号潜到海底的时间
答：（1）潜水器下潜50s的深度为1000m；
（2）潜水器悬停处距海底的距离为9000m；
（3）“奋斗者”号还需450s潜到海底。
24. 为将一批建材运到10m高的施工处，工人利用如图所示的滑轮组提升建材。装置中动滑轮重100N，工人每次匀速提升一箱重700N的建材用时50s，不计绳重和摩擦。求：
（1）每次提升建材时人所做的有用功；
（2）该滑轮组的机械效率；
（3）工人重600N，双脚与地面接触面积为400cm2，求匀速拉起建材的过程中，工人对地面的压强。
【答案】（1）7000J；（2）87.5%；（3）5000Pa
【解析】解：（1）每次提升建材时人所做的有用功
（2）每次提升建材时人的拉力
绳子自由端移动的距离
每次提升建材时人做的总功
该滑轮组的机械效率
（3）匀速拉起建材的过程中，工人对地面的压力
工人对地面的压强
答：（1）每次提升建材时人所做的有用功是7000J；
（2）该滑轮组的机械效率是87.5%；
（3）匀速拉起建材的过程中，工人对地面的压强是5000Pa。
25. 某电热管R1（阻值不随温度变化）的标识模糊不清，只剩有“220V **A”字样，为了测出该电热管的额定电流，将它接入如图甲的电路。电路中电源电压恒定不变，电流表量程为0~0.6A，滑动变阻器R2标有“120Ω 0.5A”。测量并画出电压表示数U与电流表示数I 的图像，如图乙。求：
（1）当电流为0.2A时，滑动变阻器接入电路的阻值；
（2）电源电压；
（3）电热管的额定电流。
【答案】（1）80Ω；（2）24V；（3）5.5A
【解析】解：由题图可知，两电阻串联在电路中，电流表测的是电路电流，电压表测的是滑动变阻器的两端电压。
（1）由乙图可知，当通过变阻器的电流时，其两端电压为，根据欧姆定律可得，此时滑动变阻器连入电路的电阻为
（2）由题图可知，当电路电流为时，根据欧姆定律可得，电源电压为
①
当电路电流为时，变阻器的两端电压为，根据欧姆定律可得，电源电压为
②
联立①②解得，U=24V，，故电源电压为24V。
（3）根据欧姆定律可得，电热管的额定电流为
答：（1）当电流为0.2A时，滑动变阻器接入电路的阻值为80Ω；
（2）电源电压为24V；
（3）电热管的额定电流为5.5A。
26. 小华在课外探究弹簧的伸长量跟拉力的变化关系，记录了相应实验数据如下表：
（1）分析实验数据，可得到的结论是： ；
（2）如图甲，小华利用完全相同的小桶分别盛满四种液体，用该弹簧测力计称出液体和小桶的总重力，记录的部分数据在下表中。
①通过分析比较此表，小华推测在液体密度与弹簧测力计示数之间有一定的规律，在如图乙所示的图像中能正确反映这一规律的图像是__________；
②若酒精的密度为0.8g/cm3，试根据表格中的数据计算出盐水的密度为__________g/cm3，小桶的重为__________N，若查到蜂蜜的密度为1.4g/cm3，则上表空格中数据应为________N；
（3）小明想用该装置设计一个直接测量液体密度的“密度秤”，他找来一个重力为G0的小桶，挂在弹簧下面的挂钩上，测量时，在桶中加满待测液体体积为V，根据指针指示的刻度F，根据以上所给物理量推导出液体的密度ρ=__________；
（4）该弹簧密度计能测到液体密度的最大值为_________g/cm3，利用现有的长度刻度线作为该“密度秤”的刻度线，则该“密度秤”的分度值是_________g/cm3；小华想提高该“密度秤”的精度，在不更换弹簧的前提下，你的办法是________________。
【答案】（1）见解析 （2）C 1.1 1 3.8 （3） （4）2 0.1 增大桶的容积
【解析】（1）由表中数据可知：在所挂物体质量在0∼600g的范围内，弹簧的长度随物体质量的增大而增加，且成正比；当物体的质量超过600g后，不再有此规律，即：在弹簧的弹性限度内，弹簧的伸长和受到的拉力成正比。
（2）[1]根据表格数据可知，液体密度越大，测得液体和小桶的总重力越大，且不装入液体时，测力计的示数不为0（此时测力计测空桶的重）；结合图乙中的图像可知，只有C图像符合题意，故选C。
[2][3]由表格中数据知，称出酒精和小桶的总重力为2.6N，则
G桶+ρ酒精Vg=G1
G桶+0.8×103kg/m3×10N/kg×V=2.6N①
称出水和小桶的总重力为2.8N，则
G桶+ρ水Vg=G2
G桶+1.0×103kg/m3×10N/kg×V=3.0N②
②-①解得V=2×10-4m3，G桶=1N，盐水的密度为
[4]小桶中盛满蜂蜜时总重力
G4=G桶+ρ蜂蜜gV=1N+1.4×103kg/m3×10N/kg×2×10-4m3=3.8N
（3）液体的密度
（4）[1]小桶重力G桶=1N，小桶的质量
当质量为100g的小桶挂在弹簧下面的挂钩上时，弹簧伸长1.00cm，伸长1cm时物体的质量为100g，长度变为3.00cm，即该“密度秤”的零刻度线在3.00cm处；弹簧测力计的最大测量值是5N，指针在5.00cm处，该“密度秤”能测量的最大质量为
m大=100g/cm×(5.00cm-1.00cm)=400g
该“密度秤”能测量的最大的密度为
[2]由图可知，1.00cm~5.00cm之间有20个格，该“密度秤”的分度值
[3]要提高该”密度秤“的精确程度，即减小密度值的分度值，在弹性限度内，由密度公式可知，可增大桶的容积，在最大质量一定时，减小密度测量值，从而减小密度值的分度值。
27. 小华准备做“测量小灯泡电功率”实验，实验室有如下器材：电源（电压恒为6V）、小灯泡（额定电压为2.5V，灯丝电阻约为10Ω）、电流表、电压表、开关各一个，规格分别为R1“10Ω 1A”和R2“50Ω 0.8A”的滑动变阻器各一个，导线若干。
（1）小华设计了图甲所示的电路，她应选择滑动变阻器 _______（选填“R1”或“R2”）完成实验。
（2）实验过程中出现灯泡不亮、电流表有示数、电压表无示数，则故障可能是 __________（故障只发生在灯泡或滑动变阻器）。
（3）排除故障后，移动滑片，小灯泡正常发光时，读出电流表的示数为0.25A，则小灯泡的额定功率为 __________W。
（4）实验中，小华向左移动滑片时，小灯泡变亮，若滑动变阻器接入电路电阻和小灯泡电阻分别变化ΔR1和ΔR2，则ΔR1_____ΔR2（选填“>”、“=”或“<”）。
（5）实验结束后，小明想在尝试算出滑动变阻器上滑片一侧的阻值，利用原有器材设计了如图乙所示电路，若电压表示数为3.6V，则滑动变阻器滑片右侧电阻r=_____Ω。
（6）在此基础上，小华设计了如图丙所示的电路来测定额定电压为3V的小灯泡L的额定功率。电源电压为4.5V，定值电阻R0的阻值为10Ω，R1规格为“20Ω 1A”。请帮助他完成以下实验步骤：
①开关S、S1闭合，S2断开，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为 ________V时，小灯泡正常发光；
②保持滑片位置不动，开关S、S2闭合，S1断开，此时电压表的示数为0.5V；
③小灯泡的额定功率P额=_________W。
【答案】（1）R2 （2）小灯泡短路 （3）0.625 （4）> （5）6 （6）1.5 1.35
【解析】（1）[1]小灯泡额定电压为2.5V，灯丝电阻约为10Ω，由欧姆定律可得，灯的额定电流约为
根据串联电路的特点及欧姆定律可得，灯正常发光时滑动变阻器连入电路的电阻约为
故应选择滑动变阻器R2完成实验。
（2）[2]实验过程中出现灯泡不亮、电流表有示数，说明电路是通路；电压表无示数，说明电压表并联电路短路或电压表短路，故障只发生在灯泡或滑动变阻器，则故障可能是灯泡短路。
（3）[3]当灯泡两端电压为额定电压，即电压表的示数为2.5V时，小灯泡正常发光；读出此时电流表的示数为0.25A，则小灯泡的额定功率为
PL=ULIL=2.5V×0.25A=0.625W
（4）[4]当滑动变阻器电阻变小时，小灯泡变亮，灯丝的温度升高，电阻变大，电流表示数变大，由欧姆定律知电路的总电阻变小；电路的总电阻
R=R滑+R灯
所以滑动变阻器接入电阻减小量ΔR1大于灯泡电阻增大量ΔR2，总电阻才能变小。
（5）[5]滑动变阻器滑片右侧电阻r与左侧电阻串联，根据串联电路的电流规律得
即
解得
r=6Ω
（6）实验步骤：
①[6]开关S、S1闭合，S2断开，滑动变阻器滑片右边的电阻与灯泡串联，电压表测滑动变阻器的电压，要使小灯泡正常发光，则灯泡两端的电压为
UL=U额=3V
根据串联电路电压的规律可得
UV=U-UL=4.5V-3V=1.5V
所以，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为1.5V，则灯泡正常发光；
②保持滑片位置不动，开关S、S2闭合，S1断开，滑动变阻器的全部电阻与定值电阻串联，电流
电压表测量滑动变阻器滑片右边电阻两端的电压，此时电压表示数为U右=0.5V；滑动变阻器滑片右边电阻为
故在步骤①中
灯的额定电流为
③[7]则小灯泡的额定功率为
P额=ULIL=3V×0.45A=1.35W
28. 阅读短文，回答问题。
观光电梯电梯是一种用于多层建筑乘人或载物的运输工具。电梯的结构示意图如图 1所示。电梯轿厢和配重分别挂在主电动机的两侧，在电梯空载时，轿厢总重和配重的重力基本相等。满载上升时，主电动机利用与钢丝绳之间的摩擦提供动力，驱动轿厢。
某观光电梯其相关参数如下表。为了安全，电梯设置了超载自动报警系统，其工作原理如图 2所示。控制电路的电源电压U为12V，压力传感器的电阻R与所受人或货物对它的压力F的关系图像如图3所示，电磁继电器阻值可忽略。当电流大于0.1A时，会启动警报系统，同时无论如何按压运行控制器，电动机均不转动。此外，电梯需经常保养，“运行频次比ω”是电梯养护的重要指标，ω一般用电梯每天平均待机时间与运行时间之比来表示。
（1）为便于观光，电梯的外壁采用玻璃材料，主要是因为玻璃有较好的____性。该观光电梯配重的重力约为 _______N．（g取10N/kg）
（2）下列有关该电梯的说法中，正确的是 。
A. 主电机与钢丝绳之间的摩擦为有害摩擦
B. 超载自动报警系统中电磁铁的右端为S极
C. 电梯满载上行时，电动机需顺时针转动
D. 报警电铃的工作原理是电磁感应
（3）根据题意，补全图3中超载自动报警系统中的受控电路。（要求导线不相交）
（4）当电梯的载重量为2000N时，R0 与R功率之比为 1：2，此时R的功率是________W．该电梯的最大载重量为____N．若电梯上升时载重临近最大载重，则电梯在________（选填“启动”或“停止”）时容易引起误报。
（5）该商业大厦每天营业时间为12h，设电梯均在额定功率下工作。经测算，该观光电梯平均每天耗电72kW•h，则该观光电梯的“运行频次比”ω＝____。
【答案】（1）透光 5000 （2）C （3） （4）0.4W 8000N 启动 （5）3.8
【解析】（1）[1]电梯的外壁采用玻璃材料，玻璃的透光性好，便于游客观察外面的景色。
[2]轿厢总重和配重的重力基本相等，所以观光电梯配重的重力为
（2）A．满载上升时，主电动机利用与钢丝绳之间的摩擦提供动力，驱动轿厢，所以主电机与钢丝绳之间的摩擦为有益摩擦。故A错误；
B．根据右手螺旋定则可以判断出，超载自动报警系统中电磁铁的右端为N极，左端是S极，故B错误；
C．电梯满载上行时，电动机顺时针转动，电动机受到摩擦力逆时针，根据物体间力的作用是相互的，钢丝绳受到的摩擦力顺时针，顺时针的摩擦力拉动轿厢上升，故C正确；
D．报警电铃的工作原理是：当电磁铁有电流通过时，电磁铁具有磁性吸引衔铁，动触头和左侧的静触头接通，电铃、电源组成通路，电路工作，所以电铃是利用电流磁效应工作的。故D错误。
故选D。
（3）当超载时，压力传感器受到的压力增大，电阻减小，电流增大，电磁铁的磁性增强，吸引衔铁，工作电路电源和电铃接通；当正常运行时，当电磁铁磁性较弱时，电磁铁不能吸引衔铁，工作电路电源和电动机接通，电动机正常工作，连接电路如图。
（4）[1]在控制电路中R0与R是串联的，R0与R电阻之比等于功率之比，所以电阻之比是1︰2，从图像上找到压力是2000N时，R的电阻为160Ω，求出R0的电阻为80Ω，R的功率
[2][3]电路最大电流是0.1A，电源电压为12V，所以电阻最小值
所以R的最小电阻为
从图像看当压敏电阻为40Ω时压力为8000N，由题知轿厢总重和配重的重力基本相等（即轿厢的重力被平衡），所以该电梯的最大载重量为8000N；在电梯启动时，有超重现象，人对轿厢的压力增大，电阻变小，电流变大，所以通知在启动时报警。
（5）设电梯的待机是为t1，工作时间为t2，观光电梯平均每天耗电72kW•h
所以
解得待机时间：t1=9.5h，工作时间：t2=2.5h“运行频次比”
弹簧下方所挂钩质量/g
0
100
200
300
400
500
600
700
指针的位置/cm
2
3
4
5
6
7
7.5
7.5
液体种类
酒精
水
盐水
蜂蜜
弹簧测力计的示数F/N
2.6
3.0
3.2
额定电压/V
220
额定运行功率/kW
25
额定待机功率/kW
1
最大载重/N
轿厢质量/kg
500
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