[物理][一模]河北省石家庄市裕华区2024年中考试题(解析版)

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2．答题前、考生务必将姓名、准考证号填写在试卷上和答题卡相应位置。
3．所有答案均在答题卡上作答，在本试卷或草稿纸上作答无效。答题前，请仔细阅读答题卡上的“注意事项”，按照“注意事项”的规定答题。
4．答题时，请在答题卡上对应题目的答题区域内答题。
卷Ⅰ（选择题，共36分）
温馨提示：请将选择题答案用2B铅笔填涂在答题卡上的相应位置。
一、选择题（本大题共12个小题；1-9为单选，每小题3分；10-12为多选，至少有两个选项正确，每小题3分，全选对的得3分，选对但不全的得2分，有错选或不选的不得分，共36分）
1. 下列符合生活实际的是（ ）
A. 一个普通篮球的质量约5kg
B. 中学生走两步的距离约为1.5m
C. 歌声在空气中的传播速度约为
D. 石家庄市在春节期间的平均气温约为
【答案】D
【解析】A. 一个足球约为0.45kg，篮球和足球相差不多，应为0.5kg，故A不符合题意；
B. 中学生一步的距离约60cm，两步的距离约为1.2m，故B不符合题意；
C. 歌声在空气中的传播速度约为340m/s，故C不符合题意；
D. 石家庄市在河北省，在春节期间的平均气温约为-10℃，故D符合题意。
故选D。
2. “二十四节气”是中华民族智慧的结晶，有关节气的谚语，下列分析不正确的是（ ）
A. “惊蛰云不停，寒到五月中”，云的形成主要是升华现象
B. “伏天三场雨，薄地长好麻”，雨的形成主要是液化现象
C. “霜降有霜，米谷满仓”，霜的形成主要是凝华现象
D. “小寒冻土，大寒冻河”，河水结冰主要是凝固现象
【答案】A
【解析】A．云是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，属于液化现象，故A错误，符合题意；
B．雨是空气中的水蒸气遇冷形成的小水珠，属于液化现象，故B正确，不符合题意；
C．霜是空气中的水蒸气遇冷形成的小冰晶，属于凝华现象，故C正确，不符合题意；
D．河水结冰是水由液态变为固态的过程，属于凝固现象，故D正确，不符合题意。
3. 最近几年，我国在信息、材料、能源、技术等领域取得了辉煌的成就，以下说法正确的是（ ）
A. 光在光导纤维中沿直线传播，激光能量损耗非常少
B. 深海潜水器“奋斗者”号可以海底回声定位，利用的是声可以传递能量
C. 现代生活中移动支付、共享单车、网购等，都是通过电磁波传递信息的
D. 倒车雷达利用了超声波，超声波可以在真空中传播
【答案】C
【解析】A．光在光导纤维中是多次反射来传递信息的，故A错误；
B．深海潜水器“奋斗者”号可以海底回声定位，利用的是声可以传递信息，故B错误；
C．现代生活中移动支付、共享单车、网购等，都是通过电磁波传递信息，故C正确；
D．倒车雷达利用了超声波，超声波不能在真空中传播，故D错误。
4. 如图是一户住宅内的配电系统方框图，下列说法中正确的是（ ）
A. 电能表和空气开关N的连接位置应该对调
B. 当吊灯正常发光时，用测电笔接触P处的导线，氖管不会发光
C. 站在地上的人不小心用手触到插孔M内的金属片时，漏电保护器会迅速切断电流，对人身起到保护作用
D. 当N处的空气开关跳闸时，一定是空调和吊灯同时使用引起的
【答案】C
【解析】A．电能表应该在空气开关前面，故A错误；
B．图中P处为火线，正常状况下，用试电笔接触P点氖管会发光，故B错误；
C．三孔插座的连接方法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线，因此图中M点为火线，漏电保护器只有在电路发生漏电或有人触电时才会切断电源，当站在地上的人不小心用手指接触到插孔M内火线，电流会从大地导走，此时漏电保护器会迅速切断电流，对人身起到保护作用，故C正确；
D．当N处的空气开关跳闸时，可能是用电器的总功率过大，也可能是电路中发生了短路，故D错误。
故选C。
5. 如图所示，关于下列四幅图片中的物理知识，说法正确的是（ ）
A. 如图甲，载重汽车安装很多宽大的轮子是为了减小对地面的压力
B. 如图乙，驱逐舰由长江驶入东海，它所受的浮力会变大
C. 如图丙，飞机机翼利用流速越快的位置压强越大的规律获得升力
D. 如图丁，船闸是利用连通器原理工作的
【答案】D
【解析】A．如图甲，载重汽车安装很多宽大的轮子是为了通过增大受力面积，减小对地面的压强，故A错误；
B．如图乙，驱逐舰由长江驶入东海，它始终处于漂浮状态，重力不变，浮力不变，故B错误；
C．如图丙，飞机机翼利用流速越快的位置压强越小的规律获得升力，机翼向上凸起，机翼上方空气流速较快，压强较小，从而获得竖直向上的压力差，即升力，故C错误；
D．如图丁，船闸是利用连通器原理工作的，当液体静止时，液面相平，故D正确。
6. 我国高铁采用了能量回收制动方式：列车到站前停止动力供电，继续向前运行，内部线圈随车轮转动的过程把机械能转化为电能进行回收。如图所示的四幅图中与其工作原理相同的是（ ）
A. 动圈式话筒
B. 扬声器
C. 电磁起重机
D. 电风扇
【答案】A
【解析】线圈随车轮转动并在磁场中切割磁感线产生感应电流，将机械能转化为电能，这是电磁感应现象。
A．动圈式话筒中的线圈随声音振动，在磁场中切割磁感线产生感应电流，将机械能转化为电能，工作原理是电磁感应现象，故A符合题意；
B．扬声器中的通电线圈在磁场中受到力的作用，工作原理是通电导体在磁场中受力运动，故B不符合题意；
C．电磁起重机中的电磁铁的工作原理是电流的磁效应，故C不符合题意；
D．电风扇中的电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力运动，故D不符合题意。
故选A。
7. 关于分子热运动和内能，下列说法正确的是（ ）
A. 铁的质量越大，则铁的比热容越大
B. 内燃机在压缩冲程中，内能转化为机械能
C. 木工锯木块时，锯条会发烫是通过热传递改变物体内能
D. 端午节煮粽子，闻到粽香说明分子在不停地做无规则的运动
【答案】D
【解析】A．比热容是物质的一种特性，与质量无关，铁的质量越大，则铁的比热容不变，故A错误；
B．内燃机在压缩冲程中，将机械能转化为内能，故B错误；
C．木工锯木块时，锯条会发烫是通过做功改变物体的内能，故C错误；
D．端午节煮粽子，闻到粽香，属于扩散现象，说明分子在不停地做无规则的运动，故D正确。
故选D。
8. 如图是探究电热的多少跟什么因素有关的实验装置，两个相同的透明容器中密封着等量的空气。下列说法正确的是（ ）
A. U形管中液面高度变化主要是由U形管中液体热胀冷缩引起的
B. 图甲中右侧管中液柱上升得高，说明通电相同时间、电阻越大，则通电电流越大，产生的热量越多
C. 若将乙图中容器外5Ω的电阻换成10Ω，则不能探究电流通过导体产生的热量与电流的关系
D. 图乙中左侧管中液柱上升得高，说明两个相同的电阻丝通电相同时间，电流越小，产生的热量越少
【答案】D
【解析】A．电流通过导体产生的热量不能直接显示出来，容器中空气会由于热胀冷缩而出现高度差，由此反映出产生的热量多少，不是液体热胀冷缩，故A错误；
B．甲图中两个电阻串联，串联电路中电流相等，通电时间也相同，由Q=I2Rt知道，电阻越大，产生的热量越多，故B错误；
C．乙图中右侧两个5Ω的电阻并联后，再与左侧5Ω的电阻串联；若将乙图中容器外5Ω的电阻换成10Ω，根据并联电路的电流关系可知，通过容器内电阻的电流是不同的，也可以研究电流产生的热量与电流的关系，故C错误；
D．图乙中容器中电阻相等，根据并联电路的电流关系可知，他们的电流不等，并联电阻支路中电流为干路电流的一半，两边容器中电阻的电流不同，可以用来探究产生热量与电流大小的关系，两个相同的电阻丝通电相同时间，电流越小，产生的热量越少，故D正确。
故选D。
9. 如图所示，用刻度均匀的杠杆探究“杠杆平衡条件”的实验（每个钩码重0.5N）。下列说法正确的是（ ）
A. 图甲，杠杆停留在图中位置，此时杠杆处于不平衡状态
B. 图乙，在A、B处各去掉相同数量的钩码，则杠杆右端下降
C. 图丙，杠杆在水平位置平衡时，弹簧测力计竖直向下的拉力为1N
D. 图丙，杠杆始终在水平位置保持平衡，弹簧测力计从a转到b时示数变小
【答案】C
【解析】A．实验前，杠杆停留在图甲所示位置，从图中可以看到，尽管杠杆左低右高，杠杆还是静止状态，由于杠杆处于静止或匀速转动的状态，都为平衡状态，所以此时杠杆还是处于平衡状态，故A错误；
B．图乙中，在A、B处各去掉相同数量的钩码，假设各去掉一个，设每个钩码重力为G，杠杆上每小格长为l，那么左边的力与力臂的乘积为4Gl，右边的力与力臂的乘积为3Gl，由于
4Gl>3Gl
所以杠杆左端下降，故B错误；
C．从图丙可知，钩码是3个，每个钩码重0.5N，则钩码的总重力为1.5N，设杠杆上每小格长为l，杠杆保持在水平位置平衡时，根据杠杆的平衡条件可得
解得
F=1N
故C正确；
D．图丙中，弹簧测力计从a转到b，杠杆始终保持平衡，而左边的力与力臂的乘积保存不变，根据杠杆的平衡条件可知，拉力与其力臂的乘积大小等于左边的力与力臂的乘积，所以拉力与其力臂的乘积不变，由于力臂变小，所以拉力变大，则弹簧测力计示数变大，故D错误。
故选C。
10. 下列是发生在我们身边常见的物理现象，其中解释正确的是（ ）
A. 放在水平讲台上的书处于静止状态，因为它所受的重力和书对讲台的压力大小相等
B. 用力推静止的汽车没推动，是因为推力等于汽车受到的阻力
C. 斜向上抛出去的实心球到最高处时若所有力突然消失，小球将保持水平匀速直线运动
D. 马拉车加速前进时，马拉车的力大于车拉马的力
【答案】BC
【解析】A．放在水平讲台上的书处于静止状态，因为书所受的重力和讲台对书的支持力大小相等，方向相反，书受到的是平衡力，故A错误；
B．用力推静止的汽车没推动，汽车仍处于静止状态，静止的汽车受平衡力作用，所以汽车受到的推力等于汽车受到的阻力，故B正确；
C．斜向上抛出去的实心球到最高处时，具有水平运动的速度，若所有力突然消失，由牛顿第一定律可知，小球将保持水平匀速直线运动，故C正确；
D．马拉车加速前进时，由于力的作用是相互的，所以马拉车的力等于车拉马的力，故D错误。
故选BC。
11. 在探究凸透镜成像规律的实验中；当蜡烛、凸透镜、光屏位于如图所示的位置时，光屏上成清晰的烛焰的像。下列说法正确的是（ ）
A. 此时成倒立、放大的实像，与投影仪原理相同
B. 保持透镜不动，蜡烛和光屏都向右移动适当距离，光屏上可得到清晰放大的像
C. 保持蜡烛和光屏不动，向左移动透镜适当距离，光屏上可再次得到清晰的放大的像
D. 在透镜和蜡烛之间放近视镜片；若将光屏适当右移，光屏上可能再次出现清晰的像
【答案】BCD
【解析】A．由图可知，物距为30cm，像距为15cm，物距大于像距，此时光屏上呈现一个清晰的烛焰的像，符合物距大于2倍焦距时，像距大于1倍焦距且小于2倍焦距，成倒立、缩小的实像，与照相机原理相同，故A错误；B．透镜不动，蜡烛和光屏都向右移动，物距变小，像距变大，光屏上的像将变大，故B正确；C．保持蜡烛和光屏不动，向左移动透镜适当距离，根据光路可逆可知，将物距变为原来的像距，像距变为原来物距，此时光屏上可以成倒立、放大的实像，故C正确；D．若在透镜和蜡烛之间放近视镜片，近视镜片是凹透镜，对光线有发散作用，折射光线延迟会聚，光屏要适当右移可再次出现清晰的像，故D正确。
12. 如图所示，电源电压不变，灯泡L标有“6V 0.5A”的字样（灯丝电阻不变）。三个开关都闭合时，小灯泡L正常发光，电流表示数为2A。关于此电路下列说法正确的是（ ）
A. 电源电压为6V
B. 电阻阻值为4Ω
C. 只闭合时，变阻器的滑片P向下移动的过程中，电压表V与电流表A示数均变小，电路的总功率变大
D. 只闭合时，变阻器的滑片P向上移动过程中，电压表V与电流表A示数之比不变，两表示数的乘积变大
【答案】ABD
【解析】A．三个开关都闭合时，R1短路，灯与R2并联，电压表测电源电压，电流表测干路的电流，因灯正常发亮，则电源电压为6V，故A正确；
B．灯的额定电流为0.5A，根据并联电路电流的规律，通过R2的电流为
由欧姆定律知，电阻R2的阻值
故B正确；
C．S3闭合，断开S1和S2时，两电阻串联，电压表测的电压，电流表测电路的电流，变阻器R1的滑片P向下滑动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变大，电路的总电阻变大，由可知电路中的电流变小，电流表示数变小，由知定值电阻R2两端的电压变小，电压表的示数变小，由可知电路的总功率变小，故C错误；
D．闭合S3，断开S1和S2时，两电阻串联，电压表测R2的电压，电流表测电路的电流，变阻器R1的滑片P向上滑动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变小，电路的总电阻变小，由知电路中的电流变大，电流表示数变大，由知定值电阻R2两端的电压变大，电压表的示数变大，所以两表示乘积变大，由于电压表V与电流表A示数之比等于定值电阻的阻值，所以电压表V与电流表A示数之比不变，故D正确。
故选ABD。
卷Ⅱ（非选择题，共64分）
二、填空题（本大题共6个小题；其中第14小题6分，其它各小题每空2分，共34分）
13. 2024年2月10日，北京卫视举办了以“我的春天，看我的”为主题的春节联欢晚会，如图所示。在跳舞的过程中以时代少年团为参照物，地板是______（选填“运动”“静止”）的；时代少年团唱歌时，歌声是由于声带______产生的，我们要辨别他们的声音是根据声音的______判断的。
【答案】运动 振动 音色
【解析】[1]在跳舞的过程中，人是移动的，以时代少年团为参照物，地板与人的位置发生改变，故是运动的。
[2]声音是由物体的振动产生的，时代少年团唱歌时，歌声是由于声带振动产生的。
[3]声音有三个特征，即音调、响度 和音色，一般利用音色来区分和辨别发声体，则我们要辨别他们的声音是根据声音的音色判断。
14. “小荷才露尖尖角，早有蜻蜓立上头”描述的画面如图甲所示。蜻蜓在水中的“倒影”是由于光的______形成的。当蜻蜓远离水面时，它的“倒影”______（选填“变大”“变小”或“不变”）。图乙中的A表示蜻蜓的“倒影”位置，请在图中确定蜻蜓的位置，并完成人眼看到蜻蜓“倒影”的光路图______。
【答案】反射 不变
【解析】[1]平面镜的成像原理是光的反射，所以平面镜成的像是虚像。
[2]由于物体在平面镜中所成的像和物体的大小相等，所以不管蜻蜓距水面的距离远还是近，像始终和物体等大，因此当蜻蜓远离水面时，它在水中的“倒影”大小将不变。
[3]由题知道，A'的位置是蜻蜓通过水面所成的像；根据平面镜成像特点作出蜻蜓的位置，则眼睛与虚像的连线与水面的交点为反射点（入射点）O，连接AO为入射光线、连接O和眼睛可得反射光线，如下图
15. 盛夏时节，小明到海里游泳。他把体积为，重为0.8N的一个物块浸没水中，放手后，当物块静止时受到的浮力为______N。当他从海水中逐渐走上岸的过程中，他感觉踩在鹅卵石上的脚掌越来越疼，请分析原因：______。（水的密度）
【答案】0.1 人体排开海水的体积变小，受到的浮力变小，所受的支持力变大，脚底受到的压强变大
【解析】[1]体积为10cm3，重为0.8N的物块的密度
物块的密度大于水的密度，所以物块浸没水中，放手后，物块沉底，则物块受到的浮力
[2]小明从海水中走上岸的过程中，小明受到三个力的作用：重力、浮力、支持力，其中重力的大小不变，浮力的大小与液体的密度、物体排开液体的体积有关，因为液体的密度不变，人体排开液体的体积变小，所以浮力也变小，则支持力变大。由于支持力与脚掌对鹅卵石的压力是一对相互作用力，大小相等，则脚掌对鹅卵石的压力也变大，脚掌踩在鹅卵石上，受力面积不变，由可知，脚底受到的压强变大，所以脚掌感觉越来越疼。
16. 小明家中的电能表如图所示，从表盘信息可知，小明家接人的用电器总功率不能超过______W。小明家5月初电能表的示数如图甲所示，5月底表盘示数如图乙所示，由图可知他家5月份消耗的电能为______；家庭电路中单独接电暖器，小明观察电能表指示灯在3min内闪烁了160次，则电暖器的电功率是______W。
【答案】4400 120 1000
【解析】[1]电能表上参数的意义：220V说明电能表要在220V的电路中使用；20A表示电能表的额定最大电流是20A
故小明家接入的用电器总功率不能超过
[2]由图知道，小明家5月份用电器消耗的电能为
[3]3200imp/（kW•h）表示电路中用电器每消耗1kW•h的电能，电能表的指示灯闪烁3200次，则电能表指示灯闪烁160次时
电暖器消耗的电能
电暖器的电功率
17. 燃料的种类多种多样，火箭发射探测器使用液态氢做燃料，原因是氢的______大。小明家使用清洁能源天然气，他家的天然气灶将质量为2kg，初温为20℃的水烧开（标准大气压下），水吸收的热量是______J；已知该天然气灶的热效率为40%，则此过程中消耗天然气______。[水的比热容为，天然气热值为]
【答案】热值 . 0.04
【解析】[1]火箭使用液态氢作为燃料，主要利用液态氢的热值大，完全燃烧相同质量的液态氢，比其它燃料能放出更多的热量。
[2]在1个标准大气压下，水的沸点为100℃，则水的末温为100℃， 水吸收的热量
Q吸=cm（t-t0）=4.2×103J/（kg·℃)×2kg×（100℃-20℃）=6.72×105J
[3]天然气灶的热效率为40%，则天然气完全燃烧放出热量
消耗天然气
18. 马路上的路灯晚上同时亮，白天同时灭，马路上的路灯是______联。2024年1月3日，我国首个多技术路线锂电池储能站——宝塘储能站正式投运。储能电站犹如太型“充电宝”，可在用电低谷时利用太阳能等进行“充电”，用电高峰时可给用户“送电”。用电高峰时，储能电站相当于基本电路中的______（选填“用电器”或“电源”）；它充电时利用的太阳能属于______（选填“可再生”或“不可再生”）能源。
【答案】并 电源 . 可再生
【解析】[1]马路上的路灯都能独立工作，互不影响，所以是并联的。
[2]用电高峰时，储能电站为电路提供电能，相当于基本电路中的电源。
[3]太阳能可以从自然界中源源不断地获得，属于可再生能源。
三、实验探究题（本大题共3个小题；第19小题4分，第20小题6分，第21小题7分，共17分）
19. 如图甲所示，小明探究“通电螺线管外部磁场分布”的实验。
（1）小明在螺线管的两端各放一个小磁针，硬纸板上均匀地撒满铁屑，通电后轻敲纸板，观察铁屑的排列情况：发现通电螺线管外部的磁场与______的磁场相似；
（2）小明改变螺线管中的电流方向，发现两端小磁针的偏转方向也发生改变，说明通电螺线管外部磁场的方向与______有关；
（3）请在图乙中，画出通电螺线管外部的一条磁感线；___________
（4）在图乙中，为增强通电螺线管的磁场，实验时可采取的有效措施是：______（写出一种方法即可）。
【答案】（1）条形磁体 （2）电流方向 （3） （4）增大电流、增加螺线管的匝数（答案不唯一）
【解析】（1）图中所示铁屑的分布情况与条形磁体相似，因此通电螺线管外部的磁场与条形的磁场相似。
（2）小明改变螺线管中的电流方向，发现两端小磁针的偏转方向也发生改变，磁场方向改变，说明通电螺线管外部磁场的方向与电流方向有关。
（3）根据安培定则，通电螺线管的左侧为N极，根据磁体外部的磁感线从N极进入S极，外部的一 条磁感线如图所示：
（4）螺线管的磁性强弱与螺线管中的电流大小、线圈匝数、螺线管中是否插入铁芯有关，在图乙中，为增强通电螺线管的磁场，实验时可采取的有效措施是：插入铁芯。
20. 小华利用实验室里的液体压强计“探究液体压强规律”的实验，如图甲所示。
（1）液体压强计______（选填“属于”“不属于”）连通器。
（2）实验前，小华用手指轻按液体压强计的橡皮膜，发现U形管两边液柱的高度差几乎不变，则该装置存在的问题是______。
（3）调整好装置后，小华进行实验，并将实验过程中得到的数据记录如下表：
①比较序号为______的三组数据，可得出结论：同种液体，深度相同时，液体内部向各个方向的压强相等；
②比较序号为3、4、5三组数据，可得出结论：在同种液体中，液体的深度越大，液体的压强越______；③比较序号为5、6两组数据，可得出结论：在同一深度，______；
【拓展】完成实验后，小华设计了测量盐水密度的方案，如图乙所示。实验步骤如下：
a．用细线将橡皮膜把玻璃管一端扎紧，向管内倒入适量的水；
b．在烧杯中装入适量的盐水，将玻璃管缓慢浸入其中，直至橡皮膜水平，用刻度尺测出管内水面到下管口的距离，盐水面到下管口的距离；
c．盐水的密度为______。
【答案】（1）不属于 （2）漏气 （3）1、2、3 大 液体密度越大，液体压强越大
【解析】（1）上端开口，底端连通的仪器叫连通器，压强计的左端是密闭的，所以不属于连通器。
（2）使用前应检查装置是否漏气，用手指轻按金属盒上的橡皮膜，观察U形管液面是否有变化，U形管液面不变化，说明装置漏气。
（3）[1] 序号为 1、2、3的三组数据，液体密度相同，液体深度相同，橡皮膜方向不同，压强计液面高度差相等，说明液体内部压强相等，实验得到：同种液体，深度相同时，液体内部向各个方向的压强都相等。
[2] 序号3、4、5的三组数据，液体密度相同，液体越深，压强计液面高度差越大，说明液体内部压强越大，实验得到：同种液体，深度增大，液体内部压强增大。
[3] 序号5、6的两组数据，液体深度相同，液体密度越大，压强计液面高度差越大，说明液体内部压强越大，实验得到：深度相同时，液体密度越大，液体内部压强越大。
[4] 橡皮膜没有形变时，盐水产生向上的压强和水产生向下的压强相等，所以
可得
解得，盐水的密度
21. 小明利用如图甲的电路，探究“电流与电阻的关系”，已知电源电压为3V且保持不变，定值电阻阻值分别为25Ω、20Ω、15Ω、10Ω、5Ω，滑动变阻器的规格为“10Ω 2A”。
（1）如图甲所示的实物电路中存在连线错误，而且只要改接一根导线就可以。请你把接错的那根导线打上“×”，再画线把它改到正确位置上（导线不允许交叉）；___________
（2）电路改正以后，闭合开关前应将滑动变阻器滑片调至最______（选填“左”或“右”）端；如果闭合开关后，发现电流表有示数，电压表无示数，其原因可能是______；
（3）排除故障后，先接入5Ω的定值电阻，闭合开关，调节滑片使电压表示数到达某一数值，此时电流表示数如图乙所示，该示数为______A；接着将R阻值换成10Ω、20Ω重复上述操作，由表中三组数据可得结论：______；
（4）为提高结论的可靠性，换用阻值为25Ω的电阻继续上述实验，若要能完成实验，滑动变阻器的最大阻值要不小于______Ω；
【拓展】实验结束后，小明还想确认所用的滑动变阻器的最大值与铭牌标注是否一致，但是发现电源意外损坏了，于是他找来另一个未知电压的电源（电压恒定不变），并设计了如图所示的电路；实验步骤：（已知定值电阻阻值为）
①将滑动变阻器滑片P移到最右端，闭合开关，记录此时电流表示数为；
②再将滑动变阻器滑片P移到最左端，记录此时电流表示数为；
③滑动变阻器的最大阻值______（用测出的物理量和已知量的字母表示）。
【答案】（1） （2）右 定值电阻R短路 （3）0.4 电压一定时，电流与电阻成反比 （4）12.5
【解析】（1）探究“电流与电阻的关系”实验中，电流表串联在电路中，电压表测量定值电阻的两端电压，则电压表并联在定值电阻两端，如下图所示：
（2）[1]闭合开关前，为了保护电路，应将滑动变阻器滑片调至阻值最大处，即最右端。
[2]发现电流表有示数，则电路中有电流经过，电压表无示数，则电压表测量的对象短路，即定值电阻短路。
（3）[1]由图乙可知，电流表接0~0.6A量程，分度值0.02A，则示数为0.4A。
[2]先接入5Ω的定值电阻，接着将R阻值换成10Ω、20Ω，由表中数据可知，定值电阻两端电压
则可得结论是定值电阻两端电压一定，通过定值电阻的电流与定值电阻的阻值成反比。
（4）[1]换用阻值为25Ω的电阻继续上述实验，则定值电阻两端电压保持2V不变，电源电压为3V且保持不变，则滑动变阻器的阻值
则滑动变阻器的最大阻值要不小于12.5Ω。
③[2]将滑动变阻器滑片P移到最右端，则R0被短路，闭合开关，滑动变阻器最大阻值接入电路中，电流表示数为I1，则电源电压
U电源=I1R滑动①
再将滑动变阻器滑片P移到最左端，则R0与滑动变阻器并联，电流表测量干路中电流，电流表示数为I2，由于并联电路互不影响，则通过R0的电流
则电源电压
U电源=IR0R0=（I2-I1）R0②
由①②可得，滑动变阻器的最大阻值
四、综合计算题（本大题共2小题；第22小题6分，第23小题7分，共13分。解答时，要求有必要的文字说明、公式和计算步骤等，只写最后结果不得分）
22. 工人师傅用如图所示的滑轮组将货物A提升到高处，已知每个滑轮质量相同。工人重650N，双脚与地面接触的总面积为。工人师傅在20s内把900N的货物A匀速提高了2m，在此过程中，拉力所做的功是2400J（不计绳重及滑轮轴处的摩擦）。求：
（1）滑轮组机械效率；
（2）该装置中动滑轮的重力；
（3）匀速提升货物A时工人师傅对地面的压强。
【答案】（1）75% （2）300N （3）1000Pa
【解析】（1）工人师傅所做的有用功为
滑轮组的机械效率为
（2）额外功为
由W额=G动h知道
动滑轮的重为
（3）提升900N的重物时的拉力
此时工人对地面的压力
工人对地面的压强
23. 如图甲所示的电路中，电源电压恒定，灯L标有“12V 3.6W”的字样，R为标有“100Ω 0.5A”字样的滑动变阻器，定值电阻的图像如图乙所示。当开关都闭合时，灯L恰好正常发光。求：

（1）小灯泡L正常发光时的电阻；
（2）开关都闭合时，电路总功率的最小值；
（3）当只闭合开关S时，若电压表的量程为0~3V，电流表的量程为0~0.6A，为保证整个电路安全，求滑动变阻器接入电路的阻值范围。
【答案】（1）40Ω （2）5.04W （3）30Ω~100Ω
【解析】（1）由，可知灯泡正常工作时的电流为
则灯泡正常工作时的电阻为
（2）当开关都闭合时，R、L并联，灯L恰好正常发光，根据并联电路电压的特点，可知电源电压；当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电功率最小，则变阻器的最小功率为
故电路消耗的总功率最小为
（3）只闭合开关S，滑动变阻器R与串联，电压表测电压，电流表测电路电流。当滑动变阻器的阻值变大时，总电阻变大，根据可知电流表减小，根据可知电压表的示数也减小，电路安全，所以；当滑动变阻器的阻值变小时，电流表、电压表的示数均变大。由乙图可知，电压为3V时，电流为0.3A，则阻值为
当电压表示数最大为3V时，电流为
所以电路中的最大电流为0.3A，此时滑动变阻器的电阻最小，为
所以变阻器接入电路的阻值范围为：。
序号
液体
深度/cm
橡皮膜方向
压强计左右液面高度差/cm
1
水
5
朝上
5.0
2
水
5
朝下
50
3
水
5
朝侧面
5.0
4
水
10
朝侧面
10.0
5
水
15
朝侧面
15.0
6
盐水
15
朝侧面
16.8
实验序号
①
5
②
10
0.2
③
20
0.1