福建省宁德市某校2024-2025学年高一上学期9月月考物理试题

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1．A
【详解】太阳在海平面上早东升晚西落，句中表明太阳在运动，可知，所选参照物为海平面。
故选A。
2．A
【详解】A．研究排球的运动轨迹时，排球的大小和形状可以忽略不计，可以将排球看成质点，故A正确；
B．研究排球的发飘球技术时，排球的大小和形状不能忽略，不可以将排球看成质点，故B错误；
C．判断排球是否擦网时，排球的大小和形状不能忽略不计，不可以将排球看成质点，故C错误；
D．判断排球落地点是否出界时，排球的大小和形状不能忽略不计，不可以将排球看成质点，故D错误。
故选A。
3．B
【详解】A．狙击枪子弹以1500m/s的速度出膛，指的是瞬时速度，故A错误；
B．人步行的速度为1m/s，指的是平均速度，故B正确；
C．运动员到终点时的速度为8.4m/s，指的是瞬时速度，故C错误；
D．高铁的最高时速可达486.1km/h，指的是瞬时速度，故D错误。
故选B。
4．D
【详解】A．物体能否看成质点与所研究的问题有关，不可以将所有体积很小的物体都看成质点，故A错误；
B．加速度采用了比值法定义物理量，加速度与速度的变化量无关，故B错误；
CD．速度是用比值法定义的物理量，速度与位移无关，当非常小趋于零时，可以表示物体在时刻的瞬时速度，这里采用了极限法。故C错误，D正确。
故选D。
5．BC
【详解】AB．物体自由下落的加速度等于当地的重力加速度，同一地点任何物体下落的重力加速度都相同，和物体的质量、高度无关。加速度是表示物体速度变化快慢的物理量，所以同一地点自由落体运动物体的速度变化快慢都相同，故A错误、B正确；
C．根据自由落体运动中的速度与时间关系可知
即自由落体运动物体的速度随时间均匀增大，故C正确；
D．根据自由落体运动中的位移与时间关系可知
即自由落体运动物体的位移与时间的二次方成正比，不是随时间均匀增大的，故D错误。
故选BC。
6．BD
【详解】AB．x-t图像斜率表示速度，甲斜率没变，所以速度大小方向均不变，甲在6s内位置从-2m，变成2m，位移大小为4m，A错误，B正确；
CD．v-t图像斜率表示加速度，乙斜率不变，所以加速度不变，从纵坐标可看出速度先为负值后为正值，所以速度方向改变，有往返运动，C错误，D正确。
故选BD。
7．BD
【详解】A．螺钉松脱时具有与升降机相同的向上的初速度，故螺钉脱落后做竖直上抛运动，故A错误；
B．取竖直向上为正方向，螺钉从脱落至落到井底的位移
升降机这段时间的位移
h2=v0t=15m
故矿井的深度为
h=|h1|+h2=45m
故B正确；
C．螺钉落到井底时的速度为
因此速度大小为25m/s，故C错误；
D．螺钉松脱前运动的时间为
t′==6s
所以螺钉运动的总时间为
t总=t+t′=9s
故D正确。
故选BD。
8．CD
【详解】ACD．从静止至第3s，质点的位移为
从静止至第2s，质点的位移为
第3s内的位移为
联立解得
质点前3s的位移为
这3s内平均速度约为
故A错误，CD正确；
B．第3s初的瞬时速度是
故D错误。
故选CD。
9． 路程 时刻 时间 （每空1分）
【详解】[1]位移表示从初位置到末位置的有向线段，路程是质点运动轨迹的长短，港珠澳大桥全长49.968公里是指路程；
[2]2018年10月24日9点正式通车，24日9点指的是某一特定的时间点，是时刻；
[3]香港到珠海和澳门车程仅需要30分钟，是指时间。
10． ① ② ③ （每空1分）
【详解】[1]质点属于建立物理模型，故选填①；
[2]平均速度用来粗略描述这一段位移的运动快慢，等效替代瞬时速度，故选填②；
[3]加速度概念的建立运用了比值定义的方法，故选填③。
11． （1分） < （2分）
【详解】[1]甲物体做匀加速直线运动，全程的平均速度与中间时刻的瞬时速度相等，可知，甲的平均速度
[2] v—t图像中，图像与时间轴围几何图形的面积表示物体通过的位移，根据图像可知，乙的位移大于甲的位移，经历时间相等，根据
则有
12．(1)ADE （2分）
(2) 7.40 （2分） 0.625 （2分）
【详解】（1）A．根据打点计时器的工作原理可知实验装置需要使用交流电源。故A正确；
BC．在“测量小车做直线运动的瞬时速度”的实验中不需要平衡摩擦力，也不需要考虑绳上的拉力是否近似等于重力，所以不需要钩码质量远小于小车质量。故BC错误；
D．为了能多打出一些点便于数据处理，小车释放前应靠近打点计时器。故D正确；
E．实验中应先接通电源，再释放小车。故E正确。
故选ADE。
（2）[1]根据刻度尺的读数规则，应估读到最小分度值的下一位，故c点的读数为。
[2]近似取相邻两计数点的间平均速度代替该时间中点的瞬时速度，距离越小时瞬时速度测量越准确，即在打下c点时，小车的瞬时速度为
13．(1)A（1分）
(2)否（2分）
(3) 10.85/10.86/10.84 （2分） 0.292 （2分）
【详解】（1）小车受到的拉力是钩码通过细绳对小车作用，不需要天平，纸带上点迹间记录时间由计时器测得，距离需要刻度尺测量。
故选A。
（2）本实验只需保证小车所受合力不变即可，不需要倾斜轨道以补偿阻力。
（3）[1]由图可知，刻度尺的分度值为1mm，则需估读到分度值的下一位，则C点的读数为10.85cm；
[2]打A点时小车的速度大小为
其中，由于每两个相邻的计数点之间还有4个打出的点未标出，所以
解得
14．(1)，方向水平向左
(2)，方向水平向左
【详解】（1）设水平向右为正方向，则
所以弹丸击穿木板时的加速度大小为，方向水平向左。（公式1分，结果2分，方向1分）
（2）设水平向右为正方向，则
=
所以足球与木板碰撞反弹时的加速度大小为，方向水平向左。（公式1分，结果2分，方向1分）
15．（1）40m/s；（2）80m；（3）20m/s
【详解】（1）由自由落体运动速度与时间关系知
（2分）
代入得
（2分）
（2）由自由落体运动位移与时间关系知
（2分）
代入得
（3分）
（3）由匀变速直线运动平均速度公式知
（2分）
代入得
（3分）
16．(1)a2=8m/s2，t2=5s；(2)60m≤x0≤180m
【详解】(1)设警车加速度为a2，加速阶段位移为x2，最大速度为v2看，加速时间为t2，则
（2分）
（2分）
解得
（1分），（1分）
(2)设被劫车加速度为a1，加速阶段位移为x1，最大速度为v1看，加速时间为t1，则
（1分）
（1分）
联立解得
t1=（1分），a1=（1分）
可知，当警车速度达到最大时，被劫车还在加速；假设警车速度刚好达到最大时追上被劫车，则
（1分）
解得
（1分）
假设速度相等时，刚好追上。设警车减速时间为，加速度为，很显然被劫车在这段时间内先加速后匀速，则
（1分）
（1分）
联立解得
（1分）
故要使警车在加速阶段之后才追上被劫车，x0的范围为
60m≤x0≤（1分）
题号
1
2
3
4
5
6
7
8


答案
A
A
B
D
BC
BD
BD
CD