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新高考物理一轮复习课时作业第10章热点专题系列(六)电磁感应中的“杆和导轨”模型（含解析）
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这是一份新高考物理一轮复习课时作业第10章热点专题系列(六)电磁感应中的“杆和导轨”模型（含解析），共8页。
[热点集训]
1. (2020·河北省石家庄市教学质量检测)如图所示，水平面内有一平行金属导轨，导轨光滑且电阻不计，阻值为R的导体棒垂直于导轨放置，且与导轨接触良好。导轨所在空间存在匀强磁场，匀强磁场与导轨平面垂直。t＝0时，将开关S由1掷向2，分别用q、i、v和a表示电容器所带的电荷量、棒中的电流、棒的速度大小和加速度大小，则下列图像中正确的是( )
答案 D
解析 分析导体棒的运动情况：开关S由1掷向2，电容器放电，会在电路中产生电流，导体棒中有电流通过，会受到安培力的作用，会产生加速度而加速运动，则导体棒切割磁感线产生感应电动势，速度增大，感应电动势增大，则电路中电流减小，导体棒所受安培力减小，加速度减小，因导轨光滑，所以在有电流通过棒的过程中，棒一直加速运动，加速度逐渐减小，速度逐渐增大；当感应电动势等于电容器两端的电压时，电路中无电流，导体棒做匀速运动，加速度为零，速度达到最大值，此时电容器所带电荷量q＝CU不为零。综上所述，A、B、C错误，D正确。
2．(2021·福建省宁德市高三第一次质量检查)(多选)如图所示，有竖直向下的匀强磁场穿过水平放置的光滑平行金属导轨，导轨左端连有电阻R，质量相等、长度相同的铁棒和铝棒静止在轨道上。现给两棒一个瞬时冲量，使它们以相同初速度v0向右运动，两棒滑行一段距离后停下，已知铁棒和铝棒始终与导轨接触且垂直，铁的电阻率大于铝的电阻率，则(不考虑磁化)( )
A．在速度为v0时，两棒的端电压Uab＝Ucd
B．铝棒运动的时间小于铁棒运动的时间
C．运动过程中，铁棒中间时刻的加速度等于初始时刻加速度的一半
D．整个运动过程中，甲回路中磁通量的变化量大于乙回路中磁通量的变化量
答案 BD
解析 铁的密度大于铝的密度，铁棒和铝棒质量相等，长度相同，可知铁棒的横截面积小于铝棒的横截面积，又由铁的电阻率大于铝的电阻率及r＝ρeq \f(l,S)可知，铁棒电阻r铁大于铝棒电阻r铝，铁棒和铝棒的初速度均为v0，根据法拉第电磁感应定律，棒中感应电动势均为E＝BLv0，由闭合电路欧姆定律知回路中电流为I＝eq \f(E,R＋r)，而电阻R两端电压为U＝IR＝eq \f(BLv0R,R＋r)，由于铁棒和铝棒的电阻r不同，故铁棒和铝棒的端电压Uab≠Ucd，故A错误；由于铝棒的电阻小于铁棒的电阻，根据eq \x\t(F)安＝eq \f(B2L2\x\t(v),R＋r)，可知铝棒受到的平均安培力大于铁棒受到的平均安培力，根据动量定理有－eq \x\t(F)安Δt＝0－mv0，可知铝棒运动的时间小于铁棒运动的时间，故B正确；根据牛顿第二定律可知a＝eq \f(B2L2v,mR＋r)，铁棒做加速度减小的减速运动，铁棒在中间时刻的速度小于eq \f(v0,2)，则铁棒在中间时刻的加速度小于初始时刻加速度的一半，故C错误；根据动量定理可知－eq \x\t(F)安Δt＝0－mv0，而eq \x\t(F)安Δt＝eq \f(B2L2\x\t(v)Δt,R＋r)＝eq \f(B2L2x,R＋r)＝eq \f(BLΔΦ,R＋r)，解得ΔΦ＝eq \f(mv0R＋r,BL)，又因铁棒的电阻大，则整个运动过程中，甲回路中磁通量的变化量大于乙回路中磁通量的变化量，故D正确。
3.(2020·山东省泰安市适应性训练)如图所示，在水平面上有两条导电导轨MN、PQ，导轨间距为d，匀强磁场垂直于导轨所在的平面向里，磁感应强度的大小为B。两根完全相同的金属杆1、2间隔一定的距离摆开放在导轨上，且与导轨垂直，它们的电阻均为R，两杆与导轨接触良好，导轨电阻不计，金属杆与导轨间的摩擦不计。杆1以初速度v0滑向杆2，为使两杆不相碰，则杆2固定与不固定两种情况下，最初摆放两杆时的最小距离之比为( )
A．1∶1 B.1∶2
C.2∶1 D.3∶1
答案 C
解析 若杆2固定，设最初摆放两杆时的最小距离为x1，对杆1由动量定理得－Beq \x\t(I)dt＝0－mv0，q＝eq \x\t(I)t＝eq \f(ΔΦ,2R)＝eq \f(Bx1d,2R)，解得x1＝eq \f(2mRv0,B2d2)；若杆2不固定，设最初摆放两杆时的最小距离为x2，两者最终速度为v，根据动量定理，对杆1有－B I′]dt′＝mv－mv0，对杆2有B I′]dt′＝mv，电荷量q′＝ I′]t′＝eq \f(ΔΦ′,2R)＝eq \f(Bx2d,2R)，解得x2＝eq \f(mRv0,B2d2)，则x1∶x2＝2∶1，故C正确，A、B、D错误。
4.(2020·山东省枣庄市二调模拟)(多选)如图所示，足够长的水平光滑金属导轨所在空间中，分布着垂直于导轨平面方向竖直向上的匀强磁场，磁感应强度大小为B。两导体棒a、b均垂直于导轨静止放置。已知导体棒a质量为2m，导体棒b质量为m；长度均为l，电阻均为r；其余部分电阻不计。现使导体棒a获得瞬时平行于导轨水平向右的初速度v0。除磁场作用外，两棒沿导轨方向无其他外力作用，在两导体棒运动过程中，下列说法正确的是( )
A．任何一段时间内，导体棒b动能增加量跟导体棒a动能减少量的数值总是相等的
B．任何一段时间内，导体棒b动量改变量跟导体棒a动量改变量总是大小相等、方向相反
C．全过程中，通过导体棒b的电荷量为eq \f(2mv0,3Bl)
D．全过程中，两棒共产生的焦耳热为eq \f(mv\\al(2,0),3)
答案 BCD
解析 根据题意可知，两棒组成回路，电流大小相同，故所受安培力的合力为零，动量守恒，故任何一段时间内，导体棒b动量改变量跟导体棒a动量改变量总是大小相等、方向相反，根据能量守恒定律可知，a动能减少量的数值等于b动能增加量与系统产生的电热之和，故A错误，B正确；a、b最终共速，设最终速度为v，由动量守恒定律有2mv0＝(2m＋m)v，对b棒由动量定理有mv－0＝Beq \x\t(I)l·t＝Blq，联立解得q＝eq \f(2mv0,3Bl)，根据能量守恒定律，两棒共产生的焦耳热为Q＝eq \f(1,2)×2mveq \\al(2,0)－eq \f(1,2)(2m＋m)v2＝eq \f(mv\\al(2,0),3)，故C、D正确。
5．(2020·北京市海淀区查漏补缺)水平面上有两根足够长的光滑平行金属导轨，两导轨间距为d，在导轨上有质量为m的导体杆。整个装置处于方向竖直向下、磁感应强度大小为B的匀强磁场中。现用一水平恒力F向右拉动导体杆由静止开始运动，杆与导轨之间的摩擦和空气阻力，以及导轨的电阻均可忽略不计。假设导轨长度足够长，磁场的范围也足够大，在整个运动过程中杆与导轨保持垂直且良好接触。
(1)若在导轨之间接有一阻值为R的定值电阻，导体杆接入两轨道之间的电阻为r，如图甲所示，求：
①导体杆所能达到的最大速度vm；
②导体杆运动距离为s0过程中，通过电阻R的电荷量q。
(2)若导体杆的电阻可忽略不计，在导轨之间接有一电容为C的不带电的电容器，如图乙所示，在电容器不会被击穿的情况下，
①求电容器极板上积累的电荷量与金属棒速度大小v的关系；
②请分析说明导体杆运动的性质，并求出导体杆在时间t内通过的位移s大小。
答案 (1)①eq \f(FR＋r,B2d2) ②eq \f(Bds0,R＋r)
(2)①Q＝CBdv ②匀加速直线运动 eq \f(Ft2,2CB2d2＋m)
解析 (1)①当导体杆所受安培力与拉力F大小相等时速度最大，即有F＝FA＝BId
此时电流为I＝eq \f(E,r＋R)＝eq \f(Bdvm,R＋r)
联立解得vm＝eq \f(FR＋r,B2d2)。
②由公式q＝eq \x\t(I)Δt得q＝eq \f(\x\t(E),r＋R)Δt＝eq \f(ΔΦ,ΔtR＋r)Δt＝eq \f(Bds0,R＋r)。
(2)①导体杆切割磁感线产生感应电动势，则电容器两端电压为U＝Bdv
电荷量为Q＝CU＝CBdv。
②对导体杆由牛顿第二定律得F－Bid＝ma
其中i＝eq \f(ΔQ,Δt)＝eq \f(CBdΔv,Δt)＝CBda
整理得a＝eq \f(F,CB2d2＋m)
则导体杆做匀加速直线运动，导体杆在时间t内通过的位移s＝eq \f(1,2)at2＝eq \f(1,2)×eq \f(Ft2,CB2d2＋m)＝eq \f(Ft2,2CB2d2＋m)。
6．(2021·八省联考河北卷)如图1所示，两条足够长的平行金属导轨间距为0.5 m，固定在倾角为37°的斜面上。导轨顶端连接一个阻值为1 Ω的电阻。在MN下方存在方向垂直于斜面向上、大小为1 T的匀强磁场。质量为0.5 kg的金属棒从AB处由静止开始沿导轨下滑，其运动过程中的vt图像如图2所示。金属棒运动过程中与导轨保持垂直且接触良好，不计金属棒和导轨的电阻，取g＝10 m/s2，sin37°＝0.6，cs37°＝0.8。
(1)求金属棒与导轨间的动摩擦因数；
(2)求金属棒在磁场中能够达到的最大速率；
(3)已知金属棒从进入磁场到速度达到5 m/s时通过电阻的电荷量为1.3 C，求此过程中电阻产生的焦耳热。
答案 (1)0.25 (2)8 m/s (3)2.95 J
解析 (1)由图2可知，金属棒在0～1 s内做初速度为0的匀加速直线运动，1 s后做加速度减小的加速运动，可知金属棒第1 s末进入磁场。
在0～1 s过程中，由图2可知，金属棒的加速度
a＝eq \f(Δv,Δt)＝4 m/s2
在该过程中，沿斜面只有重力的分力和滑动摩擦力，根据牛顿第二定律有mgsin37°－μmgcs37°＝ma
联立解得，金属棒与导轨间的动摩擦因数
μ＝0.25。
(2)金属棒在磁场中达到最大速率时，金属棒处于平衡状态，设金属棒的最大速率为vm
金属棒切割磁感线产生的感应电动势为E＝BLvm
根据闭合电路欧姆定律有I＝eq \f(E,R)
根据安培力公式有FA＝ILB
根据平衡条件有FA＋μmgcs37°＝mgsin37°
联立并代入数据解得vm＝8 m/s。
(3)根据法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律，可得金属棒从进入磁场至速度达到v2＝5 m/s通过电阻的电荷量为
q＝eq \x\t(I)t＝eq \f(\x\t(E)t,R)＝eq \f(\f(ΔΦ,t)t,R)＝eq \f(ΔΦ,R)＝eq \f(BLx,R)
解得金属棒在磁场下滑的位移x＝eq \f(qR,BL)＝2.6 m
在该过程中，对金属棒，由动能定理有
mgxsin37°－μmgxcs37°－WA＝eq \f(1,2)mveq \\al(2,2)－eq \f(1,2)mveq \\al(2,1)
此过程中电阻产生的焦耳热等于克服安培力做的功，即Q＝WA
联立以上各式，解得此过程中电阻产生的焦耳热
Q＝2.95 J。
7．(2020·湖北省武汉市六月模拟)如图所示，两根足够长的平行光滑金属导轨固定在倾角θ＝30°的斜面上，导轨电阻不计，间距为L。导轨所在空间被分成区域Ⅰ和Ⅱ，两区域的边界与斜面的交线为MN，Ⅰ中的匀强磁场方向垂直斜面向下，Ⅱ中的匀强磁场方向垂直斜面向上，两磁场的磁感应强度大小均为B。在区域Ⅰ中，将质量为m、电阻为R的导体棒ab放在导轨上，且被两立柱挡住，在区域Ⅱ中将质量为2m、电阻为R的导体棒cd置于导轨上，由静止开始下滑，经时间t，ab刚好离开立柱。ab、cd始终与导轨垂直且两端与导轨保持良好接触，重力加速度为g。试求：
(1)t时刻cd棒的速度大小vt；
(2)在时间t内cd棒产生的电能Ecd；
(3)ab棒中电流的最大值。
答案 (1)eq \f(mgR,B2L2) (2)eq \f(2m2g2Rt,B2L2)－eq \f(5m3g2R2,B4L4) (3)eq \f(2mg,3BL)
解析 (1)t时刻cd棒的速度大小为vt，由法拉第电磁感应定律，得E＝BLvt
由闭合电路欧姆定律，得I＝eq \f(E,2R)
分析ab棒受力，得BIL＝mgsin30°
联立解得vt＝eq \f(mgR,B2L2)。
(2)设在时间t内cd棒下滑的距离为x，由动量定理得
(2mgsin30°)t－eq \x\t(F)t＝2mvt－0
又eq \x\t(F)＝Beq \x\t(I)L
eq \x\t(I)＝eq \f(\x\t(E),2R)＝eq \f(BLx,t·2R)
由能量守恒定律，得Ecd＝(2mgsin30°)x－eq \f(1,2)·2mveq \\al(2,t)
联立解得Ecd＝eq \f(2m2g2Rt,B2L2)－eq \f(5m3g2R2,B4L4)。
(3)两根棒均切割磁感线时，有i＝eq \f(BLvcd－vab,2R)
对ab棒有BiL－mgsin30°＝maab
对cd棒有2mgsin30°－BiL＝2macd
当电流最大时，vcd－vab最大，aab＝acd
联立解得Im＝eq \f(2mg,3BL)。
[热点集训]
1. (2020·河北省石家庄市教学质量检测)如图所示，水平面内有一平行金属导轨，导轨光滑且电阻不计，阻值为R的导体棒垂直于导轨放置，且与导轨接触良好。导轨所在空间存在匀强磁场，匀强磁场与导轨平面垂直。t＝0时，将开关S由1掷向2，分别用q、i、v和a表示电容器所带的电荷量、棒中的电流、棒的速度大小和加速度大小，则下列图像中正确的是( )
答案 D
解析 分析导体棒的运动情况：开关S由1掷向2，电容器放电，会在电路中产生电流，导体棒中有电流通过，会受到安培力的作用，会产生加速度而加速运动，则导体棒切割磁感线产生感应电动势，速度增大，感应电动势增大，则电路中电流减小，导体棒所受安培力减小，加速度减小，因导轨光滑，所以在有电流通过棒的过程中，棒一直加速运动，加速度逐渐减小，速度逐渐增大；当感应电动势等于电容器两端的电压时，电路中无电流，导体棒做匀速运动，加速度为零，速度达到最大值，此时电容器所带电荷量q＝CU不为零。综上所述，A、B、C错误，D正确。
2．(2021·福建省宁德市高三第一次质量检查)(多选)如图所示，有竖直向下的匀强磁场穿过水平放置的光滑平行金属导轨，导轨左端连有电阻R，质量相等、长度相同的铁棒和铝棒静止在轨道上。现给两棒一个瞬时冲量，使它们以相同初速度v0向右运动，两棒滑行一段距离后停下，已知铁棒和铝棒始终与导轨接触且垂直，铁的电阻率大于铝的电阻率，则(不考虑磁化)( )
A．在速度为v0时，两棒的端电压Uab＝Ucd
B．铝棒运动的时间小于铁棒运动的时间
C．运动过程中，铁棒中间时刻的加速度等于初始时刻加速度的一半
D．整个运动过程中，甲回路中磁通量的变化量大于乙回路中磁通量的变化量
答案 BD
解析 铁的密度大于铝的密度，铁棒和铝棒质量相等，长度相同，可知铁棒的横截面积小于铝棒的横截面积，又由铁的电阻率大于铝的电阻率及r＝ρeq \f(l,S)可知，铁棒电阻r铁大于铝棒电阻r铝，铁棒和铝棒的初速度均为v0，根据法拉第电磁感应定律，棒中感应电动势均为E＝BLv0，由闭合电路欧姆定律知回路中电流为I＝eq \f(E,R＋r)，而电阻R两端电压为U＝IR＝eq \f(BLv0R,R＋r)，由于铁棒和铝棒的电阻r不同，故铁棒和铝棒的端电压Uab≠Ucd，故A错误；由于铝棒的电阻小于铁棒的电阻，根据eq \x\t(F)安＝eq \f(B2L2\x\t(v),R＋r)，可知铝棒受到的平均安培力大于铁棒受到的平均安培力，根据动量定理有－eq \x\t(F)安Δt＝0－mv0，可知铝棒运动的时间小于铁棒运动的时间，故B正确；根据牛顿第二定律可知a＝eq \f(B2L2v,mR＋r)，铁棒做加速度减小的减速运动，铁棒在中间时刻的速度小于eq \f(v0,2)，则铁棒在中间时刻的加速度小于初始时刻加速度的一半，故C错误；根据动量定理可知－eq \x\t(F)安Δt＝0－mv0，而eq \x\t(F)安Δt＝eq \f(B2L2\x\t(v)Δt,R＋r)＝eq \f(B2L2x,R＋r)＝eq \f(BLΔΦ,R＋r)，解得ΔΦ＝eq \f(mv0R＋r,BL)，又因铁棒的电阻大，则整个运动过程中，甲回路中磁通量的变化量大于乙回路中磁通量的变化量，故D正确。
3.(2020·山东省泰安市适应性训练)如图所示，在水平面上有两条导电导轨MN、PQ，导轨间距为d，匀强磁场垂直于导轨所在的平面向里，磁感应强度的大小为B。两根完全相同的金属杆1、2间隔一定的距离摆开放在导轨上，且与导轨垂直，它们的电阻均为R，两杆与导轨接触良好，导轨电阻不计，金属杆与导轨间的摩擦不计。杆1以初速度v0滑向杆2，为使两杆不相碰，则杆2固定与不固定两种情况下，最初摆放两杆时的最小距离之比为( )
A．1∶1 B.1∶2
C.2∶1 D.3∶1
答案 C
解析 若杆2固定，设最初摆放两杆时的最小距离为x1，对杆1由动量定理得－Beq \x\t(I)dt＝0－mv0，q＝eq \x\t(I)t＝eq \f(ΔΦ,2R)＝eq \f(Bx1d,2R)，解得x1＝eq \f(2mRv0,B2d2)；若杆2不固定，设最初摆放两杆时的最小距离为x2，两者最终速度为v，根据动量定理，对杆1有－B I′]dt′＝mv－mv0，对杆2有B I′]dt′＝mv，电荷量q′＝ I′]t′＝eq \f(ΔΦ′,2R)＝eq \f(Bx2d,2R)，解得x2＝eq \f(mRv0,B2d2)，则x1∶x2＝2∶1，故C正确，A、B、D错误。
4.(2020·山东省枣庄市二调模拟)(多选)如图所示，足够长的水平光滑金属导轨所在空间中，分布着垂直于导轨平面方向竖直向上的匀强磁场，磁感应强度大小为B。两导体棒a、b均垂直于导轨静止放置。已知导体棒a质量为2m，导体棒b质量为m；长度均为l，电阻均为r；其余部分电阻不计。现使导体棒a获得瞬时平行于导轨水平向右的初速度v0。除磁场作用外，两棒沿导轨方向无其他外力作用，在两导体棒运动过程中，下列说法正确的是( )
A．任何一段时间内，导体棒b动能增加量跟导体棒a动能减少量的数值总是相等的
B．任何一段时间内，导体棒b动量改变量跟导体棒a动量改变量总是大小相等、方向相反
C．全过程中，通过导体棒b的电荷量为eq \f(2mv0,3Bl)
D．全过程中，两棒共产生的焦耳热为eq \f(mv\\al(2,0),3)
答案 BCD
解析 根据题意可知，两棒组成回路，电流大小相同，故所受安培力的合力为零，动量守恒，故任何一段时间内，导体棒b动量改变量跟导体棒a动量改变量总是大小相等、方向相反，根据能量守恒定律可知，a动能减少量的数值等于b动能增加量与系统产生的电热之和，故A错误，B正确；a、b最终共速，设最终速度为v，由动量守恒定律有2mv0＝(2m＋m)v，对b棒由动量定理有mv－0＝Beq \x\t(I)l·t＝Blq，联立解得q＝eq \f(2mv0,3Bl)，根据能量守恒定律，两棒共产生的焦耳热为Q＝eq \f(1,2)×2mveq \\al(2,0)－eq \f(1,2)(2m＋m)v2＝eq \f(mv\\al(2,0),3)，故C、D正确。
5．(2020·北京市海淀区查漏补缺)水平面上有两根足够长的光滑平行金属导轨，两导轨间距为d，在导轨上有质量为m的导体杆。整个装置处于方向竖直向下、磁感应强度大小为B的匀强磁场中。现用一水平恒力F向右拉动导体杆由静止开始运动，杆与导轨之间的摩擦和空气阻力，以及导轨的电阻均可忽略不计。假设导轨长度足够长，磁场的范围也足够大，在整个运动过程中杆与导轨保持垂直且良好接触。
(1)若在导轨之间接有一阻值为R的定值电阻，导体杆接入两轨道之间的电阻为r，如图甲所示，求：
①导体杆所能达到的最大速度vm；
②导体杆运动距离为s0过程中，通过电阻R的电荷量q。
(2)若导体杆的电阻可忽略不计，在导轨之间接有一电容为C的不带电的电容器，如图乙所示，在电容器不会被击穿的情况下，
①求电容器极板上积累的电荷量与金属棒速度大小v的关系；
②请分析说明导体杆运动的性质，并求出导体杆在时间t内通过的位移s大小。
答案 (1)①eq \f(FR＋r,B2d2) ②eq \f(Bds0,R＋r)
(2)①Q＝CBdv ②匀加速直线运动 eq \f(Ft2,2CB2d2＋m)
解析 (1)①当导体杆所受安培力与拉力F大小相等时速度最大，即有F＝FA＝BId
此时电流为I＝eq \f(E,r＋R)＝eq \f(Bdvm,R＋r)
联立解得vm＝eq \f(FR＋r,B2d2)。
②由公式q＝eq \x\t(I)Δt得q＝eq \f(\x\t(E),r＋R)Δt＝eq \f(ΔΦ,ΔtR＋r)Δt＝eq \f(Bds0,R＋r)。
(2)①导体杆切割磁感线产生感应电动势，则电容器两端电压为U＝Bdv
电荷量为Q＝CU＝CBdv。
②对导体杆由牛顿第二定律得F－Bid＝ma
其中i＝eq \f(ΔQ,Δt)＝eq \f(CBdΔv,Δt)＝CBda
整理得a＝eq \f(F,CB2d2＋m)
则导体杆做匀加速直线运动，导体杆在时间t内通过的位移s＝eq \f(1,2)at2＝eq \f(1,2)×eq \f(Ft2,CB2d2＋m)＝eq \f(Ft2,2CB2d2＋m)。
6．(2021·八省联考河北卷)如图1所示，两条足够长的平行金属导轨间距为0.5 m，固定在倾角为37°的斜面上。导轨顶端连接一个阻值为1 Ω的电阻。在MN下方存在方向垂直于斜面向上、大小为1 T的匀强磁场。质量为0.5 kg的金属棒从AB处由静止开始沿导轨下滑，其运动过程中的vt图像如图2所示。金属棒运动过程中与导轨保持垂直且接触良好，不计金属棒和导轨的电阻，取g＝10 m/s2，sin37°＝0.6，cs37°＝0.8。
(1)求金属棒与导轨间的动摩擦因数；
(2)求金属棒在磁场中能够达到的最大速率；
(3)已知金属棒从进入磁场到速度达到5 m/s时通过电阻的电荷量为1.3 C，求此过程中电阻产生的焦耳热。
答案 (1)0.25 (2)8 m/s (3)2.95 J
解析 (1)由图2可知，金属棒在0～1 s内做初速度为0的匀加速直线运动，1 s后做加速度减小的加速运动，可知金属棒第1 s末进入磁场。
在0～1 s过程中，由图2可知，金属棒的加速度
a＝eq \f(Δv,Δt)＝4 m/s2
在该过程中，沿斜面只有重力的分力和滑动摩擦力，根据牛顿第二定律有mgsin37°－μmgcs37°＝ma
联立解得，金属棒与导轨间的动摩擦因数
μ＝0.25。
(2)金属棒在磁场中达到最大速率时，金属棒处于平衡状态，设金属棒的最大速率为vm
金属棒切割磁感线产生的感应电动势为E＝BLvm
根据闭合电路欧姆定律有I＝eq \f(E,R)
根据安培力公式有FA＝ILB
根据平衡条件有FA＋μmgcs37°＝mgsin37°
联立并代入数据解得vm＝8 m/s。
(3)根据法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律，可得金属棒从进入磁场至速度达到v2＝5 m/s通过电阻的电荷量为
q＝eq \x\t(I)t＝eq \f(\x\t(E)t,R)＝eq \f(\f(ΔΦ,t)t,R)＝eq \f(ΔΦ,R)＝eq \f(BLx,R)
解得金属棒在磁场下滑的位移x＝eq \f(qR,BL)＝2.6 m
在该过程中，对金属棒，由动能定理有
mgxsin37°－μmgxcs37°－WA＝eq \f(1,2)mveq \\al(2,2)－eq \f(1,2)mveq \\al(2,1)
此过程中电阻产生的焦耳热等于克服安培力做的功，即Q＝WA
联立以上各式，解得此过程中电阻产生的焦耳热
Q＝2.95 J。
7．(2020·湖北省武汉市六月模拟)如图所示，两根足够长的平行光滑金属导轨固定在倾角θ＝30°的斜面上，导轨电阻不计，间距为L。导轨所在空间被分成区域Ⅰ和Ⅱ，两区域的边界与斜面的交线为MN，Ⅰ中的匀强磁场方向垂直斜面向下，Ⅱ中的匀强磁场方向垂直斜面向上，两磁场的磁感应强度大小均为B。在区域Ⅰ中，将质量为m、电阻为R的导体棒ab放在导轨上，且被两立柱挡住，在区域Ⅱ中将质量为2m、电阻为R的导体棒cd置于导轨上，由静止开始下滑，经时间t，ab刚好离开立柱。ab、cd始终与导轨垂直且两端与导轨保持良好接触，重力加速度为g。试求：
(1)t时刻cd棒的速度大小vt；
(2)在时间t内cd棒产生的电能Ecd；
(3)ab棒中电流的最大值。
答案 (1)eq \f(mgR,B2L2) (2)eq \f(2m2g2Rt,B2L2)－eq \f(5m3g2R2,B4L4) (3)eq \f(2mg,3BL)
解析 (1)t时刻cd棒的速度大小为vt，由法拉第电磁感应定律，得E＝BLvt
由闭合电路欧姆定律，得I＝eq \f(E,2R)
分析ab棒受力，得BIL＝mgsin30°
联立解得vt＝eq \f(mgR,B2L2)。
(2)设在时间t内cd棒下滑的距离为x，由动量定理得
(2mgsin30°)t－eq \x\t(F)t＝2mvt－0
又eq \x\t(F)＝Beq \x\t(I)L
eq \x\t(I)＝eq \f(\x\t(E),2R)＝eq \f(BLx,t·2R)
由能量守恒定律，得Ecd＝(2mgsin30°)x－eq \f(1,2)·2mveq \\al(2,t)
联立解得Ecd＝eq \f(2m2g2Rt,B2L2)－eq \f(5m3g2R2,B4L4)。
(3)两根棒均切割磁感线时，有i＝eq \f(BLvcd－vab,2R)
对ab棒有BiL－mgsin30°＝maab
对cd棒有2mgsin30°－BiL＝2macd
当电流最大时，vcd－vab最大，aab＝acd
联立解得Im＝eq \f(2mg,3BL)。
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