2024年福建省三明市六县联考中考一模物理试题（解析版）

这是一份2024年福建省三明市六县联考中考一模物理试题（解析版），共26页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，简答题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。

1. 在近代科学发展史上，为经典物理学大厦奠定基础，并创立物体运动三大定律的伟大科学家是（ ）
A. 伽利略B. 卢瑟福C. 爱因斯坦D. 牛顿
【答案】D
【解析】
【详解】牛顿是英国伟大的物理学家，发现了万有引力定律和光的色散，总结出运动三大定律，为经典物理学奠定了基础。
故选D。
2. 葛洪的《抱朴子》中有云：“游云西行，而谓月之东驰”。此诗中的“月之东驰”是因为所选参照物是（ ）

A. 地面B. 诗人C. 月亮D. 云朵
【答案】D
【解析】
【详解】“月之东驰”是说月亮在运动，而月亮正是相对于“游云西行”来说的，越亮与云朵之间的位置在发生改变，故以云朵为参照物，月亮是运动的。以地面、诗人、月亮自身为参照物，月亮是静止的。故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
3. 如图所示的滑动变阻器上标记的各部件中，通常情况下，属于绝缘体的是（ ）
A. 金属杆B. 瓷筒C. 电阻丝D. 金属滑片
【答案】B
【解析】
【详解】ACD．金属杆、电阻丝和金属滑片材料是金属，容易导电，属于导体，故ACD不符合题意；
B．瓷筒的材料是陶瓷，不容易导电，属于绝缘体，故B符合题意。
故选B。
4. 通过接收器将音叉发出的声音信号输入计算机，观察到计算机上的波形如图所示，下列有关音叉发出声音的说法 ，与实际不符的是（ ）
A. 是通过空气传播到接收器中的B. 传播过程中音调保持不变
C. 传播过程中音色保持不变D. 传播过程中响度保持不变
【答案】D
【解析】
【详解】A．声音的传播需要介质，音叉发出的声音是通过空气传播到接收器的，故A不符合题意；
B．由接收器的示波器的波形图可知，物体振动的快慢是不变的，音调不变，故B不符合题意；
C．音色是由发声体的结构决定的，因此传播过程中音色保持不变，故C不符合题意；
D．由接收器的示波器的波形图可知，振动的幅度变小，所以声音的响度变小，故D符合题意。
故选D。
5. 图甲是灵敏电流计，图乙是其内部结构示意图。实验时，当有电流通过灵敏电流计，其指针就会发生偏转。下图中能反映其工作原理的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】
【详解】灵敏电流计是根据通电导体在磁场中受到力的作用制成的。
A．图中有电源、金属棒和磁体，闭合开关，金属棒会运动，说明通电导体在磁场中受到力的作用，故A符合题意；
B．导体在磁场中做切割磁感线运动，会产生感应电流，研究电磁感应现象，故B不符合题意；
C．闭合开关，灯泡发光，利用电流的热效应，故C不符合题意；
D．图中是奥斯特实验，说明通电导体周围存在磁场，故D不符合题意。
故选A。
6. 早在公元前1650年，我国劳动人民就掌握了青铜器铸造技术。用石杓舀出液态铜倒入陶范中冷却成固态，如图所示。下列说法正确的是（ ）
A. 液态铜倒入陶范冷却成青铜器是凝华现象
B. 液态铜冷却成固态的过程中质量变大
C. 工匠身上的汗水不断汽化，需要吸热
D. 刚用过的石杓放入水中出现的“白气”是水蒸气
【答案】C
【解析】
【详解】A．液态铜倒入陶范冷却成青铜器，由液态变为固态，属于凝固，故A错误；
B．物体的质量与其状态无关，所以液态铜冷却成固态的过程中质量不变，故B错误；
C．汗水不断汽化，由液态变为气态，需要吸收热量，故C正确；
D．刚用过的石杓放入水中出现的“白气”是水蒸气遇冷液化形成的小水珠，故D错误。
故选C。
7. 电在给人们的生活带来便利的同时，也带来了安全隐患，如图所示的做法中，符合安全用电要求的是（ ）
A. 冰箱没有接地线B. 用试电笔检测插座是否有电
C. 用湿手拨动开关D. 多个大功率用电器同时使用一个插座
【答案】B
【解析】
【详解】A．冰箱没有接地线时，容易漏电造成触电事故，故A不符合题意；
B．用试电笔检测插座是否有电，手指应接触笔尾的金属体，这样才不会使得流过人体的电流过大，故B符合题意；
C．用湿手拨动开关，极易造成触电事故，故C不符合题意；
D．多个大功率用电器同时使用一个插座，容易使得插座的总功率过大，使得电流过大造成火灾，故D不符合题意。
故选B。
8. 如图所示，一只锥形瓶中灌入氨气，另一只锥形瓶内壁贴一条浸过酚酞溶液的试纸。打开活塞，一会儿就可以看到试纸逐渐变红。这个现象主要表明（ ）
A. 分子永不停息地运动
B. 分子间有间隙
C. 分子间有作用力
D. 分子是很微小的
【答案】A
【解析】
【详解】试纸逐渐变红，说明氨气分子进入到了另一只锥形瓶中，这是扩散现象，表明分子在永不停息地做无规则运动。
故选A。
9. 为了拔除外来入侵物种“一枝黄花”，农业专家自制轻质拔草器，如图所示，将拔草器左下端的叉子插入植株根部，用手对拔草器施力，可将植株连根拔起。若拔同一植株，手施力最小的是（ ）
A. B.
C.
D.
【答案】C
【解析】
【详解】杠杆平衡条件。根据题意可知阻力大小是不变的，要让动力最小，应该使尽量小，尽量大。根据图示最小，垂直于杠杆，的长度最大的，C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
10. 如图所示，是创新小组的同学们自制的照相机。在较暗的教室内，让凸透镜对着明亮的室外，拉动纸筒，在半透明膜上可看到室外实验楼清晰的像，若想在半透明膜上成实验楼更大清晰的像，下列做法正确的是（ ）
A. 相机向前移，纸筒向前伸B. 相机向后移，纸筒向后缩
C. 相机不移动，纸筒向后缩D. 相机和纸筒的位置均不变
【答案】A
【解析】
【详解】A．相机向前移，物距减小，根据凸透镜成像规律可知，像距会变大，像也变大，所以纸筒向前伸来增大像距，则可在半透明膜上成更大的清晰的像，故A正确；
B．相机向后移，物距增大，根据凸透镜成像规律可知，像将变小，故B错误；
C．相机不移动，物距不变，所像距也不会变，所以纸筒向后缩不能得到更大清晰的像，故C错误；
D．相机和纸筒的位置均不变，像的大小不会发生变化，故D错误。
故选A。
11. 荡秋千是一种喜闻乐见运动，在越荡越高的欢乐中，享受的是激情与健身的欢欣。如图所示，晨光同学在荡秋千。他从A点自由出发，经过最低点B和与A点等高的C点，到达右侧最高点D返回。经测量，D点高于A点和C点。晨光同学从A到D的过程中，下列判断正确的是（ ）
A. A点和D点机械能相等
B. 到达B点时，受力平衡
C. 在此过程中，只有机械能与内能之间的转化
D. 从A点到D点，其机械能增加
【答案】D
【解析】
【详解】AD．晨光同学在荡秋千的过程中，D点高度大于A点，则此时人的重力势能大于A点时的重力势能，两点动能相等，所以可知A点和D点机械能不相等，且人在D点时机械能更大，故A错误，D正确；
B．到达B点时，晨光同学没有保持静止或者匀速直线运动状态，处于非平衡状态，受力不平衡，故B错误；
C．人站在秋千上，不靠外力做功，而秋千越荡越高，是因为荡秋千的人不断调节了重心的位置（最低点时蹲下、最高点时站起来），人体的化学能转化为机械能，所以从A点到D点人的机械能增加，整个过程中，有化学能、机械能与内能之间相互转化，故C错误。
故选D。
12. 如图电路，闭合开关，灯L1、L2正常发光，电流表和电压表均有示数。过一会儿，灯L1突然熄灭，电流表示数变小，电压表示数为零。此过程出现的故障是
A. L1短路
B. L1灯丝烧断
C. 导线a或b开路
D. 导线c或d开路
【答案】C
【解析】
【详解】由图可知，两个灯泡并联，电流表测量干路中的电流，电压表测量电源电压；
A．L1短路，同时发生电源短路，灯L2也不亮，故A不符合题意；
B．L1灯丝烧断，灯L2发光，电压表测量灯L2两端的电压，电压表有示数，故B不符合题意；
C．原来电流表测量干路中的电流，导线a或b开路，没有电流通过灯L1，灯L1熄灭，电流表测量通过L2的电流，由并联电路电流的规律可知电流表的示数变小，没有电流通过电压表，电压表的示数为零，故C符合题意；
D．导线c或d开路，没有电流通过电压表，电压表的示数为零，电流通过两个灯泡，两个灯泡发光，故D不符合题意。
13. 如图所示，铁块A重3N，静止地吸附在竖直放置的磁性黑板上，将重为1N的铜块B放在铁块A上面时，A和B恰能沿着黑板缓慢匀速下滑。取走铜块B，用竖直向上的力F拉铁块A，使其匀速向上运动，则F的大小为（ ）
A. 3NB. 4NC. 5ND. 7N
【答案】D
【解析】
【详解】当A和B沿着黑板缓慢匀速下滑时，由于B对墙壁没有压力的作用，B与墙壁之间无摩擦力；整体处于平衡状态，则整体的重力与滑动摩擦力是一对平衡力，所以摩擦力为
取走铜块B，用竖直向上的力F使铁块A匀速向上运动，A受到竖直向下的重力、竖直向上的力F、竖直向下的滑动摩擦力的作用，由于粗糙程度和接触面受到的压力没有变化，故A受到的滑动摩擦力不变，则
故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
14. 如图为一握力计的电路示意图，金属板N固定不动，金属板M可带动金属片P滑动，若弹簧电阻不计，电源电压保持不变，要求握力增大时，握力表的示数也增大。则当握力增大时，下列说法正确的是（ ）
A. 该握力表是由电压表V1改装的
B. 电流表A的示数增大
C. 电压表V2的示数减小
D. 电压表V1与电流表A示数的比值不变
【答案】D
【解析】
【详解】由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器R串联，电压表V1测定值电阻两端的电压，电压表V2测两端的电压，电流表测电路中的电流。由图可知，握力增大时滑片右移，接入电路中的电阻增大，电路中的总电阻增大，由可知，电路中的电流减小，定值电阻两端的电压减小，即电流表A和电压表V1的示数减小；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，两端的电压增大，即电压表V2的示数增大；因要求握力增大时，握力表的示数也增大，所以，该握力表是由电压表V2改装的；由可知，电压表V1与电流表A示数的比值等于定值电阻的阻值，则其比值不变。
故选D。
二、填空题：本题共6小题，每空1分，共12分。
北京时间2021年10月16日0时23分，搭载神舟十三号载人飞船的长征二号F遥十三运载火箭，在酒泉卫星发射中心按照预定时间精准点火发射，约582秒后，神舟十三号载人飞船与火箭成功分离，进入预定轨道，顺利将翟志刚、王亚平、叶光富3名航天员送入太空，飞行乘组状态良好，发射取得圆满成功。2022年3月23日，如图甲所示，“天宫课堂”第二课正式开讲，“太空教师”翟志刚、王亚平、叶光富在中国空间站为广大青少年带来了一场精彩的太空科普课。
15. 授课期间，“太空教师”与地面课堂师生的实时互动交流是通过_____进行传播的。空间站太阳翼上的太阳能电池板将太阳能转化成电能为空间站供电，电能是____次能源；
16. 火箭发射过程中，火箭的机械能总量是____的；如图乙所示，在空间站与神舟十三号对接过程中，以空间站为参照物，神舟十三号是____的。
【答案】15. ①. 电磁波 ②. 二
16. ①. 增大 ②. 运动
【解析】
【15题详解】
[1]电磁波可以传递信息且可以在真空中传播，所以，授课期间，“太空教师”与地面课堂师生的实时互动交流是通过电磁波进行传播的。
[2]电能是消耗其它能源经过加工转换来的，属于二次能源。
【16题详解】
[1]火箭加速上升的过程中，火箭的质量不变（燃料的燃烧使得燃料质量减少对于火箭总质量的变化可忽略不计），速度增大，动能增大；火箭高度增大，重力势能增大；机械能是动能与重力势能之和，所以机械能增大。
[2]对接过程中，以空间站为参照物，“神舟十三号”与空间站的相对位置不断发生变化，所以神舟十三号是运动的。
17. 我国长征三号乙运载火箭使用偏二甲肼（C2H8N2）作为燃料、四氧化二氨（N2O4）作为氧化剂，已知燃料偏二甲肼的热值是4.25×107J/kg，完全燃烧0.6t偏二甲肼所放出的热量为_____J，它们的化学反应方程式为C2H8N2+2N2O4═2CO2+4H2O+3N2。请推断用这两种物质作为运载火箭推进剂可能的原因是_____。
【答案】 ①. 2.55×1010 ②. 偏二甲肼的热值大，这两种物质反应后的生成物污染小
【解析】
【详解】[1]完全燃烧0.6t偏二甲肼所放出的热量为
[2]运载火箭主要用偏二甲肼作为燃料，因为偏二甲肼的热值大，完全燃烧放出的热量较多，这两种物质反应后的生成物污染小。
18. 检查视力时要求被检查者与视力表相距5m。某同学在学校医务室检查视力，由于空间有限，用如图所示的方式检查，她应距平面镜____m。她在平面镜里看到视力表的像的大小____（选填“大于”“小于”或“等于”）真正的视力表的大小。
【答案】 ①. 2.2 ②. 等于
【解析】
【详解】[1]由图可知，视力表与平面镜的距离为2.8m，则镜中视力表的像与平面镜距离也为2.8m，要求被检查者与视力表的距离为5m，为满足检测要求，她应距离平面镜的距离为
5m-2.8m=2.2m
[2]根据平面镜成像特点可知，像与物大小相等，所以，她在平面镜里看到视力表的像的大小等于真正的视力表的大小。
19. 图表示物质的质量跟体积的关系，由图可知，120g的物质A的体积是____cm3，物质A、B、C、D中，密度最小的是物质____。
【答案】 ①. 48 ②. D
【解析】
【详解】[1]由图像可知，当物质A的体积为VA=4.0cm3时，其质量为mA=10.0g，根据可得，物质A的密度为
当物质A的质量为120g时，其质量为
[2]由图像可知，当四种物质的质量都为5.0g时，物质D的体积最大，物质A的体积最小，根据可知，物质D的密度最小，物质A的密度最大。
20. 如图甲所示电路中，电源电压恒定不变，小灯泡L标有“6V 0.3A”字样，电流表量程0~0.6A、电压表量程0~3V。在保障电路安全的前提下，只闭合开关S、S1，滑片P位于最右端，小灯泡恰好正常发光，则小灯泡10s内消耗的电能为___________J，再移动滑片P，电流表示数与R2关系如图乙a所示，当断开S1闭合S、S2、S3时，电流表示数与R2的关系如图乙b所示，则I1=___________A（忽略小灯泡电阻变化）。
【答案】 ①. 18 ②. 0.45
【解析】
【详解】[1]如图甲所示电路中，只闭合开关S、S1，滑片P位于最右端，电路中只有灯泡L接入电路，此时灯泡正常发光，小灯泡L标有“6V 0.3A”字样，则小灯泡10s内消耗的电能为
[2]由上可知，电路中只有灯泡L接入电路中，此时灯泡正常发光，说明电源电压为
再移动滑片P，小灯泡电阻不变，灯泡L与R2一起串联在电路中，电流表测电路中的电流，此时电压表测量R2两端的电压，其中灯泡电阻为
电流表示数与R2关系如图乙a所示，随着电阻R2增大，电流表示数减小，电压表示数增大，在保障电路安全的前提下，当电压表示数U2最大为3V时，此时利用串联电路电流相等可知
则此时滑动变阻器接入电路的电阻为
当断开S1闭合S、S2、S3时，灯泡L被短路，定值电阻R1与R2并联在电路中，电流表测量干路上的电流，此时当R2电阻为20Ω时，电路中电流最大，在保障电路安全的前提下，此时最大电流为0.6A，其中通过R2电阻的电流为
通过R1的电流为
可以求出定值电阻R1电阻为
如图乙b所示，随着电阻R2增大，电流表示数减小，当滑动变阻器阻值为
此时该支路的电流为
则此时对应干路上的电流
此时图中总电流I1示数为0.45A。
三、作图题：本题共2小题，每小题2分，共4分。
21. 根据如图甲所示物体的路程时间图像，画出对应的速度时间图像。
【答案】
【解析】
【详解】根据甲图分析0~20s内，物体做匀速直线运动，速度为
20s~30s内路程不变，物体静止；30s~40s内物体做匀速直线运动，速度为
定义乙图中横坐标每一小格代表5s，纵坐标每一小格代表1m/s，所以该物体的速度-时间图像如下图：
22. 如图所示，虚线方框内为旋钮开关S的设计图，开关可控制台灯的通断和亮度。请根据安全用电的原则将电路连接完整。
【答案】
【解析】
【详解】根据安全用电的原则，开关应该接到火线和用电器之间，火线先连接开关，滑动变阻器再与灯泡串联（控制灯泡的亮度），最后回到零线，如图所示：
四、简答题：本题共1小题，共4分。
23. 泉州东西塔是镇国塔、仁寿塔的合称，是中国现存最高的一对石塔，位于泉州西街开元寺内，历史悠久，能保存至今属实不易，当时在“山石海水涌动”、“城内外庐全塌”的情况下，双塔仅仅受到了较轻的损坏，足以见得其抗震性能的优越，请观察图片利用所学物理知识解释东西塔抗震性能优越的原因。
【答案】见解析
【解析】
【详解】中国传统建筑的梁架一般采用抬梁式构造，在构架的垂直方向上，形成下大上小的结构形状，这种支撑面积大，重心低的构造方式具有较好的抗震性能。
五、实验题：本题共5小题，共30分。
24. 小明利用如图甲所示的三颈烧瓶做水的沸腾实验，当水温接近90℃时，每隔1min记录一次温度，并绘制出如图乙所示的水温与时间关系的图像。
（1）由实验数据可知，实验中水的沸点为____℃，水沸腾时需要吸热，温度______；
（2）当三颈烧瓶中的水沸腾时，小明将注射器内少量冷水全部注入三颈烧瓶中，如图丙所示。发现烧瓶内的水立刻停止沸腾，则此时烧瓶内水的沸点____（选填“变高”“变低”或“不变”）；
（3）接下来撤下酒精灯，小明将三颈烧瓶的瓶口全部用塞子密封住，然后向外拉动注射器的活塞，如图丁所示，发现烧瓶中的水再次沸腾了，根据这个现象，得出水的沸点与气压的关系是_______________。
（4）小红对着烧瓶外壁喷冷水也使图丁中的水再次沸腾了，她所喷洒的位置是____（选填“M”或“N”）。
【答案】（1） ①. 98 ②. 保持不变
（2）不变 （3）水的沸点随气压的减小而降低
（4）M
【解析】
【小问1详解】
[1][2]由图乙可知，水从5min开始沸腾，继续吸热，但温度保持不变，水温保持98℃不变，所以水的沸点是98℃。
【小问2详解】
三颈烧瓶中的水沸腾时，小明将注射器内少量冷水全部注入三颈烧瓶中，发现烧瓶内的水立刻停止了沸腾，由于此时烧瓶内的气压没有变化，所以此时烧瓶内水的沸点不变。
【小问3详解】
将三颈烧瓶的瓶口全部用塞子密封住，然后向外拉动注射器的活塞，烧瓶内气体压强减小，因为水的沸点会随气压的减小而降低，因此水会重新沸腾起来。
【小问4详解】
对着烧瓶外壁喷冷水后，瓶内温度降低，水蒸气液化，气体压强减小，因此水的沸点会随气压的减小而降低，水会重新沸腾起来，因此喷洒的位置是M。
25. 小明用天平和量筒测量一个外形不规则且不溶于水的固体的密度（已知该固体的密度小于水的密度）。
(1)测量过程如下：
①将天平放在水平桌面上，把游码调至标尺左端的零刻度线处，调节平衡螺母，使指针指在分度盘的 _______ ，天平平衡。
②把该固体放在天平左盘，平衡时右盘砝码和游码在标尺上的位置如图甲所示，该固体的质量为 _____ g。
③用量筒测该固体的体积时，用细线将小金属球绑在固体下方（具体测量过程如图乙所示）。该固体的体积为 _____ cm3。
④该固体的密度为 ________ kg/m3。
(2)实验结束后，小明没有利用天平和量筒，用弹簧测力计，细线、烧杯和足量的水又测出了小金属球的密度，具体过程如下：
①用细线系着小金属球，将其挂在弹簧测力计下，测出小金属球的重力G；
②在烧杯中装入适量的水，将挂在测力计下的小金属球完全浸没在水中（小金属球没有碰到烧杯底和侧壁），读出弹簧测力计示数F；
③该小金属球的体积V小金属球= ______ （用字母表示，水的密度为ρ水）；
④该小金属球的密度ρ小金属球= _______ （用字母表示，水的密度为ρ水）。
【答案】 ①. 中线处 ②. 16.4 ③. 20 ④. 0.82×103 ⑤. ⑥.
【解析】
【分析】(1)①调平天平遵循左偏右调、右偏左调的原则，使指针指在分度盘的中线处，天平平衡；
②读取天平的示数时应将砝码质量与游码示数相加；
③通过量筒两次的示数之差可以求出该固体的体积；
④该固体的密度可利用密度的公式计算得出；
(2)③利用称重法测量小金属球浸没水中受到的浮力；利用阿基米德原理求出金属块排开水的体积（小金属球的体积）；
④根据小金属球的重力求出其质量，再利用密度公式求小金属球的密度。
【详解】(1)①[1]将天平放在水平桌面上，把游码调至标尺左端的零刻度线处，调节平衡螺母，使指针指在分度盘的中线处，天平平衡。
②[2]图甲中该固体的质量
m=10g+5g+1.4g=16.4g
③[3]图乙中该固体的体积
V=60mL-40mL=20mL=20cm3
④[4]该固体的密度
(2)③[5]小金属球受到的浮力
因为小金属球浸没水中，所以小金属球的体积
④[6]小金属球的质量
小金属球密度
26. 如图，在《探究凸透镜成像规律》的实验中：
（1）如图甲，平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个最小最亮的光斑，此凸透镜的焦距为_____cm、实验前应调节烛焰、凸透镜、光屏三者的中心，使它们在_____；
（2）实验过程中，当蜡烛与凸透镜的距离如图乙所示时，在光屏上可得到一个清晰的倒立、_____的实像，生活中利用这个规律制成的光学仪器是_____；
（3）实验时，由于实验时间较长，蜡烛变短，光屏上的像会向_____移动；
（4）仍如图乙，蜡烛、透镜和光屏分别在35cm、50cm、80cm刻度线处，蜡烛和光屏位置不变的情况下，将凸透镜移至_____cm的刻度线处，光屏上会再次呈现清晰的像；
（5）如图丙所示，将蜡烛放在P点，若切除凸透镜中间的阴影部分后，再将剩余部分靠拢重新结合在一起，蜡烛能成_____个像。
【答案】（1） ①. 10.0 ②. 同一高度
（2） ①. 放大 ②. 投影仪
（3）上 （4）65
（5）2
【解析】
【小问1详解】
[1]平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个最小最亮的光斑，即该点为焦点，在20cm处，凸透镜在10cm处，焦点到凸透镜的距离为焦距，即
f=20cm-10cm=10cm
[2]在探究凸透镜成像规律的实验中，为了使像呈现在光屏中央，应该调节烛焰、凸透镜、光屏三者的中心，使它们在同一高度。
【小问2详解】
[3][4]由图可知，蜡烛在35cm刻度处，物距为15cm，小于两倍焦距，大于一倍焦距，故光屏上成的是倒立、放大的实像。生活中的投影仪是根据这一原理制成的。
【小问3详解】
实验过程中，蜡烛燃烧变短，根据“过光心的光传播方向不变”可知，像会向光屏的上方移动。
【小问4详解】
蜡烛、透镜和光屏分别在35cm、50cm、80cm刻度线处，物距、像距分别为15cm、30cm，成的是倒立、放大的实像。根据光的折射中光路是可逆的，蜡烛和光屏位置不变，移动凸透镜使物距、像距交换，即可在光屏上再次呈现清晰的像，则凸透镜应在
80cm-15cm=65cm
刻度处。
【小问5详解】
因为凸透镜中间厚，边缘薄，若切除凸透镜中间的阴影部分，再将剩余部分靠拢合在一起，相当于两个透镜，光心位置改变了，上面的像下移，下面的像上移，错位将成两个像。
27. 泥石流是由于暴雨、暴雪或其他自然灾害引发的山体滑坡并携带有大量泥沙以及石块的特殊洪流，具有极强的破坏力。为了比较水流和泥石流的破坏力，小宇进行了如下探究：如图所示，将两辆相同的小车分别放在两个相同的管道中，然后让速度相等的水流和泥沙流分别通过这两个管道2秒钟，小车分别被推动一段距离，实验记录如下表所示。
（1）实验中，通过________来比较水流和泥沙流的破坏力。由实验数据可知，在相同的时间内，相同的横截面积上，小车从________（选填“水流”或“泥沙流”）上获得的能量较多。
（2）在单位时间内、单位面积上，从某种能源中所能得到的能量叫做能流密度，这是评价能源优劣的重要指标之一。若水的流速为v，密度是ρ，质量为m的水在流动时具有的能量（动能）为mv2，请你推导出水能的能流密度A的表达式：A=________。据此可推知，在流速相等的情况下，风能的能流密度比水能的能流密度________（选填“大”或“小”）。
【答案】 ①. 小车运动的距离 ②. 泥沙流 ③. ④. 小
【解析】
【详解】(1)[1][2]比较水流和泥沙流的破坏力是通过小车移动的距离来显示的，小车运动的距离越远，说明获得的能量越多；由表格可知，泥沙流推动小车的距离远，所以从泥沙流获得的能量较多；
(2)[3][4]根据题意所提供的信息，水的流速为v，密度是ρ，设S为横截面积、L为水流流过的距离，则
L=vt，
水流的体积
V=Svt，
所以
m=ρV=ρSvt，
代入
得：
，
因为在单位时间内、单位面积上从某种能源中所能得到的能量叫做能流密度
则水能的能流密度A的表达式：
；
风的密度要小于水的密度，则在流速相等的情况下，风能的能流密度比水能的能流密度小。
28. 小明所在的物理实验小组，利用图甲所示的电路测量额定电压为3.8V的小灯泡正常发光时的电阻。
（1）图甲中小明将一根导线连接错误，若此时闭合开关，小灯泡 ___________（选填“发光”或“不发光”）。请你在接错导线上打“x”，并用笔画线代替导线将电路连接正确；___________
（2）小明将电路改接正确后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，使小灯泡正常发光。此时电流表示数如图乙所示，则小灯泡正常发光时的电阻是 ___________Ω；
（3）小明测量了小灯泡在不同电压下的电流，并绘制了如图丙所示的图像，根据图像可知电流与电压并不成正比。原因是灯丝的电阻随温度升高而 ___________。在这个图像中，横轴应该表示的物理量是 ___________（选填“电压”或“电流”）；
（4）小明又设计了图丁所示的电路，只用电压表测量额定电压为2.5V小灯泡的额定功率。已知滑动变阻器R最大阻值为15Ω。电源电恒定其测量过程如下：
①闭合开关S1、S2，断开S3，将滑动变阻器的滑片移到右端，电压表示数为4.5V；
②___________（填三个开关闭合与断开情况）移动滑动变阻器的滑片，使电压表示数为 ___________V，这时小灯泡正常发光；
③闭合开关S1、S2，断开S3，保持滑动变阻器滑片的位置不变，此时电压表示数为3V；
④小灯泡的额定功率P额=___________W。
【答案】 ①. 不发光 ②. ③. 9.5 ④. 增大 ⑤. 电压 ⑥. 闭合S1、S3，断开S2 ⑦. 2 ⑧. 0.5
【解析】
【分析】
【详解】（1）[1]由图甲知，电压表串联在电路中，电流表并联在小灯泡两端，则小灯泡被短路，电路整个电路处于断路，小灯泡不会发光。
[2]要测量小灯泡的电阻，应使小灯泡和滑动变阻器串联，电压表与小灯泡并联，电流表串联在电路中，故改正电路图如下：
（2）[3]由图乙知，电流表的量程为0~0.6A，对应的分度值为0.02A，示数为0.4A，则小灯泡正常发光时的电阻
（3）[4][5]由图丙知，电流与电压不成正比，且灯丝的电阻随温度的升高而增大。据知，电压的增加量应大于电流的增加量，所以图丙中的横坐标为电压。
（4）[6][7]闭合开关S1、S2，断开S3，小灯泡被短路，电路中只有变阻器工作，变阻器的滑片置于最右端时，电压表测电源电压，那么电源电压为4.5V。
当开关S1、S3闭合，S2断开时，变阻器和小灯泡串联在电路中，电压表测变阻器两端的电压，要让小灯泡正常发光，则变阻器两端的电压，即电压表示数
U变=U总-UL=4.5V-2.5V=2V
[8]保持滑片位置不变，闭合开关S1、S2，断开S3，此时电压表测变阻器接入电路中左边部分的电压，此部分电阻与变阻器在第②步骤中接入电路的阻值相等。且此时电路的电流
步骤②中变阻器接入电路的阻值
则小灯泡正常发光时，电路中的电流
小灯泡的额定功率
P额=ULI2=2.5V×0.2A=0.5W
六、计算题：本题共3小题，共22分。
29. 频闪拍摄是研究物体运动的最好方式之一。如图所示，是小亮用相机每隔0.5s曝光一次，拍摄的汽车在平直公路上行驶时的频闪照片。拍摄过程中汽车的总质量约为1.6t，所受阻力约为车重的0.3倍。搜集汽车信息得知车身长3m，静止时车轮与地面的总接触面积为0.16m2。求：（g取10N/kg）
（1）汽车行驶时的速度；
（2）汽车静止时对水平地面的压强；
（3）拍摄过程中汽车的输出功率。
【答案】（1）12m/s
（2）1×105Pa （3）5.76×104W
【解析】
【小问1详解】
车身长3m，由图可知车子每0.5s运动6m，则汽车行驶时的速度为
【小问2详解】
汽车静止时对水平地面的压力为
F=G=mg=1.6×103kg×10N/kg=1.6×104N
则汽车静止时对水平地面的压强为
【小问3详解】
由图可知车子做匀速直线运动，受力平衡，则汽车受到的牵引力为
F牵引=f=0.3G=0.3×1.6×104N=4800N
则拍摄过程中汽车的输出功率为
30. 商业街移动摊位使用可显示电费的新型插座（如图甲所示）计费，某摊位使用空气炸锅（如图乙所示）烹制食物，如图丙所示是该空气炸锅加热部分的简化电路图，其额定电压为220V，定值电阻和为发热体，其中。开关S1、S2、S3的通断可实现高、中、低三个档位的调节（S1、S2不会同时闭合），只闭合S3时为中温档，额定功率为440W。求：
（1）的电阻；
（2）高温档正常工作100s，电流通过产生的电热；
（3）只有空气炸锅单独工作，表盘示数使用前后如图甲、丁所示，通过表盘显示的数据估算该空气炸锅消耗的电功率（已知商用电费单价为0.75元/kW·h）。
【答案】（1）110Ω；（2）1.21×105J；（3）320W
【解析】
【详解】解：（1）当开关S1、S3闭合、S2断开时，两电阻并联，总电阻最小，根据可知，此时总功率最大，为高温挡；只闭合S3时，电路为R2的简单电路，总电阻较小，根据可知，此时总功率较大，为中温档；当开关S1、S3断开、S2闭合时，两电阻串联，总电阻最大，根据可知此时总功率最小，为低温挡。则R2的电阻
（2）高温挡时R1功率为
电流通过R1产生的电热
Q1=W1=P1t1=1210W×100s=1.21×105J
（3）空气炸锅消耗的电能
空气炸锅工作时间
t=9∶25-9∶10=15min=0.25h
空气炸锅的电功率
答：（1） R2 的电阻为110Ω；
（2）高温档正常工作100s，电流通过 R1 产生的电热为1.21×105J；
（3）空气炸锅消耗的电功率为320W。
31. 科技人员为了研究“物品匀速投放下水的方法”建立如图模型：轻质杠杆AB两端用轻绳悬挂着两个完全相同的正方体物品甲和乙，甲、乙的边长均为a，密度均为ρ(ρ大于水的密度ρ水)，杠杆放在可移动支点P上，物品乙放在水平地面上．起初，物品甲下表面无限接近水面(刚好不被水打湿)．计时开始(t＝0)，上推活塞，使水面以速度v匀速上升直到物品甲刚好完全被水淹没，停止计时(不计物品甲在水中相对运动的阻力)．上述过程中通过移动支点P维持BD绳中拉力恒为乙重力的0.6倍，且杠杆始终水平．(g为已知量)
求：(1)物品乙对地面的压强；
(2)t＝0时，BP：PA为多少？
(3)物品甲完全被水淹没时，BP：PA为多少？
(4)任意时刻t时，BP：PA与t的关系式．
【答案】（1）（2）（3）（4）
【解析】
【详解】（1）．由题知，BD绳中拉力恒为乙重力的0.6倍，
根据力的平衡条件可得，物品乙对地面的压力：
F＝G﹣F拉＝G﹣0.6G＝0.4G＝0.4mg=0.4ρga3；
物品乙对地面的压强：
（2）．t＝0时，物品甲不受浮力，由题知B端受到向下的拉力为0.6G，
根据杠杆的平衡条件可得：G×PA＝0.6G×BP，则：
（3）．物品甲完全被水淹没时，物品甲受到的浮力：
，
作用在杠杆A端的拉力为：，
根据杠杆的平衡条件可得：
FA1×PA＝FB×BP，则：
（4）．使水面以速度v匀速上升直到物品甲刚好完全被水淹没，t时间水面上升的高度为h＝vt，则物体甲排开水的体积：V排＝vta2，
物体甲受到的浮力：，
作用在杠杆A端的拉力为：FA＝G﹣F浮＝ρga3﹣ρ水gvta2，
根据杠杆的平衡条件可得：
FA×PA＝FB×BP，
故：流 体
水 流
泥沙流
小车被推动距离/cm
68
102