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2024年甘肃省武威市凉州区河东九年制学校中考物理二模试卷（含解析）
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这是一份2024年甘肃省武威市凉州区河东九年制学校中考物理二模试卷（含解析），共24页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，简答题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.下列与普通初中生相关的数据符合事实的是( )
A. 质量约为50kgB. 身高约为160m
C. 正常体温约为40℃D. 跑100m所用的时间约为9s
2.关于声现象，下列说法正确的是( )
A. “低声细语”中的“低”，是指声音的音调低
B. 人们能分辨出笛子和钢琴发出的声音，主要是因为它们的响度不同
C. “禁止鸣笛”是在传播过程中减弱噪声
D. 超声波能够粉碎体内“结石”是因为声波具有能量
3.如图所示的光现象中，由于光的反射形成的是( )
A. 小桥在水中的“倒影”
B. 筷子在水面处“折断”
C. 林中阴影
D. 雨后彩虹
4.现代生活中智能手机给人们带来了许多便利，但长时间盯着手机屏幕，容易导致视力下降。关于近视的成因及解决办法正确的是( )
A. 近视眼成像在视网膜的前方，可用凸透镜来进行矫正
B. 近视眼成像在视网膜的后方，可用凹透镜来进行矫正
C. 长时间看手机，导致眼球的晶状体变薄，折光能力变弱
D. 长时间看手机，导致眼球的晶状体变厚，折光能力变强
5.一辆汽车在同一高速公路上分别以v1、v2、v3的速度匀速直线行驶，且v1A. F1=F2=F3B. F1>F2>F3C. F16.如图所示，a、b两个弹簧测力计放在水平桌面上并相互钩在一起，用水平拉力F1和F2分别拉a、b的秤环，F1=F2=4N，两弹簧测力计静止。则下列分析正确的是( )
A. a对b的拉力和b对a的拉力是一对平衡力
B. a受平衡力，b对a的拉力是4N，a的示数是4N
C. b受平衡力，a对b的拉力是4N，b的示数是8N
D. a和b受到的合力均为零，示数均为零
7.下列物理量中，表示做功快慢的是( )
A. 机械效率B. 功率C. 机械能D. 压强
8.用如图所示的均匀杠杆提升重物，已知OA=OB，设作用在A端的力F始终竖直向下，在将重物慢慢匀速提升到一定高度的过程中，判断正确的是( )
A. F的大小将保持不变
B. F的大小先变大，后变小
C. 该杠杆是省力杠杆
D. 若将拉力F换成重物G，不可能在如图所示位置平衡
9.如图所示，三个理想滑轮拉同一物体在同一水平面做匀速直线运动，所用拉力分别为F1、F2、F3，那么这三个力的关系是( )
A. F1>F2>F3B. F1F1>F3D. F210.防冻液是在蒸馏水中加入特殊添加剂的冷却液，主要用于液冷式发动机冷却系统。它具有冬天防冻、夏天防沸、全年防水垢、防腐蚀且散热好等优良性能。其散热好的主要原因是( )
A. 凝固点较低B. 沸点较高C. 密度较小D. 比热容较大
11.如图所示，电源电压不变，闭合开关S，滑片P向右移动的过程中，以下说法正确的是( )
A. 电压表V1的示数不变，灯泡亮度变亮
B. 电压表V1的示数变大，电压表V2的示数变小
C. 电压表V1的示数与电流表A的示数的比值变大
D. 电压表V2的示数与电流表A的示数的比值变小
12.如图a所示电路，两个电流表A1和A2的量程都为0～0.6A，定值电阻R0的阻值为10Ω。闭合开关后，在确保电路安全的前提下，将滑动变阻器R1的滑片从最右端向左滑动，在此过程中获得两电流表示数的关系图像如图b所示(实线部分)。下列说法正确的是( )
A. 坐标轴I甲的数据为电流表A2的示数
B. 图像中a、b、c三点的数据分别为0.3、0.6、0.2
C. 电源电压为6V
D. 滑动变阻器消耗的最小电功率为0.45W
13.车辆严重超载会损坏桥梁，为了能抓拍超载车辆，物理兴趣小组成员决定为桥梁管理者设计一个“汽车超载记录器”来进行监控管理，如图甲为该超载记录器原理图；已知电源电压U=10V，线圈电阻R0=5Ω，R1为滑动变阻器，Rx为压敏电阻，当车辆驶入被检测路段时，其阻值随它受到的压力变化的情况如图乙所示，当电流表示数达到或超过0.4A时，电磁继电器的衔铁被吸下，工作电路中的照相机就开始工作，抓拍超载车辆，则下列说法正确的是(g取10N/kg)( )
A. 开关S闭合，电磁铁的上端为N极
B. 当压敏电阻Rx受到的压力增大时，电磁铁的磁性减弱
C. 当桥梁限重为30t时，滑动变阻器接入电路的阻值应为10Ω
D. 桥梁老化后应适当减小R1接入电路的阻值以减小桥梁限重标准
14.关于能源的说法，正确的是( )
A. 核电站是利用核聚变来发电的
B. 地球上的风能、水能、核能实际上都来自太阳能
C. 煤、石油、天然气属于化石能源
D. 既然能量是守恒的，所以不需要节约能源
二、填空题：本大题共8小题，共17分。
15.如图，铅笔长______cm，停表的读数为______s。
16.电动牙刷发出的超声波可以直达牙刷棕毛刷不到的地方，让牙齿刷得更干净，这是因为超声波具有______(选填“信息”或“能量”)；超声波的频率______(选填“高于”“等于”或“低于”)20000Hz；地震、海啸时会产生______波。
17.生活中经常提到的“影”与我们学到的光学知识有关。在立竿见“影”和水中倒“影”中，前者是由光的______形成的，后者是由光的______形成的。
18.立定跳远时，如果起跳板上有沙粒。起跳时就会感觉很滑，影响跳远成绩。这是因为起跳板上的沙粒把滑动变为______，使摩擦力大大______(填“增大”或“减小”)。
19.重为98N的小车，用30N的水平拉力使小车在水平地面上匀速前进了20m，则此过程中拉力对小车做功为______J，重力对小车做功为______J。
20.图甲是电子测温仪，图乙是内部结构原理图，电源电压保持不变，R是热敏电阻，R0是定值电阻。图中显示仪是由______(选填“电流”或“电压”)表改装成的。测体温时，被测者体温越高，显示仪的示数就越大，可知热敏电阻R的阻值随温度的升高而______(选填“增大”、“减小”或“不变”)。
21.小霞家电能表5月底和6月底的示数分别如图甲、乙所示，则6月份她家消耗了______kW⋅h的电能．她关闭家里所有用电器，只使用电吹风，测得电能表转盘转动90r用时2min，则该电吹风的实际功率是______W.
22.北斗卫星与地球之间的通讯是利用______波。现在大部分的卫星都是采用太阳能系统供电，按照能源获取方式，可以分为一次能源和二次能源，电能属于______次能源。
三、作图题：本大题共1小题，共4分。
23.木块静止在斜面上，画出木块所受重力和支持力的示意图。
四、实验探究题：本大题共2小题，共15分。
24.彤彤同学做“观察水的沸腾”实验：
(1)由下表可知，本次实验应选用测温物质为______的温度计；
(2)安装实验器材时，彤彤同学应按照______(选填“自上而下”或“自下而上”)的顺序进行。实验时，老师要求向烧杯中倒入热水而不用冷水，这样做的优点是：______；
(3)开始时，彤彤同学用的是如图甲所示装置，她测出的水温将偏______(选填“高”或“低”)；
(4)如图乙所示，调整好实验装置后，实验中彤彤同学发现温度计示数上升较慢，为了使温度计示数上升得快些，她应该______；
(5)为了方便读出温度计的示数，彤彤同学将温度计从水中拿出来进行观察读数，则会导致所测温度偏______(选填“高”或“低”)；
(6)从85℃开始，每隔1min记录一次温度计的示数，直到水沸腾一段时间为止。如图丙所示的是1min时的温度计示数，则此时烧杯中水的温度为______；
(7)彤彤同学的实验记录数据如下表：
彤彤由于粗心大意记错了一个实验数据，你认为错误的数据是______；
(8)彤彤同学观察到水沸腾前和沸腾后水中气泡的上升情况不同，如图丁所示，则图______[选填“a”或“b”]是水在沸腾前的情况；
(9)彤彤同学发现水沸腾时，杯口不断地冒出大量“白气”，这是由于水蒸气遇冷后______形成的小水珠。(填物态变化名称)
25.在“探究电流与电压、电阻的关系”实验中，部分器材选用如下：电压为6V的电源，标有“50Ω 1A”的滑动变阻器，阻值不同的定值电阻若干，其他器材。
(1)甲图是小明同学连接的实验电路，检查发现有一根导线接错，请你把接错的那一根导线找出来，打上“×”，再用笔画线代替导线，把它改到正确的位置上。
(2)闭合开关后，发现电流表无示数，电压表指针超过量程，则故障可能是定值电阻______(选填“短路”或“断路”)。
(3)排除故障后，小明同学首先“探究电流与电压的关系”，进行了多次实验，并得到如表所示的实验数据，分析数据可得结论：______。
(4)接着，小明又进行了“探究电流与电阻关系”的实验，先将5Ω定值电阻接入电路，在移动滑片的过程中，记录实验数据，并绘制成图乙所示图像，根据图像可知，实验中控制电阻两端的电压为______V不变；
(5)实验中发现将20Ω定值电阻换成30Ω电阻时，无论怎样移动滑片，电阻两端电压都不能达到预设值。为了完成本实验，接入的定值电阻最大应不超过______Ω。
五、简答题：本大题共1小题，共4分。
26.小红冲了一杯热咖啡，屋子里立刻充满了浓郁的香味。请你用分子动理论的观点解释这个现象。
六、计算题：本大题共3小题，共18分。
27.如图甲所示，将边长为10cm的立方体木块A放入水中，有35的体积浸入水面，将金属块B放在木块中央静止后用刻度尺测出此时木块露出水面的高度h1为2cm，如图乙所示，再用轻质细线将金属块捆绑在木块中央，放入水中静止后测出此时木块露出水面高度h2为3cm，如图丙所示(g取10N/kg)。求：
(1)木块在图甲中受到的浮力；
(2)图甲中木块底部受到的压强；
(3)金属块的密度。
28.如图所示的电路，电源电压大小保持不变，电阻R1=30Ω，R2=15Ω，滑动变阻器R3的规格为“40Ω，0.5A”。电压表和电流表接入电路的量程分别为0～3V和0～0.6A。
(1)只闭合S1，电流表的示数为0.1A，求电源电压；
(2)同时闭合S1、S2、S3，当P置于R3中点时，并暂时断开电压表，求通过电流表的电流；
(3)只闭合S2，在保证电路各元件安全的前提下，求滑动变阻器可调节的阻值范围。
29.图甲是一款多功能电煮锅，图乙为该电煮锅简化电路图，其中开关S2可以断开、接A或接B，R1和R2都是用于加热的纯电阻，电煮锅的部分参数如下表所示。(R1和R2的电阻值不随温度变化而变化)
(1)电煮锅处于中温挡正常工作时，求电路中的电流大小？
(2)高温挡的功率P高是多少？
(3)为了在户外露营时能使用电煮锅来烫火锅，可以采用能够存储2.2kW⋅h的移动电源对其进行供电，使用充满电的移动电源使电煮锅在中温挡正常工作15min把水烧开后，若调至低温挡进行保温，还可以正常工作多长时间？
答案和解析
1.【答案】A
【解析】【分析】
物理学中，对各种物理量的估算能力，也是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
【解答】
A、初中生的质量约为50kg，故A正确；
B、身高约为160cm，故B错误；
C、人体的正常体温约是36.5℃，故C错误；
D、跑100m所用的时间约为14s，故D错误。
2.【答案】D
【解析】解：
A、低声细语形容说话声很小，反映声音的大小的是响度这个物理量，不是音调，音调体现的是声音的高低，和声音的大小无关，故A错误；
B、人们能分辨出笛子和钢琴发出的声音，主要是因为它们的音色不同，故B错误；
C、“禁止鸣笛”是在声源处减弱，故C错误；
D、医生利用超声波能击碎人体内的结石，说明声能传递能量，故D正确。
故选：D。
(1)音调、响度、音色的区别：音调：声音的高低，由发声体的振动频率决定，频率越高，音调越高；响度：人耳感觉到的声音的大小，它跟发声体的振幅有关，振幅越大，响度越大；振幅越小，响度越小；音色：发声体的声音品质，由发声体本身的特征决定，是区别声音的重要标志。
(2)减弱噪声的途径：①在声源处减弱；②在传播的过程中；③在人耳处减弱。
(3)声音能够传递信息和能量。
本题考查了声音的特性以及声与信息和能量的关系、减弱噪声的途径，是声学的基础知识，属于识记性内容，比较简单。
3.【答案】A
【解析】解：A、平静水面上小桥的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故A符合题意；
B、水中筷子上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线的方向看时，看到的是筷子的虚像，比实际位置偏高，所以感觉筷子折断了，故B与题意不符；
C、林中阴影属于影子，是由光的直线传播形成的，故C与题意不符；
D、雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象，所以说雨后的天空出现彩虹是由光的色散形成的，故D与题意不符。
故选：A。
(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
此题通过不同的现象考查了学生对光的反射、光的直线传播及光的折射的理解，在学习中要注意区分，并要学会用所学知识解释有关的物理现象。
4.【答案】D
【解析】解：近视眼是只能看清近处的物体，看不清远处的物体，产生近视眼的原因是：长时间看手机，导致眼球的晶状体变厚，折光能力太强，因此来自远处点的光会聚在视网膜前；对近视眼的矫正可通过凹透镜对光线的发散作用进行纠正，故D正确，ABC错误。
故选：D。
近视眼成因：眼球晶状体的曲度过大，远处物体反射来的光线通过晶状体折射后形成的物像，就会落在视网膜的前方造成近视眼。
本题主要考查了眼睛及其视物原理与近视眼的成因。属于识记性内容，比较简单。
5.【答案】A
【解析】【分析】
本题考查了平衡力的应用和摩擦力大小因素的理解，根据平衡力的条件判断力的大小和力的方向，是很常用的一种方法，要掌握。
(1)静止的物体和匀速直线运动的物体受到平衡力的作用，根据平衡力条件判断摩擦力的大小；
(2)摩擦力跟压力大小和接触面粗糙程度有关，跟其它因素没有关系。
【解答】
汽车在水平方向上受到摩擦力和牵引力的作用；因汽车在水平公路上匀速行驶，所以在水平方向受力平衡，即汽车受到的摩擦力大小等于汽车的牵引力，因在不同的速度下汽车均处于匀速直线运动状态，每次的牵引力均等于其受到的摩擦力，摩擦力不变，则牵引力相等，即F1=F2=F3.
故选：A。
6.【答案】B
【解析】【分析】
此题根据弹簧测力计的原理分析，要学会用二力平衡的知识来分析弹簧测力计。一对平衡力大小相等，方向相反，作用在一条直线上，作用在一个物体上；与相互作用力的不同之处是作用在不同物体上；会利用相互作用力判断力的大小关系。
【解答】
A.a对b的拉力和b对a的拉力是分别作用在两个弹簧测力计上，是一对相互作用力，故A错误；
B.a处于静止状态，所以受平衡力，b对a的拉力是4N，a的示数也是4N，故B正确；
C.b处于静止状态，所以受平衡力，a对b的拉力是4N，b的示数也应该是4N，故C错误；
D.a和b都处于静止状态，所以受到的合力均为零，但示数均不为零，故D错误。
故选B。
7.【答案】B
【解析】解：功率是表示做功快慢的物理量；
A、机械效率是有用功和总功的比值，故A不符合题意；
B、功率是描述做功快慢的物理量，故B符合题意；
C、动能和重力势能统称机械能，故C不符合题意；
D、压强是描述压力作用效果的物理量，故D不符合题意。
故选：B。
物理学中，我们应该知道，为了描述做功的快慢，引入了功率这个物理量。
该题是对功率概念的考查，没什么难度，属于识记内容。识记是关键。
8.【答案】A
【解析】解：由杠杆平衡条件得：GL1=FL2，
由图示可知：L1=OBcsθ，L2=OAcsθ，
则：G⋅OBcsθ=F⋅OAcsθ，已知：OA=OB，则：F=G，
由于物体的重力G不变，则F不变，故A正确，BC错误；
F=G，若将拉力F换成重物G，杠杆可以在如图所示位置平衡，故D错误；
故选：A。
应用杠杆平衡条件可以求出力F的大小，然后分析答题。
本题考查了杠杆平衡条件的应用，分析清楚图示情景，应用杠杆平衡条件可以解题。
9.【答案】D
【解析】解：由题意可知，假设物体与地面的摩擦力为f，
第一幅图中滑轮为定滑轮，不省力，则F1=f，
第二幅图中滑轮为动滑轮，省一半的力，则F2=12f，
第三幅图中滑轮为动滑轮，但动力作用在动滑轮的轴上，费1倍的力，则F3=2f；
所以，F2故选：D。
(1)定滑轮的特点：使用定滑轮不省力，但能改变力的方向；
(2)动滑轮的特点：动滑轮实质是动力臂为阻力臂二倍的杠杆，使用动滑轮能省一半力，但费距离。
本题考查了动滑轮和定滑轮的特点，要利用好条件理想滑轮，属于基础题目。
10.【答案】D
【解析】解：冷却液的比热容较大，同样质量的防冻液和其它物质比较，升高或降低相同的温度，防冻液吸收或释放的热量多，所以它具有散热好的特点。
故选：D。
同样质量的防冻液和其它物质比较，升高或降低相同的温度，防冻液吸收或释放的热量多。
本题考查了防冻液比热容大的应用，属于基础题。
11.【答案】C
【解析】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表V1测电源两端的电压，电压表V2测变阻器R两端的电压，电流表测电路中的电流。
将滑动变阻器R的滑片P向右移动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I=UR可知，电路中的电流变小，即电流表A的示数变小；
电压表V1测电源两端的电压，所以滑片移动时电压表V1的示数不变，故B错误；
由欧姆定律可知，电压表V1示数与电流表示数之比等于电路的总电阻，总电阻变大，则电压表V1示数与电流表示数之比变大，故C正确；
由U=IR可知，灯泡两端的电压变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以滑动变阻器R两端的电压变大，即电压表V2的示数变大；
因灯泡的亮暗取决于灯泡实际功率的大小，所以，由P=I2R可知，灯泡的实际功率变小，灯泡变暗，故A错误；
由于电压表V2的示数变大，电流表示数变小，所以电压表V2与电流表A的示数的比值变大，故D错误。
故选：C。
由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表V1测电源两端的电压，电压表V2测变阻器R两端的电压，电流表测电路中的电流。根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化，利用P=UI可知灯泡实际功率的变化，进一步可知亮暗的变化；根据电压表V1、V2、电流表A示数的变化，判断出电压表V1的示数、电压表V2的示数与电流表A的示数比值的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
12.【答案】D
【解析】解：A、闭合开关，两电阻并联接入电路，电流表A2测干路电流，电流表A1测通过滑动变阻器的电流，并联电路干路电流等于各支路电流之和，所以电流表A2的示数大于电流表A1的示数，由b图可知，当I甲=0.3A时，I乙=b>0.45A，即：大于0.3A，所以坐标轴I甲的数据为电流表A1的示数，故A错误；
BC、由图b可知通过滑动变阻器的最大电流为0.3A，此时通过干路的电流最大为0.6A，所以b=0.6，则通过定值电阻的电流：I0=I−I1=0.6A−0.3A=0.3A，
并联电路各支路两端电压相等，都等于电源电压，所以电源电压：U=I0R0=0.3A×10Ω=3V，故C错误；
由图b可知通过干路的最小电流为0.45A，此时通过滑动变阻器的最小电流：I1′=I′−I0=0.45A−0.3A=0.15A，所以c=0.15，故B错误；
D、通过滑动变阻器的电流最小时，滑动变阻器消耗的电功率最小，最小功率为：P=UI1′=3V×0.15A=0.45W，故D正确。
故选：D。
A、闭合开关，两电阻并联接入电路，电流表A2测干路电流，电流表A1测通过滑动变阻器的电流，并联电路干路电流大于各支路电流；
BC、由图b可知通过滑动变阻器的最大电流，由电流表量程可知此时通过干路的最大电流，进一步确定b的值，根据并联电路电流规律计算通过定值电阻的电流。根据并联电路电压特点结合欧姆定律计算电源电压，由图b可知通过干路的最小电流，根据并联电路电流规律计算计算通过滑动变阻器的最小电流，进一步确定c的值；
D、根据电功率公式P=UI计算滑动变阻器消耗的最小电功率。
本题考查并联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用，正确读取图b中的信息是解题的关键。
13.【答案】D
【解析】解：由控制电路可知，三电阻串联，
A、开关S闭合，电流从电磁铁的上端流入，根据安培定则可知，电磁铁的上端为S极，故A错误；
B、由图乙可知，当压敏电阻Rx受到的压力增大时其阻值减小，串联电路总电阻等于各分电阻之和，所以电路的总电阻减小，由I=UR可知，通过控制电路的电流变大，电磁铁的磁性将增强，故B错误；
C、当桥梁限重为30t时，对桥面的压力：
F=G=mg=30×103kg×10N/kg=3×105N，
由乙图像可知，当F=3×105N时，Rx=15Ω，此时电路中的电流为0.4A，电路的总电阻为：R=UI=10V0.4A=25Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以滑动变阻器接入电路的阻值为：R1=R−R0−Rx=25Ω−5Ω−15Ω=5Ω，故C错误；
D、由图乙可知，当压敏电阻Rx受到的压力减小时其阻值增大，为控制桥梁限重时电路的总电阻不变，所以应适当减小R1阻值，故D正确。
故选：D。
由控制电路可知，三电阻串联，
(1)根据安培定则判定电磁铁的磁极；
(2)由图乙可知，当压敏电阻Rx受到的压力增大时其阻值减小，串联电路总电阻等于各分电阻之和，所以电路的总电阻减小，由I=UR可知，通过控制电路的电流变大，电磁铁的磁性将增强；
(3)当桥梁限重为30t时，根据G=mg计算对桥面的压力，由乙图像可知此时滑动变阻器接入电路的电阻，知道此时电路中的电流为0.4A，由欧姆定律计算电路总电阻，根据串联电路电阻规律计算滑动变阻器接入电路的阻值；
(4)由图乙可知，当压敏电阻Rx受到的压力减小时其阻值增大，为控制桥梁限重时电路的总电阻不变，所以应适当减小R1阻值。
本题考查串联电路特点、欧姆定律、重力公式的灵活运用，题目有一定的综合性。
14.【答案】C
【解析】解：
A、核电站子核的裂变的链式反应产生的能量发电，故A错误；
B、地球上的风能、水能、生物质能都来源于太阳，核能不是来自太阳能，故B错误；
C、煤、石油、天然气属于化石能源，故C正确；
D、能量虽然是守恒的，总量不变，但是我们可以利用的能源是有限的，并且能量的转化有时是不可逆的，故D错误。
故选：C。
(1)核电站：利用原子核的裂变的链式反应产生的能量发电；
(2)核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；而风能、水能、太阳能、生物质能，可以在自然界里源源不断的得到补充；
(3)煤、石油、天然气属于化石能源；
(4)能量是守恒的，但有些能源为高品质能源，可以直接利用，而能源在利用中会转化为不能直接应用的低品质能源。
本题考查核能的利用，化石能源以及能量守恒是一道基础题。
15.【答案】4.80 367.5
【解析】解：(1)刻度尺上1cm之间有10小格，所以每个小格代表的长度是0.1cm，即此刻度尺的分度值是0.1cm；物体左侧与2.00cm对齐，右侧与6.80cm对齐，所以物体的长度L=6.80cm−2.00cm=4.80cm；
(2)停表中间的小表盘上，每个小格代表0.5min，指针指在“6”和“7之间，偏向“6”一侧，小表盘的读数为6min；在停表的大表盘上，1s之间有10个小格，所以每个小格代表0.1s，因为小表盘偏向“6”一侧，所以大表盘指针的读数为7.5s，停表的读数为6min7.5s=337.5s。
故答案为：(1)4.80；(2)367.5。
(1)使用刻度尺时要明确量程和分度值，起始端从0刻度线开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，用末端刻度值减去起始端所对刻度即为物体的长度，注意刻度尺读数时要估读到分度值的下一位；
(2)停表中间的小表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，停表读数是两个表盘的示数之和。
本题考查长度、时间的测量，属于基础内容，难度不大。
16.【答案】能量 高于 次声
【解析】解：(1)电动牙刷发出的超声波可以直达牙刷棕毛刷不到的地方，让牙齿刷得更干净，利用了超声波能传递能量；
(2)超声波的频率高于20000Hz；
(3)自然界中的地震、海啸会产生次声波，具有极强的破坏力。
故答案为：能量；高于；次声。
(1)超声波可传递能量；
(2)频率高于20000Hz的声波叫超声波；
(3)自然界中，火山爆发、地震、风暴等都能产生次声。
本题考查超声波的产生和传播及声音具有能量在实际生活中应用很广，难度不大。
17.【答案】直线传播 反射
【解析】解：“立竿见影”是由于光沿直线传播，照射到不透明的竿上而形成的影子。水中的“倒影”属于平面镜成像现象，是由光的反射形成的。
故答案为：直线传播；反射。
影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线传播形成的；平面镜成像是由于光的反射形成的。
此题主要通过两种不同的“影”考查了学生对光的反射和光的直线传播的理解。在平时一定要区分开两种影的区别，要搞清倒影和影子的成因，二者不要混淆。
18.【答案】滚动 减小
【解析】解：立定跳远时，如果起跳板上有沙粒。跳板上的沙粒把滑动变为滚动摩擦，使摩擦力大大减小，从而影响跳远成绩。
故答案为：滚动；减小。
减小摩擦力的方法：减小压力，减小接触面的粗糙程度，使接触面脱离，用滚动代替滑动。
通过此类题目的练习，要让学生明确摩擦力在我们的身边无处不在，和我们的生活密切相关，从而对摩擦力有更深刻的了解。
19.【答案】600 0
【解析】解：用30N的水平拉力使小车在水平地面上匀速前进了20m，则此过程中拉力对小车做功为：
W=Fs=30N×20m=600J；
小车在重力的方向没有通过距离，所以重力对小车做功为0。
故答案为：600；0。
做功的两个必要因素是：作用在物体上的力；在力的方向上通过的距离；
拉力做功可以用公式W=Fs计算。
本题考查了做功的两个必要因素和功的计算，属于基础题。
20.【答案】电压 减小
【解析】解：由图可知，闭合开关，热敏电阻R与定值电阻R0串联，显示仪并联在R0两端，故显示仪是由电压表改装成的，测R0两端的电压；
测体温时，被测者体温越高，显示仪的示数就越大，即R0两端的电压越大，根据I=UR可知通过R0的电流越大，根据串联电路的电流规律可知电路中的电流越大，根据I=UR可知电路总电阻越小，根据串联电路的电阻规律可知热敏电阻R的阻值越小，即热敏电阻R的阻值随温度的升高而减小。
故答案为：电压；减小。
由图可知，闭合开关，热敏电阻R与定值电阻R0串联，显示仪并联在R0两端，由此可知显示仪的电表类型；
测体温时，被测者体温越高，显示仪的示数就越大，即R0两端的电压越大，根据欧姆定律可知通过R0的电流越大，根据串联电路的电流规律可知电路中的电流变化情况，根据欧姆定律可知电路总电阻的变化情况，根据串联电路的电阻规律可知热敏电阻R的阻值变化情况，即热敏电阻R的阻值随温度的升高而变化的情况。
本题考查电压表的使用、串联电路的特点和欧姆定律的应用，难度适中。
21.【答案】260.5；900
【解析】解：6月份消耗的电能：2585.8kW⋅h−2325.3kW⋅h=260.5kW⋅h；
指示灯闪烁90r，电路消耗电能为：
W=903000kW⋅h=0.03kW⋅h，
用电器的功率：
P=Wt=0.03kW⋅h260h=0.9kW=900W．
故答案为：260.5；900．
电能表最后一位是小数位，3月底与2月底电能表示数之差是3月份消耗的电能；
3000imp/kW⋅h表示的是电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表指示灯闪烁3000次，或者表示电能表指示灯每闪烁1次，电路中消耗13000kW⋅h的电能，求出指示灯闪烁90r电路中消耗的电能．然后求出用电器的功率．
本题考查了电能表的参数的理解与电能的求法以及电功率的计算，这是利用电能表测量功率的一种类型习题，一定要熟练掌握．
22.【答案】电磁 二
【解析】解：北斗卫星与地球之间的通讯是利用电磁波。现在大部分的卫星都是采用太阳能系统供电，按照能源获取方式，可以分为一次能源和二次能源，电能属于二次能源。
故答案为：电磁；二。
(1)电磁波可以传递信息。
(2)能源从产生方式角度划分：
一次能源：是指可以从自然界直接获取的能源．例：煤炭、石油、天然气、水能、风能、太阳能、地热能、潮汐能、生物质能、核能。
二次能源：是指无法从自然界直接获取，必须经过一次能源的消耗才能得到的能源．例：电能、乙醇汽油、氢能、沼气。
本题考查的是电磁波的特点及使用；知道一次能源和二次能源。
23.【答案】解：重力和支持力的作用点画在物体的重心上；重力的方向竖直向下；支持力的方向与斜面垂直，垂直斜面向上。
如图所示：
【解析】重力的方向是竖直向下的，作用点在重心上；
斜面对物体的支持力和物体对斜面的压力是一对相互作用力，方向是相反的；压力的方向是垂直于斜面向下的，支持力就是垂直于斜面向上的，作用点在物体的重心上。
解答此题的关键是分析重力和支持力的方向，支持力的方向是垂直于斜面向上的。
24.【答案】水银 自下而上 缩短水加热到沸腾所用的时间 高 加大火力 低 89℃ 第6min的95℃ b 液化
【解析】解：(1)温度计里面的液体的沸点需要超过水的沸点才可以用来测将水加热至沸腾的实验，酒精的沸点没有超过水的沸点，而水银的沸点超过了水的沸点，故选水银温度计。
(2)实验中要用酒精灯外焰加热，温度计玻璃泡浸没在被测液体中，但不能碰触容器底和壁，所以安装器材时应按照自下而上的顺序进行。
实验时，老师要求向烧杯中倒入热水而不用冷水，提高水的初始温度，这样做的优点是：缩短水加热到沸腾所用的时间。
(3)开始时，彤彤同学用的是如图甲所示装置，可以看到温度计的玻璃泡碰到了容器底，因为容器底部的温度较高，所以她测出的水温将偏高。
(4)调整好实验装置后，无法再更换水的质量和换初始温度更高的水，所以为了使温度计示数上升得快些，她应该加大火力，避免再调整器材。
(5)为了方便读出温度计的示数，彤彤同学将温度计从水中拿出来进行观察读数，玻璃泡受冷，则会导致所测温度偏低。
(6)由图丙得，温度计的分度值为1℃，示数为89℃，即此时烧杯中水的温度为89℃。
(7)水沸腾过程中，温度保持不变，由表格中数据得，错误的数据是第6min记录的95℃。
(8)b中气泡上升过程中，由大变小，是水在沸腾前的情况。
(9)“白气”是由于水蒸气遇冷后放热液化形成的小水珠。
故答案为：(1)水银；(2)自下而上；缩短水加热到沸腾所用的时间；(3)高；(4)加大火力；(5)低；(6)89℃；(7)第6min的95℃；(8)；(9)液化。
(1)通过比较水与水银和酒精的沸点，即可判断选用的是水银温度计；
(2)实验中用酒精灯外焰加热，温度计玻璃泡完全浸没被测液体，但不能碰容器底和壁，所以安装器材应自下而上；
影响水沸腾快慢的主要因素有水的初温和水的质量，据此分析；
(3)用温度计测量液体的温度时，温度计的玻璃泡不能碰到容器底或容器壁，其原因是容器底和容器壁的温度和液体的温度不同；
(4)水升温慢的原因可能是质量太大、初温太低或火力太小等，可针对具体情况采取措施；
(5)温度计读数时如果从水中取出，会导致所测温度偏低；
(6)在进行温度计的读数时，注意温度计的分度值；
(7)根据水沸腾过程中温度保持不变的特点分析出表格中错误的数据；
(8)水沸腾时，气泡在上升过程中，体积逐渐变大；水沸腾前，气泡在上升过程中体积逐渐变小；
(9)掌握白气的组成，掌握水蒸气的特征
在做“观察水沸腾”的实验时，应能熟练装配实验的装置，并能分析实验条件对其结果的影响，同时要学会分析温度随时间变化的图象。
25.【答案】断路 当电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比 2 25
【解析】解：(1)由图可知，此时的电流表与电阻并联在了电路中，所以电流表的连接是错误的；电压表应并联到定值电阻的两端；实物图为：
；
(2)闭合开关，发现电流表无示数，说明电路存在断路故障，电压表指针超过量程，说明从电压表的两端到电源两极都是通的，所以断路故障在与电压表并联的部分，所以故障为定值电阻R断路。
(3)由表中数据可知，当定值电阻两端电压增大为原来的几倍，通过定值电阻的电流也增大为原来的几倍，故分析数据后可得出结论：当电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
(4)在研究电流与电阻关系实验中，更换不同阻值的电阻时，应控制电阻两端的电压不变，由图乙数据和欧姆定律可知定值电阻两端电压UR=IR=0.2A×10Ω=2V；
(5)定值电阻换成30Ω后，要保持定值电阻两端电压UR=2V，则此时电路的电流I′=URR=2V30Ω=115A，
变阻器两端的电压UP=U总−UR=6V−2V=4V，变阻器需要接入电路的电阻RP=UPI′=4V115A=60Ω，已知变阻器的最大阻值为50Ω，故将20Ω电阻换成30Ω电阻时，无论怎样移动滑片，都无法使电压表的示数达到2V，原因是滑动变阻器的最大阻值过小；
由于UR=2V，UP=4V，根据分压原理知滑动变阻器的最大电阻为定值电阻的2倍，当滑动变阻器接入最大阻值50Ω时，定值电阻的阻值应为50Ω2=25Ω。
故答案为：(1)见解答图；(2)断路；(3)当电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；(4)2；(5)25。
(1)电流表应串联接入电路中，电压表并联在定值电阻两端；
(2)闭合开关，发现电流表无示数，说明电路存在断路故障，电压表指针超过量程，说明从电压表的两端到电源两极都是通的，所以断路故障在与电压表并联的部分。
(3)根据表中数据分析回答；
(4)在研究电流与电阻关系实验中，更换不同阻值的电阻时，应控制电阻两端的电压不变，图乙数据和欧姆定律求出定值电阻两端电压；
(5)更换定值电阻后，要保持定值电阻两端电压不变，根据欧姆定律得到此时电路的电流，根据串联电路电压规律得到变阻器两端电压，由欧姆定律得到变阻器需要接入电路的阻值，再将需要接入电路的阻值与变阻器的规格进行对比即可得出结论；根据串联分压原理，当滑动变阻器接入最大阻值时，定值电阻的阻值最大。
本题探究电流与电压、电阻的关系，考查电路的连接、故障分析、操作过程及器材的要求，关键要能熟练运用串联分压原理。
26.【答案】答：根据分子动理论可知，分子不停地做无规则运动，咖啡香味四散是扩散现象；温度越高，分子的无规则运动越剧烈，所以热咖啡闻起来香味浓。
【解析】一切物质的分子都在不停地做无规则运动，扩散现象的实质就是分子运动的结果，温度越高，分子运动越剧烈
本题考查学生对扩散现象的理解能力，要熟练掌握分子动理论的内容。
27.【答案】解：(1)立方体木块A的边长为10cm=0.1m，
则木块A的底面积：SA=(0.1m)2=1×10−2m2，
木块A的体积：VA=(0.1m)3=1×10−3m3，
由题可知，甲图中木块排开水的体积：V排甲=35VA=35×1×10−3m3=6×10−4m3，
则甲图中木块受到的浮力：F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×6×10−4m3=6N；
(2)由题可知，甲图中木块浸入水中的深度：h=35×0.1m=0.06m，
则甲图中木块底部所受的压强：p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.06m=600Pa；
(3)甲图中木块漂浮，所以木块的重：GA=F浮=6N，
图乙中木块浸入水中的体积：V浸=SAh浸=1×10−2m2×(0.1m−0.02m)=8×10−4m3，
图丙中木块浸入水中的体积：V浸′=SAh浸′=1×10−2m2×(0.1m−0.03m)=7×10−4m3，
乙、丙两图中，A和B的整体都处于漂浮状态，总浮力等于总重力，总重力不变，
所以，两物体所受的总浮力相同，排开水的总体积相等，即V浸=V浸′+VB，
则金属块B的体积：VB=V浸−V浸′=8×10−4m3−7×10−4m3=1×10−4m3，
乙图中正方体木块A和金属块B受到的总浮力：
F浮′=ρ水gV排′=ρ水gV浸=1.0×103kg/m3×10N/kg×8×10−4m3=8N，
由于A和B的整体处于漂浮状态，所以GA+GB=F浮′，
则金属块B的重力：GB=F浮′−GA=8N−6N=2N，
金属块B的质量：mB=GBg=2N10N/kg=0.2kg，
所以金属块B的密度：ρB=mBVB=0.2kg1×10−4m3=2×103kg/m3。
答：(1)木块在图甲中受到的浮力为6N；
(2)图甲中木块底部受到的压强600Pa；
(3)金属块的密度为2×103kg/m3。
【解析】(1)求出甲图中木块排开水的体积，利用F浮=ρ水gV排可求木块受到的浮力；
(2)求出甲图中木块浸入水中的深度，利用p=ρ水gh求出木块底部所受的压强；
(3)已知乙、丙两图中木块露出水面的高度，根据V浸=SAh浸可求出两图中木块浸入水中的体积；
乙、丙两图中，A和B的整体都处于漂浮状态，总浮力等于总重力，总重力不变，则两物体所受的总浮力相同，排开水的总体积相等，即V浸=V浸′+VB，据此可求出金属块B的体积；
已经求出乙图中木块排开水的体积，利用F浮=ρ水gV排可求木块受到的浮力，根据物体漂浮条件求出木块和金属块B的总重力，进而可得出金属块B的重力；再求出金属块B的质量，利用密度公式计算金属块B的密度。
此题考查了液体压强的计算、物体漂浮条件的应用、阿基米德原理和密度公式的应用，关键是从图和题意中挖掘隐含条件，难度较大。
28.【答案】解：(1)只闭合开关S1，R1、R2串联，电流表测量电路电流，电流表的示数为0.1A，则根据欧姆定律知道，电源电压U=IR总=0.1A×(30Ω+15Ω)=4.5V；
(2)闭合S1、S2、S3，R2被短路，R1、R3并联，电流表测量干路电流，此时通过R1的电流
I1′=UR1=4.5V30Ω=0.15A，
当P置于R3中点时，通过R3的电流
I3′=U12R3=4.5V12×40Ω=0.225A，
所以通过电流表的电流I′=I1′+I3′=0.15A+0.225A=0.375A；
(3)只闭合开关S2，R2、R3串联，电压表测量R3两端的电压，电流表测量电路电流。当滑动变阻器接入电路的阻值为0时，电路为R2的简单电路，此时电路中的电流
I1=UR2=4.5V15Ω=0.3A，
电流表的量程为0～0.6A，故电路各元件安全；
电压表的量程为0−3V，故滑动变阻器两端的电压最大为3V，定值电阻两端的电压为
U2=U−U滑=4.5V−3V=1.5V，
此时电路中的电流
I2=U2R2=1.5V15Ω=0.1A，
根据欧姆定律知道，电路的总电阻
R总′=UI2=Ω，
根据电阻串联的特点可知滑动变阻器接入电路的阻值
R3=R总′−R2=45Ω−15Ω=30Ω，
故滑动变阻器R3可调节的阻值范围为0～30Ω。
答：(1)电源电压大小为4.5V；
(2)通过电流表的电流为0.375A；
(3)滑动变阻器可调节的阻值范围为0～30Ω。
【解析】(1)只闭合开关S1，R1、R2串联，电流表测量电路电流，电流表的示数为0.1A，根据欧姆定律可知电源电压；
(2)闭合S1、S2、S3，R2被短路，R1、R3并联，电流表测量干路电流，
并联电路各支路两端电压相等，根据欧姆定律分别计算通过R1、R3的电流，并联电路干路电流等于各支路电流之和，进一步计算通过电流表的电流；
(3)只闭合开关S2、S4，R2、R3串联，电压表测量R3两端的电压，电流表测量电路电流。当滑动变阻器接入电路的阻值为0时，电路为R2的简单电路，根据欧姆定律可知此时电路中的电流，已知电流表的量程为0～0.6A，据此分析电路各元件安全；
电压表的量程为0～3V，故滑动变阻器两端的电压最大为3V，根据串联电路的电压特点可知定值电阻两端的电压，根据欧姆定律得出此时电路中的电流，根据欧姆定律可知电路的总电阻，根据电阻串联的特点可知滑动变阻器接入电路的阻值，进而得出滑动变阻器R3可调节的阻值范围。
本题考查串联电路特点、并联电路特点、欧姆定律的灵活运用，分清电路的连接是解题的关键。
29.【答案】解：由P=U2R可知当开关S1断开，S2接A时，此时电路为串联电路，电路中的总电阻为两个电阻之和，总阻值最大，此时功率最小，为低温挡；当开关S1闭合，S2接A时，此时R2被短路，电路中只有R1一个电阻，此时为中温挡；当开关S1闭合，S2接B时，此时电路为并联电路，根据并联电路电阻规律可知，此时电路总电阻最小，功率最大，为高温挡。
(1)由P=UI可得，电煮锅处于中温挡工作时，电路中的电流大小：I中=P中U=1100W220V=5A；
(2)由题可得R1的阻值：R1=UI中=220V5A=44Ω，
当开关S1断开，S2接A时，此时电路为串联电路，电路中的总电阻为两个电阻之和，总阻值最大，此时功率最小，为低温挡；
此时电路的总电阻：R总=U2P低=(220V)2550W=88Ω，
根据串联电路电阻规律可知：R2=R总−R1=88Ω−44Ω=44Ω，
由R2=R1=44Ω可知，高温挡的功率：P高=P1+P2=1100W+1100W=2200W；
(3)电煮锅在中温挡工作15min消耗的电能：W1=P高t=1100W×15×60s=0.99×106J，
剩余的电能：W2=W−W1=2.2×3.6×106J−0.99×106J=6.93×106J，
由W=Pt可得，在低温挡工作的时间：t=W2P低=6.93×106J550W=12600s。
答：(1)电煮锅处于中温挡工作时电路中的电流为5A；
(2)高温挡的功率为2200W；
(3)这个充满电的户外电源能够使电煮锅在中温挡工作15min把水烧开后，还能继续在低温挡工作12600s。
【解析】(1)电煮锅处于中温挡工作时，根据P=UI求出电路中的电流；
(2)由图知，当开关S1闭合、S2接B时，R1与R2并联，电路中的总电阻最小，电路的总功率最大，电煮锅处于高温挡；当开关S1闭合、S2接A时，R2被短路，电路为R1的简单电路，电煮锅处于中温挡，根据欧姆定律求出R1的阻值，再根据P=UI=U2R求出电煮锅处于低温挡时电路的总电阻，利用电阻的串联求出R2的阻值；
根据并联电路的电功率特点求出高温挡的功率；
(3)根据W=Pt求出电煮锅中温挡15min消耗的电能，再由W=Pt可得剩余的电能在低温挡工作的时间。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确得出电煮锅处于不同状态时电路的连接方式是关键。测温物质
凝固点/℃
沸点/℃
水银
−39
357
酒精
−117
78
时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
8
温度/℃
88
93
97
99
99
95
99
99
电压U/V
1.2
1.6
2.0
2.4
2.8
电流I/A
0.12
0.16
0.20
0.24
0.28
项目
额定电压(V)
低温挡功率(W)
中温挡功率(W)
高温挡功率
参数
220
550
1100
P高
1.下列与普通初中生相关的数据符合事实的是( )
A. 质量约为50kgB. 身高约为160m
C. 正常体温约为40℃D. 跑100m所用的时间约为9s
2.关于声现象，下列说法正确的是( )
A. “低声细语”中的“低”，是指声音的音调低
B. 人们能分辨出笛子和钢琴发出的声音，主要是因为它们的响度不同
C. “禁止鸣笛”是在传播过程中减弱噪声
D. 超声波能够粉碎体内“结石”是因为声波具有能量
3.如图所示的光现象中，由于光的反射形成的是( )
A. 小桥在水中的“倒影”
B. 筷子在水面处“折断”
C. 林中阴影
D. 雨后彩虹
4.现代生活中智能手机给人们带来了许多便利，但长时间盯着手机屏幕，容易导致视力下降。关于近视的成因及解决办法正确的是( )
A. 近视眼成像在视网膜的前方，可用凸透镜来进行矫正
B. 近视眼成像在视网膜的后方，可用凹透镜来进行矫正
C. 长时间看手机，导致眼球的晶状体变薄，折光能力变弱
D. 长时间看手机，导致眼球的晶状体变厚，折光能力变强
5.一辆汽车在同一高速公路上分别以v1、v2、v3的速度匀速直线行驶，且v1
A. a对b的拉力和b对a的拉力是一对平衡力
B. a受平衡力，b对a的拉力是4N，a的示数是4N
C. b受平衡力，a对b的拉力是4N，b的示数是8N
D. a和b受到的合力均为零，示数均为零
7.下列物理量中，表示做功快慢的是( )
A. 机械效率B. 功率C. 机械能D. 压强
8.用如图所示的均匀杠杆提升重物，已知OA=OB，设作用在A端的力F始终竖直向下，在将重物慢慢匀速提升到一定高度的过程中，判断正确的是( )
A. F的大小将保持不变
B. F的大小先变大，后变小
C. 该杠杆是省力杠杆
D. 若将拉力F换成重物G，不可能在如图所示位置平衡
9.如图所示，三个理想滑轮拉同一物体在同一水平面做匀速直线运动，所用拉力分别为F1、F2、F3，那么这三个力的关系是( )
A. F1>F2>F3B. F1
A. 凝固点较低B. 沸点较高C. 密度较小D. 比热容较大
11.如图所示，电源电压不变，闭合开关S，滑片P向右移动的过程中，以下说法正确的是( )
A. 电压表V1的示数不变，灯泡亮度变亮
B. 电压表V1的示数变大，电压表V2的示数变小
C. 电压表V1的示数与电流表A的示数的比值变大
D. 电压表V2的示数与电流表A的示数的比值变小
12.如图a所示电路，两个电流表A1和A2的量程都为0～0.6A，定值电阻R0的阻值为10Ω。闭合开关后，在确保电路安全的前提下，将滑动变阻器R1的滑片从最右端向左滑动，在此过程中获得两电流表示数的关系图像如图b所示(实线部分)。下列说法正确的是( )
A. 坐标轴I甲的数据为电流表A2的示数
B. 图像中a、b、c三点的数据分别为0.3、0.6、0.2
C. 电源电压为6V
D. 滑动变阻器消耗的最小电功率为0.45W
13.车辆严重超载会损坏桥梁，为了能抓拍超载车辆，物理兴趣小组成员决定为桥梁管理者设计一个“汽车超载记录器”来进行监控管理，如图甲为该超载记录器原理图；已知电源电压U=10V，线圈电阻R0=5Ω，R1为滑动变阻器，Rx为压敏电阻，当车辆驶入被检测路段时，其阻值随它受到的压力变化的情况如图乙所示，当电流表示数达到或超过0.4A时，电磁继电器的衔铁被吸下，工作电路中的照相机就开始工作，抓拍超载车辆，则下列说法正确的是(g取10N/kg)( )
A. 开关S闭合，电磁铁的上端为N极
B. 当压敏电阻Rx受到的压力增大时，电磁铁的磁性减弱
C. 当桥梁限重为30t时，滑动变阻器接入电路的阻值应为10Ω
D. 桥梁老化后应适当减小R1接入电路的阻值以减小桥梁限重标准
14.关于能源的说法，正确的是( )
A. 核电站是利用核聚变来发电的
B. 地球上的风能、水能、核能实际上都来自太阳能
C. 煤、石油、天然气属于化石能源
D. 既然能量是守恒的，所以不需要节约能源
二、填空题：本大题共8小题，共17分。
15.如图，铅笔长______cm，停表的读数为______s。
16.电动牙刷发出的超声波可以直达牙刷棕毛刷不到的地方，让牙齿刷得更干净，这是因为超声波具有______(选填“信息”或“能量”)；超声波的频率______(选填“高于”“等于”或“低于”)20000Hz；地震、海啸时会产生______波。
17.生活中经常提到的“影”与我们学到的光学知识有关。在立竿见“影”和水中倒“影”中，前者是由光的______形成的，后者是由光的______形成的。
18.立定跳远时，如果起跳板上有沙粒。起跳时就会感觉很滑，影响跳远成绩。这是因为起跳板上的沙粒把滑动变为______，使摩擦力大大______(填“增大”或“减小”)。
19.重为98N的小车，用30N的水平拉力使小车在水平地面上匀速前进了20m，则此过程中拉力对小车做功为______J，重力对小车做功为______J。
20.图甲是电子测温仪，图乙是内部结构原理图，电源电压保持不变，R是热敏电阻，R0是定值电阻。图中显示仪是由______(选填“电流”或“电压”)表改装成的。测体温时，被测者体温越高，显示仪的示数就越大，可知热敏电阻R的阻值随温度的升高而______(选填“增大”、“减小”或“不变”)。
21.小霞家电能表5月底和6月底的示数分别如图甲、乙所示，则6月份她家消耗了______kW⋅h的电能．她关闭家里所有用电器，只使用电吹风，测得电能表转盘转动90r用时2min，则该电吹风的实际功率是______W.
22.北斗卫星与地球之间的通讯是利用______波。现在大部分的卫星都是采用太阳能系统供电，按照能源获取方式，可以分为一次能源和二次能源，电能属于______次能源。
三、作图题：本大题共1小题，共4分。
23.木块静止在斜面上，画出木块所受重力和支持力的示意图。
四、实验探究题：本大题共2小题，共15分。
24.彤彤同学做“观察水的沸腾”实验：
(1)由下表可知，本次实验应选用测温物质为______的温度计；
(2)安装实验器材时，彤彤同学应按照______(选填“自上而下”或“自下而上”)的顺序进行。实验时，老师要求向烧杯中倒入热水而不用冷水，这样做的优点是：______；
(3)开始时，彤彤同学用的是如图甲所示装置，她测出的水温将偏______(选填“高”或“低”)；
(4)如图乙所示，调整好实验装置后，实验中彤彤同学发现温度计示数上升较慢，为了使温度计示数上升得快些，她应该______；
(5)为了方便读出温度计的示数，彤彤同学将温度计从水中拿出来进行观察读数，则会导致所测温度偏______(选填“高”或“低”)；
(6)从85℃开始，每隔1min记录一次温度计的示数，直到水沸腾一段时间为止。如图丙所示的是1min时的温度计示数，则此时烧杯中水的温度为______；
(7)彤彤同学的实验记录数据如下表：
彤彤由于粗心大意记错了一个实验数据，你认为错误的数据是______；
(8)彤彤同学观察到水沸腾前和沸腾后水中气泡的上升情况不同，如图丁所示，则图______[选填“a”或“b”]是水在沸腾前的情况；
(9)彤彤同学发现水沸腾时，杯口不断地冒出大量“白气”，这是由于水蒸气遇冷后______形成的小水珠。(填物态变化名称)
25.在“探究电流与电压、电阻的关系”实验中，部分器材选用如下：电压为6V的电源，标有“50Ω 1A”的滑动变阻器，阻值不同的定值电阻若干，其他器材。
(1)甲图是小明同学连接的实验电路，检查发现有一根导线接错，请你把接错的那一根导线找出来，打上“×”，再用笔画线代替导线，把它改到正确的位置上。
(2)闭合开关后，发现电流表无示数，电压表指针超过量程，则故障可能是定值电阻______(选填“短路”或“断路”)。
(3)排除故障后，小明同学首先“探究电流与电压的关系”，进行了多次实验，并得到如表所示的实验数据，分析数据可得结论：______。
(4)接着，小明又进行了“探究电流与电阻关系”的实验，先将5Ω定值电阻接入电路，在移动滑片的过程中，记录实验数据，并绘制成图乙所示图像，根据图像可知，实验中控制电阻两端的电压为______V不变；
(5)实验中发现将20Ω定值电阻换成30Ω电阻时，无论怎样移动滑片，电阻两端电压都不能达到预设值。为了完成本实验，接入的定值电阻最大应不超过______Ω。
五、简答题：本大题共1小题，共4分。
26.小红冲了一杯热咖啡，屋子里立刻充满了浓郁的香味。请你用分子动理论的观点解释这个现象。
六、计算题：本大题共3小题，共18分。
27.如图甲所示，将边长为10cm的立方体木块A放入水中，有35的体积浸入水面，将金属块B放在木块中央静止后用刻度尺测出此时木块露出水面的高度h1为2cm，如图乙所示，再用轻质细线将金属块捆绑在木块中央，放入水中静止后测出此时木块露出水面高度h2为3cm，如图丙所示(g取10N/kg)。求：
(1)木块在图甲中受到的浮力；
(2)图甲中木块底部受到的压强；
(3)金属块的密度。
28.如图所示的电路，电源电压大小保持不变，电阻R1=30Ω，R2=15Ω，滑动变阻器R3的规格为“40Ω，0.5A”。电压表和电流表接入电路的量程分别为0～3V和0～0.6A。
(1)只闭合S1，电流表的示数为0.1A，求电源电压；
(2)同时闭合S1、S2、S3，当P置于R3中点时，并暂时断开电压表，求通过电流表的电流；
(3)只闭合S2，在保证电路各元件安全的前提下，求滑动变阻器可调节的阻值范围。
29.图甲是一款多功能电煮锅，图乙为该电煮锅简化电路图，其中开关S2可以断开、接A或接B，R1和R2都是用于加热的纯电阻，电煮锅的部分参数如下表所示。(R1和R2的电阻值不随温度变化而变化)
(1)电煮锅处于中温挡正常工作时，求电路中的电流大小？
(2)高温挡的功率P高是多少？
(3)为了在户外露营时能使用电煮锅来烫火锅，可以采用能够存储2.2kW⋅h的移动电源对其进行供电，使用充满电的移动电源使电煮锅在中温挡正常工作15min把水烧开后，若调至低温挡进行保温，还可以正常工作多长时间？
答案和解析
1.【答案】A
【解析】【分析】
物理学中，对各种物理量的估算能力，也是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
【解答】
A、初中生的质量约为50kg，故A正确；
B、身高约为160cm，故B错误；
C、人体的正常体温约是36.5℃，故C错误；
D、跑100m所用的时间约为14s，故D错误。
2.【答案】D
【解析】解：
A、低声细语形容说话声很小，反映声音的大小的是响度这个物理量，不是音调，音调体现的是声音的高低，和声音的大小无关，故A错误；
B、人们能分辨出笛子和钢琴发出的声音，主要是因为它们的音色不同，故B错误；
C、“禁止鸣笛”是在声源处减弱，故C错误；
D、医生利用超声波能击碎人体内的结石，说明声能传递能量，故D正确。
故选：D。
(1)音调、响度、音色的区别：音调：声音的高低，由发声体的振动频率决定，频率越高，音调越高；响度：人耳感觉到的声音的大小，它跟发声体的振幅有关，振幅越大，响度越大；振幅越小，响度越小；音色：发声体的声音品质，由发声体本身的特征决定，是区别声音的重要标志。
(2)减弱噪声的途径：①在声源处减弱；②在传播的过程中；③在人耳处减弱。
(3)声音能够传递信息和能量。
本题考查了声音的特性以及声与信息和能量的关系、减弱噪声的途径，是声学的基础知识，属于识记性内容，比较简单。
3.【答案】A
【解析】解：A、平静水面上小桥的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故A符合题意；
B、水中筷子上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线的方向看时，看到的是筷子的虚像，比实际位置偏高，所以感觉筷子折断了，故B与题意不符；
C、林中阴影属于影子，是由光的直线传播形成的，故C与题意不符；
D、雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象，所以说雨后的天空出现彩虹是由光的色散形成的，故D与题意不符。
故选：A。
(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
此题通过不同的现象考查了学生对光的反射、光的直线传播及光的折射的理解，在学习中要注意区分，并要学会用所学知识解释有关的物理现象。
4.【答案】D
【解析】解：近视眼是只能看清近处的物体，看不清远处的物体，产生近视眼的原因是：长时间看手机，导致眼球的晶状体变厚，折光能力太强，因此来自远处点的光会聚在视网膜前；对近视眼的矫正可通过凹透镜对光线的发散作用进行纠正，故D正确，ABC错误。
故选：D。
近视眼成因：眼球晶状体的曲度过大，远处物体反射来的光线通过晶状体折射后形成的物像，就会落在视网膜的前方造成近视眼。
本题主要考查了眼睛及其视物原理与近视眼的成因。属于识记性内容，比较简单。
5.【答案】A
【解析】【分析】
本题考查了平衡力的应用和摩擦力大小因素的理解，根据平衡力的条件判断力的大小和力的方向，是很常用的一种方法，要掌握。
(1)静止的物体和匀速直线运动的物体受到平衡力的作用，根据平衡力条件判断摩擦力的大小；
(2)摩擦力跟压力大小和接触面粗糙程度有关，跟其它因素没有关系。
【解答】
汽车在水平方向上受到摩擦力和牵引力的作用；因汽车在水平公路上匀速行驶，所以在水平方向受力平衡，即汽车受到的摩擦力大小等于汽车的牵引力，因在不同的速度下汽车均处于匀速直线运动状态，每次的牵引力均等于其受到的摩擦力，摩擦力不变，则牵引力相等，即F1=F2=F3.
故选：A。
6.【答案】B
【解析】【分析】
此题根据弹簧测力计的原理分析，要学会用二力平衡的知识来分析弹簧测力计。一对平衡力大小相等，方向相反，作用在一条直线上，作用在一个物体上；与相互作用力的不同之处是作用在不同物体上；会利用相互作用力判断力的大小关系。
【解答】
A.a对b的拉力和b对a的拉力是分别作用在两个弹簧测力计上，是一对相互作用力，故A错误；
B.a处于静止状态，所以受平衡力，b对a的拉力是4N，a的示数也是4N，故B正确；
C.b处于静止状态，所以受平衡力，a对b的拉力是4N，b的示数也应该是4N，故C错误；
D.a和b都处于静止状态，所以受到的合力均为零，但示数均不为零，故D错误。
故选B。
7.【答案】B
【解析】解：功率是表示做功快慢的物理量；
A、机械效率是有用功和总功的比值，故A不符合题意；
B、功率是描述做功快慢的物理量，故B符合题意；
C、动能和重力势能统称机械能，故C不符合题意；
D、压强是描述压力作用效果的物理量，故D不符合题意。
故选：B。
物理学中，我们应该知道，为了描述做功的快慢，引入了功率这个物理量。
该题是对功率概念的考查，没什么难度，属于识记内容。识记是关键。
8.【答案】A
【解析】解：由杠杆平衡条件得：GL1=FL2，
由图示可知：L1=OBcsθ，L2=OAcsθ，
则：G⋅OBcsθ=F⋅OAcsθ，已知：OA=OB，则：F=G，
由于物体的重力G不变，则F不变，故A正确，BC错误；
F=G，若将拉力F换成重物G，杠杆可以在如图所示位置平衡，故D错误；
故选：A。
应用杠杆平衡条件可以求出力F的大小，然后分析答题。
本题考查了杠杆平衡条件的应用，分析清楚图示情景，应用杠杆平衡条件可以解题。
9.【答案】D
【解析】解：由题意可知，假设物体与地面的摩擦力为f，
第一幅图中滑轮为定滑轮，不省力，则F1=f，
第二幅图中滑轮为动滑轮，省一半的力，则F2=12f，
第三幅图中滑轮为动滑轮，但动力作用在动滑轮的轴上，费1倍的力，则F3=2f；
所以，F2
(1)定滑轮的特点：使用定滑轮不省力，但能改变力的方向；
(2)动滑轮的特点：动滑轮实质是动力臂为阻力臂二倍的杠杆，使用动滑轮能省一半力，但费距离。
本题考查了动滑轮和定滑轮的特点，要利用好条件理想滑轮，属于基础题目。
10.【答案】D
【解析】解：冷却液的比热容较大，同样质量的防冻液和其它物质比较，升高或降低相同的温度，防冻液吸收或释放的热量多，所以它具有散热好的特点。
故选：D。
同样质量的防冻液和其它物质比较，升高或降低相同的温度，防冻液吸收或释放的热量多。
本题考查了防冻液比热容大的应用，属于基础题。
11.【答案】C
【解析】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表V1测电源两端的电压，电压表V2测变阻器R两端的电压，电流表测电路中的电流。
将滑动变阻器R的滑片P向右移动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I=UR可知，电路中的电流变小，即电流表A的示数变小；
电压表V1测电源两端的电压，所以滑片移动时电压表V1的示数不变，故B错误；
由欧姆定律可知，电压表V1示数与电流表示数之比等于电路的总电阻，总电阻变大，则电压表V1示数与电流表示数之比变大，故C正确；
由U=IR可知，灯泡两端的电压变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以滑动变阻器R两端的电压变大，即电压表V2的示数变大；
因灯泡的亮暗取决于灯泡实际功率的大小，所以，由P=I2R可知，灯泡的实际功率变小，灯泡变暗，故A错误；
由于电压表V2的示数变大，电流表示数变小，所以电压表V2与电流表A的示数的比值变大，故D错误。
故选：C。
由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表V1测电源两端的电压，电压表V2测变阻器R两端的电压，电流表测电路中的电流。根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化，利用P=UI可知灯泡实际功率的变化，进一步可知亮暗的变化；根据电压表V1、V2、电流表A示数的变化，判断出电压表V1的示数、电压表V2的示数与电流表A的示数比值的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
12.【答案】D
【解析】解：A、闭合开关，两电阻并联接入电路，电流表A2测干路电流，电流表A1测通过滑动变阻器的电流，并联电路干路电流等于各支路电流之和，所以电流表A2的示数大于电流表A1的示数，由b图可知，当I甲=0.3A时，I乙=b>0.45A，即：大于0.3A，所以坐标轴I甲的数据为电流表A1的示数，故A错误；
BC、由图b可知通过滑动变阻器的最大电流为0.3A，此时通过干路的电流最大为0.6A，所以b=0.6，则通过定值电阻的电流：I0=I−I1=0.6A−0.3A=0.3A，
并联电路各支路两端电压相等，都等于电源电压，所以电源电压：U=I0R0=0.3A×10Ω=3V，故C错误；
由图b可知通过干路的最小电流为0.45A，此时通过滑动变阻器的最小电流：I1′=I′−I0=0.45A−0.3A=0.15A，所以c=0.15，故B错误；
D、通过滑动变阻器的电流最小时，滑动变阻器消耗的电功率最小，最小功率为：P=UI1′=3V×0.15A=0.45W，故D正确。
故选：D。
A、闭合开关，两电阻并联接入电路，电流表A2测干路电流，电流表A1测通过滑动变阻器的电流，并联电路干路电流大于各支路电流；
BC、由图b可知通过滑动变阻器的最大电流，由电流表量程可知此时通过干路的最大电流，进一步确定b的值，根据并联电路电流规律计算通过定值电阻的电流。根据并联电路电压特点结合欧姆定律计算电源电压，由图b可知通过干路的最小电流，根据并联电路电流规律计算计算通过滑动变阻器的最小电流，进一步确定c的值；
D、根据电功率公式P=UI计算滑动变阻器消耗的最小电功率。
本题考查并联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用，正确读取图b中的信息是解题的关键。
13.【答案】D
【解析】解：由控制电路可知，三电阻串联，
A、开关S闭合，电流从电磁铁的上端流入，根据安培定则可知，电磁铁的上端为S极，故A错误；
B、由图乙可知，当压敏电阻Rx受到的压力增大时其阻值减小，串联电路总电阻等于各分电阻之和，所以电路的总电阻减小，由I=UR可知，通过控制电路的电流变大，电磁铁的磁性将增强，故B错误；
C、当桥梁限重为30t时，对桥面的压力：
F=G=mg=30×103kg×10N/kg=3×105N，
由乙图像可知，当F=3×105N时，Rx=15Ω，此时电路中的电流为0.4A，电路的总电阻为：R=UI=10V0.4A=25Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以滑动变阻器接入电路的阻值为：R1=R−R0−Rx=25Ω−5Ω−15Ω=5Ω，故C错误；
D、由图乙可知，当压敏电阻Rx受到的压力减小时其阻值增大，为控制桥梁限重时电路的总电阻不变，所以应适当减小R1阻值，故D正确。
故选：D。
由控制电路可知，三电阻串联，
(1)根据安培定则判定电磁铁的磁极；
(2)由图乙可知，当压敏电阻Rx受到的压力增大时其阻值减小，串联电路总电阻等于各分电阻之和，所以电路的总电阻减小，由I=UR可知，通过控制电路的电流变大，电磁铁的磁性将增强；
(3)当桥梁限重为30t时，根据G=mg计算对桥面的压力，由乙图像可知此时滑动变阻器接入电路的电阻，知道此时电路中的电流为0.4A，由欧姆定律计算电路总电阻，根据串联电路电阻规律计算滑动变阻器接入电路的阻值；
(4)由图乙可知，当压敏电阻Rx受到的压力减小时其阻值增大，为控制桥梁限重时电路的总电阻不变，所以应适当减小R1阻值。
本题考查串联电路特点、欧姆定律、重力公式的灵活运用，题目有一定的综合性。
14.【答案】C
【解析】解：
A、核电站子核的裂变的链式反应产生的能量发电，故A错误；
B、地球上的风能、水能、生物质能都来源于太阳，核能不是来自太阳能，故B错误；
C、煤、石油、天然气属于化石能源，故C正确；
D、能量虽然是守恒的，总量不变，但是我们可以利用的能源是有限的，并且能量的转化有时是不可逆的，故D错误。
故选：C。
(1)核电站：利用原子核的裂变的链式反应产生的能量发电；
(2)核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；而风能、水能、太阳能、生物质能，可以在自然界里源源不断的得到补充；
(3)煤、石油、天然气属于化石能源；
(4)能量是守恒的，但有些能源为高品质能源，可以直接利用，而能源在利用中会转化为不能直接应用的低品质能源。
本题考查核能的利用，化石能源以及能量守恒是一道基础题。
15.【答案】4.80 367.5
【解析】解：(1)刻度尺上1cm之间有10小格，所以每个小格代表的长度是0.1cm，即此刻度尺的分度值是0.1cm；物体左侧与2.00cm对齐，右侧与6.80cm对齐，所以物体的长度L=6.80cm−2.00cm=4.80cm；
(2)停表中间的小表盘上，每个小格代表0.5min，指针指在“6”和“7之间，偏向“6”一侧，小表盘的读数为6min；在停表的大表盘上，1s之间有10个小格，所以每个小格代表0.1s，因为小表盘偏向“6”一侧，所以大表盘指针的读数为7.5s，停表的读数为6min7.5s=337.5s。
故答案为：(1)4.80；(2)367.5。
(1)使用刻度尺时要明确量程和分度值，起始端从0刻度线开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，用末端刻度值减去起始端所对刻度即为物体的长度，注意刻度尺读数时要估读到分度值的下一位；
(2)停表中间的小表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，停表读数是两个表盘的示数之和。
本题考查长度、时间的测量，属于基础内容，难度不大。
16.【答案】能量 高于 次声
【解析】解：(1)电动牙刷发出的超声波可以直达牙刷棕毛刷不到的地方，让牙齿刷得更干净，利用了超声波能传递能量；
(2)超声波的频率高于20000Hz；
(3)自然界中的地震、海啸会产生次声波，具有极强的破坏力。
故答案为：能量；高于；次声。
(1)超声波可传递能量；
(2)频率高于20000Hz的声波叫超声波；
(3)自然界中，火山爆发、地震、风暴等都能产生次声。
本题考查超声波的产生和传播及声音具有能量在实际生活中应用很广，难度不大。
17.【答案】直线传播 反射
【解析】解：“立竿见影”是由于光沿直线传播，照射到不透明的竿上而形成的影子。水中的“倒影”属于平面镜成像现象，是由光的反射形成的。
故答案为：直线传播；反射。
影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线传播形成的；平面镜成像是由于光的反射形成的。
此题主要通过两种不同的“影”考查了学生对光的反射和光的直线传播的理解。在平时一定要区分开两种影的区别，要搞清倒影和影子的成因，二者不要混淆。
18.【答案】滚动 减小
【解析】解：立定跳远时，如果起跳板上有沙粒。跳板上的沙粒把滑动变为滚动摩擦，使摩擦力大大减小，从而影响跳远成绩。
故答案为：滚动；减小。
减小摩擦力的方法：减小压力，减小接触面的粗糙程度，使接触面脱离，用滚动代替滑动。
通过此类题目的练习，要让学生明确摩擦力在我们的身边无处不在，和我们的生活密切相关，从而对摩擦力有更深刻的了解。
19.【答案】600 0
【解析】解：用30N的水平拉力使小车在水平地面上匀速前进了20m，则此过程中拉力对小车做功为：
W=Fs=30N×20m=600J；
小车在重力的方向没有通过距离，所以重力对小车做功为0。
故答案为：600；0。
做功的两个必要因素是：作用在物体上的力；在力的方向上通过的距离；
拉力做功可以用公式W=Fs计算。
本题考查了做功的两个必要因素和功的计算，属于基础题。
20.【答案】电压 减小
【解析】解：由图可知，闭合开关，热敏电阻R与定值电阻R0串联，显示仪并联在R0两端，故显示仪是由电压表改装成的，测R0两端的电压；
测体温时，被测者体温越高，显示仪的示数就越大，即R0两端的电压越大，根据I=UR可知通过R0的电流越大，根据串联电路的电流规律可知电路中的电流越大，根据I=UR可知电路总电阻越小，根据串联电路的电阻规律可知热敏电阻R的阻值越小，即热敏电阻R的阻值随温度的升高而减小。
故答案为：电压；减小。
由图可知，闭合开关，热敏电阻R与定值电阻R0串联，显示仪并联在R0两端，由此可知显示仪的电表类型；
测体温时，被测者体温越高，显示仪的示数就越大，即R0两端的电压越大，根据欧姆定律可知通过R0的电流越大，根据串联电路的电流规律可知电路中的电流变化情况，根据欧姆定律可知电路总电阻的变化情况，根据串联电路的电阻规律可知热敏电阻R的阻值变化情况，即热敏电阻R的阻值随温度的升高而变化的情况。
本题考查电压表的使用、串联电路的特点和欧姆定律的应用，难度适中。
21.【答案】260.5；900
【解析】解：6月份消耗的电能：2585.8kW⋅h−2325.3kW⋅h=260.5kW⋅h；
指示灯闪烁90r，电路消耗电能为：
W=903000kW⋅h=0.03kW⋅h，
用电器的功率：
P=Wt=0.03kW⋅h260h=0.9kW=900W．
故答案为：260.5；900．
电能表最后一位是小数位，3月底与2月底电能表示数之差是3月份消耗的电能；
3000imp/kW⋅h表示的是电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表指示灯闪烁3000次，或者表示电能表指示灯每闪烁1次，电路中消耗13000kW⋅h的电能，求出指示灯闪烁90r电路中消耗的电能．然后求出用电器的功率．
本题考查了电能表的参数的理解与电能的求法以及电功率的计算，这是利用电能表测量功率的一种类型习题，一定要熟练掌握．
22.【答案】电磁 二
【解析】解：北斗卫星与地球之间的通讯是利用电磁波。现在大部分的卫星都是采用太阳能系统供电，按照能源获取方式，可以分为一次能源和二次能源，电能属于二次能源。
故答案为：电磁；二。
(1)电磁波可以传递信息。
(2)能源从产生方式角度划分：
一次能源：是指可以从自然界直接获取的能源．例：煤炭、石油、天然气、水能、风能、太阳能、地热能、潮汐能、生物质能、核能。
二次能源：是指无法从自然界直接获取，必须经过一次能源的消耗才能得到的能源．例：电能、乙醇汽油、氢能、沼气。
本题考查的是电磁波的特点及使用；知道一次能源和二次能源。
23.【答案】解：重力和支持力的作用点画在物体的重心上；重力的方向竖直向下；支持力的方向与斜面垂直，垂直斜面向上。
如图所示：
【解析】重力的方向是竖直向下的，作用点在重心上；
斜面对物体的支持力和物体对斜面的压力是一对相互作用力，方向是相反的；压力的方向是垂直于斜面向下的，支持力就是垂直于斜面向上的，作用点在物体的重心上。
解答此题的关键是分析重力和支持力的方向，支持力的方向是垂直于斜面向上的。
24.【答案】水银 自下而上 缩短水加热到沸腾所用的时间 高 加大火力 低 89℃ 第6min的95℃ b 液化
【解析】解：(1)温度计里面的液体的沸点需要超过水的沸点才可以用来测将水加热至沸腾的实验，酒精的沸点没有超过水的沸点，而水银的沸点超过了水的沸点，故选水银温度计。
(2)实验中要用酒精灯外焰加热，温度计玻璃泡浸没在被测液体中，但不能碰触容器底和壁，所以安装器材时应按照自下而上的顺序进行。
实验时，老师要求向烧杯中倒入热水而不用冷水，提高水的初始温度，这样做的优点是：缩短水加热到沸腾所用的时间。
(3)开始时，彤彤同学用的是如图甲所示装置，可以看到温度计的玻璃泡碰到了容器底，因为容器底部的温度较高，所以她测出的水温将偏高。
(4)调整好实验装置后，无法再更换水的质量和换初始温度更高的水，所以为了使温度计示数上升得快些，她应该加大火力，避免再调整器材。
(5)为了方便读出温度计的示数，彤彤同学将温度计从水中拿出来进行观察读数，玻璃泡受冷，则会导致所测温度偏低。
(6)由图丙得，温度计的分度值为1℃，示数为89℃，即此时烧杯中水的温度为89℃。
(7)水沸腾过程中，温度保持不变，由表格中数据得，错误的数据是第6min记录的95℃。
(8)b中气泡上升过程中，由大变小，是水在沸腾前的情况。
(9)“白气”是由于水蒸气遇冷后放热液化形成的小水珠。
故答案为：(1)水银；(2)自下而上；缩短水加热到沸腾所用的时间；(3)高；(4)加大火力；(5)低；(6)89℃；(7)第6min的95℃；(8)；(9)液化。
(1)通过比较水与水银和酒精的沸点，即可判断选用的是水银温度计；
(2)实验中用酒精灯外焰加热，温度计玻璃泡完全浸没被测液体，但不能碰容器底和壁，所以安装器材应自下而上；
影响水沸腾快慢的主要因素有水的初温和水的质量，据此分析；
(3)用温度计测量液体的温度时，温度计的玻璃泡不能碰到容器底或容器壁，其原因是容器底和容器壁的温度和液体的温度不同；
(4)水升温慢的原因可能是质量太大、初温太低或火力太小等，可针对具体情况采取措施；
(5)温度计读数时如果从水中取出，会导致所测温度偏低；
(6)在进行温度计的读数时，注意温度计的分度值；
(7)根据水沸腾过程中温度保持不变的特点分析出表格中错误的数据；
(8)水沸腾时，气泡在上升过程中，体积逐渐变大；水沸腾前，气泡在上升过程中体积逐渐变小；
(9)掌握白气的组成，掌握水蒸气的特征
在做“观察水沸腾”的实验时，应能熟练装配实验的装置，并能分析实验条件对其结果的影响，同时要学会分析温度随时间变化的图象。
25.【答案】断路 当电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比 2 25
【解析】解：(1)由图可知，此时的电流表与电阻并联在了电路中，所以电流表的连接是错误的；电压表应并联到定值电阻的两端；实物图为：
；
(2)闭合开关，发现电流表无示数，说明电路存在断路故障，电压表指针超过量程，说明从电压表的两端到电源两极都是通的，所以断路故障在与电压表并联的部分，所以故障为定值电阻R断路。
(3)由表中数据可知，当定值电阻两端电压增大为原来的几倍，通过定值电阻的电流也增大为原来的几倍，故分析数据后可得出结论：当电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
(4)在研究电流与电阻关系实验中，更换不同阻值的电阻时，应控制电阻两端的电压不变，由图乙数据和欧姆定律可知定值电阻两端电压UR=IR=0.2A×10Ω=2V；
(5)定值电阻换成30Ω后，要保持定值电阻两端电压UR=2V，则此时电路的电流I′=URR=2V30Ω=115A，
变阻器两端的电压UP=U总−UR=6V−2V=4V，变阻器需要接入电路的电阻RP=UPI′=4V115A=60Ω，已知变阻器的最大阻值为50Ω，故将20Ω电阻换成30Ω电阻时，无论怎样移动滑片，都无法使电压表的示数达到2V，原因是滑动变阻器的最大阻值过小；
由于UR=2V，UP=4V，根据分压原理知滑动变阻器的最大电阻为定值电阻的2倍，当滑动变阻器接入最大阻值50Ω时，定值电阻的阻值应为50Ω2=25Ω。
故答案为：(1)见解答图；(2)断路；(3)当电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；(4)2；(5)25。
(1)电流表应串联接入电路中，电压表并联在定值电阻两端；
(2)闭合开关，发现电流表无示数，说明电路存在断路故障，电压表指针超过量程，说明从电压表的两端到电源两极都是通的，所以断路故障在与电压表并联的部分。
(3)根据表中数据分析回答；
(4)在研究电流与电阻关系实验中，更换不同阻值的电阻时，应控制电阻两端的电压不变，图乙数据和欧姆定律求出定值电阻两端电压；
(5)更换定值电阻后，要保持定值电阻两端电压不变，根据欧姆定律得到此时电路的电流，根据串联电路电压规律得到变阻器两端电压，由欧姆定律得到变阻器需要接入电路的阻值，再将需要接入电路的阻值与变阻器的规格进行对比即可得出结论；根据串联分压原理，当滑动变阻器接入最大阻值时，定值电阻的阻值最大。
本题探究电流与电压、电阻的关系，考查电路的连接、故障分析、操作过程及器材的要求，关键要能熟练运用串联分压原理。
26.【答案】答：根据分子动理论可知，分子不停地做无规则运动，咖啡香味四散是扩散现象；温度越高，分子的无规则运动越剧烈，所以热咖啡闻起来香味浓。
【解析】一切物质的分子都在不停地做无规则运动，扩散现象的实质就是分子运动的结果，温度越高，分子运动越剧烈
本题考查学生对扩散现象的理解能力，要熟练掌握分子动理论的内容。
27.【答案】解：(1)立方体木块A的边长为10cm=0.1m，
则木块A的底面积：SA=(0.1m)2=1×10−2m2，
木块A的体积：VA=(0.1m)3=1×10−3m3，
由题可知，甲图中木块排开水的体积：V排甲=35VA=35×1×10−3m3=6×10−4m3，
则甲图中木块受到的浮力：F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×6×10−4m3=6N；
(2)由题可知，甲图中木块浸入水中的深度：h=35×0.1m=0.06m，
则甲图中木块底部所受的压强：p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.06m=600Pa；
(3)甲图中木块漂浮，所以木块的重：GA=F浮=6N，
图乙中木块浸入水中的体积：V浸=SAh浸=1×10−2m2×(0.1m−0.02m)=8×10−4m3，
图丙中木块浸入水中的体积：V浸′=SAh浸′=1×10−2m2×(0.1m−0.03m)=7×10−4m3，
乙、丙两图中，A和B的整体都处于漂浮状态，总浮力等于总重力，总重力不变，
所以，两物体所受的总浮力相同，排开水的总体积相等，即V浸=V浸′+VB，
则金属块B的体积：VB=V浸−V浸′=8×10−4m3−7×10−4m3=1×10−4m3，
乙图中正方体木块A和金属块B受到的总浮力：
F浮′=ρ水gV排′=ρ水gV浸=1.0×103kg/m3×10N/kg×8×10−4m3=8N，
由于A和B的整体处于漂浮状态，所以GA+GB=F浮′，
则金属块B的重力：GB=F浮′−GA=8N−6N=2N，
金属块B的质量：mB=GBg=2N10N/kg=0.2kg，
所以金属块B的密度：ρB=mBVB=0.2kg1×10−4m3=2×103kg/m3。
答：(1)木块在图甲中受到的浮力为6N；
(2)图甲中木块底部受到的压强600Pa；
(3)金属块的密度为2×103kg/m3。
【解析】(1)求出甲图中木块排开水的体积，利用F浮=ρ水gV排可求木块受到的浮力；
(2)求出甲图中木块浸入水中的深度，利用p=ρ水gh求出木块底部所受的压强；
(3)已知乙、丙两图中木块露出水面的高度，根据V浸=SAh浸可求出两图中木块浸入水中的体积；
乙、丙两图中，A和B的整体都处于漂浮状态，总浮力等于总重力，总重力不变，则两物体所受的总浮力相同，排开水的总体积相等，即V浸=V浸′+VB，据此可求出金属块B的体积；
已经求出乙图中木块排开水的体积，利用F浮=ρ水gV排可求木块受到的浮力，根据物体漂浮条件求出木块和金属块B的总重力，进而可得出金属块B的重力；再求出金属块B的质量，利用密度公式计算金属块B的密度。
此题考查了液体压强的计算、物体漂浮条件的应用、阿基米德原理和密度公式的应用，关键是从图和题意中挖掘隐含条件，难度较大。
28.【答案】解：(1)只闭合开关S1，R1、R2串联，电流表测量电路电流，电流表的示数为0.1A，则根据欧姆定律知道，电源电压U=IR总=0.1A×(30Ω+15Ω)=4.5V；
(2)闭合S1、S2、S3，R2被短路，R1、R3并联，电流表测量干路电流，此时通过R1的电流
I1′=UR1=4.5V30Ω=0.15A，
当P置于R3中点时，通过R3的电流
I3′=U12R3=4.5V12×40Ω=0.225A，
所以通过电流表的电流I′=I1′+I3′=0.15A+0.225A=0.375A；
(3)只闭合开关S2，R2、R3串联，电压表测量R3两端的电压，电流表测量电路电流。当滑动变阻器接入电路的阻值为0时，电路为R2的简单电路，此时电路中的电流
I1=UR2=4.5V15Ω=0.3A，
电流表的量程为0～0.6A，故电路各元件安全；
电压表的量程为0−3V，故滑动变阻器两端的电压最大为3V，定值电阻两端的电压为
U2=U−U滑=4.5V−3V=1.5V，
此时电路中的电流
I2=U2R2=1.5V15Ω=0.1A，
根据欧姆定律知道，电路的总电阻
R总′=UI2=Ω，
根据电阻串联的特点可知滑动变阻器接入电路的阻值
R3=R总′−R2=45Ω−15Ω=30Ω，
故滑动变阻器R3可调节的阻值范围为0～30Ω。
答：(1)电源电压大小为4.5V；
(2)通过电流表的电流为0.375A；
(3)滑动变阻器可调节的阻值范围为0～30Ω。
【解析】(1)只闭合开关S1，R1、R2串联，电流表测量电路电流，电流表的示数为0.1A，根据欧姆定律可知电源电压；
(2)闭合S1、S2、S3，R2被短路，R1、R3并联，电流表测量干路电流，
并联电路各支路两端电压相等，根据欧姆定律分别计算通过R1、R3的电流，并联电路干路电流等于各支路电流之和，进一步计算通过电流表的电流；
(3)只闭合开关S2、S4，R2、R3串联，电压表测量R3两端的电压，电流表测量电路电流。当滑动变阻器接入电路的阻值为0时，电路为R2的简单电路，根据欧姆定律可知此时电路中的电流，已知电流表的量程为0～0.6A，据此分析电路各元件安全；
电压表的量程为0～3V，故滑动变阻器两端的电压最大为3V，根据串联电路的电压特点可知定值电阻两端的电压，根据欧姆定律得出此时电路中的电流，根据欧姆定律可知电路的总电阻，根据电阻串联的特点可知滑动变阻器接入电路的阻值，进而得出滑动变阻器R3可调节的阻值范围。
本题考查串联电路特点、并联电路特点、欧姆定律的灵活运用，分清电路的连接是解题的关键。
29.【答案】解：由P=U2R可知当开关S1断开，S2接A时，此时电路为串联电路，电路中的总电阻为两个电阻之和，总阻值最大，此时功率最小，为低温挡；当开关S1闭合，S2接A时，此时R2被短路，电路中只有R1一个电阻，此时为中温挡；当开关S1闭合，S2接B时，此时电路为并联电路，根据并联电路电阻规律可知，此时电路总电阻最小，功率最大，为高温挡。
(1)由P=UI可得，电煮锅处于中温挡工作时，电路中的电流大小：I中=P中U=1100W220V=5A；
(2)由题可得R1的阻值：R1=UI中=220V5A=44Ω，
当开关S1断开，S2接A时，此时电路为串联电路，电路中的总电阻为两个电阻之和，总阻值最大，此时功率最小，为低温挡；
此时电路的总电阻：R总=U2P低=(220V)2550W=88Ω，
根据串联电路电阻规律可知：R2=R总−R1=88Ω−44Ω=44Ω，
由R2=R1=44Ω可知，高温挡的功率：P高=P1+P2=1100W+1100W=2200W；
(3)电煮锅在中温挡工作15min消耗的电能：W1=P高t=1100W×15×60s=0.99×106J，
剩余的电能：W2=W−W1=2.2×3.6×106J−0.99×106J=6.93×106J，
由W=Pt可得，在低温挡工作的时间：t=W2P低=6.93×106J550W=12600s。
答：(1)电煮锅处于中温挡工作时电路中的电流为5A；
(2)高温挡的功率为2200W；
(3)这个充满电的户外电源能够使电煮锅在中温挡工作15min把水烧开后，还能继续在低温挡工作12600s。
【解析】(1)电煮锅处于中温挡工作时，根据P=UI求出电路中的电流；
(2)由图知，当开关S1闭合、S2接B时，R1与R2并联，电路中的总电阻最小，电路的总功率最大，电煮锅处于高温挡；当开关S1闭合、S2接A时，R2被短路，电路为R1的简单电路，电煮锅处于中温挡，根据欧姆定律求出R1的阻值，再根据P=UI=U2R求出电煮锅处于低温挡时电路的总电阻，利用电阻的串联求出R2的阻值；
根据并联电路的电功率特点求出高温挡的功率；
(3)根据W=Pt求出电煮锅中温挡15min消耗的电能，再由W=Pt可得剩余的电能在低温挡工作的时间。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确得出电煮锅处于不同状态时电路的连接方式是关键。测温物质
凝固点/℃
沸点/℃
水银
−39
357
酒精
−117
78
时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
8
温度/℃
88
93
97
99
99
95
99
99
电压U/V
1.2
1.6
2.0
2.4
2.8
电流I/A
0.12
0.16
0.20
0.24
0.28
项目
额定电压(V)
低温挡功率(W)
中温挡功率(W)
高温挡功率
参数
220
550
1100
P高
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