山东省德州市万隆中英文高级中学2024-2025学年高二上学期第一次月考物理试题

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1．解：A．电场中两点的电势差只与电场本身有关，是由电场本身性质决定的，与移动电荷的电荷量q以及静电力做功WAB均无关，故A错误；
B．导体的电阻由导体本身决定，由关系式可知，对一个确定的导体来说，所加的电压跟通过导体的电流的比值是一定值，故B正确；
C．根据欧姆定律可知，当导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比，故C错误；
D．导体的电阻率是由导体材料本身决定的，与导体的电阻无关，电阻率受温度的影响，故D错误。
故选：B。
2．解：A．根据功率的定义式
由功的定义式和牛顿第二定律W＝Fx，F＝ma
可知功率的单位瓦特用国际单位制基本单位表示为kg•m2/s3。故A正确；
B．根据
可知能量单位焦耳用国际单位制基本单位表示为kg•m2/s2。故B错误；
C．电流强度的单位为基本单位，电流强度在国际单位制基本单位为A。故C错误；
D．根据q＝It
可知电荷量的单位库仑用国际单位制基本单位表示为A•s。故D错误。
故选：A。
3．解：A．根据电阻定律可知，两导体的电阻之比为
＝1：4
故A正确；
BD．根据串联电路电流相同的特点可知，流过A、B的电流之比为1：1，根据
易得，单位时间通过A、B的电量之比为1：1，故B正确，D错误；
C．由电流的微观表达式I＝nqSv易得
故C正确。
本题要求选择错误的，故选：D。
4．解：A.根据串并联电路的电阻特点可得电路中的总电阻是
，故A错误；
B．根据并联电路中电流的特点可知通过R2的电流是
，故B错误；
C．ab两端的电压是
Uab＝IR1＝3×4V＝12V，故C正确；
D．ac两端的电压是
Uac＝IR＝3×10V＝30V，故D错误。
故选：C。
5．解：A．根据电容的定义式，可得充电后电容器的带电量Q＝CU＝16×10﹣6×4×103C＝6.4×10﹣2C，故A错误；
B．根据电流强度的定义式，可得电容器的平均放电时间＝，故B正确；
C．不同患者的电阻不同，根据欧姆定律可知患者的平均电流不同，故C错误；
D．电容器的电容决定于电容器本身，与电容器是否带电无关，因此电容器放电过程电容器的电容保持不变，故D错误。
故选：B。
6．解：ABC、将滑动变阻器的滑片P向下移动，滑动变阻器接入电路的电阻减小，R与灯L2 并联的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律可知，干路电流I变大，内电压增大，路端电压U减小，则电压表示数减小，灯L1变亮；R与灯L2并联，并联电路的电压U并＝U﹣U1，U减小，灯L1两端电压U1变大，U并减小，灯L2变暗；流过电流表的电流IA＝I﹣I2，I变大，流过灯L2的电流I2减小，IA变大，电流表的示数变大，故AB错误、C正确；
D、U并减小，灯L2变暗，电容器两端的电压变小，则电容器的带电荷量减小，故D错误。
故选：C。
7．解：A、当cd端短路时，ab间电路的结构是：电阻R2、R3并联后与R1串联，等效电阻为：
R＝+R1＝+50＝65Ω；故A错误；
B、当ab端短路时，cd之间电路结构是：电阻R1、R3并联后与R2串联，等效电阻为：
R＝+R2＝+30＝48.75Ω，故B错误；
C、当ab两端接通测试电源时，cd两端的电压等于电阻R3两端的电压，Ucd＝E＝×80＝30V；故C正确；
D、当cd两端接通测试电源时，ab两端的电压等于电阻R3两端的电压，为Uab＝E＝×80＝40V；故D错误；
故选：C。
8．解：A、保持S接1，减小C两极板的正对面积，根据电容的决定式知电容C减小，由得Q＝CU，U不变，电容器的带电量要减小，但二极管具有单向导电性，使得Q不能减少，所以实际过程为Q不变，U增大，根据U＝Ed及d不变，知E增大，所以油滴受到向上的电场力增大，电场力将大于重力，油滴会向上移动，故A正确；
B、保持S接1，将C的下极板上移，根据，知d减小，C增大，U不变，Q增大，电容器充电，根据知E增大，油滴受到向上的电场力增大，将向上运动，故B错误；
C、将S从1掷到2，断开开关，不能放电，油滴受力情况不变，故油滴不动，故C错误；
D、将S从1掷到2，同时将下极板上移，d减小，根据知C增大，断开开关，Q不变，根据、U＝Ed联立得，E不变，则油滴不动，故D错误。
故选：A。
二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分，每小题有多个选项符合题意。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分。
9．解：AB.欧姆表表盘右端为“0”，把选择开关旋到“×100”挡位，由图可以看出测量时指针偏转角度太小，说明被测电阻阻值大，应改为较大倍率挡，即选择开关旋至欧姆挡“×1k”挡，故A正确，B错误；
CD.指针偏转如图乙中b，读数应该为15×1kΩ＝15000Ω，由题意该贴片电阻阻值数字可能为“153”，故C错误，D正确；
故选：AD。
10．解：根据对小球的受力分析可知，悬线偏离竖直方向的夹角符合
因此两极板间的场强越大，θ越大。
A．保持S闭合，极板间的电压大小等于电源电动势。滑动变阻器的滑片位置不会影响极板上的电压大小，则场强大小不变，θ不变。故A错误；
B．保持S闭合，极板间电压不变时，将N板向M板靠近，则板间距离d减小，根据场强可知场强大小增大，则θ增大。故B正确；
C．断开S，则极板上的电荷量Q不变，将N板向M板靠近，则根据
，
可得
极板间的场强
极板间距离d增大或减小不影响场强大小，其余物理量均不变，则场强大小不变，θ不变。故C错误；
D．根据上述分析，断开S，将N板向下移动少许，则极板间的正对面积S减小，则场强E增大，则θ增大。故D正确。
故选：BD。
11．解：由图可知，电源电动势为E＝8V，电源内阻r＝Ω＝2.5Ω，两图线的交点电流I＝2.0A，电压U＝3.0V
A.电能将其它能转化成电能的功率为P＝IE＝2×8W＝16W，故A错误；
B.该元件的电阻R＝＝Ω＝1.5Ω，故B错误；
C.该元件发热功率为P热＝IU＝2.0×3.0W＝6.0W，故C正确；
D.电源外电路与内电路消耗的功率之比P外：P内＝IR：Ir＝R：r＝1.5：2.5＝3：5，故D正确。
故选：CD。
12．解：A、最大功率，由图乙知，当RP＝R+r＝10Ω时，滑动变阻器消耗的功率最大，R＝8Ω，可得内阻r＝2Ω，E＝4V，故A错误；
B、滑动变阻器的阻值为4Ω与阻值为Rx时消耗的功率相等，有×4＝Rx，解得Rx＝25Ω，故B正确；
C、当滑动变阻器向左移动时，电路中电流减小，所以R上消耗的功率减小，故C正确；
D、当外电路电阻与内阻相等时，电源的输出功率最大。本题中定值电阻R的阻值大于内阻的阻值，故滑动变阻器RP的阻值为0时，电源的输出功率最大，最大功率为
解得Pmax＝1.28W，故D正确。
故选：BCD。
三、非选择题：本题共6小题，共60分。
13．（6分，每空2分）解：（1）根据“伏安法”测电阻的原理，实验器材在没有电压表，需要将内阻已知的电流表A1改装成电压表；
根据电压表改装原理U＝Ig（r1+R）
电源电动势约为4.0V，当定值电阻电阻选择定值电阻R1时，改装的电压表量程为12.6V，实验误差较大；
当定值电阻电阻选择定值电阻R2时，改装的电压表量程为3.6V，符合要求，因此选择电流表A1与电阻电阻R2串联改装成电压表；
由于改装表支路的电流可以准确测出，因此电流表A2采用外接法，实验电路如图所示：
（2）根据欧姆定律结合串联、并联电路的特点U＝I1（r1+R2）＝（I2﹣I1）Rx
整理得
I2﹣I1函数图象的斜率为
代入数据解得金属丝的电阻Rx≈1.66Ω
（3）根据电阻定律， 该金属丝的电阻率为。
故答案为：（1）见解析；（2）1.66；（3）。
14．（10分，每空2分）解：（1）结合所给器材规格可知，若采用电路图甲，电阻箱R2的阻值全部接入回路时，该回路中的电流约为I＝＝A＝2.5×10﹣3A
大于表头的量程，不能完成实验。电路图乙较合适。结合电表改装原理，有（100﹣1）IA＝
解得R1＝2Ω
则应将电阻箱R1接入回路的阻值调为2Ω。
（2）根据电路图连接实物图如图
（3）由闭合电路欧姆定律得 E＝100I（ R2++r）
变形可得 ＝+
根据图像的斜率与截距可知 ＝V﹣1
＝100A﹣1
解得E＝3.00V，r＝1.02Ω
故答案为：（1）乙；R1；2；（2）见解析；（3）3.00；1.02
15．(7分) 解：漏电电流为(1分)
漏电大气层的电阻为(1分)
漏电大气层的电阻率ρ满足(2分)
解得(1分)
代入数据解得ρ＝1.7×1012Ω•m(2分)
16．(9分) 如图所示的小型电动机演示电路中，在S1闭合、S2断开的情况下，电流表的示数为1A，在S1、S2均闭合的情况下，电流表的示数为3A，已知电源的电动势为3V，内阻为0.5Ω。不计电流表的内阻，且灯丝电阻不变，求：
（1）灯L的电阻RL；
（2）S1、S2均闭合时电动机M的总功率PM。
解：（1）当S1闭合、S2断开时，电流表的示数为I1＝1A，由闭合电路欧姆定律得
E＝I1（RL+r）(1分)
代入数据解得：RL＝2.5Ω(2分)
（2）当S1、S2均闭合时，电流表的示数为I2＝3A，由闭合电路欧姆定律可得路端电压为
U＝E﹣I2r(1分)
灯泡的电流为
(1分)
电动机的电流为
IM＝I2﹣IL(1分)
电动机M的总功率为
PM＝UIM(1分)
联立并代入数据解得：PM＝3.6W(2分)
17．(12分) 解：（1）若在C、D间连一个理想电压表，电压表电阻无穷大，那么，电压表示数为R2两端电压；
故根据闭合电路欧姆定律得：(2分)
R2两端电压为：U＝IR2(1分)
联立解得：U＝8V(2分)
（2）若在C、D间连一个理想电流表，电流表内阻为零，那么，R2，R3并联后的电阻：
(2分)
代入数据得：R23＝3Ω
故电路总电阻为：R＝R1+R23＝6Ω(1分)
电路总电流为I总，由闭合电路欧姆定律得：(1分)
代入数据得：I总＝2A；
那么，电流表读数为I，由并联电路电压相等，电流分流得：；(1分)
代入数据得：I＝1A(2分)
18．(16分) 解：（1）当滑动变阻器的滑片位于最右端时，有U＝IR2(2分)
当滑动变阻器的滑片位于最左端时，滑动变阻器的最大电阻值R3，有I′R外＝U′(2分)
其中外部电路的电阻(2分)
解得：R3＝84Ω(2分)
（2）当滑动变阻器的滑片位于最右端时，由闭合回路里的欧姆定律：E＝U+Ir(2分)
当滑动变阻器的滑片位于最左端时，E＝U′+I′r(2分)
联立解得：E＝14V(2分)
r＝20Ω(2分)