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2024-2025学年广东省惠州市惠阳区永湖中学九年级（上）开学物理试卷（含解析）
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这是一份2024-2025学年广东省惠州市惠阳区永湖中学九年级（上）开学物理试卷（含解析），共20页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，综合题等内容，欢迎下载使用。
一、单选题：本大题共7小题，共21分。
1.如图为珠江两岸景观图。下列相对广州塔静止的是( )
A. 飞行的客机
B. 两岸的高楼
C. 行驶的游船
D. 流动的江水
2.嫦娥五号携带月壤样品返回地球。从月球到地球，样品的质量( )
A. 变为原来的一半B. 保持不变C. 变为原来的2倍D. 变为原来的4倍
3.如图为某款剪刀的示意图。握住手柄修剪树枝时，剪刀可视为杠杆，该杠杆的特点是( )
A. 省力
B. 费力
C. 省功
D. 省距离
4.在如图所示的原子模型中，a是( )
A. 原子核B. 质子C. 中子D. 电子
5.《淮南子⋅俶真训》记载：“今夫冶工之铸器，金踊跃于炉中”。金属在炉中从固态变为液态的过程是( )
A. 汽化B. 液化C. 熔化D. 凝固
6.如图是古代省油灯的示意图。它下层盛水，能减慢上层油的消耗。点灯后，水在升温的过程中( )
A. 吸热，内能增加
B. 吸热，内能减少
C. 放热，内能增加
D. 放热，内能减少
7.小明设计了一盏能调节亮度的台灯。下列符合要求的电路图是( )
A. B.
C. D.
二、填空题：本大题共7小题，共21分。
8.用力踢足球，足球由静止变为运动，说明力可以改变物体的______；在踢球的瞬间，球会有一些凹陷，这说明力还可以改变物体的______。优秀运动员的脚踢在球的恰当的位置，球会划出一道弧线飞转绕过“人墙”而进入球门，就是所谓的“香蕉球”，从力的三要素分析“恰当的位置”，是指力的______。
9.家用小轿车多呈流线型，外形如图所示。在快速行驶中，小汽车上方的流速______下方气流流速，从而使汽车上方压强______下方压强(选填“大于”或“小于”)，产生升力，同时也使汽车对地面压力变______，从而使摩擦力变小。
10.当汽车突然加速或刹车，车内的人由于具有______容易受到伤害。如图所示，头枕和安全带______(选填“能”或“不能”)减小人的惯性，______(选填“头枕”或“安全带”)可以减小汽车被追尾时给人带来的伤害。
11.为了记录运动会中精彩的瞬间，学校邀请摄影师携带无人机来进行航拍。如图所示，当无人机悬停在空中时，升力______(选填“大于”“等于”或“小于”)无人机的重力；当无人机水平飞行时，升力对无人机______(选填“做功”或“不做功”)。重为30N的无人机竖直向上飞行100m，无人机克服重力做的功为______J。
12.如题图所示是两个壶身相同的茶壶，______(选填“甲”或“乙”)茶壶能装更多的水。乙茶壶加满水后，水对壶底的压强是______Pa，壶盖密封性良好，若按住小孔，则壶中的水______(选填“能”或“不能”)顺利倒出。(ρ水=1×103kg/m3；g=10N/kg)
13.如图所示滑轮组中定滑轮的作用是______。小铭用该滑轮组将重80N的物体匀速提高，动滑轮重为20N，不计绳重和摩擦，则小铭所用拉力F= ______N；若物重增大，该滑轮组机械效率将______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
14.如图所示的热气球，其下方开口处燃烧液化气，随着热气球内部气体温度升高，热气球体积膨胀到一定程度，徐徐升空，则气球内的气体密度______，气球所受浮力______(以上两空填“变大”“变小”或“不变”)；当体积为600m3的热气球悬浮在空中，热气球及吊篮和乘客的总重是______N。(空气密度ρ空=1.3kg/m3，g=10N/kg)
三、作图题：本大题共3小题，共7分。
15.（2分）如图所示，小球漂浮在水面，请在O点画出小球受到的重力G和浮力F的示意图。
16.（2分）如图所示，一束光经O点从空气斜射入水中，请画出法线及大致的折射光线。
17.（3分）图甲为某款三孔插座。在符合安全用电原则下，请在图乙中用笔画线代替导线将该插座接入家庭电路中。
四、综合题：本大题共8小题，共51分。
18.（7分）亲爱的同学，请你根据自己掌握的实验操作技能，回答下列问题。
(1)如图甲所示，在测量物体长度时，读数正确的是______(选填“A”或“B”)方法，所测物体的长度应记为______cm。如图乙所示的秒表读数为______s；
(2)如图丙(a)所示，将天平放在水平台面上，取下橡胶垫圈，接下来的操作是______，再调节平衡螺母直到指针指在分度盘中央。测量某物体质量时，天平平衡后，右盘中砝码和游码的位置如图丙(b)所示，则该物体的质量m= ______g；
(3)如图丁所示，这是小明家电能表的表盘，其示数为______kW⋅ℎ，他家单独使用某用电器时，观察到5min电能表的圆盘转了45转则该用电器的实际电功率为______W。
19.（6分）小明和小红利用如图甲所示的装置做“探究平面镜成像特点”的实验：
(1)在竖立的玻璃板前点燃蜡烛A，拿未点燃的蜡烛B(与蜡烛A大小相同)竖立在玻璃板后面移动，人眼一直在玻璃板的前侧(蜡烛A这一侧)观察，直至蜡烛B与蜡烛A的像完全重合，这种确定像与物大小关系的方法是______(选填“控制变量法”“等效替代法”或“转换法”)；
(2)移去蜡烛B，在其原来位置上放置一块光屏，直接观察光屏，光屏上______(选填“能”或“不能”)出现蜡烛的像，说明物体通过平面镜所成的像是______(选填“虚”或“实”)像；
(3)实验时，将蜡烛A逐渐靠近玻璃板时，其像的大小______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
(4)如图乙所示，小明在实验中采用的是厚玻璃板，他观察到蜡烛A通过玻璃板成了两个清晰的像k1和k2，则像k1的像距为图乙中的______(选填“v1”或“v2”)；若在图乙中k1和k2两个像中间放置一块不透明薄挡板，则小明在蜡烛A这一侧透过玻璃板能看到______(选填“只有k1”、“只有k2”或“k1和k2”)。
20.（7分）用如图甲所示的电路探究“电流与电阻的关系”，电源电压为3V保持不变，滑动变阻器的规格是“30Ω 1A”，阻值为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω的电阻各一个，满足测量需求的电流表、电压表各一个。
(1)按图甲所示的电路图，正确连接图乙的实物电路，闭合开关S前，滑动变阻器的滑片P应移到______点(选填“A”或“B”)，闭合开关后发现电流表无示数，电压表示数约为3V，故障原因可能是______；
(2)探究“电流与电阻的关系”其实验步骤如下：
①在电路中接入阻值为5Ω的定值电阻，移动滑动变阻器的滑片，使得电压表示数如图丙所示，为U= ______V，记录电流表示数；
②用10Ω的定值电阻替换5Ω的定值电阻再闭合开关，他应该将滑动变阻器的阻值______(选填“调大”或“调小”)，这样操作的目的是______，再记录电流表示数；
③用20Ω的定值电阻替换15Ω的定值电阻再闭合开关，他调节滑动变阻器的阻值，发现电压表示数始终不能调为U0，为完成四次探究，实验中需要滑动变阻器的最大阻值至少为______Ω。
21. （7分）2024年4月30日，神舟十七号载人飞船返回舱成功着陆，如图所示。若返回舱质量为3×103kg，在着陆过程中，从距地面1m高处竖直向下落地，用时0.4s。(g=10N/kg)
(1)求返回舱在这段时间内：
①平均速度；
②重力做的功。
(2)若返回舱静止时与水平地面的接触面积为1m2，求它对水平地面的压强。
22.（6分）某消毒柜具有高温消毒和紫外线杀菌功能，其简化电路，如图所示。发热电阻R=100Ω，紫外灯L规格为“220V50W”。闭合开关S1和S2，消毒柜正常工作，求：
(1)通过R的电流；
(2)R的电功率；
(3)L工作100s消耗的电能。
23.（6分）小明同学在探究影响浮力大小的因素时，做了如图所示的实验。请你根据小明的实验探究回答下列问题。
(1)由A、C图可知浸没在水中的物体所受浮力是______N，由A、D、E可知物体所受浮力与______有关。
(2)物体从C下降到D的过程中，它的底部所受压强______(选填“变大”“变小”或“不变”)，根据实验数据计算出物体的密度是______kg/m3。
(3)小明利用浮力和杠杆的知识，发明了一个密度秤如图甲，轻质杠杆AB可绕O点转动，在A、B两端分别挂有两个正方体C、D，已知C的重力为20N，OA=10cm，OB=8cm。此时杠杆处于水平平衡状态，则正方体D的重力为______N。
(4)如图乙，接着将物体C浸没在水中(C的边长为10cm)，移动物体D到E点时杠杆恰好水平静止；那么OE的长度为______cm，则可以在E点标上水的密度ρ水(ρ水=1.0×103kg/m3)。
24.（6分）风寒温度人们都有这样的体验：走在街上，穿着的衣服感觉冷暖刚好适宜，这时突然起了一阵大风，顿时感觉周身寒冷，这就是风寒效应。风寒效应会影响人体对冷的感觉，导致人体感觉的温度与温度计的示数有明显的差别。原来，人体的主要散热部位是皮肤，通过皮肤红外辐射、接触传导热量、冷热空气对流和汗液蒸发等方式散热。当无风时，在人体皮肤和周围空气之间有一个比较稳定的空气层，由于空气是热的不良导体，可以起到保温作用：当刮风时，稳定的空气保温层不断被新来的冷空气所代替，并把热量带走。风速越大，人体散失的热量越快、越多，人也就感觉越寒冷。科学家提出用风寒温度描述刮风时人体皮肤感觉的温度，并通过大量实验找出了风寒温度和风速的关系。下表是在气温为5℃时，风寒温度和风速的关系。
(1)风会使人感觉更寒冷的原因主要是加强了下列哪种散热方式______。
A.辐射
B.传导
C.对流
D.汗液蒸发
(2)一个质量为50kg的人散失热量4.2×103J，如果人体没有产生相应的热量，则体温将下降______℃[人体的比热容取4.2×103J/(kg⋅℃)。
(3)冬天人们会用暖水袋取暖是因为水的______大，这是利用______方式改变人的内能。
(4)根据所给数据计算出，当气温为5℃，风速为35km/ℎ时，风寒温度为______℃，此时地面的水会结冰吗？______(填“会”“不会”)。
25.（6分）阅读短文，回答问题。
某一空气净化器工作过程如图甲所示：空气进入净化器，空气里的灰尘由于钨丝放电而带上正电，经过负电格栅板时被吸附，此后经活性炭进一步净化，在不同挡位工作时的参数如下表所示。净化空气量是指1ℎ净化空气的体积；净化效率等于净化前后空气中有害气体浓度的差与净化前有害气体浓度的百分比。
(1)我们看到空气中尘土飞扬的现象______(选填“不属于”或“属于”)扩散现象，空气净化器负电格栅板吸附灰尘的原理是利用______；
(2)单独使用该净化器20min，规格为2400imp/(kW⋅ℎ)的电能表指示灯闪烁36次，则该空气净化器在______挡位工作，一间80m3的房间在该挡位下进行净化，需要消耗电能______J，才能完成工作。
(3)利用气敏电阻可以检测空气质量，如图乙所示为检测电路，定值电阻R0=10Ω，电源电压恒为28V；如图丙所示为气敏电阻阻值随空气中有害气体浓度β的变化曲线，现用此电路检测该型号净化器的净化效率，净化器启动前，检测电路中电流表的示数为0.7A，此时空气中有害气体浓度是______μg/m3。净化器正常使用30min后，检测电路的电流变为0.1A，则该空气净化器的实际净化效率为______%。
答案解析
1.B
【解析】解：A、飞行的客机相对广州塔位置变了，所以飞行的客机是运动的，故A不符合题意；
B、两岸的高楼相对广州塔的位置没变，所以两岸的高楼是静止的，故B符合题意；
C、行驶的游船相对广州塔位置变了，所以行驶的游船是运动的，故C不符合题意；
D、流动的江水相对广州塔位置变了，所以流动的江水是运动的，故D不符合题意。
故选：B。
解答此题的关键是看被研究的物体与所选的标准，即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的。
此题主要考查学生对参照物的选择、运动和静止的相对性的理解和掌握，研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同，但都是正确的结论。
2.B
【解析】解：由于质量是物体的一种属性，与温度、空间位置、状态、形状无关，则嫦娥五号从月球带回的月壤样品的质量不变，故B正确，ACD错误。
故选：B。
质量是物体的一种属性，与温度、空间位置、状态、形状无关。
本题考查了对质量属性的理解，属于基础知识，难度不大。
3.A
【解析】解：由图可知，修剪树枝的剪刀在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，省力费距离；使用任何简单机械都不能省功，故A正确，BCD错误。
故选：A。
(1)结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆；
(2)使用任何简单机械都不能省功。
此题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：
①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
4.D
【解析】解：由图可知，a绕原子核运动，因此a为电子，故D正确。
故选：D。
原子的中心是原子核，周围有电子绕其运动。
本题考查原子的结构，难度不大。
5.C
【解析】解：A、汽化指物质由液态转变成气态，故A错误；
B、液化指物质由气态转变成液态，故B错误；
C、熔化指物质由固态转变成液态，故C正确；
D、凝固指物质由液态转变成固态，故D错误。
故选：C。
熔化指物质由固态转变成液态，熔化要吸热。
本题考查了熔化现象，属于基础题。
6.A
【解析】解：点灯后，水吸收热量，温度升高，内能增加。
故选：A。
改变物体内能的方式有做功和热传递两种，热传递过程中，物质吸收热量，内能增加，放出热量，内能减小。
本题考查了热传递改变物体的内能，属于基础题。
7.C
【解析】解：A、图中没有可调电阻，故A不符合题意；
B、图中是定值电阻，不是可调电阻，故B不符合题意；
CD、由题意可知，该灯泡是一盏可调节亮度的台灯，所以灯泡应该与可调电阻串联在一起，D图灯泡与可调电阻并联，两支路互不影响，故C符合题意，D不符合题意。
故选：C。
由题意可知，该灯泡是一盏可调节亮度的台灯，所以灯泡应该与可调电阻串联在一起。
解决本题的关键读懂题意，会正确的分析电路图。
8.运动状态 形状 作用点
【解析】解：踢足球时，足球在力的作用下，由静止变为运动，说明力可以使物体的运动状态发生改变。
球被脚踢的瞬间，在力的作用下有一些凹陷，即形状发生改变，说明力还可以改变物体的形状。
运动员在踢球时，若脚踢球的位置恰当，球会成弧线绕过人墙进入球门，这里的“恰当的位置”，是指力的作用点。
故答案为：运动状态；形状；作用点。
力的作用效果：力可以改变物体的形状；力可以改变物体的运动状态。力的三要素为力的大小、方向和作用点。
此题考查了力的三要素及力的作用效果，属于基础知识。
9.大于 小于 小
【解析】解：轿车在快速行驶过程中，车子上方空气的流速大于车子下方空气的流速，因而车子上方气体的压强小于车子下方气体的压强，轿车上下方所受到的压力差形成向上的升力，从而使得轿车对地面的压力变小。由于摩擦力与压力大小有关，所以压力减小，汽车与地面间的摩擦力减小。
故答案为：大于；小于；小。
流体压强与流速的关系，气体在流速大的地方压强小，在流速小的地方压强大，轿车快速行驶时，上下方所受到的压力差形成向上的升力，对地面的压力减小。而摩擦力与压力大小有关，所以压力减小，摩擦力减小。
理解流体压强与流速的关系，影响摩擦力的因素，并能解释一些简单的生活应用，是解答本题的关键。
10.惯性 不能 头枕
【解析】解：当汽车突然加速或刹车，车内的人由于具有惯性仍要保持原来的运动状态，会向后或向前运动，容易受到伤害；
头枕和安全带不能改变人的质量，所以不能减小人的惯性；
汽车被追尾时速度突然变大，但车内的人由于具有惯性仍要保持原来的运动状态，会向后运动，因此头枕可以减小汽车被追尾时给人带来的伤害。
故答案为：惯性；不能；头枕。
物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大。
此题主要考查学生对惯性现象的理解。惯性现象在现实生活中随处可见，和我们的生活密切相关，学习中要注意联系实际，用所学惯性知识解决生活中的实际问题。
11.等于 不做功 3000
【解析】解：(1)当无人机悬停在空中时，竖直方向上处于平衡状态，所以无人机所受升力和重力是一对平衡力。由平衡力的特点知，升力等于无人机的重力；
(2)升力的方向竖直向上，当无人机水平飞行时，无人机在升力的方向上没有移动距离，根据做功的两个必要因素知，升力对无人机不做功；
(3)无人机克服重力做的功：
W=Gℎ=30N×100m=3000J。
故答案为：等于；不做功；3000。
(1)根据无人机的运动状态分析无人机受到的升力、重力的大小关系；
(2)做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动的距离；
(3)根据W=Gℎ计算无人机克服重力做的功。
本题考查的是二力平衡的条件的应用和做功的两个必要因素，属于基础题。
12.甲 1×103 不能
【解析】解：(1)茶壶是连通器原理在生活中的实际应用，当用茶壶装水时，水面静止时，壶嘴与壶身内的水面是相平的，有图可知，甲图的壶嘴高度大于乙图，所以甲茶壶能装更多的水。
(2)乙茶壶加满水后，茶壶中水的深度为ℎ=10cm=0.1m，
水对壶底的压强是：
p=ρ液gℎ=1×103kg/m3×10N/kg×0.1m=1×103Pa；
(3)壶盖密封性良好，若按住小孔，倒出部分水后，里面的气压小于大气压，所以壶中的水不能顺利倒出。
故答案为：甲；1×103；不能。
(1)连通器的结构特征是上端开口、底部连通；
(2)利用p=ρgℎ比较水对壶底的压强关系；
(3)茶壶盖上的小孔能保证与大气相通。
本题考查了连通器的特点和液体压强的计算，以及大气压，是一道基础题目。
13.改变力的方向 50 变大
【解析】解：定滑轮的作用是改变力的方向；
图中所示承担总重的绳子股数n=2，拉力F=12×(G+G动)=12×(80N+20N)=50N；
不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率η=W有用W有用+W额=GℎGℎ+G动ℎ=GG+G动=11+G动G，动滑轮重不变时，物重增大，机械效率将变大。
故答案为：改变力的方向；50；变大。
定滑轮在使用时，只改变力的方向不改变力的大小；
根据图可知，由2股绳子承担总重，则拉力F=12×(G+G动)；
不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率η=W有用W有用+W额=GℎGℎ+G动ℎ=GG+G动=11+G动G，动滑轮重不变时，物重增大，机械效率增大。
本题考查了动滑轮的作用和工作特点、机械效率的影响因素，属于基础题，要求掌握。
14.变小 变大 7800
【解析】解：(1)热气球内部气体温度升高，其气体体积增大，则气体内的空气密度减小，
又因浮力F=ρ空气gV排，故浮力变大。
气球在空气中所受浮力：
F浮=ρ空气gV排=1.3kg/m3×600m3×10N/kg=7800N；
(2)在空中悬浮，
F浮=G总=7800N；
故答案为：变小；变大；7800。
(1)热气球内部气体温度升高的过程中，气球内气体的体积增大，所以气球内空气密度减小；根据阿基米德原理可以判断浮力的变化。
(2)气球悬浮在空中时，利用阿基米德原理求气球受到空气的浮力，此时浮力等于气球吊篮和乘客的总重。
该题考查热气球升空的原因，要注意热气球排开空气的体积不变，还考查浮力大小计算，注意阿基米德原理不仅适用于液体，也适用于气体。
15.答：小球漂浮在水面，受到竖直向上的浮力和竖直向下的重力的作用，且二力的大小相等、作用点均在重心上，如图。
【解析】小球漂浮在水面，受到竖直向上的浮力和竖直向下的重力的作用，且二力的大小相等、作用点均在重心上，据此画图。
本题考查浮力的有关知识，是一道综合题。
16.解：过入射点O且垂直于分界面的直线称为法线，由空气斜射入水中，入射角大于折射角，如图所示：
【解析】光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向发生偏折的现象叫作光的折射。
本题考查了光的折射作图。
17.解：家庭电路中，开关应连接在火线和插座之间，三孔插座的左孔接零线，右孔接火线，上孔接地线，如图所示：
【解析】三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。
本题考查了家庭电路的连线问题，属于常考题。
18.B 2.35 337.5 将游码拨到标尺的零刻度线处 178 2038.5 216
【解析】解：(1)读数时视线要垂直于尺面，故读数正确的是B；
由图可知：刻度尺的分度值为1mm，起始位置对应的刻度值是4.00cm，物体末端对应的刻度值是6.35cm，则物体的长度为6.35cm−4.00cm=2.35cm；
由图可知，秒表小盘的分度值是0.5min，指针在5min和6min之间，超过半刻度线；大盘的分度值是0.1s，大盘指针在37.5s，因此秒表读数为5min37.5s=337.5s；
(2)根据天平调节平衡的步骤可知，接下来的操作是将游码拨到标尺的零刻度线处，再调节平衡螺母直到指针指在分度盘中央；由图可知物体的质量m=100g+50g+20g+5g+3g=178g；
(3)电能表显示的数字的最后一位为小数部分，单位是kW⋅ℎ，故示数为2038.5kW⋅ℎ；
2500r/(kW⋅ℎ)表示电路中每消耗1kW⋅ℎ的电能，电能表的转盘转2500r，电能表的转盘转过45r消耗的电能：
W=45r2500r/(kW⋅ℎ)=0.018kW⋅ℎ；
用电器的实际电功率：
P=Wt=0.018kW⋅ℎ560ℎ=0.216kW=216W。
故答案为：(1)B；2.35；337.5；(2)将游码拨到标尺的零刻度线处；178；(3)2038.5；216。
(1)刻度尺读数时，首先看起始端有没有从0开始，若没有从0开始，把起始端对应的刻度值当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去起始端对应的刻度值，即为物体长度，读数时视线要垂直于尺面，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；
秒表的中间的表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，秒表读数是两个表盘的示数之和；
(2)使用天平测量物体质量之前要进行调平，先移动游码到零刻度线，再调节平衡螺母，使天平平衡；物体的质量等于砝码质量加游码在标尺上所对的刻度值；
(3)电能表上示数的最后一位为小数部分，单位是kW⋅ℎ；
2500r/(kW⋅ℎ)表示每消耗1kW⋅ℎ的电能，电能表的转盘转过2500r，据此求出转45r消耗的电能，再根据P=Wt求出该用电器的实际电功率。
本题考查了几种测量仪器的使用及读数，属于基本技能的考查，难度不大，认真作答即可。
19.等效替代法 不能 虚 不变 v2 k1和k2
【解析】解：(1)寻找蜡烛A的像的位置时，眼睛应在蜡烛A一侧观察，在蜡烛B的一侧不能看到蜡烛A的像，所以人眼一直在玻璃板的前侧观察，直至蜡烛B与蜡烛A的像完全重合，这种确定像与物大小关系的方法是等效替代法；
(2)由于平面镜所成的像是虚像，所以不会成在光屏上；
(3)平面镜成像特点：像与物到镜面的距离相等，像与物大小相同，所以实验时，将蜡烛A逐渐靠近玻璃板时，它的像的大小不变；
(4)图中的像k1是通过玻璃前板形成的，k2是通过后板形成的，则k1位置的像的像距v应是图中的v2；若在图乙中k1和k2两个像中间放置一块不透明薄挡板，则小明在蜡烛A这一侧透过玻璃板能看到k1和k2。
故答案为：(1)等效替代法；(2)不能；虚；(3)不变；(4)v2；k1和k2。
(1)实验时采用两个完全相同的蜡烛，一支蜡烛放在玻璃板的前面并点燃，另一支放在玻璃板的后面，眼睛应在点燃的蜡烛一侧观察；
当玻璃板后面的蜡烛和玻璃板前面的蜡烛的像完全重合时，可以确定像的位置和大小，这是等效替代法；
(2)虚像不能成在光屏上，而实像能够成在光屏上；
(3)根据平面镜成像特点：像与物到镜面的距离相等，像与物大小相同，像与物关于平面镜对称分析即可；
(4)根据平面镜成像特点：平面镜所成的像是虚像，像与物到镜面的距离相等，像与物关于平面镜对称分析即可。
本题主要考查了平面镜成像特点的实验及其应用，是光学中的一个重点题目。
20.B 定值电阻断路 1 调大 保持定值电阻两端电压不变 40
【解析】解：(1)为了保护电路，闭合开关S前，滑动变阻器的滑片P应移到阻值最大处，即B端；
闭合开关S，发现电流表无示数，说明电路可能断路，电压表示数约为3V，则故障原因可能是与电压表并联的定值电阻断路了；
(2)①由图丙知定值电阻两端的电压U0=1V；
②探究电流与电阻的实验中，要保持定值电阻两端电压一定(或保持电压表示数不变)，当用10Ω的电阻替换5Ω的电阻后，根据分压原理，定值电阻两端的电压变大，为保持电压表示数不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器两端的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻；
③根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压：U滑=U−U0=3V−1V=2V，滑动变阻器分得的电压为电压表示数的2V1V=2倍，根据分压原理，当接入20Ω电阻时，滑动变阻器连入电路中的电阻为：R滑=2×20Ω=40Ω，为了能够利用上述4个定值电阻，实验中需要滑动变阻器的最大阻值至少为40Ω；
故答案为：(1)B；定值电阻断路；(2)①1；②调大；保持定值电阻两端电压不变；③40。
(1)为了保护电路，闭合开关S前，滑动变阻器的滑片P应移到阻值最大处；
闭合开关S，发现电流表无示数，说明电路可能断路，电压表示数约为3V，则故障原因可能是与电压表并联的定值电阻断路了；
(2)①根据电压表的量程和分度值得出电压表的示数；
②根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
③探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入20Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻。
本题探究“电流跟电阻的关系”，考查故障分析、电流表读数、操作过程、数据分析和对器材的要求等内容。
21.解：(1)①返回舱运动时间：t=0.4s，
返回舱的运动速度：v=st=1m0.4s=2.5m/s；
②返回舱的总重力：G=mg=3×103kg×10N/kg=3×104N；
重力所做的功：W=Gℎ=3×104N×1m=3×104J。
(2)返回舱对水平地面的压强：p=FS=3×104N1m2=3×104Pa。
答：(1)①返回舱的平均速度2.5m/s；②返回舱重力所做的功3×104J；
(2)返回舱对水平地面的压强3×104Pa。
【解析】(1)根据速度公式v=st计算运动速度；
(2)利用W=Fs=Gℎ计算出重力所做的功；
(3)根据速度公式p=FS计算运动速度。
本题考查速度、功和压强的计算，属于基础题。
22.解：(1)图中灯泡L和电阻R并联在电路中，消毒柜正常工作，则通过R的电流：I=UR=220V100Ω=2.2A；
(2)此时R的电功率为：P=UI=220V×2.2A=484W
(3)电源电压为220V，L在额定电压下工作，则100s消耗的电能：
W=Pt=50W×100s=5000J。
答：(1)通过R的电流为2.2A；(2)R的电功率为484W；(3)灯泡L工作100s消耗的电能为5000J。
【解析】(1)分析电路结构，知道电压和电阻，利用欧姆定律可计算电流的大小；
(2)利用电功率公式P=UI可计算R的电功率；
(3)利用公式W=Pt可计算L工作100s消耗的电能。
本题考查了利用欧姆定律、电功率公式、电能公式进行简单的计算，难度不大。
23.2 液体密度 变大 4×103 25 4
【解析】解：(1)由图A与C可知，物体在水中受到的浮力：F浮=G−F=8N−6N=2N；A、D、E实验，排开液体体积相同，液体密度不同，浮力不同，说明物体所受浮力与液体密度有关；
(2)物体从C下降到D的过程中，深度增加，根据p=ρgℎ可知，它的底部所受压强变大；
由图A与C可知，物体在水中受到的浮力：F浮=G−F=8N−6N=2N；
由F浮=ρ液gV排可知物体A的体积：V=V排=F浮ρ水g=2N1.0×103kg/m3×10N/kg=2×10−4m3；物体密度ρ=mV=0.8N2×10−4m3=4×103kg/m3；
(3)由图知：B端所受得力等于重物D对杠杆的拉力，大小等于物体D的重力，
根据杠杆的平衡条件FC×OA=FD×OE知物体D的重力为：
GD=FD=FC×OAOE=20N×；
(4)C的边长为a=10cm=0.1m，
当物体C浸没在水中时，受到的浮力为：
F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×(0.1m)3=10N；
物体C受到的力：A点对C的拉力FA、浮力、重力
故物体C受到的拉力为：FA=GC−F浮C=20N−10N=10N；
此时物体D移动到E点时杠杆恰好水平静止，
由F1L1=F2L2 得：FAOA=FDOE，
OE的长度：OE=FA×OAFD=10N×10cm25N=4cm。
故答案为：(1)2；液体密度；(2)变大；4×103(3)25；(4)4。
(1)利用称重法可求浮力；根据控制变量法进行分析；
(2)根据液体压强影响因素进行分析；根据称重法求出物体浸没在水中时受到的浮力；由阿基米德原理可得出排开水的体积，即物体的体积，根据G=mg算出物体的质量，根据密度公式可求出物体的密度；
(3)(4)根据杠杆的平衡条件算出D物体的重力；
根据阿基米德原理算出物体C全部浸没水中时受的浮力，对物体C受力分析得出拉力FA，根据杠杆的平衡条件算出OE的长度。
此题是探究影响浮力大小的因素实验，考查了影响浮力的因素及控制变量法的应用，同时考查了有关浮力公式的应用。
24.C 0.02 比热容 热传递 −2 不会
【解析】解：
(1)风加速了人体周围空气流动速度，加强了对流，加快了对流散失的热量，故选C。
(2)由Q放=cmΔt得降低的温度：
Δt=Q放cm=4.2×103J4.2×103J/(kg⋅℃)×50kg=0.02℃；
(3)因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以暖水袋中用水做传热介质；
用暖水袋取暖是利用热传递的方法改变内能；
(4)当气温为5℃，风速为35km/ℎ时，
风寒温度：T=t−0.2(℃⋅ℎ)/km×v=5−0.2(℃⋅ℎ)/km×35km/ℎ=−2℃；
此时水的温度为5℃，没有达到凝固点，故地面的水不会结冰。
故答案为：(1)C；(2)0.02；(3)比热容；热传递；(4)−2；不会。
(1)认真审题，根据题目所提供的信息分析答题。
(2)已知散失的热量、人体质量与比热容，利用Q放=cmΔt求出下降的体温。
(3)对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。
改变物体内能的方式有做功和热传递，二者是等效的；
(4)根据结冰的条件分析答题。
认真阅读题目所给信息是正确解题的关键。
25.不属于 异种电荷互相吸引 2 5.4×104 2.0 95
【解析】解：(1)空气中尘土飞扬属于机械运动，不是扩散现象；由净化原理图可知，空气里的灰尘由于钨丝放电而带上正电，因为异种电荷相互吸引，所以负电格栅板能吸附灰尘；
(2)电能表指示灯闪烁36次，净化器消耗的电能：W=36imp2400imp/(kW⋅ℎ)=0.015kW⋅ℎ=5.4×104J，
工作时间t=20min=1200s，则净化器消耗的电功率：P=Wt=5.4×104J1200s=45W，
查表可知，功率为45W时，该空气净化器在2挡位工作；
在2挡位下净化一间80m3的房间需要用时t′=80m3240m3/ℎ=13ℎ，
消耗的电能为：W′=Pt′=45×10−3kW×13ℎ=0.015kW⋅ℎ=5.4×104J；
(3)由电路图可知，R0、R串联，检测电路中电流表的示数为I=0.7A，
由欧姆定律得，电路的总电阻：R总=UI=28V0.7A=40Ω，
根据串联电路电阻特点可知，气敏电阻的阻值：R=R总−R0=40Ω−10Ω=30Ω，
由图丙可知，气敏电阻阻值为30Ω时，此时空气中有害气体浓度是β1=2.0μg/m3；
当检测电路的电流变为I′=0.1A，
此时电路总电阻：R总′=UI′=28V0.1A=280Ω，
根据串联电路电阻特点可知，气敏电阻的阻值：R′=R总′−R0=280Ω−10Ω=270Ω，
由图丙可知，气敏电阻阻值为270Ω时，此时空气中有害气体浓度是β2=0.1μg/m3，
由题意知，净化效率等于净化前后空气中有害气体浓度的差与净化前有害气体浓度的百分比，
则该空气净化器的实际净化效率：η=β1−β2β1×100%=2.0μg/m3−0.1μg/m32.0μg/m3×100%=95%。
故答案为：(1)不属于；异种电荷互相吸引；(2)2；5.4×104；(3)2.0；95。
(1)不同的物质互相接触时，彼此进入对方的现象叫做扩散，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动；同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
(2)先求出电能表指示灯闪烁36次净化器消耗的电能，再根据P=Wt求出净化器消耗的电功率，查表可知，该空气净化器所在的挡位；求出在该挡位下净化一间80m3的房间所用时间，再根据W=Pt计算需要消耗电能；
(3)由电路图可知，R0、R串联，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电路总电阻，根据串联电路电阻特点求出气敏电阻的阻值，由图丙可知，此时空气中有害气体浓度；
当检测电路的电流变为I′=0.1A，根据欧姆定律求出此时电路总电阻，根据串联电路电阻特点求出气敏电阻的阻值，由图丙可知，此时空气中有害气体浓度利用净化效率的求出该空气净化器的实际净化效率。
本题以空气净化器为背景材料，考查了电功率公式、欧姆定律的应用、串联电路的特点等知识，涉及到的知识多，综合性强，关键要从题干中获取有用的信息，有一定的难度。风速(km/ℎ)
0
10
20
30
40
风寒温度(℃)
5
3
1
−1
−3
工作挡位
待机
1挡
2挡
3挡
4挡
5挡
6挡
功率(W)
0.9
23
45
75
103
121
148
净化空气量(m3/ℎ)
−
120
240
360
500
760
一、单选题：本大题共7小题，共21分。
1.如图为珠江两岸景观图。下列相对广州塔静止的是( )
A. 飞行的客机
B. 两岸的高楼
C. 行驶的游船
D. 流动的江水
2.嫦娥五号携带月壤样品返回地球。从月球到地球，样品的质量( )
A. 变为原来的一半B. 保持不变C. 变为原来的2倍D. 变为原来的4倍
3.如图为某款剪刀的示意图。握住手柄修剪树枝时，剪刀可视为杠杆，该杠杆的特点是( )
A. 省力
B. 费力
C. 省功
D. 省距离
4.在如图所示的原子模型中，a是( )
A. 原子核B. 质子C. 中子D. 电子
5.《淮南子⋅俶真训》记载：“今夫冶工之铸器，金踊跃于炉中”。金属在炉中从固态变为液态的过程是( )
A. 汽化B. 液化C. 熔化D. 凝固
6.如图是古代省油灯的示意图。它下层盛水，能减慢上层油的消耗。点灯后，水在升温的过程中( )
A. 吸热，内能增加
B. 吸热，内能减少
C. 放热，内能增加
D. 放热，内能减少
7.小明设计了一盏能调节亮度的台灯。下列符合要求的电路图是( )
A. B.
C. D.
二、填空题：本大题共7小题，共21分。
8.用力踢足球，足球由静止变为运动，说明力可以改变物体的______；在踢球的瞬间，球会有一些凹陷，这说明力还可以改变物体的______。优秀运动员的脚踢在球的恰当的位置，球会划出一道弧线飞转绕过“人墙”而进入球门，就是所谓的“香蕉球”，从力的三要素分析“恰当的位置”，是指力的______。
9.家用小轿车多呈流线型，外形如图所示。在快速行驶中，小汽车上方的流速______下方气流流速，从而使汽车上方压强______下方压强(选填“大于”或“小于”)，产生升力，同时也使汽车对地面压力变______，从而使摩擦力变小。
10.当汽车突然加速或刹车，车内的人由于具有______容易受到伤害。如图所示，头枕和安全带______(选填“能”或“不能”)减小人的惯性，______(选填“头枕”或“安全带”)可以减小汽车被追尾时给人带来的伤害。
11.为了记录运动会中精彩的瞬间，学校邀请摄影师携带无人机来进行航拍。如图所示，当无人机悬停在空中时，升力______(选填“大于”“等于”或“小于”)无人机的重力；当无人机水平飞行时，升力对无人机______(选填“做功”或“不做功”)。重为30N的无人机竖直向上飞行100m，无人机克服重力做的功为______J。
12.如题图所示是两个壶身相同的茶壶，______(选填“甲”或“乙”)茶壶能装更多的水。乙茶壶加满水后，水对壶底的压强是______Pa，壶盖密封性良好，若按住小孔，则壶中的水______(选填“能”或“不能”)顺利倒出。(ρ水=1×103kg/m3；g=10N/kg)
13.如图所示滑轮组中定滑轮的作用是______。小铭用该滑轮组将重80N的物体匀速提高，动滑轮重为20N，不计绳重和摩擦，则小铭所用拉力F= ______N；若物重增大，该滑轮组机械效率将______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
14.如图所示的热气球，其下方开口处燃烧液化气，随着热气球内部气体温度升高，热气球体积膨胀到一定程度，徐徐升空，则气球内的气体密度______，气球所受浮力______(以上两空填“变大”“变小”或“不变”)；当体积为600m3的热气球悬浮在空中，热气球及吊篮和乘客的总重是______N。(空气密度ρ空=1.3kg/m3，g=10N/kg)
三、作图题：本大题共3小题，共7分。
15.（2分）如图所示，小球漂浮在水面，请在O点画出小球受到的重力G和浮力F的示意图。
16.（2分）如图所示，一束光经O点从空气斜射入水中，请画出法线及大致的折射光线。
17.（3分）图甲为某款三孔插座。在符合安全用电原则下，请在图乙中用笔画线代替导线将该插座接入家庭电路中。
四、综合题：本大题共8小题，共51分。
18.（7分）亲爱的同学，请你根据自己掌握的实验操作技能，回答下列问题。
(1)如图甲所示，在测量物体长度时，读数正确的是______(选填“A”或“B”)方法，所测物体的长度应记为______cm。如图乙所示的秒表读数为______s；
(2)如图丙(a)所示，将天平放在水平台面上，取下橡胶垫圈，接下来的操作是______，再调节平衡螺母直到指针指在分度盘中央。测量某物体质量时，天平平衡后，右盘中砝码和游码的位置如图丙(b)所示，则该物体的质量m= ______g；
(3)如图丁所示，这是小明家电能表的表盘，其示数为______kW⋅ℎ，他家单独使用某用电器时，观察到5min电能表的圆盘转了45转则该用电器的实际电功率为______W。
19.（6分）小明和小红利用如图甲所示的装置做“探究平面镜成像特点”的实验：
(1)在竖立的玻璃板前点燃蜡烛A，拿未点燃的蜡烛B(与蜡烛A大小相同)竖立在玻璃板后面移动，人眼一直在玻璃板的前侧(蜡烛A这一侧)观察，直至蜡烛B与蜡烛A的像完全重合，这种确定像与物大小关系的方法是______(选填“控制变量法”“等效替代法”或“转换法”)；
(2)移去蜡烛B，在其原来位置上放置一块光屏，直接观察光屏，光屏上______(选填“能”或“不能”)出现蜡烛的像，说明物体通过平面镜所成的像是______(选填“虚”或“实”)像；
(3)实验时，将蜡烛A逐渐靠近玻璃板时，其像的大小______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
(4)如图乙所示，小明在实验中采用的是厚玻璃板，他观察到蜡烛A通过玻璃板成了两个清晰的像k1和k2，则像k1的像距为图乙中的______(选填“v1”或“v2”)；若在图乙中k1和k2两个像中间放置一块不透明薄挡板，则小明在蜡烛A这一侧透过玻璃板能看到______(选填“只有k1”、“只有k2”或“k1和k2”)。
20.（7分）用如图甲所示的电路探究“电流与电阻的关系”，电源电压为3V保持不变，滑动变阻器的规格是“30Ω 1A”，阻值为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω的电阻各一个，满足测量需求的电流表、电压表各一个。
(1)按图甲所示的电路图，正确连接图乙的实物电路，闭合开关S前，滑动变阻器的滑片P应移到______点(选填“A”或“B”)，闭合开关后发现电流表无示数，电压表示数约为3V，故障原因可能是______；
(2)探究“电流与电阻的关系”其实验步骤如下：
①在电路中接入阻值为5Ω的定值电阻，移动滑动变阻器的滑片，使得电压表示数如图丙所示，为U= ______V，记录电流表示数；
②用10Ω的定值电阻替换5Ω的定值电阻再闭合开关，他应该将滑动变阻器的阻值______(选填“调大”或“调小”)，这样操作的目的是______，再记录电流表示数；
③用20Ω的定值电阻替换15Ω的定值电阻再闭合开关，他调节滑动变阻器的阻值，发现电压表示数始终不能调为U0，为完成四次探究，实验中需要滑动变阻器的最大阻值至少为______Ω。
21. （7分）2024年4月30日，神舟十七号载人飞船返回舱成功着陆，如图所示。若返回舱质量为3×103kg，在着陆过程中，从距地面1m高处竖直向下落地，用时0.4s。(g=10N/kg)
(1)求返回舱在这段时间内：
①平均速度；
②重力做的功。
(2)若返回舱静止时与水平地面的接触面积为1m2，求它对水平地面的压强。
22.（6分）某消毒柜具有高温消毒和紫外线杀菌功能，其简化电路，如图所示。发热电阻R=100Ω，紫外灯L规格为“220V50W”。闭合开关S1和S2，消毒柜正常工作，求：
(1)通过R的电流；
(2)R的电功率；
(3)L工作100s消耗的电能。
23.（6分）小明同学在探究影响浮力大小的因素时，做了如图所示的实验。请你根据小明的实验探究回答下列问题。
(1)由A、C图可知浸没在水中的物体所受浮力是______N，由A、D、E可知物体所受浮力与______有关。
(2)物体从C下降到D的过程中，它的底部所受压强______(选填“变大”“变小”或“不变”)，根据实验数据计算出物体的密度是______kg/m3。
(3)小明利用浮力和杠杆的知识，发明了一个密度秤如图甲，轻质杠杆AB可绕O点转动，在A、B两端分别挂有两个正方体C、D，已知C的重力为20N，OA=10cm，OB=8cm。此时杠杆处于水平平衡状态，则正方体D的重力为______N。
(4)如图乙，接着将物体C浸没在水中(C的边长为10cm)，移动物体D到E点时杠杆恰好水平静止；那么OE的长度为______cm，则可以在E点标上水的密度ρ水(ρ水=1.0×103kg/m3)。
24.（6分）风寒温度人们都有这样的体验：走在街上，穿着的衣服感觉冷暖刚好适宜，这时突然起了一阵大风，顿时感觉周身寒冷，这就是风寒效应。风寒效应会影响人体对冷的感觉，导致人体感觉的温度与温度计的示数有明显的差别。原来，人体的主要散热部位是皮肤，通过皮肤红外辐射、接触传导热量、冷热空气对流和汗液蒸发等方式散热。当无风时，在人体皮肤和周围空气之间有一个比较稳定的空气层，由于空气是热的不良导体，可以起到保温作用：当刮风时，稳定的空气保温层不断被新来的冷空气所代替，并把热量带走。风速越大，人体散失的热量越快、越多，人也就感觉越寒冷。科学家提出用风寒温度描述刮风时人体皮肤感觉的温度，并通过大量实验找出了风寒温度和风速的关系。下表是在气温为5℃时，风寒温度和风速的关系。
(1)风会使人感觉更寒冷的原因主要是加强了下列哪种散热方式______。
A.辐射
B.传导
C.对流
D.汗液蒸发
(2)一个质量为50kg的人散失热量4.2×103J，如果人体没有产生相应的热量，则体温将下降______℃[人体的比热容取4.2×103J/(kg⋅℃)。
(3)冬天人们会用暖水袋取暖是因为水的______大，这是利用______方式改变人的内能。
(4)根据所给数据计算出，当气温为5℃，风速为35km/ℎ时，风寒温度为______℃，此时地面的水会结冰吗？______(填“会”“不会”)。
25.（6分）阅读短文，回答问题。
某一空气净化器工作过程如图甲所示：空气进入净化器，空气里的灰尘由于钨丝放电而带上正电，经过负电格栅板时被吸附，此后经活性炭进一步净化，在不同挡位工作时的参数如下表所示。净化空气量是指1ℎ净化空气的体积；净化效率等于净化前后空气中有害气体浓度的差与净化前有害气体浓度的百分比。
(1)我们看到空气中尘土飞扬的现象______(选填“不属于”或“属于”)扩散现象，空气净化器负电格栅板吸附灰尘的原理是利用______；
(2)单独使用该净化器20min，规格为2400imp/(kW⋅ℎ)的电能表指示灯闪烁36次，则该空气净化器在______挡位工作，一间80m3的房间在该挡位下进行净化，需要消耗电能______J，才能完成工作。
(3)利用气敏电阻可以检测空气质量，如图乙所示为检测电路，定值电阻R0=10Ω，电源电压恒为28V；如图丙所示为气敏电阻阻值随空气中有害气体浓度β的变化曲线，现用此电路检测该型号净化器的净化效率，净化器启动前，检测电路中电流表的示数为0.7A，此时空气中有害气体浓度是______μg/m3。净化器正常使用30min后，检测电路的电流变为0.1A，则该空气净化器的实际净化效率为______%。
答案解析
1.B
【解析】解：A、飞行的客机相对广州塔位置变了，所以飞行的客机是运动的，故A不符合题意；
B、两岸的高楼相对广州塔的位置没变，所以两岸的高楼是静止的，故B符合题意；
C、行驶的游船相对广州塔位置变了，所以行驶的游船是运动的，故C不符合题意；
D、流动的江水相对广州塔位置变了，所以流动的江水是运动的，故D不符合题意。
故选：B。
解答此题的关键是看被研究的物体与所选的标准，即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的。
此题主要考查学生对参照物的选择、运动和静止的相对性的理解和掌握，研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同，但都是正确的结论。
2.B
【解析】解：由于质量是物体的一种属性，与温度、空间位置、状态、形状无关，则嫦娥五号从月球带回的月壤样品的质量不变，故B正确，ACD错误。
故选：B。
质量是物体的一种属性，与温度、空间位置、状态、形状无关。
本题考查了对质量属性的理解，属于基础知识，难度不大。
3.A
【解析】解：由图可知，修剪树枝的剪刀在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，省力费距离；使用任何简单机械都不能省功，故A正确，BCD错误。
故选：A。
(1)结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆；
(2)使用任何简单机械都不能省功。
此题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：
①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
4.D
【解析】解：由图可知，a绕原子核运动，因此a为电子，故D正确。
故选：D。
原子的中心是原子核，周围有电子绕其运动。
本题考查原子的结构，难度不大。
5.C
【解析】解：A、汽化指物质由液态转变成气态，故A错误；
B、液化指物质由气态转变成液态，故B错误；
C、熔化指物质由固态转变成液态，故C正确；
D、凝固指物质由液态转变成固态，故D错误。
故选：C。
熔化指物质由固态转变成液态，熔化要吸热。
本题考查了熔化现象，属于基础题。
6.A
【解析】解：点灯后，水吸收热量，温度升高，内能增加。
故选：A。
改变物体内能的方式有做功和热传递两种，热传递过程中，物质吸收热量，内能增加，放出热量，内能减小。
本题考查了热传递改变物体的内能，属于基础题。
7.C
【解析】解：A、图中没有可调电阻，故A不符合题意；
B、图中是定值电阻，不是可调电阻，故B不符合题意；
CD、由题意可知，该灯泡是一盏可调节亮度的台灯，所以灯泡应该与可调电阻串联在一起，D图灯泡与可调电阻并联，两支路互不影响，故C符合题意，D不符合题意。
故选：C。
由题意可知，该灯泡是一盏可调节亮度的台灯，所以灯泡应该与可调电阻串联在一起。
解决本题的关键读懂题意，会正确的分析电路图。
8.运动状态 形状 作用点
【解析】解：踢足球时，足球在力的作用下，由静止变为运动，说明力可以使物体的运动状态发生改变。
球被脚踢的瞬间，在力的作用下有一些凹陷，即形状发生改变，说明力还可以改变物体的形状。
运动员在踢球时，若脚踢球的位置恰当，球会成弧线绕过人墙进入球门，这里的“恰当的位置”，是指力的作用点。
故答案为：运动状态；形状；作用点。
力的作用效果：力可以改变物体的形状；力可以改变物体的运动状态。力的三要素为力的大小、方向和作用点。
此题考查了力的三要素及力的作用效果，属于基础知识。
9.大于 小于 小
【解析】解：轿车在快速行驶过程中，车子上方空气的流速大于车子下方空气的流速，因而车子上方气体的压强小于车子下方气体的压强，轿车上下方所受到的压力差形成向上的升力，从而使得轿车对地面的压力变小。由于摩擦力与压力大小有关，所以压力减小，汽车与地面间的摩擦力减小。
故答案为：大于；小于；小。
流体压强与流速的关系，气体在流速大的地方压强小，在流速小的地方压强大，轿车快速行驶时，上下方所受到的压力差形成向上的升力，对地面的压力减小。而摩擦力与压力大小有关，所以压力减小，摩擦力减小。
理解流体压强与流速的关系，影响摩擦力的因素，并能解释一些简单的生活应用，是解答本题的关键。
10.惯性 不能 头枕
【解析】解：当汽车突然加速或刹车，车内的人由于具有惯性仍要保持原来的运动状态，会向后或向前运动，容易受到伤害；
头枕和安全带不能改变人的质量，所以不能减小人的惯性；
汽车被追尾时速度突然变大，但车内的人由于具有惯性仍要保持原来的运动状态，会向后运动，因此头枕可以减小汽车被追尾时给人带来的伤害。
故答案为：惯性；不能；头枕。
物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大。
此题主要考查学生对惯性现象的理解。惯性现象在现实生活中随处可见，和我们的生活密切相关，学习中要注意联系实际，用所学惯性知识解决生活中的实际问题。
11.等于 不做功 3000
【解析】解：(1)当无人机悬停在空中时，竖直方向上处于平衡状态，所以无人机所受升力和重力是一对平衡力。由平衡力的特点知，升力等于无人机的重力；
(2)升力的方向竖直向上，当无人机水平飞行时，无人机在升力的方向上没有移动距离，根据做功的两个必要因素知，升力对无人机不做功；
(3)无人机克服重力做的功：
W=Gℎ=30N×100m=3000J。
故答案为：等于；不做功；3000。
(1)根据无人机的运动状态分析无人机受到的升力、重力的大小关系；
(2)做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动的距离；
(3)根据W=Gℎ计算无人机克服重力做的功。
本题考查的是二力平衡的条件的应用和做功的两个必要因素，属于基础题。
12.甲 1×103 不能
【解析】解：(1)茶壶是连通器原理在生活中的实际应用，当用茶壶装水时，水面静止时，壶嘴与壶身内的水面是相平的，有图可知，甲图的壶嘴高度大于乙图，所以甲茶壶能装更多的水。
(2)乙茶壶加满水后，茶壶中水的深度为ℎ=10cm=0.1m，
水对壶底的压强是：
p=ρ液gℎ=1×103kg/m3×10N/kg×0.1m=1×103Pa；
(3)壶盖密封性良好，若按住小孔，倒出部分水后，里面的气压小于大气压，所以壶中的水不能顺利倒出。
故答案为：甲；1×103；不能。
(1)连通器的结构特征是上端开口、底部连通；
(2)利用p=ρgℎ比较水对壶底的压强关系；
(3)茶壶盖上的小孔能保证与大气相通。
本题考查了连通器的特点和液体压强的计算，以及大气压，是一道基础题目。
13.改变力的方向 50 变大
【解析】解：定滑轮的作用是改变力的方向；
图中所示承担总重的绳子股数n=2，拉力F=12×(G+G动)=12×(80N+20N)=50N；
不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率η=W有用W有用+W额=GℎGℎ+G动ℎ=GG+G动=11+G动G，动滑轮重不变时，物重增大，机械效率将变大。
故答案为：改变力的方向；50；变大。
定滑轮在使用时，只改变力的方向不改变力的大小；
根据图可知，由2股绳子承担总重，则拉力F=12×(G+G动)；
不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率η=W有用W有用+W额=GℎGℎ+G动ℎ=GG+G动=11+G动G，动滑轮重不变时，物重增大，机械效率增大。
本题考查了动滑轮的作用和工作特点、机械效率的影响因素，属于基础题，要求掌握。
14.变小 变大 7800
【解析】解：(1)热气球内部气体温度升高，其气体体积增大，则气体内的空气密度减小，
又因浮力F=ρ空气gV排，故浮力变大。
气球在空气中所受浮力：
F浮=ρ空气gV排=1.3kg/m3×600m3×10N/kg=7800N；
(2)在空中悬浮，
F浮=G总=7800N；
故答案为：变小；变大；7800。
(1)热气球内部气体温度升高的过程中，气球内气体的体积增大，所以气球内空气密度减小；根据阿基米德原理可以判断浮力的变化。
(2)气球悬浮在空中时，利用阿基米德原理求气球受到空气的浮力，此时浮力等于气球吊篮和乘客的总重。
该题考查热气球升空的原因，要注意热气球排开空气的体积不变，还考查浮力大小计算，注意阿基米德原理不仅适用于液体，也适用于气体。
15.答：小球漂浮在水面，受到竖直向上的浮力和竖直向下的重力的作用，且二力的大小相等、作用点均在重心上，如图。
【解析】小球漂浮在水面，受到竖直向上的浮力和竖直向下的重力的作用，且二力的大小相等、作用点均在重心上，据此画图。
本题考查浮力的有关知识，是一道综合题。
16.解：过入射点O且垂直于分界面的直线称为法线，由空气斜射入水中，入射角大于折射角，如图所示：
【解析】光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向发生偏折的现象叫作光的折射。
本题考查了光的折射作图。
17.解：家庭电路中，开关应连接在火线和插座之间，三孔插座的左孔接零线，右孔接火线，上孔接地线，如图所示：
【解析】三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。
本题考查了家庭电路的连线问题，属于常考题。
18.B 2.35 337.5 将游码拨到标尺的零刻度线处 178 2038.5 216
【解析】解：(1)读数时视线要垂直于尺面，故读数正确的是B；
由图可知：刻度尺的分度值为1mm，起始位置对应的刻度值是4.00cm，物体末端对应的刻度值是6.35cm，则物体的长度为6.35cm−4.00cm=2.35cm；
由图可知，秒表小盘的分度值是0.5min，指针在5min和6min之间，超过半刻度线；大盘的分度值是0.1s，大盘指针在37.5s，因此秒表读数为5min37.5s=337.5s；
(2)根据天平调节平衡的步骤可知，接下来的操作是将游码拨到标尺的零刻度线处，再调节平衡螺母直到指针指在分度盘中央；由图可知物体的质量m=100g+50g+20g+5g+3g=178g；
(3)电能表显示的数字的最后一位为小数部分，单位是kW⋅ℎ，故示数为2038.5kW⋅ℎ；
2500r/(kW⋅ℎ)表示电路中每消耗1kW⋅ℎ的电能，电能表的转盘转2500r，电能表的转盘转过45r消耗的电能：
W=45r2500r/(kW⋅ℎ)=0.018kW⋅ℎ；
用电器的实际电功率：
P=Wt=0.018kW⋅ℎ560ℎ=0.216kW=216W。
故答案为：(1)B；2.35；337.5；(2)将游码拨到标尺的零刻度线处；178；(3)2038.5；216。
(1)刻度尺读数时，首先看起始端有没有从0开始，若没有从0开始，把起始端对应的刻度值当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去起始端对应的刻度值，即为物体长度，读数时视线要垂直于尺面，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；
秒表的中间的表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，秒表读数是两个表盘的示数之和；
(2)使用天平测量物体质量之前要进行调平，先移动游码到零刻度线，再调节平衡螺母，使天平平衡；物体的质量等于砝码质量加游码在标尺上所对的刻度值；
(3)电能表上示数的最后一位为小数部分，单位是kW⋅ℎ；
2500r/(kW⋅ℎ)表示每消耗1kW⋅ℎ的电能，电能表的转盘转过2500r，据此求出转45r消耗的电能，再根据P=Wt求出该用电器的实际电功率。
本题考查了几种测量仪器的使用及读数，属于基本技能的考查，难度不大，认真作答即可。
19.等效替代法 不能 虚 不变 v2 k1和k2
【解析】解：(1)寻找蜡烛A的像的位置时，眼睛应在蜡烛A一侧观察，在蜡烛B的一侧不能看到蜡烛A的像，所以人眼一直在玻璃板的前侧观察，直至蜡烛B与蜡烛A的像完全重合，这种确定像与物大小关系的方法是等效替代法；
(2)由于平面镜所成的像是虚像，所以不会成在光屏上；
(3)平面镜成像特点：像与物到镜面的距离相等，像与物大小相同，所以实验时，将蜡烛A逐渐靠近玻璃板时，它的像的大小不变；
(4)图中的像k1是通过玻璃前板形成的，k2是通过后板形成的，则k1位置的像的像距v应是图中的v2；若在图乙中k1和k2两个像中间放置一块不透明薄挡板，则小明在蜡烛A这一侧透过玻璃板能看到k1和k2。
故答案为：(1)等效替代法；(2)不能；虚；(3)不变；(4)v2；k1和k2。
(1)实验时采用两个完全相同的蜡烛，一支蜡烛放在玻璃板的前面并点燃，另一支放在玻璃板的后面，眼睛应在点燃的蜡烛一侧观察；
当玻璃板后面的蜡烛和玻璃板前面的蜡烛的像完全重合时，可以确定像的位置和大小，这是等效替代法；
(2)虚像不能成在光屏上，而实像能够成在光屏上；
(3)根据平面镜成像特点：像与物到镜面的距离相等，像与物大小相同，像与物关于平面镜对称分析即可；
(4)根据平面镜成像特点：平面镜所成的像是虚像，像与物到镜面的距离相等，像与物关于平面镜对称分析即可。
本题主要考查了平面镜成像特点的实验及其应用，是光学中的一个重点题目。
20.B 定值电阻断路 1 调大 保持定值电阻两端电压不变 40
【解析】解：(1)为了保护电路，闭合开关S前，滑动变阻器的滑片P应移到阻值最大处，即B端；
闭合开关S，发现电流表无示数，说明电路可能断路，电压表示数约为3V，则故障原因可能是与电压表并联的定值电阻断路了；
(2)①由图丙知定值电阻两端的电压U0=1V；
②探究电流与电阻的实验中，要保持定值电阻两端电压一定(或保持电压表示数不变)，当用10Ω的电阻替换5Ω的电阻后，根据分压原理，定值电阻两端的电压变大，为保持电压表示数不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器两端的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻；
③根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压：U滑=U−U0=3V−1V=2V，滑动变阻器分得的电压为电压表示数的2V1V=2倍，根据分压原理，当接入20Ω电阻时，滑动变阻器连入电路中的电阻为：R滑=2×20Ω=40Ω，为了能够利用上述4个定值电阻，实验中需要滑动变阻器的最大阻值至少为40Ω；
故答案为：(1)B；定值电阻断路；(2)①1；②调大；保持定值电阻两端电压不变；③40。
(1)为了保护电路，闭合开关S前，滑动变阻器的滑片P应移到阻值最大处；
闭合开关S，发现电流表无示数，说明电路可能断路，电压表示数约为3V，则故障原因可能是与电压表并联的定值电阻断路了；
(2)①根据电压表的量程和分度值得出电压表的示数；
②根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
③探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入20Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻。
本题探究“电流跟电阻的关系”，考查故障分析、电流表读数、操作过程、数据分析和对器材的要求等内容。
21.解：(1)①返回舱运动时间：t=0.4s，
返回舱的运动速度：v=st=1m0.4s=2.5m/s；
②返回舱的总重力：G=mg=3×103kg×10N/kg=3×104N；
重力所做的功：W=Gℎ=3×104N×1m=3×104J。
(2)返回舱对水平地面的压强：p=FS=3×104N1m2=3×104Pa。
答：(1)①返回舱的平均速度2.5m/s；②返回舱重力所做的功3×104J；
(2)返回舱对水平地面的压强3×104Pa。
【解析】(1)根据速度公式v=st计算运动速度；
(2)利用W=Fs=Gℎ计算出重力所做的功；
(3)根据速度公式p=FS计算运动速度。
本题考查速度、功和压强的计算，属于基础题。
22.解：(1)图中灯泡L和电阻R并联在电路中，消毒柜正常工作，则通过R的电流：I=UR=220V100Ω=2.2A；
(2)此时R的电功率为：P=UI=220V×2.2A=484W
(3)电源电压为220V，L在额定电压下工作，则100s消耗的电能：
W=Pt=50W×100s=5000J。
答：(1)通过R的电流为2.2A；(2)R的电功率为484W；(3)灯泡L工作100s消耗的电能为5000J。
【解析】(1)分析电路结构，知道电压和电阻，利用欧姆定律可计算电流的大小；
(2)利用电功率公式P=UI可计算R的电功率；
(3)利用公式W=Pt可计算L工作100s消耗的电能。
本题考查了利用欧姆定律、电功率公式、电能公式进行简单的计算，难度不大。
23.2 液体密度 变大 4×103 25 4
【解析】解：(1)由图A与C可知，物体在水中受到的浮力：F浮=G−F=8N−6N=2N；A、D、E实验，排开液体体积相同，液体密度不同，浮力不同，说明物体所受浮力与液体密度有关；
(2)物体从C下降到D的过程中，深度增加，根据p=ρgℎ可知，它的底部所受压强变大；
由图A与C可知，物体在水中受到的浮力：F浮=G−F=8N−6N=2N；
由F浮=ρ液gV排可知物体A的体积：V=V排=F浮ρ水g=2N1.0×103kg/m3×10N/kg=2×10−4m3；物体密度ρ=mV=0.8N2×10−4m3=4×103kg/m3；
(3)由图知：B端所受得力等于重物D对杠杆的拉力，大小等于物体D的重力，
根据杠杆的平衡条件FC×OA=FD×OE知物体D的重力为：
GD=FD=FC×OAOE=20N×；
(4)C的边长为a=10cm=0.1m，
当物体C浸没在水中时，受到的浮力为：
F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×(0.1m)3=10N；
物体C受到的力：A点对C的拉力FA、浮力、重力
故物体C受到的拉力为：FA=GC−F浮C=20N−10N=10N；
此时物体D移动到E点时杠杆恰好水平静止，
由F1L1=F2L2 得：FAOA=FDOE，
OE的长度：OE=FA×OAFD=10N×10cm25N=4cm。
故答案为：(1)2；液体密度；(2)变大；4×103(3)25；(4)4。
(1)利用称重法可求浮力；根据控制变量法进行分析；
(2)根据液体压强影响因素进行分析；根据称重法求出物体浸没在水中时受到的浮力；由阿基米德原理可得出排开水的体积，即物体的体积，根据G=mg算出物体的质量，根据密度公式可求出物体的密度；
(3)(4)根据杠杆的平衡条件算出D物体的重力；
根据阿基米德原理算出物体C全部浸没水中时受的浮力，对物体C受力分析得出拉力FA，根据杠杆的平衡条件算出OE的长度。
此题是探究影响浮力大小的因素实验，考查了影响浮力的因素及控制变量法的应用，同时考查了有关浮力公式的应用。
24.C 0.02 比热容 热传递 −2 不会
【解析】解：
(1)风加速了人体周围空气流动速度，加强了对流，加快了对流散失的热量，故选C。
(2)由Q放=cmΔt得降低的温度：
Δt=Q放cm=4.2×103J4.2×103J/(kg⋅℃)×50kg=0.02℃；
(3)因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以暖水袋中用水做传热介质；
用暖水袋取暖是利用热传递的方法改变内能；
(4)当气温为5℃，风速为35km/ℎ时，
风寒温度：T=t−0.2(℃⋅ℎ)/km×v=5−0.2(℃⋅ℎ)/km×35km/ℎ=−2℃；
此时水的温度为5℃，没有达到凝固点，故地面的水不会结冰。
故答案为：(1)C；(2)0.02；(3)比热容；热传递；(4)−2；不会。
(1)认真审题，根据题目所提供的信息分析答题。
(2)已知散失的热量、人体质量与比热容，利用Q放=cmΔt求出下降的体温。
(3)对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。
改变物体内能的方式有做功和热传递，二者是等效的；
(4)根据结冰的条件分析答题。
认真阅读题目所给信息是正确解题的关键。
25.不属于 异种电荷互相吸引 2 5.4×104 2.0 95
【解析】解：(1)空气中尘土飞扬属于机械运动，不是扩散现象；由净化原理图可知，空气里的灰尘由于钨丝放电而带上正电，因为异种电荷相互吸引，所以负电格栅板能吸附灰尘；
(2)电能表指示灯闪烁36次，净化器消耗的电能：W=36imp2400imp/(kW⋅ℎ)=0.015kW⋅ℎ=5.4×104J，
工作时间t=20min=1200s，则净化器消耗的电功率：P=Wt=5.4×104J1200s=45W，
查表可知，功率为45W时，该空气净化器在2挡位工作；
在2挡位下净化一间80m3的房间需要用时t′=80m3240m3/ℎ=13ℎ，
消耗的电能为：W′=Pt′=45×10−3kW×13ℎ=0.015kW⋅ℎ=5.4×104J；
(3)由电路图可知，R0、R串联，检测电路中电流表的示数为I=0.7A，
由欧姆定律得，电路的总电阻：R总=UI=28V0.7A=40Ω，
根据串联电路电阻特点可知，气敏电阻的阻值：R=R总−R0=40Ω−10Ω=30Ω，
由图丙可知，气敏电阻阻值为30Ω时，此时空气中有害气体浓度是β1=2.0μg/m3；
当检测电路的电流变为I′=0.1A，
此时电路总电阻：R总′=UI′=28V0.1A=280Ω，
根据串联电路电阻特点可知，气敏电阻的阻值：R′=R总′−R0=280Ω−10Ω=270Ω，
由图丙可知，气敏电阻阻值为270Ω时，此时空气中有害气体浓度是β2=0.1μg/m3，
由题意知，净化效率等于净化前后空气中有害气体浓度的差与净化前有害气体浓度的百分比，
则该空气净化器的实际净化效率：η=β1−β2β1×100%=2.0μg/m3−0.1μg/m32.0μg/m3×100%=95%。
故答案为：(1)不属于；异种电荷互相吸引；(2)2；5.4×104；(3)2.0；95。
(1)不同的物质互相接触时，彼此进入对方的现象叫做扩散，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动；同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
(2)先求出电能表指示灯闪烁36次净化器消耗的电能，再根据P=Wt求出净化器消耗的电功率，查表可知，该空气净化器所在的挡位；求出在该挡位下净化一间80m3的房间所用时间，再根据W=Pt计算需要消耗电能；
(3)由电路图可知，R0、R串联，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电路总电阻，根据串联电路电阻特点求出气敏电阻的阻值，由图丙可知，此时空气中有害气体浓度；
当检测电路的电流变为I′=0.1A，根据欧姆定律求出此时电路总电阻，根据串联电路电阻特点求出气敏电阻的阻值，由图丙可知，此时空气中有害气体浓度利用净化效率的求出该空气净化器的实际净化效率。
本题以空气净化器为背景材料，考查了电功率公式、欧姆定律的应用、串联电路的特点等知识，涉及到的知识多，综合性强，关键要从题干中获取有用的信息，有一定的难度。风速(km/ℎ)
0
10
20
30
40
风寒温度(℃)
5
3
1
−1
−3
工作挡位
待机
1挡
2挡
3挡
4挡
5挡
6挡
功率(W)
0.9
23
45
75
103
121
148
净化空气量(m3/ℎ)
−
120
240
360
500
760
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