云南省昆明市第十中学教育集团2024-2025学年高二上学期10月月考物理试卷

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1．C
【详解】A．某点的电场强度方向与正电荷在该点所受电场力方向相同，与负电荷在该点所受电场力方向相反，所以该点的电场强度方向与X所受电场力方向不一定相同，故A错误；
B．电场强度只由电场自身决定，移走X，该点的电场强度保持不变，故B错误；
CD．根据电场强度定义
可知该点的电场强度大小等于F与X的电荷量绝对值的比值，但该点的电场强度与X的电荷量无关，故C正确，D错误。
故选C。
2．B
【详解】BC．等量异号电荷的电场线和等势面的分布图象如图所示，两点在等势面上，点的电势最低，电子在点电势能最高，电场线的疏密程度表示电场强度的大小，在、三点中，S位置电场线最稀疏，故场强最小的点是S点，故电荷在S点受到的电场力最小，选项B正确，C错误；
A．电子从T点移到S点，电场力做正功，动能增加，选项A错误；
D．电子从P点移到S点，电场力不做功，动能不变，选项D错误；
故选B。
3．B
【详解】AB．改装为15V量程的电压表，需串联一个电阻，选择图乙，根据欧姆定律有
解得
故A错误，B正确；
CD．改装为0.6A量程的电流表，需要并联一个电阻，选择图甲，根据欧姆定律有
解得
故CD错误。
故选B。
4．B
【详解】A．由图像Ⅰ可知，电源的电动势为3V，选项A错误；
B．电阻R的阻值为
选项B正确；
C．电源的内阻为
选项C错误；
D．电源的输出功率为
P=IU=2×2W=4W
选项D错误。
故选B。
5．B
【详解】若小球的初速度方向沿虚线，则其运动轨迹为直线，说明重力和电场力的合力方向沿虚线向下，且电场力方向向右，有
从图示位置出发到最高点的过程中，竖直方向上
水平方向上
带电小球的电势能改变量
解得
故选B。
6．A
【详解】AB．在滑片P向左滑动的过程中，变小，则电路的总电阻变小，总电流变大，即示数变大，以及与其并联的支路电压
变小，通过的电流变小，则电阻的电流变大，设通过电阻的电流为，有
故
故错误，B正确；
C．由
可知
为定值，不变，故C正确；
D．由欧姆定律
可知
为定值，不变，故D正确。
本题选错误的，故选A。
7．BCD
【详解】ABD．公式适用于求一切电场中某点的电场强度，且电场强度E只由电场自身决定，与q、F均无关，故A正确，不满足题意要求；BD错误，满足题意要求；
C．公式适用于求真空中点电荷电场的某点电场强度，故C错误，满足题意要求。
故选BCD。
8．BD
【详解】A．图像中斜率的绝对值表示场强的大小，由图像可知，点处场强大于点处场强，故A错误；
BCD．沿电场线方向电势降低，可知，场强方向由，电子受力方向为，则电场力做负功，电势能增大，，动能减小，速度减小，则，故BD正确，C错误。
故选BD。
9．BC
【详解】AB．由图甲可知，三个电阻串联，流经各电阻的电流相等，设电流为，由欧姆定律则有
，，
电压表测量的是、串联后两端的电压，电压表测量的是、串联后两端的电压，则两电压表的示数分别为
因为
联立解得
故A错误，B正确；
CD．对理想电流表，内电阻是零，则电路图如图所示，

可知对图乙电路可等效为三个电阻并联，如图所示，设A、B两点的电压为，则流经各电阻的电流为

，，
电流表测量的是流经电阻、的电流，则电流表的示数为
电流表测量的是流经电阻、的电流，则电流表的示数为
因为
联立解得
故C正确，D错误。
故选BC。
10．BC
【详解】A．当光照强度增大时，光敏电阻R2减小，外电路总电阻减小，干路电流增大，R1两端电压增大，即电压表示数增大，故A错误；
B．因电源内阻与外电阻大小关系未知，故无法判断电源输出功率的变化，可能增大，故B正确；
C．当光照强度增大时，光敏电阻R2减小，外电路总电阻减小，干路电流增大，R1两端电压增大，则R2两端电压减小，电容器C的电压减小，场强减小，电场力减小后小于重力，小液滴向下运动，电场力做负功，机械能减小，故C正确；
D．断开开关，放电过程中，电流从a点流向b点，a点电势高于b点电势，故D错误。
故选BC。
11．(1) 50.20 4.700
(2) C D F
(3)
(4) 2.60 0.52 4.5
(5)
【详解】（1）[1]根据游标卡尺读数规律可得，其长度为
[2]根据螺旋测微器读数规律可得，金属丝的直径为
（2）[1][2][3]电源电动势为3V，则电压表需要选择D，电路最大电流约为
电流表应选择C；为方便实验操作，为了减小误差，需要电压从零始变化，滑动变阻器采用分压式连接，故滑动变阻器选择阻值较小的F。
（3）由于待测电阻的阻值远小于电压表的电阻，但电流表内阻已知，故选择电流表内接法，滑动变阻器采用分压接法，如图所示
（4）[1]电压表的读数为2.60V；
[2]电流表读数为0.52A。
[3]金属丝的电阻为
（5）根据电阻定律
其中
该金属丝电阻率的表达式为
12．(1) T 0 100
(2)1900
(3)大于
【详解】（1）[1][2]欧姆调零时应将红、黑表笔短接，旋动欧姆调零旋钮，即T，使指针对准表盘右侧零刻度线处，即电阻挡的0刻线；
[3]将两表笔分别与待测电阻相接，发现指针偏转角度过小，说明待测电阻阻值较大，应换大倍率，即将K旋转到电阻挡“×100”的位置。
（2）欧姆表的读数为指针所指刻度与倍率的乘积，所以图中所测电阻值为
（3）若某同学使用的是一个久置的万用电表，相比新的电表，其内部的电池内阻增大，电动势下降，根据
可得
由此可知，当E减小时，I减小，使得电阻的测量值偏大。
13．（1）；（2）
【详解】（1）根据平行四边形定则知电场力为
解得
（2）现向左拉小球使细线水平且拉直，静止释放，小球向最低点做初速度为零的匀加速直线运动
解得
绳子刚伸直时位移
此过程的时间为t，根据位移时间关系
解得
经过小球速度的大小为
解得
14．(1)4×10-4C
(2)10m/s2，方向竖直向上
【详解】（1）开关S断开时，电容器两端电电势差与R2电压相等，则
根据电容的定义式有
（2）设粒子的质量为m，电荷量为q，平行板电容器两板间的距离为d，开关S断开后，电容器两极板间的电压为
由于粒子静止，则有
开关S闭合后，电容器两极板间的电压为
因为
由牛顿第二定律知，粒子加速度方向竖直向上，由上可知
则粒子的加速度大小为
15．（1）；（2）；（3）
【详解】（1）离子的竖直分速度为
离开时速度为
（2）这些离子离开电场时的侧向位移为
（3）如果离子在0、T、2T…时刻进入电场，则离子先在两板间做类平抛运动，侧向位移为，然后做匀速直线运动，侧向位移为，由题意可知
在之后的内离子做匀速直线运动，向下运动的距离为
所以离子偏离中心线的距离为
因此，离子在电场中垂直极板方向的位移最小值是，最大值是，即离子离开电场时垂直于极板方向的位移大小范围为
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
答案
C
B
B
B
B
A
BCD
BD
BC
BC