西藏拉萨市第三高级中学2024-2025学年高三上学期第二次月考物理试卷

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1．C
【详解】AB．物体做直线运动，位移与时间成函数关系，AB选项中一个时间对应2个以上的位移，故不可能，故AB错误；
CD．同理D选项中一个时间对应2个速度，只有C选项速度与时间是成函数关系，故C正确，D错误。
故选C。
2．C
【详解】A．研究甲图运动员的入水动作时，运动员的形状和体积对所研究问题的影响不能够忽略，此时运动员不能够看为质点，故A错误；
B．研究乙图运动员的空中转体姿态时，运动员的形状和体积对所研究问题的影响不能够忽略，此时运动员不能够看为质点，故B错误；
C．研究丙图运动员在百米比赛中的平均速度时，运动员的形状和体积对所研究问题的影响能够忽略，此时运动员能够看为质点，故C正确；
D．研究丁图运动员通过某个攀岩支点的动作时，运动员的形状和体积对所研究问题的影响不能够忽略，此时运动员不能够看为质点，故D错误。
故选C。
3．B
【详解】设红矮星质量为M1，行星质量为m1，半径为r1，周期为T1；太阳的质量为M2，地球质量为m2，到太阳距离为r2，周期为T2；根据万有引力定律有
联立可得
由于轨道半径约为日地距离的0.07倍，周期约为0.06年，可得
故选B。
4．C
【详解】矢量是既有大小，又有方向的物理量，所以动量是矢量，而质量、速率、动能只有大小没有方向，是标量。
故选C。
5．D
【详解】ABC．与台面相对静止的陶屑做匀速圆周运动，静摩擦力提供向心力，当静摩擦力为最大静摩擦力时，根据牛顿第二定律可得
解得
因与台面相对静止的这些陶屑的角速度相同，由此可知能与台面相对静止的陶屑离轴OO′的距离与陶屑质量无关，只要在台面上不发生相对滑动的位置都有陶屑。故ABC错误；
D．离轴最远的陶屑其受到的静摩擦力为最大静摩擦力，由前述分析可知最大的运动半径为
μ与ω均一定，故R为定值，即离轴最远的陶屑距离不超过某一值R，即陶屑只能分布在半径为R的圆内。故D正确。
故选D。
6．D
【详解】设P的质量为，P与桌面的动摩擦力为；以P为对象，根据牛顿第二定律可得
以盘和砝码为对象，根据牛顿第二定律可得
联立可得
可知，a-m不是线性关系，排除AC选项,可知当砝码的重力小于物块P最大静摩擦力时，物块和砝码静止，加速度为0，当砝码重力大于时，才有一定的加速度，当趋于无穷大时，加速度趋近等于。
故选D。
7．D
【详解】由题意可知细线c对A的拉力和细线d对B的拉力大小相等、方向相反，对A、B整体分析可知细线a的拉力大小为
设细线b与水平方向夹角为α，对A、B分析分别有
解得
故选D。
8．D
【详解】战机飞行轨迹是曲线，根据曲线运动的条件，受到的合外力方向指向曲线的内侧，因为是加速运动，合外力方向与该点的速度方向的夹角为锐角，如图所示
故选D。
9．AD
【详解】根据图像可知当时，物块加速度为
方向沿斜面向下；当时，物块加速度大小为
方向沿斜面向上，作出物块内的图像
A．根据图像可知，物体一直沿斜面向下运动，故A正确；
B．根据图像可知，物块的末速度不等于0，根据动量定理
故B错误；
C．根据图像可知时物块速度大于时物块的速度，故时动量不是时的一半，故C错误；
D．图像与横轴围成的面积表示位移，故由图像可知过程物体的位移小于的位移，故D正确。
故选AD。
10．BD
【详解】AC．将初速度分解为沿方向分速度和垂直分速度，则有
，
将重力加速度分解为沿方向分速度和垂直分速度，则有
，
垂直方向根据对称性可得重物运动时间为
重物离PQ连线的最远距离为
故AC错误；
B．重物落地时竖直分速度大小为
则落地速度与水平方向夹角正切值为
可得
故B正确；
D．从抛出到最高点所用时间为
则从最高点到落地所用时间为
轨迹最高点与落点的高度差为
故D正确。
故选BD。
11．BC
【详解】A．图甲中衣服附着在脱水桶内壁上随桶一起转动，竖直方向由平衡得
可知摩擦力大小不变，故A错误；
B．图乙中汽车通过拱形桥的最高点时，加速度竖直向下，根据牛顿第二定律可知
即汽车受到的支持力小于重力，故B正确；
C．图丙中水平圆盘转动时，圆盘对物体的摩擦力提供其做圆周运动的向心力，即
可知离圆盘中心越远，物体的摩擦力越大，越容易达到最大静摩擦力，越容易做离心运动，故C正确；
D．在铁路转弯处，通常要求外轨比内轨高，当火车转弯超过规定速度行驶时，外轨对外轮缘会有挤压作用，故D错误。
故选BC。
12．BD
【详解】A．根据匀变速直线运动规律
解得，全红婵跳离跳台后上升的最大高度为
故A错误；
B．向上为正方向，则根据运动学规律
即
解得
t=2s
即全红婵在空中运动的时间为2s，故B正确；
C．入水时全红婵的速度为
故C错误；
D．在水中的加速度大小
根据牛顿第二定律
解得
故D正确。
故选BD。
13． 7.371/7.372/7.373 小车和挡光片的总质量M
【详解】（1）[1]螺旋测微器的分度值为 0.01mm，示数为
（2）[2] 根据动能定理可得
其中拉力F可以用钩码重力G代替，所以还需要测量小车和挡光片的总质量 M；
（3）[3]若在实验误差允许范围内，关系式
成立，就可以验证了动能定理。
14． 相同 0.71
【详解】[1]为保证钢球每次平抛运动的初速度相同，必须让钢球在斜槽上同一位置静止释放，故高度相同；
[2]描点连线用平滑曲线连接，钢球做平抛运动的轨迹如图所示
[3]因为抛出点在坐标原点，为方便计算，在图线上找到较远的点，在图线上找到坐标为19.6cm的点为研究位置，该点坐标为，根据平抛运动规律
，
解得
15．（1）12N；（2）60W；（3）0J
【详解】（1）当无人机在空中悬停时，处于平衡状态，升力为
F＝G＝mg＝1200×10﹣3kg×10N/kg＝12N
（2）无人机以最大速度匀速直线上升时，由于空气阻力忽略不计，升力与重力平衡，大小相等，所以升力
F＝G＝12N
升力对无人机做功的功率为
60W
（3）重力的方向为竖直向下，从B到C的过程中，无人机水平匀速飞行，重力的方向和运动方向垂直，重力不做功，即重力做功是0J。
16．（1）；（2）；（3）1.2m
【详解】（1）滑块恰好通过最高点时，重力刚好提供向心力，则有
解得
（2）滑块从B到C的过程只有重力做功，满足机械能守恒，则有
解得滑块运动到B点时的动能为
（3）滑块从O到B的过程，根据动能定律可得
解得
17．（1）；（2）；（3）
【详解】（1）根据牛顿第二定律得
解得
由到有
解得
（2）沿斜面上滑时，根据牛顿第二定律得
解得
沿斜面运动的最远距离为
（3）从点运动到点的时间为
从点运动到斜面最高点的时间为
沿斜面下滑时的加速度为
解得
沿斜面下滑的时间为
解得
下滑到点时的速度为
在水平面上运动的加速度大小为
解得
从点到静止的时间为
物体从开始运动到最后停止运动的总时间为
解得
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
答案
C
C
B
C
D
D
D
D
AD
BD
题号
11
12








答案
BC
BD